Chuyên Đề Bất Đẳng Thức lớp 9

CHUYEÂN ẹEÀ 16 – BAÁT ẹAÚNG THệÙC Phần I : các kiến thức cần lưu ý

0

   



    

2-tính chất

+ A>B B A

+ A>B vμ B >C  A > C

+ A>B  A + C >B + C

+ A>B vμ C > D  A +C > B + D

+ A>B vμ C > 0  A.C > B.C

+ A>B vμ C < 0  A.C < B.C

+ 0 < A < B vμ 0 < C < D  0 < A.C < B.D

+ A > B > 0  An > Bn n

+ A > B  An > Bn với n lẻ + A > B  An > Bn với n chẵn + m > n > 0 vμ A > 1  Am

> An

+ m > n > 0 vμ 0 <A < 1  Am

< An

+A < B vμ A.B > 0 

B A

1

1 

3 - một số hằng bất đẳng thức

+ A2  0 với A ( dấu = xảy ra khi A = 0 )

+ An  0 vớiA ( dấu = xảy ra khi A = 0 )

+ A 0 với A (dấu = xảy ra khi A = 0 )

+ - A < A = A

+ A B   A  B ( dấu = xảy ra khi A.B > 0)

+ A B  A  B ( dấu = xảy ra khi A.B < 0)

Phần II : một số phương pháp chứng minh bất đẳng thức

1) Phương pháp 1: dùng định nghĩa

Kiến thức : Để chứng minh A > B Ta chứng minh A – B > 0

Lưu ý dùng hằng bất đẳng thức M2  0 với  M

Ví dụ 1  x, y, z chứng minh rằng :

a) x2 + y2 + z2  xy+ yz + zx

b) x2 + y2 + z2  2xy – 2xz + 2yz

Giải:

a) Ta xét hiệu : x2 + y2 + z2- xy – yz – zx =

2

1

.2 ( x2 + y2 + z2- xy – yz – zx)

=

2

1 (xy) 2   (x z) 2  (yz) 2   0 đúng với mọi x;y;zR

Vì (x-y)2 0 vớix ; y Dấu bằng xảy ra khi x = y

(x- z)2 0 vớix ; z Dấu bằng xảy ra khi x = z

(y- z)2 0 với z; y Dấu bằng xảy ra khi z = y

Vậy x2 + y2 + z2  xy+ yz + zx Dấu bằng xảy ra khi x = y =z

b)Ta xét hiệu:

x2 + y2 + z2 - ( 2xy – 2xz +2yz ) = x2 + y2 + z2 - 2xy +2xz –2yz = ( x – y + z)2  0

đúng với mọi x;y;zR

Vậy x2 + y2 + z2  2xy – 2xz + 2yz đúng với mọi x;y;zR

Dấu bằng xảy ra khi x + y = z

Ví dụ 2: chứng minh rằng :

Vuihoc24h.vn

a)

2

   ; b)

2

   c) Hãy tổng quát bμi toán giải

a) Ta xét hiệu

2

2 2

a b a b

   

   = 2 a 2 b 2 a2 2ab b2

Vậy

2

2 2

       Dấu bằng xảy ra khi a = b

b)Ta xét hiệu:

2

  = 1   2  2 2

Vậy

2

   Dấu bằng xảy ra khi a = b =c c)Tổng quát:

2

a a a a a a

* Tóm lại các bước để chứng minh AB theo định nghĩa

Bước 1: Ta xét hiệu H = A - B

Bước 2:Biến đổi H = (C+D)2hoặc H=(C+D)2+ +(E+F)2

Bước 3: Kết luận A  B

2) phương pháp 2 : Dùng phép biến đổi tương đương

Lưu ý:

Ta biến đổi bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với bất đẳng thức đúng hoặc bất

đẳng thức đã được chứng minh lμ đúng

Ví dụ 1: Cho a, b, c, d,e lμ các số thực chứng minh rằng

a)

2

2 b

4

  b)a2b2 1 ab a b  c)a2b2c2d2e2a b c d e    

Giải:

4

            (Bđt nμy luôn đúng) Vởy

2

2 b

4

  (dấu bằng xảy ra khi 2a = b) b) a2b2 1 ab a b  2(a2b2 1) 2(ab a b) 

Vậy a2b2 1 ab a b  Dấu bằng xảy ra khi a = b = 1

a b c d e a b c d e    4 a b c d e 4a b c d e    2 2  2 2  2 2  2 2

a 4ab 4b  a 4ac 4c  a 4ad 4d  a 4ac 4c 0

  2  2  2 2

a 2b    a 2c   a 2d   a 2c  0

Ví dụ 2: Chứng minh rằng: a 10  b 10a 2  b 2  a 8  b 8a 4  b 4

Giải:

a b a b  a b a b  a a b a b b a a b a b b

Vuihoc24h.vn

 8 2 2 2 2 8 2 2

a b a b a b b a 0  a2b2(a2-b2)(a6-b6) 0

 a2b2(a2-b2)2(a4+ a2b2+b4)  0

Ví dụ 4: cho ba số thực khác không x, y, z thỏa mãn:





















z y x z y x

z y x

1 1 1

1

Chứng minh rằng : có đúng một trong ba số x,y,z lớn hơn 1

Giải: Xét (x-1)(y-1)(z-1) = xyz + (xy + yz + zx) + x + y + z - 1

= (xyz - 1) + (x + y + z) - xyz(

z y x

1 1

1   ) = x + y + z - (1 1 1)  0

z y x

(vì

z y

x

1 1

1



 < x+y+z theo gt)  2 trong 3 số x-1 , y-1 , z-1 âm hoặc cả ba sỗ-1 , y-1, z-1

lμ dương

Nếủ trường hợp sau xảy ra thì x, y, z >1 x.y.z>1 Mâu thuẫn gt x.y.z =1 bắt buộc phải xảy ra trường hợp trên tức lμ có đúng 1 trong ba số x ,y ,z lμ số lớn hơn 1

3) Phương pháp 3: dùng bất đẳng thức quen thuộc

A) một số bất đẳng thức hay dùng

1) Các bất đẳng thức phụ:

a) x2y22xy b) x2y2  xy dấu( = ) khi x = y = 0

c)  2

x y 4xy d)a b

2

b a

2)Bất đẳng thức Cô sy: a1 a2 a3 an n 1 2 3 n

a a a a n

Với a i  0

3)Bất đẳng thức Bunhiacopski

 2 2 2  2 2 2  2

a a  a x x    a x a x  a x

4) Bất đẳng thức Trê-bư - sép:

Nếu a b c

A B C

 



  

 

Nếu a b c

A B C

 



  

 

Dấu bằng xảy ra khi a b c

A B C

 



  



B) các ví dụ

ví dụ 1

Cho a, b ,c lμ các số không âm chứng minh rằng (a+b) (b+c)(c+a)  8abc

Giải: Dùng bất đẳng thức phụ:  2

x y 4xy

Tacó  2

a b 4ab;  2

b c 4bc ;  2

c a 4ac

a b b c c a 2 2 2  2

64a b c 8abc

  (a + b)(b + c)(c + a)  8abc Dấu “=” xảy ra khi a = b = c

ví dụ 2: Cho a > b > c > 0 vμ a2b2c2 1 chứng minh rằng

3 3 3

Vuihoc24h.vn

Do a,b,c đối xứng , giả sử a  b  c 

2 2 2

a b c

b c a c a b







áp dụng BĐT Trê- bư-sép ta có

3 3

1

=

2 1

Vậy

b c a c a b   2

   Dấu bằng xảy ra khi a = b = c = 3

1

ví dụ 3: Cho a,b,c,d > 0 vμ abcd =1 .Chứng minh rằng :

a b c d a b c b c d d c a 10

Ta có a2b2 2ab; c2d2 2cd

Do abcd =1 nên cd =

ab

1

(dùng

2

1

1 



x

ab

       (1) Mặt khác:

a b c b c d d c a = (ab + cd) + (ac + bd) + (bc + ad)

          

 a2b2c2d2a b c   b c d  d c a 10

ví dụ 4: Chứng minh rằng : a2b2c2 ab bc ac 

Giải: Dùng bất đẳng thức Bunhiacopski

Xét cặp số (1,1,1) vμ (a,b,c) ta có  2 2 2 2 2 2  2

1  1 1 (a b c ) 1.a 1.b 1.c 

 3a2b2c2a2b2c22 ab bc ac   a2b2c2 ab bc ac  (đpcm) Dấu bằng xảy ra khi a = b = c

4) Phương pháp 4: dùng tính chất của tỷ số

A Kiến thức

1) Cho a, b ,c lμ các số dương thì

a ) Nếu a

1

b  thì a a c

b b c





 b ) Nếu

a 1

b  thì a a c

b b c







2) Nếu b, d > 0 thì từ a c a a c c



B Các ví dụ:

ví dụ 1: Cho a, b, c, d > 0

Theo tính chất của tỉ lệ thức ta có a a a d

1



Mặt khác : a a

a b c a b c d

     (2) Vuihoc24h.vn

Từ (1) vμ (2) ta có a a a d



        (3)



        (4)



        (5);



        (6)

cộng vế với vế của (3); (4); (5); (6) ta có

2

























b a d

d a

d c

c d

c b

b c

b

a

a

(đpcm)

ví dụ 2 : Cho:a c

b  d vμ b,d > 0 Chứng minh rằng a ab cd2 2 c





Giải: Từ a c ab2 cd2

b  d b  d  ab2 ab cd2 2 cd2 c



a ab cd c



ví dụ 3 : Cho a;b;c;d lμ các số nguyên dương thỏa mãn : a + b = c+d =1000

tìm giá trị lớn nhất của a b

c d

giải : Không mất tính tổng quát ta giả sử :a b

c  d a a b b



a 1

c  vì a + b = c + d

a, Nếu: b  998 thì b

998

c d  999

b, Nếu: b = 998 thì a =1  a b

c d =1 999

c d Đạt giá trị lớn nhất khi d = 1; c = 999 Vậy: giá trị lớn nhất của

d

b c

a  = 999 +

999

1

khi a = d = 1; c = b = 999

Ví dụ 4 : Với mọi số tự nhiên n >1 chứng minh rằng :

4

3 1

2

1 1

1 2

1

















n n n

n

Ta có

n n n k

1 1





 với k = 1,2,3, ,n-1

Do đó:

2

1 2 2

1

2

1 2

1

2

1 1

1



















n n n

n n

n

Ví dụ 5: CMR: A = 2 2 2 12

4

1 3

1 2

1 1

n









 với n ≥ 2 không lμ số tự nhiên HD: 12 1 ; 12 1 ;

2  1.2 3  2.3

Ví dụ 6: Cho a ,b ,c ,d > 0 Chứng minh rằng :

2 a b b c c d d a 3

a b c b c d c d a d a b

Giải :

Vì a ,b ,c ,d > 0 nên ta có: a b a b a b d

b c b c b c a

Vuihoc24h.vn

d a d a d a c

Cộng các vế của 4 bất đẳng thức trên ta có :

a b b c c d d a

a b c b c d c d a d a b

        (đpcm)

5 Phương pháp 5:Dùng bất đẳng thức trong tam giác

Lưu ý: Nếu a;b;clμ số đo ba cạnh của tam giác thì : a; b; c > 0

Vμ |b-c| < a < b+c ; |a-c| < b < a+c ; |a-b| < c < b+a

Ví dụ1:

Cho a; b; clμ số đo ba cạnh của tam giác chứng minh rằng

a, a2 + b2 + c2 < 2(ab + bc + ac)

b, abc > (a+b-c).(b+c-a).(c+a-b)

Giải

a)Vì a,b,c lμ số đo 3 cạnh của một tam giác nên ta có

2 2 2







Cộng từng vế các bất đẳng thức trên ta có a2 + b2 + c2 < 2(ab + bc + ac)

b) Ta có a > b - c   a2 a2 (b c)2> 0

b > a - c   b2 b2 (c a)2> 0

c > a - b   c2 c2 (a b)2 0

Nhân vế các bất đẳng thức ta được: 2 2 2 2  2 2  2 2  2

a b c  a  b c   b  c a   c  a b 

2 2 2   2  2 2      

Ví dụ2: (đổi biến số)

Cho a,b,c lμ ba cạnh của một tam giác Chứng minh rằng a b c 3

b c c a a b  2

Đặt x= b + c ; y= c + a ;z = a + b ta có a = y z x

2

 

; b = z x y

2

 

; c =x y z

2

 

ta có (1)  y z x z x y x y z 3 y z x z x y

( y x z x z y

x y  x z  y z  lμ Bđt đúng?

Ví dụ 3: (đổi biến số)

Cho a, b, c > 0 vμ a + b + c <1 Chứng minh rằng : 2 1 2 1 2 1

9

a 2bc b 2ac c 2ab 

Giải: Đặt x = a22bc ; y = b22ac ; z = c22ab

Ta có  2

x y z   a b c  1 (1) 11 1 9

z y

x Với x + y + z < 1 vμ x ,y,z > 0

Theo bất đẳng thức Côsi ta có:

Vuihoc24h.vn

x y z   3.3 xyz vμ 1 1 1

x  y z 3 .3 1

xyz  x y z  1 1 1 9

     

6) phương pháp lμm trội :

Chứng minh BĐT sau :

a) 1 1 1 1

1.3 3.5    (2n 1).(2n 1)  2

b) 1 1 1

1.2 1.2.3 1.2.3 n

Giải :

a) Ta có :

2 1 2 1 1 12 (2.2 11).(2 (2 1)1) 12 2 1 1 2 1 1

Cho n chạy từ 1 đến k Sau đó cộng lại ta có

b) Ta có :

 

1.2 1.2.3 1.2.3 n 1.2 1.2.3 n 1 n

 < 1 1 1 1 1 1



Bμi tập về nhμ:

1) Chứng minh rằng: x2 + y2 + z2+3  2 (x + y + z)

HD: Ta xét hiệu: x2 + y2 + z2 +3 – 2( x+ y +z ) = x2- 2x + 1 + y2 -2y +1 + z2 -2z +1 2) Cho a ,b,c lμ số đo ba cạnh tam giác Chứng minh rằng : a b c

b c c a a b

(HD: a a a 2a



n + 1 n + 2    2n + 1   3n  3n + 1 < 2

áp dụng phương pháp lμm trội

4) Cho a, b, c > 0 Chứng minh rằng bc ac ab

a  b  c  a + b + c HD: bc ac

a  b = c b a

   2c;

ac ab

b  c ? ; bc ab

a  c ?

Vuihoc24h.vn