Thông tin tài liệu
PHỊNG GD&ĐT ĐƠNG SƠN TRƯỜNG THCS NGUYỄN CHÍCH ĐỀ GIAO LƯU HỌC SINH GIỎI NĂM HỌC 2017-2018 MƠN THI: TỐN Câu (4,0 điểm) 1 A 3,5 : 7,5 7 a) Tính giá trị biểu thức 2.84 4.69 B 7 27.40.94 b) Rút gọn biểu thức 2 M x xy x xy y c) Tìm đa thức M biết rằng: Tính giá trị M 2018 2020 y 4 0 x, y thỏa mãn x Câu (4,0 điểm) Tìm x biết: 15 a) x x 12 1 1 49 b) 1.3 3.5 5.7 x 1 x 1 99 c) Tìm x, y nguyên biết xy x y 2 Câu (6,0 điểm) a) Tìm hai số nguyên dương x y biết tổng, hiệu tích chúng tỉ lệ với 35;210;12 x y z t b) Cho y z t z t x t x y x y z x y y z z t t x z t t x x y y z có giá tri nguyên Chứng minh biểu thức a b3 2 c3 8d a , b , c , d c) Cho thỏa mãn Chứng minh a b c d chia hết cho Câu (5,0 điểm) Cho tam giác ABC , M trung điểm BC Trên tia đối tia MA lấy điểm E cho ME MA Chứng minh rằng: a) AC EB AC / / BE b) Gọi I điểm AC; K điểm EB cho AI EK Chứng minh ba điểm I , M , K thẳng hàng c) Từ E kẻ EH BC H BC Biết HBE 50 , MEB 25 Tính HEM BME P Câu (1,0 điểm) 15 24 2499 B 16 25 2500 Chứng tỏ B số nguyên Cho ĐÁP ÁN Câu 1 7 25 15 15 a) A 3,5 : 7,5 : 7 7 2 35 85 15 35 42 15 49 15 157 : 42 85 17 34 3 9 2.84.27 4.69 2. 2 213.36 211.39 b) B 7 27.40.94 27.27.37 27.23.5. 32 214.37 210.38.5 211.36. 22 33 3.5 10 c) M x xy 6 x xy y M 6 x xy y x xy M 6 x xy y x xy x 11xy y x 2018 0 2018 2020 x y 0 2020 y Ta có: Mà x 2018 y 4 x 2018 0 2020 0 y 2020 0 x 2018 y 4 2020 x y , thay vào ta được: 4 4 25 110 16 1159 5 M 11 . 3 36 2 Câu 15 6 a) x x x x 12 5 13 49 13 130 5 x x x 14 20 14 343 4 0 b) 1 1 49 1.3 3.5 5.7 x 1 x 1 99 1 1 1 1 49 2 3 5 x x 99 1 49 98 1 1 1 x 99 x 99 x 99 x 99 x 49 c) xy x y 2 xy x y 4 y 1 x 1 5 x; y 1;3 ; 3;1 ; 2;0 ; 0; Học sinh xét trường hợp tìm x; y 1;3 ; 3;1 ; 2;0 ; 0; Vậy Câu a) Do tổng, hiệu tích x y tỉ lệ nghịch với 35,210,12 Ta có: x y 35 x y 210 12.xy x y x y x y x y 2x 2y x y 35 x y 210 210 35 210 35 245 175 Từ x y 7y x 5 thay vào đẳng thức x y 35 12 xy ta y y 0 y y 0 y 0;5 mà y y 5 Với y 5 x 7 x y z t b) y z t z t x t x y x y z y z t z t x t x y x y z x y z t y z t z t x tx y x yz 1 1 1 1 x y z t x y z t z t x y t x y z x y z t x y z t Nếu x y z t 0 P Nếu x y z t 0 x y z t P 4 Vậy P nguyên c) Ta có: a b3 2 c 8d a b3 c d 3c 15d 3 3 3 Mà 3c 15d 3 nên a b c d 3 (1) Dư phép chia a cho 0; 1 suy dư phép chia a cho 0; 1 hay a a mod 3 3 b b mod , c c (mod3), d d (mod 3) Tương tự ta có: a b c d a b3 c d (mod3) (2) Từ (1) (2) suy a b c d chia hết cho Câu A I M H B C K E a) Xét AMC EMB có: AM EM ( gt ); AMC EMB (đối đỉnh); BM MC ( gt ) AMC EMB(c.g.c) AC EB (hai cạnh tương ứng) Vì AMC EMB MAC MEB mà góc vị trí so le nên AC / / BE b) Xét AMI EMK có: AM EM ( gt ); MAI MEK AMC EMB ; AI EK ( gt ) Nên AMI EMK (c.g c ) AMI EMK Mà AMI IME 180 (tính chất hai góc kề bù) EMK IME 1800 Ba điểm I , M , K thẳng hàng 900 BHE H c) Trong tam giác vuông có HBE 50 HBE 900 HBE 900 500 400 HEM HEB MEB 400 250 150 BME góc đỉnh M HEM BME HEM MHE 150 900 1050 Câu 15 24 2499 B 16 25 2500 Ta có: 15 24 2499 B 49 1 16 25 2500 1 1 B 49 49 M 50 2 1 1 M 50 2 Trong 1 2 n 1 n Áp dụng tính chất n 1 n n Ta có: 1 1 1 1 50 2.1 3.2 4.3 5.4 50.49 2 1 1 1 1 1 M 1 1 2 3 4 49 50 50 Ta lại có: 1 1 1 1 1 1 2.3 3.4 4.5 5.6 50.51 3 4 50 51 1 49 M 0 51 101 Từ suy M B 49 M số nguyên M
Ngày đăng: 30/08/2023, 13:48
Xem thêm: