Thông tin tài liệu
PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO HUYỆN THANH OAI ĐỀ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI HUYỆN Mơn: Tốn Thời gian làm bài: 150 phút Đề gồm 01 trang Bài 1: (6,0 điểm) x y x y x y xy : xy xy xy Cho P = a, Rút gọn P P b, Tính giá trị P với x= c, Tìm giá trị lớn Bài 2: (4,0 im) a) Giải phơng trình 3+x+ 6x - √(3+x)(6−x) =3 b)Tìm nghiệm nguyên phương trình: x2 + y2 = xy + x + y Bài 3: (4,0 điểm) a b c x y z 0 1 x y z a b c a) Cho 2 x y z 1 Chứng minh : a b c b) Cho a,b,c cạnh mét tam gi¸c 1 2 Chứng minh rằng: P= a +bc + b + ac + c +ab ¿ a+b+ c abc Bài 4: (5,0 điểm) Cho đường trịn tâm (O) đường kính CD = 2R Điểm M di động đoạn OC Vẽ đường trịn tâm (O’) đường kính MD Gọi I trung điểm đoạn MC , đường thẳng qua I vng góc với CD cắt (O) E F Đường thẳng ED cắt (O’) P Chứng minh điểm P, M , F thẳng hàng Chứng minh IP tiếp tuyến đường trịn (O’) Tìm vị trí M OC để diện tích tam giác IPO’ lớn Bài 5: (1,0 điểm) Tìm số nguyên x, y ,z thỏa mãn : (x 1 1 ) 3( y ) 2( z ) xyz y z x xyz ĐÁP ÁN BIỂU ĐIỂM ĐỀ THI HSG TOÁN Câu 1: (6 điểm) x y x y x y xy : xy xy xy Cho P= a, Rút gọn P (2 điểm) Điều kiện để P có nghĩa : x 0 ; y 0 ; xy 1 Ta có : (0,5 đ) x y x y : x y xy xy xy xy P= = = x y 1 xy 1 xy x y xy 1 x y x y y x x xy xy : xy x y xy xy (0,5đ) y x y y x x y xy : xy x 2y x xy xy 1 x y 1 = = (0,5đ) x 1 y x 1 x 1 y x (0,5đ) b, Tính giá trị P với x= (1,5điểm) Ta thấy x= thoả mãn điều kiện x 0 (0.25đ) 2 Ta có : x= = =4-2 =( -1)2 x Thay x vào P = x , ta có: 31 P= 23 1 23 31 = = 25 12 = c, Tìm giá trị lớn P (2 điểm) Với x 0, ta có: (0,5đ) 52 5 = 5 52 25 6 5 52 (0,5đ) 1 13 (0,25đ) x 0 x (0,25đ) x 0 x+1 x (0,5đ) x 1 x x 1 1 x P 1 ( x+1>0) 0.25đ) (0,25đ) Vậy giá trị lớn P =1 x 0 x 1 x=1 x 0 0.25đ (0,5đ) C©u 2: (4 điểm) a)(2 điểm) ĐK : -3 ¿ x ¿ Đặt (0,25đ) √ 3+x+ √6−x Suy t2=3+x+6-x+2 =t >0 √(3+x)(6−x) ⇔ t −9 √(3+x)(6−x) = t −9 =3 ⇔ t2-2t-3=0 ⇔ t=-1 (loại) t=3 Ta có pt: t- (0,25đ) (0,25đ) 3+x+ 6−x =3 ⇔ ⇔ x=-3 x=6 t=3 suy b) (2đ) x2 + y2 = xy + x + y (x - y)2 + (x - 1)2 + (y - 1)2 = Vì x, y Z nên : x+y 0 0 1 1 x-1 -1 -1 0 -1 y-1 1 -1 -1 -1 0 (x;y) √ (0,25đ) √ (0,5đ) -1 -1 -1 -1 x y z x y z 2 xy xz yz x y z 1 1 ab ac bc ⇔ a b c ⇔ a2 b2 c2 Từ a b c x y z 2cxy 2bxz 2ayz 1 abc abc abc ⇔ a2 b2 c2 (1) (1đ) a b c ayz bxz cxy 0 0 ayz+bxz+cxy=0 ⇔ xyz xyz xyz Từ x y z (2) (0,5đ) x2 y z 1 a2 b2 c2 Theo bất đẳng thức COSI: a2+bc 2a bc (0,5đ) ⇔ a +bc ¿ -1 -1 (0;1) (1;2) (2;1) (1;0) (0;0) (2;2) Câu 3:(4đ) a) (2đ) Từ(1) (2) ⇔ b)(2đ) Do a,b,c lµ cạnh tam giác nên a,b,c>0 0,5 0,25 0,25đ 0,25đ 0,25đ (0,25đ) a √ bc (0,5đ) 0, 5đ T¬ng tù: Suy (0,25đ) 1 a +bc + c +ab a +bc + 1 a +bc + c +ab b+c +a+ c+ a+b abc 2b √ ac ; ¿ a +bc + 2 ⇔ b + ac ¿ c √ ab 1 a √ bc + 2b √ ac + c √ ab ¿ (0,5đ) √bc + √ ac + √ ab = c +ab 2abc ¿ ¿ a+b +c 2abc (0,5đ) C©u 4: (5đ) a)Vẽ hình chứng minh câu a 2đ E P C D O/ M I F a) Do P thuộc (O’) mà MD đường kính suy góc MPD vng hay MP vng góc với ED Tương tự CE vng góc với ED Từ PM//EC (1) Vì EF dây cung, CD đường kính mà CD E F nên I trung điểm E F Lại có I trung điểm CM nên tứ giác CE M F hình bình hành Vậy FM//CE.(2) Từ (1) (2) suy P, M , F thẳng hàng (2đ) Ta có EDC = EFP (góc có cạnh tương ứng vng góc) Do tam giác PO’D cân O’ nên EDC = O’PD Lại có EFP = IPF (do tam giácIPF cân) I PF= O’PD mà FPD =1v, suy IPO’ =900 nên IP O’P Hay IP tiếp tuyến (O’) (2đ) Vì O’M =1/2 MD IM =1/2MC nên IO’ =1/2 CD vậyIO’ =R áp dụng định lý Pytago có PI2 + PO’2 = IO’2 =R2 (không đổi ) Mặt khác 4S2 =PI2.PO’2 ( S diện tích tam giác IO’P) Vậy 4S2 Max hay S Max PI = PO’ =R mà DM =2 PO’ DM = R , Vậy M cách D khoảng R (1đ ) Câu :(1điểm) x 1 1 6( x ) 3( y ) 2( z ) xyz k y y z x xyz z Đặt k y k z k x 0.25đ Xét tích : 1 k3 k3 1 1 ( x )( y )( z ) xyz ( y ) (x ) (z ) y z x 36 36 xyz z y x k3 k k k k3 k 0 k 0 36 36 ( xyz ) 1 xyz 1 x y z 1 xy yz zx 1 x y z xy yz zx 1 0,5đ 0,5đ Vậy (x, y , z) = (1,1,1) =(-1,-1,-1) cần tìm 0,25đ Học sinh làm theo cách khác mà cho điểm tối đa
Ngày đăng: 26/10/2023, 09:41
Xem thêm: Đề thi học sinh giỏi môn toán 9 cấp huyện huyện thanh oai word