SKKN_Hướng dẫn học sinh khai thác một bài tập Hình học- SGK Toán 9

Lập luận để có O là trung điểm của hai đoạn thẳng HK và AB ⇒ĐPCM Từ bài toán 1 chúng ta có thể Phát biểu bài toán đảo như sau: Bài 2: Bài toán đảo của bài toán 1 Trên đường kính AB của

Đề tài: Hướng dẫn học sinh khai thác một

bài tập hình học sách giáo khoa toán 9

I Đặt vấn đề:

Bắt đầu năm học 2005-2006 học sinh lớp 9 trên toàn quốc được học tập cuốn sách giáo khoa mới Trong quá trình giảng dạy bộ môn hình học 9, tôi thấy rằng cuốn sách được biên soạn khá công phu, sắp xếp hệ thống kiến thức khoa học Hệ thống bài tập đa dạng, số lượng bài tập ở trong sách giáo khoa đã quá đủ với tất cả học sinh Đặc biệt, các bài tập thử nghiệm đơn giản, nhưng nghiên cứu kĩ tôi thấy rằng chứa đựng trong đó nhiều điều hết sức thú vị Cụ thể đó là chúng ta có thể hướng dẫn các em “khai thác phát triển” thành những bài toán hay hơn khó hơn…Làm như vậy sẽ góp phần quan trọng trong việc nâng cao năng lực tư duy cho học sinh, kích thích sự tìm tòi sáng tạo phát huy được trí lực cho học sinh

II Nội dung

Bài toán 1( Bài tập 11 trang 104 SGK - Toán 9 tập 1)

Cho đường tròn (O) đường kính AB, dây CD không cắt đường kính AB Gọi H và K theo thứ tự là chân các đường vuông góc kẻ từ A và B đến CD

Chứng minh rằng: CH = DK (*)

(Gợi ý: kẻ OM vuông góc với CD)

Giải:

Theo gt ta có: AH ⊥ CD và BK ⊥ CD nên

AH // BK suy ra AHKB là hình thang

Kẻ OM ⊥ CD tại M ⇒ MC = MD(1)(ĐL quan hệ vuông góc giữa đk và dây) Xét hình thang AHKB có OA = OB = R; OM//AH//BK (cùng ⊥ CD)

OM là đường trung bình của hình thang ⇒ MH = MK (2)

Từ (1) và (2) ta có CH = DK

Đối với bài tập này ta có thể khai thác theo 2 hướng như sau:

A Hướng thứ nhất

Để chứng minh CH = DK ta chứng minh hai đoạn thẳng CD và HK có chung trung điểm (ở đây ta chỉ xét trường hợp CD và HK thuộc cùng một đường thẳng nhưng trong trường hợp chúng không cùng một đường thẳng thì CH = DK vẫn đúng)

- Với ý tưởng chúng ta thử xây dựng một số bài toán mà có thể vận dụng cách giải ở bài toán (*) để giải nó

H

B A

O C

D

Bài 1:Cho đường tròn O đường kính AB,

dây CD không cắt đường kính Qua C, D kẻ các đường vuông góc với CD lần lượt cắt AB tại H

và K

Chứng minh rằng AH = BK

Để chứng minh AH = BK ta chỉ cần chứng minh hai đoạn thẳng AB và HK có chung trung điểm O Muốn vậy ta làm xuất hiện trung điểm I của đoạn thẳng CD Lập luận để

có O là trung điểm của hai đoạn thẳng HK và AB ⇒ĐPCM

Từ bài toán 1 chúng ta có thể

Phát biểu bài toán đảo như sau:

Bài 2: Bài toán đảo của bài toán 1

Trên đường kính AB của đường tròn tâm O ta lấy hai điểm H và K sao cho

AH = KB Qua H và K vẽ hai đường thẳng song song với nhau lần lượt cắt đường tròn tại hai điểm C và D (C, D cùng thuộc một nửa đường tròn tâm O) Chứng minh rằng: HC ⊥ CD, KD ⊥ CD

Từ bài toán (*) nếu dây cung CD cắt đường kính AB thì kết luận CH = DK

có còn đúng nữa không? Kết luận đó vẫn đúng

và chúng ta có bài toán khó hơn bài toán (*) một chút như sau

Bài 3: Cho đường tròn (O) đường kính

AB, dây CD cắt đường kính AB tại G Gọi H và

K lần lượt là hình chiếu của A và B trên CD

Chứng minh rằng CH = DK

Hướng dẫn giải:

Để chứng minh CH = DK ta c/m CD và

HK có chung trung điểm

Qua O vẽ đường thẳng song song với AH và BK cắt CD tại I, cắt AK tại F Lập luận để có OI là đường trung trực của đoạn CD và FI là đường trung bình của tam giác AHK ⇒ I là trung điểm của HK ⇒ ĐPCM

Cũng là bài toán 3 nhưng chúng ta cũng có thể phát biểu dưới một dạng khác phức tạp hơn như sau:

K H

I

B A

O

C

D

F I

K

H

G

O C

D

Bài 4: Cho tứ giác ACBD nội tiếp đường tròn đường kính AB Chứng minh

rằng hình chiếu vuông góc của các cạnh đối diện của tứ giác trên đường chéo CD

bằng nhau (cách giải hoàn toàn tương tự bài toán 3)

Từ bài toán 3 và 4 ta có thể thấy tam giác AGH nội tiếp đường tròn đường kính AG, tam giác BGK nội tiếp đường tròn đường kínhBG Nên từ bài toán 3 & 4

ta có bài toán toán sau

Bài 5: Gọi G là điểm thuộc đoạn thẳng AB

(G không trùng với A và B) Lấy AB, AG và BG làm đường kính , dựng các đường tròn tâm O, O1, O2 Qua G vẽ cát tuyến cắt đường tròn (O) tại C, D; cắt (O1) tại H, cắt (O2) tại K Chứng minh CH = DK

B Hướng thứ hai:

Đề bài: ( Bài tập 11 trang 104 SGK - Toán 9

tập 1)

Cho đường tròn (O) đường kính AB, dây CD không cắt đường kính AB Gọi H và K theo thứ tự là chân các đường vuông góc kẻ từ A và B đến CD

Chứng minh rằng: CH = DK ( gợi ý: kẻ OM ⊥ CD)

Bài 1: Thêm vào bài tập 11 câu b như sau:

Chứng minh H và K ở bên ngoài (O)

Giải: (dùng phương pháp phản chứng)

Giả sử chân đường vuông góc hạ từ A đến đường thẳng CD là H’, H’ là điểm nằm giữa 2 điểm C và D

Xét ∆ACH' ta có:

0

ACH = ACB+BCD= +BCD ⇒ ACHˆ '>900

Mà AH Cˆ ' = 90 0(theo giả sử) ⇒ Tổng các góc trong của ∆ACH' lớn hơn 1800

là điều vô lí.Vậy H’ phải nằm ngoài đường tròn (O) hay H nằm ngoài (O)

Chứng minh tương tự đối với điểm K

H

B A

O

C

D

F I

K H

D

C

M H

K

B O

A

C

D H'

C' D'

I

K

H

B O

A C

D

* Nhận xét: Từ việc vẽ OM ⊥CD ta có MH = MK ta dễ nhận thấy

OMH OMA OMK OMB

S∆ =S∆ =S∆ =S∆ suy ra S∆HOK =S∆AMB suy ra

HK.OM = AB.MM’ (với MM” ⊥ AB tại M’) Vẽ thêm CC’⊥AB, DD’⊥AB (C’, D’ ∈ AB)

2

MM

(MM’ là đường trung bình của hình thang CDD’C’)

⇒

Mặt khác HK.OM = SAHKB (Vì OM là đường trung bình của hình thang AHBK nên

2

) Từ đó ta có S AHKB =S∆ACB+S∆ADB

Bài 2: Qua nhận xét trên ta có thể thêm vào bài 11 câu c:

CMR S AHKB=S∆ACB+S∆ADB

Bài 3: Từ nhận xét trên ta lại có bài toán quỹ tích:

a Tìm quỹ tích trung điểm I của đoạn thẳng CD khi C (hoặc D) chạy trên đường tròn (O)

b Tìm quỹ tích điểm H và K khi C (hoặc D) chạy trên đường tròn tâm O đường kính AB

Bài 4: Đặc biệt khi CD không phải là

một dây cung mà CD trở thành tiếp tuyến của (O) như ở hình bên ta vẫn có S∆AMB=

S∆HOK và HK.OM = AB.MM' (lúc này M thuộc nửa đường tròn (O)) nên AB = 2.OM

D'

M ' C'

M H

K

B O

A

C

D

M' H

K

B O

A

M

Do đó ta có HK.OM = 2.OM.MM' '

2

HK MM

Dựa vào điều kiện một điểm thuộc đường tròn ta có M' ( ; )

2

HK M

( ; ) 2

HK

M tiếp xúc với AB tại M'

Bài 5: Từ bài 4 ta có bài 5

Cho đường tròn (O) đường kính AB,

M là một điểm bất kì trên nửa đường tròn đó (M ≠ A và B) Qua M vẽ tiếp tuyến xy, H

và K là chân các đường vuông góc hạ từ A,

B xuống xy Chứng minh rằng : đường tròn (M) đường kính HK tiếp xúc với AB

(Xác định vị trí tương đối của (M) với đường thẳng AB khi M chạy trên (O))

Bài 6: Cho một đoạn thẳng HK, qua

H, K vẽ các đường thẳng d và d’ vuông góc với HK Một góc vuông với đỉnh là trung điểm M của HK có một cạnh cắt d tại A, một cạnh cắt d’ tại B Chứng minh rằng AB là tiếp tuyến của đường tròn đường kính HK

Giải:

Vẽ MD⊥AB (1) (D∈AB) Gọi C=AM ∩d' Ta có

∆ = ∆ (g-c-g) ⇒MA=MC ⇒ ∆ABCcó BM vừa là đường cao, vừa là trung tuyến nên ∆ABC cân tại B

BM

⇒ là phân giác của ·ABC ⇒·ABM =CBM·

⇒ ∆ = ∆ (cạnh huyền - góc nhọn) ⇒MD=MK mà

MH = MK = HK/2 (2)

Từ (1) & (2) suy ra AB là tiếp tuyến của

đường tròn đường kính HK

Bài 7: Cho tứ giác AHKB có đường tròn

đường kính AB tiếp xúc với đường thẳng HK

Chứng minh rằng đường tròn đường kính HK tiếp xúc với đường thẳng AB khi và chỉ khi AH//

BK

Giải: Gọi O và O' lần lượt là trung điểm

của AB và HK

D

B

C

M

A

a b

O

C

A

O'

D

x

H

B O

A

M

Vẽ O'D⊥AB, nối OO' ta có OO'⊥HK (OO' là đường trung bình của hình thang HABK) Đặt OO' = a; O'D = b

⇒ S∆OO A' =S∆OO H' =S∆OO B' =S∆OO K'

OO A OO H

AB b

.

' '

OO B OO K

AB HK

(Vì OO' = a = OA = OB = AB/2)

⇔O'D = O'H = O'K ⇒ D ∈ (O') đường kính HK

⇔Đường tròn đường kính HK tiếp xúc với AB tại D

Bài toán 2: ( Bài 30- trang 116 SGK- toán 9, tập 1)

Cho nửa đường tròn (O) đường kính AB Gọi Ax, By là các tia vuông góc với AB (Ax, By và của đường tròn thuộc cùng một nửa mặt phẳng bờ AB) Qua điểm M thuộc nửa đường tròn (M khác A và B) kẻ tiếp tuyến với nửa đường tròn,

nó cắt Ax và By theo thứ tự ở C và D Chứng minh rằng:

90

ˆD=

O C

b CD = AC + BD

c Tích AC.BD không đổi khi điểm M di chuyển trên nửa đường tròn

Giải:

a Theo gt: CA, CM là tiếp tuyến của (O) ⇒

CO là phân giác A ˆ C M ⇒ CO cũng là phân giác ·AOM hay Oˆ1 =Oˆ2(1)

(tính chất tiếp tuyến) Tương tự DB, DM là tiếp tuyến (O) ⇒

4

3 ˆ

Từ (1) và (2) ⇒ Oˆ2 +Oˆ3 =Oˆ1+Oˆ4 (3)

mà

0 4

3 2

1 ˆ ˆ ˆ 180

ˆ +O +O +O =

Từ (1), (2), (3) và (4) ⇒ 0

3

2 ˆ 90

ˆ +O =

O

90

ˆD=

O C

b Theo t/c tiếp tuyến ta có CA = CM và DB = DM (5)

mà CD = CM + DM ⇒ CD = CA + BD hay CD = AC + BD

4 3 2 1

D

C

B O

A

M

c Theo c/m câu a thì ∆COD vuông tại O mặt khác OM ⊥CD (t/c tiếp tuyến)

⇒ OM2 = CM.DM (Hệ thức lượng trong tam giác vuông) (6)

Từ (5) và (6) ⇒ OM2 = AC.BD mà OM = R (bán kính đường tròn)

⇒ AC.BD không đổi khi M di chuyển trên nửa đường tròn

* Tôi khai thác bài toán này như sau:

Gọi N là giao điểm của BC và AD

CMR MN//AC (MN//BD)

C/M: Ta có AC//BD (gt)

Xét ∆ANC có AC//BD ⇒

AC

DB NC

NB NA

(7) (theo định lí ta lét)

CA, CM là tiếp tuyến của nửa (O) nên CM

= CA (8) tương tự ta có DB = DM (9)

Từ (7), (8) và (9) ⇒

MC

MD NA

ND = ⇒ MN//AC (theo định lí ta lét đảo)

⇒ MN//BD (AC//BD)

* Sau khi c/m được MN//AC ta có thể có thêm yêu cầu đối với học sinh trung bình là c/m CD.MN = CM.DB

c/m Theo c/m trên MN//AC ⇒ ∆CNM ~ ∆CBD⇒

MN

DB CM

CD = ⇒ đpcm

* Cũng dạng toán đó nhưng ta chế biến một tí ta được bài toán mới như sau:

Cho ∆ABC vuông ở A, đường cao AH Vẽ đường tròn tâm A bán kính AH

Từ B và C kẻ các tiếp tuyến với đường tròn (A) tại D, E Chứng minh rằng:

a D, A, E thẳng hàng

b BD.CE = AH2 (không đổi)

c DE là tiếp tuyến của đường tròn đường kính BC

C/M:

a Theo gt ta có: Aˆ1 = Aˆ2 (T/c tiếp tuyến)

3

4 ˆ

A = (T/c tiếp tuyến)

⇒ ˆ + ˆ = ˆ + ˆ

1

2 3 4 N

D

C

B O

A

M

4 3 2 1

I H B

A

C D

E

Mà 0

3

2 ˆ 90 ˆ

ˆ =A +A =

3 2 4

1 ˆ ˆ ˆ 90

ˆ + A = A +A =

A

4 3 2

1 ˆ ˆ ˆ 180

ˆ +A +A +A =

b Theo gt ∆ABC có 0

90

ˆ =

A áp dụng hệ thức lượng trong tam gác vuông ta có AH2

= BH.CH

Mà BH = BD (t/c tiếp tuyến)

CH = CE (t/c tiếp tuyến)

⇒ AH2 = BD.CE

c Lấy điểm I trên cạnh BC sao cho IB = IC Theo gt 0

90

ˆC =

A

B ⇒ A, B, C cùng thuộc đường tròn đường kính BC (hay (I, BC/2))

Để chứng minh DE là tiếp tuyến của đường tròn đường kính BC ta c/m

DE⊥IA tại A

Thật vậy, theo gt BD ⊥ DE

CE ⊥ DE

⇒ BDEC là hình thang vuông

⇒ IA là đường trung bình của hình thang vuông BDEC

⇒ IA//BD//CE

Mà BD ⊥ DE

⇒ AI ⊥ DE Vậy DE là tiếp tuyến của đường tròn đường kính BC

Cũng từ bài toán trên ta có bài toán hay hơn và khó hơn

Cho nửa đường tròn tâm O đường kính AB bằng l Qua A, B kẻ Ax và By vuông góc với AB Lấy điểm C nằm trên nửa đường tròn, qua C kẻ tiếp tuyến với (O) cắt Ax, By lần lượt tại D và E Kẻ CH ⊥ AB, gọi M là giao điểm của CH và

AE CM

a D; M; B thẳng hàng

b M là trung điểm của CH

c Gọi P là giao điểm của OE với nửa đường tròn đường kính AB Tìm vị trí điểm

C trên nửa đường tròn để chu vi tứ giác ADEB nhỏ nhất

d Gọi giao điểm của OE và BC là K, trên tia đối của tia OE lấy điểm Q sao cho

OQ = OP Chứng minh QK.PE = KP.QE

Giải:

a Theo gt ta có: Ax ⊥ AB

By ⊥ AB

CM ⊥ AB

⇒ Ax//CM//By nên ta có:

CD

CE MA

ME = (1)

Mà CE = EB, CD = AD (t/c tiếp tuyến) ⇒

AD

EB MA

ME

= (2) Mặt khác Aˆ2 = A EˆB (so le trong) (3)

Từ (2) và (3) suy ra ∆ADM ~ ∆EBM ⇒

E M B A M

Mà A, M, E thẳng hàng ⇒ D, M, B thẳng hàng

b Theo gt: CH ⊥ AB

M ∈ CH

By ⊥ AB

E ∈ By

⇒ CH//BE Xét ∆EDB có CM//BE ⇒

DE

CD BE

CM = (định lí Ta lét) (4)

Xét ∆EAB có MH//BE ⇒

AE

AM BE

MH = (định lí Ta lét) (5)

Xét ∆DEA có CM//AD ⇒

AE

AM DE

DC = (định lí Ta lét) (6)

Từ (4), (5) và (6) suy ra

BE

MH BE

CM = ⇒ CM = MH hay M là trung điểm của CH

c ta có chu vi tứ giác ADEB là: P = AD + DE + EB + AB

mà AD = DC (t/c tiếp tuyến)

EB = CE (t/c tiếp tuyến)

⇒ P = 2DE + AB Mặt khác ED ≥ AB vì AB là khoảng cách giữa Ax và By nên P nhỏ nhất khi DE nhỏ nhất, tức là DE = AB Khi đó P = 3AB = 3l ⇒ DE//AB ⇒ DE ⊥ CH

⇒ CH là bán kính của đường tròn ⇒ C là điểm chính giữa cung AB

d Nối C với P và Q ta thấy EQ ⊥ BC và BP = PC ⇒ CP là phân giác góc trong tại đỉnh C của ∆KCE ⇒ CK = KP (7) mặt khác OP = OQ (gt)

Q

K

P M

H

E

D

B O

A

C

⇒ Q nằm trên đường tròn (O; OA) ⇒ 0

90

ˆQ=

C

P (góc chắn nửa đường tròn)

⇒ CQ là phân giác góc ngoài tại đỉnh C của ∆KCE do đó

QE

QK CE

CK = (8)

Từ (7) và (8) ⇒

QE

QK PE

KP = hay KP.QE = PE.QK (đpcm)

III Kết luận

Qua việc tìm hiểu các bài toán trên chúng ta cần vận dụng linh hoạt, sáng tạo kết quả các bài toán, cũng như vận dụng triệt để hình vẽ của một bài tập để chuyển tiếp sang bài khác khai thác phát triển để được các bài toán hay hơn, khó hơn Nếu làm tốt điều này sẽ giúp các em hiểu sâu sắc hơn các kiến thức đã học, góp phần phát triển tư duy sáng tạo và tiếp thu tốt những kiến thức mới, phát huy trí lực của học sinh

Các bài toán trên chắc chắn còn có nhiều hướng khai thác khác, rất mong các bạn đồng nghiệp tiếp tục phát triển xem

Trên đây là những kinh nghiệm của bản thân tôi trong quá trình gảng dạy

Có gì thiếu sót mong được sự góp ý của quý thầy cô Tôi xin chân thành cảm ơn