HƯỚNG dẫn học SINH CÁCH hệ THỐNG, CHỦ ĐỘNG TRONG VIỆC GIẢI các bài TOÁN TAM GIÁC LƯỢNG

HƯỚNG DẪN HỌC SINH CÁCH HỆ THỐNG, CHỦ ĐỘNG TRONG VIỆC GIẢI CÁC BÀI TOÁN TAM GIÁC LƯỢNG Tên đề tài: 1.MỞ ĐẦU 1.1.Lí chọn đề tài: Trong công tác giảng dạy môn toán trường THPT thực tế hoạt động dạy học học sinh nhà trường, trình tìm tòi đúc kết chọn toán “gốc” , từ phát triển lên hệ thống tập theo hướng toán “gốc” Qua giúp người dạy định hướng phương pháp giải cụ thể lô gic, người học rễ tiếp thu có hội sáng tạo thân xây dựng bổ sung lớp toán sở toán gốc, đổi phương pháp dạy học trường THPT Trong trình học lượng giác , phần tam giác lượng học sinh thường gặp khó khăn việc hệ thống kiến thức chủ động giải cá toán tam giác lượng Với nội dung đề tài này, đề cập đến vấn đề : Hướng dẫn học sinh chọn số toán làm “gốc” để sử dụng chúng để “khai triển “ nên hệ thống tập, sở ước lượng đối xứng tam giác Vì chọn đề tài “ Hướng dẫn học sinh hệ thống & chủ động việc giải toán tam giác lượng” 1.2.Mục đích nghiên cứu: + Trao đổi với đồng nghiệp sở vận dụng ước lượng đối xứng tam giác lượng, chọn toán “gốc” ,hệ thống thành dạng tập giảng dạy cho học sinh + Hướng dẫn học sinh giải tập dựa sở suy luận từ toán “gốc”, tư từ toán “gốc” chủ động phát triển thành chuỗi tập dạng, sở lí luận, tự tin học môn toán 1.3 Đối tượng nghiên cứu: - Hệ thức lượng tam giác - Nội dung phần hệ thức lượng tam giác chương trình SGK - Một số toán liên quan đề thi Đại học - Cao đẳng - TCCN 1.4 Phương pháp nghiên cứu: Phương pháp: - Nghiên cứu lý luận chung - Khảo sát điều tra từ thực tế dạy học - Tổng hợp so sánh , đúc rút kinh nghiệm Cách thực hiện: - Trao đổi với đồng nghiệp, tham khảo ý kiến giáo viên môn - Liên hệ thực tế nhà trường, áp dụng đúc rút kinh nghiệm qua trình giảng dạy - Thông qua việc giảng dạy trực tiếp lớp khối 10 năm học - Thời gian nghiên cứu: Năm học 2016 – 2017 2.NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1.Cơ sở lí luận sáng kiến kinh nghiệm: Trên sở sử dụng ước lượng đối xứng , kết hợp với bất đẳng thức cổ điển: Cô Si , Bunhiacôpxki, số toán “gốc” mà “khai triển” nên hệ thống tập, từ giúp học sinh định hướng phương pháp giải toán Những kiến thức liên quan: 2.1.1 Các toán tam giác: Là toán nghiên cứu mối quan hệ yếu tố tam giác với Các mối quan hệ :Một đẳng thức ,một bất đẳng thức hay dấu hiệu nhận dạng tam giác Các yếu tố tam giác : + Góc :A,B,C + Cạnh : a, b, c + Đường cao: ha, hb, hc + Đường trung tuyến: ma, mb, mc +Đường phân giác : la, lb, lc +Chu vi: C= 2p +Diện tích : S +Bán kính đường tròn ngoại tiếp: R +Bán kính đường tròn nội tiếp: r, ra, rb, rc 2.1.2 Quan hệ yếu tố tam giác: a + b > c +a, b, c > :  a − b < c  +0< A,B,C.< π ; A+B+C = π + a= 2sinA.R +a2 = b2+c2 -2bc.cosA b2 + c2 − a2 4S a2 2 b + c = m + + a + cot A = +S = 1 abc aha = bc sin A = = R sin A sin B sin C = pr = ( p − a) = 2 4R p( p − a )( p − b)( p − c ) (Bảy công thức tính diện tích “cầu nối “ thiết lập mối quan hệ yếu tố tam giác với nhau.) 2.1.3 Các hệ thức bản: A B 1) sinA + sinB + sinC = 4cos cos cos C 2) sin2A + sin2B + sin2C = 4sin2A.sin2B sin2C 3) sin(nA) + sin(nB) + sin(nC) = (-1)n+14sin(nA).sin(nB).sin(nC) A B C sin sin 2 A B B C C A 5) tan tan + tan tan + tan tan = 2 2 2 4) cosA+ cosB +cosC = 1+ 4sin 6) tanA +tanB +tanC = tanA tanB tanC 7) cot A B C A B C + cot + cot = cot cot cot 2 2 2 8) cotA.cotB +cotB.cotC + cotC.cotA = 2.1.4.Bất đẳng thức -Bất đẳng thức Côsi: a+b ≥ ab với a, b ≥ a1 + a + + a n n ≥ a1 a a n với a1,a2, ,an ≥ n -Bất đẳng thức Bunhiaôpxki: ( a1b1 + a b2 ) ≤ ( a12 + a 22 )(b12 + b22 ) ( a1b1 + a b2 + + a n bn ) ≤ ( a12 + a 22 + + a n2 )(b12 + b22 + + bn2 ) 2.2.Thực trạng vấn đề trước áp dụng sáng kiến kinh nghiệm: Học sinh nhà trường phần lớn học sinh có học lực trung bình, tỉ lệ học sinh có học lực giỏi không nhiều Nhiệm vụ tổ nhóm chuyên môn phải tổ chức đánh giá xếp loại lực học sinh ,nhóm chuyên môn phải xây dựng kế hoạch bồi dưỡng phụ đạo theo nhóm học sinh có học lực khác Trong buổi thảo luận chuyên môn xây dựng phương pháp dạy học cho nhóm đối tượng học sinh giỏi, có nhiều ý kiến trao đổi giảng dạy cho học sinh phần kiến thức tam giác lượng , nội dung khó học sinh nhà trường không đơn giản giáo viên Năm học : 2015- 2016 thử nghiệm nhóm đối tượng học sinh có học lực giỏi Năm học : 2016- 2017 thử nghiệm nhóm đối tượng học sinh có học lực giỏi Kết kiểm tra nhóm học sinh chưa triển khai đề tài Giỏi Sĩ Năm học số SL TL% 2015-2016 20 5,0% 2016-2017 25 8,0% nói phần tam giác lượng Khá SL Trung bình TL% SL TL% 25,0% 14 70,0% 36,0% 14 56,0% 2.3.Các sáng kiến kinh nghiệm giải pháp sử dụng để giải vấn đề: Bài toán gốc 1: Cho tam giác ABC với T = sin2A +sin2B +sin2C Tìm MaxT ? [3] − cos A − cos B + + − cos C = 2-cos2C – cos(A-B)cos(A+B) 2 1   cos ( A − B ) − cos C − cos( A − B ) ≤ + cos ( A − B ) ≤ + = = 2+   4   Vâỵ T = sin2A +sin2B +sin2C ≤ , A = B cos( A − B ) =   ⇔ π ⇔ ∆ABC dấu “=”xảy a ⇔  cos C = cos( A − B ) C = Kết luận:MaxT = Khi ∆ABC Giải :Ta có T = Từ kết toán ta sử dụng cho loạt toán phần ước lượng đối xứng: Bài 1:Cho tam giác ABC với T = sinA.sinB.sinC Tìm MaxT ? (Hoặc CMR: sinA.sinB.sinC ≤ ( 3 ) 3 CMR: ∆ABC ⇔ sinA.sinB.sinC = CMR: Trong tam giác nội tiếp đường tròn bán kính R tam giác có diện tích lớn – Vì : S = 2R2 SinA.SinB.SinC ) [2] Nhận xét: 0< A,B,C.< π suy : sinA,sinB,sinC >  sin A + sin B + sin C   ;( Theo bất đẳng thức Cô Xét T = sin A.sin B.sin C ≤    2 2 si ) 9/4 T ≤    3 Vậy T ≤ Dấu “=” xảy Kết luận: MaxT = sin A + sin B + sin C = / ⇔ ∆ABC  sin A = sin B = sin C 3 ⇔ ∆ABC Bài 2: Cho tam giác ABC với T = sinA + sinB + sinC Tìm MaxT ? (Hoặc: + CMR: sinA + sinB + sinC ≤ 3 3 +CMR: ∆ABC ⇔ sinA + sinB + sinC = +CMR: Trong tam giác vuông nội tiếp đường tròn bán kính R tam giác có chu vi lớn nhất.Vì 2p = 2R(sinA + sinB + sinC ) [3] Nhận xét: 0< A,B,C.< π suy : sinA,sinB,sinC > Xét (sinA + sinB + sinC)2 ≤ 3(sin2A +sin2B +sin2C) (BĐT Bunhiacôpxki) 27 = 4 sin A + sin B + sin C = /  ⇔ ∆ABC Dấu “=” xảy  sin A sin B sin C = =  1  ≤ Vậy T ≤ 3 MaxT = 3 ⇔ ∆ABC sin A sin B sin C 1 + + Bài 4: Cho tam giác ABC với T= sin A sin B sin C Bài 3: Cho tam giác ABC với T = Tìm MinT ? Tìm MinT ? 1 + + Tìm MinT ? 2 sin A sin B sin C 1 )(1 + )(1 + ) Tìm MinT ? Bài 6: Cho tam giác ABC với T = (1 + sin A sin B sin C Bài 5: Cho tam giác ABC với T = Bài7: Cho tam giác ABC với T = cot2A + cot2B + cot2C Tìm MinT ? Bài 8: Cho tam giác ABC với T = (1+sinA)(1+sinB)(1+sinC ) Tìm MaxT ? 2 Bài 9: Cho tam giác ABC với T = (1+sin A)(1+sin B)(1+sin C ) Tìm MaxT ? Bài 10: Cho tam giác ABC , T = sin2A + sin2B + sin2C Tìm MaxT ? Bài 11: Cho tam giác ABC CMR : sin2A +sin2B +sin2C ≥ sinA.sinB.sinC Hay CMR: a2+ b2 +c2 ≥ 4S (∀∆ABC ) ab +bc +ca ≥ 4S (∀∆ABC ) [6] HD :Bài 7: T = 1+ 1 1 1 + + + + + + sin A sin B sin C sin A sin B sin B sin C sin C sin A ≥ sin A sin B sin C 1+ 33 1 + 33 + sin A sin B sin C sin A sin B sin C  1 +  sin A sin B sin C      ≥ 1 +   3   3 = sin A sin B sin C 3   Vậy T ≥ 1 +  Dấu “=” xãy ⇔ ∆ABC 3  Như : áp dụng kết toán “gốc “ toán gốc ta giải hệ thống toán “ biến dạng” chúng (phát biểu ngôn ngữ khác thay góc thành cạnh nhờ định lí hàm số Sin) Đáp số: Bài 3: MinT = ⇔ ∆ABC 3 Bài 4: MinT = ⇔ ∆ABC ⇔ ∆ABC Bài 5: MinT =   Bài 6: MinT = 1 +  ⇔ ∆ABC 3  ⇔ ∆ABC Bài 7: MinT =  3 Bài 8: MaxT = 1 +  ⇔ ∆ABC   ⇔ ∆ABC Bài 9: MaxT =27/16 Bài10: MaxT = 3 ⇔ ∆ABC Bài toán gốc 2: Cho tam giác ABC với T = cosA.cosB.cosC , Tìm MaxT ? [5] Giải :  1  cos ( A − B ) − (cos C − cos( A − B ))  Ta có T = [cos( A − B) + cos( A + B)] cos C =  2  cos ( A − B ) ≤ ≤ 8 Vậy: T = cosA.cosB.cosC ≤ , cos ( A − B ) =  ⇔ ∆ABC dấu “=” xảy ⇔  cos C − cos( A − B ) =  Từ kết toán ta ta giải hệ thống tập sau: Bài toán: Cho tam giác ABC Chứng minh rằng: 1) cosA+ cosB +cosC ≤ [1] [2] 3) cos A+ cos B +cos C ≥ cosA.cosB.cosC 4) (1- cosA)(1- cosB)(1- cosC) ≤ 1 )(1 + )(1 + ) ≥ 27 , với ∆ABC nhọn 5) (1 + cos A cos B cos C 1 + + ≥ , với ∆ABC nhọn 6) cos A cos B cos C A B B C C A 7) sin sin + sin sin + sin sin ≤ 2 2 2 A B C 8) sin + sin + sin ≥ 2 1 + + ≥ 12 9) 2 sin A sin B sin C A B C A B C 10) sin + sin + sin ≥ sin sin sin [4] 2 2 2 A B C 11) sin sin sin ≤ [4] 2 A B C 12) sin + sin + sin ≤ [4] 2 2 1 + + ≥6 13) sin A sin B sin C 2 A B C 3 14) cos + cos + cos ≤ 2 2 A B C 3 15) cos cos cos ≤ 2 1 + + ≥2 16) cos A cos B cos C 2 A B C 17) cos + cos + cos ≤ 2 1 + + ≥4 18) cos A cos B cos C 2 2) cos A+ cos B +cos C ≥ 19) cos A B C A B C + cos + cos ≥ cos cos cos 2 2 2 Bài toán gốc 3: Cho A,B,C góc tam giác ABC A B Chứng minh rằng: sin A + sin B + sin C ≤ cos + cos + cos C [6] (Loại chứng minh số ước lượng đối xứng tam giác sở cách làm toán “gốc”.( Có thể sử dụng tính chất hàm số lồi)) sin A + sin B A+ B A− B C A− B C = sin cos = cos cos ≤ cos 2 2 2 A− B C ≤ 1; cos > 0) (Do cos 2 sin A + sin B C ≤ cos Suy ra: 2 sin B + sin C A ≤ cos Tương tự: 2 sin C + sin A B ≤ cos 2 A B C Vậy : sin A + sin B + sin C ≤ cos + cos + cos 2 Giải: Từ cách làm tương tự ta có hệ thống tập sau: Bài toán: Cho tam giác ABC Chứng minh rằng: A B C + sin + sin 2 A B C 2) cos A + cos B + cos C ≤ sin sin sin [5] 2 sin A + sin B + sin C ≤ sin A + sin B + sin C 3) 4) sin A + sin B + sin 2C + cos A + cos B + cos C ≥ ; ∀∆ABC nhọn A B C 5) tan A + tan B + tan C ≥ cot + cot + cot ; ∀∆ABC nhọn 2 A B C 6) sin A + sin B + sin C ≤ cos + cos + cos [2] 2 A 7) sin A sin B ≤ cos ; ∀∆ABC 1) cos A + cos B + cos C ≤ sin Mở rộng: A B *) sin A sin B sin C ≤ cos cos cos *) cos A cos B ≤ sin C C A B *) cos A cos B cos C ≤ sin sin sin C A B C ≤ tan A tan B tan C 2 8) cos A + cos B + cos C = 2( cos A cos B + cos B cos C + cos C cos A) [5] A B C 9) cos A + cos B + cos C = sin + sin + sin ⇔ ∆ABC 2 tan A + tan B A+ B ≥ tan 10) 2 A B C 11) ∀∆ABC nhọn có : tan A + tan B + tan C = cot + cot + cot ∆ABC 2 *) cot cot cot Hướng dẫn giải 10) Ta có: tan A + tan B sin( A + B ) sin C sin C = = ≥ 2 cos A cos B cos( A − B) + cos( A + B ) + cos( A + B ) C C sin cos sin C sin C 2 = tan A + B ⇒ ( ĐPCM ) = = = C C − cos C 2 sin 2 sin 2 ( Có thể biến đổi tương đương sử dụng tính chất hàm số lồi) Hướng dẫn giải 11) Ta có: tan A + tan B ≥ 24 tan A tan B Mặt khác: tan A tan B ≥ tan A+ B (*) Vì (*) A+ B A+ B ≥ cos A cos B sin 2 1 + cos( A − B )  1 − cos( A − B )  ⇔ [ cos( A − B ) − cos( A + B )]. ≥ [ cos( A − B ) + cos( A + B )]    2    ⇔ cos( A − B ) cos( A + B ) − cos( A + B ) ≥ ⇔ −2 cos( A − B) cos C + cos C ≥ ⇔ cos C [1 − cos( A − B )] ≥ 0(**) ( ∆ABC nhọn ,(**) hiển nhiên đúng) ⇔ sin A sin B cos Suy ra: tan A + tan B ≥ 24 tan A tan B ≥ 24 tan A+ B A+ B C = tan = cot ; 2 ∀∆ABC nhọn Vậy tan A + tan B + tan C = cot A B C + cot + cot ⇒ (ĐPCM) 2 Bài toán gốc 4: A Sử dụng đẳng thức: tan tan B B C C A + tan tan + tan tan = , số bất đẳng 2 2 thức bản, bất đẳng thức cổ điển:Cô si; Bunhiacôpxki, thiết lập nên ước lượng đối xứng tam giác Bài toán: Cho tam giác ABC Chứng minh : 1) tan A B C + tan + tan ≥ 2 A B + tan 2 ( Theo Cô si) B C tan + tan Tương tự : tan B tan C ≤ 2 2 C A tan + tan C A 2 tan tan ≤ 2 A B C Vậy: tan + tan + tan ≥ ⇒ (ĐPCM) 2 Giải: Ta có: tan A tan B ≤ 2 2) tan tan A B C + tan + tan ≥ 2 Giải: A B C A B C A B B C + tan + tan ) = tan + tan + tan +2( tan tan + tan tan 2 2 2 2 2 C A + tan tan ) ≥ + 2.1 = 2 A B C Vậy: tan + tan + tan ≥ ⇒ (ĐPCM) 2 A B C 3) tan + tan + tan ≥ 2 Ta có: ( tan Giải: Theo Bunhiacôpxiki A B C A B C + tan + tan ) ≥ ( tan + tan + tan ) ≥ 2 2 2 A B C Vậy: tan + tan + tan ≥ ⇒ (ĐPCM) 2 A B C 4) tan + tan + tan ≥ 2 ( tan Giải: tan A B A B + tan + tan 30 + tan 30 + tan 30 + tan 30 ≥ tan tan tan 30 2 2 ⇔ tan A B A B + tan + tan 30 ≥ tan tan 2 2 10 ⇔ tan A B A B   + tan +   ≥ tan tan 2 2  3 B C B C   Tương tự: tan + tan +   ≥ tan tan 2 2  3 6 C A C A   tan + tan +   ≥ tan tan 2 2  3 tan A B C + tan + tan ≥ − = ⇒ (ĐPCM) 2 9 BÀI TẬP TƯƠNG TỰ: A B C ≥ + tan + tan ( Cộng thêm vào vế trái tan3300) 2 A B C 6) tan + tan + tan ≥ ( Cộng thêm vào vế trái tan5300) 2 3 tan A + tan B + tan C = tan A tan B tan C 7) 5) tan 8) tan A + tan B + tan C ≥ 3 ( Hoặc tan A tan B tan C ≥ 3 ) 9) cot A + cot B + cot C ≤ ; ∀∆ABC nhọn [1] 3 10) tan A + tan B + tan C ≥ 11) tan A tan B + tan B tan C + tan C tan A ≥ Bài toán gốc5 : Sử dụng ước lượng đối xứng tam giác mà dùng số toán “gốc” phương pháp đại số 1)CMR: ∀∆ABC không tù ta có: (1 + cos A)(1 + cos B)(1 + cos C ) > A B C >2 A + 3B B + 3C C + 3A sin sin ∀∆ABC ta có: sin A sin B sin C ≤ sin 4 A B C A B C ∀∆ABC ta có: cot + cot + cot ≥ 3(tan + tan + tan ) 2 2 2 sin B sin C sin A ∀∆ABC nhọn ta có: (sin A) + (sin B ) + (sin C ) >2 A B C cos + cos + cos 2 2 ⇒ (ĐPCM) 2) Ta có: cos T = cos A A + cos A > cos = 2 A B C A B C A B C + cos + cos > + (cos + cos + cos ) = + (1 + sin sin sin ) > 2 2 2 2 2 2 2 ⇒ (ĐPCM) 3) ∀x1 , x , x3 , x ∈ (0; π ) Vì hàm số y = sinx hàm số lồi (0; π ) , nên: x + x2  sin x1 + sin x ≤ sin  2  dấu “=” xảy  sin x1 + sin x + sin x3 + sin x ≤ sin x1 + x + x3 + x 4  ⇔ x1 = x = x3 = x A + 3B A + B + B + B sin A + sin B + sin B + sin B = sin ≥ ≥ sin A sin B Vậy ta có : sin 4 B + 3C ≥ sin B sin C Tương tự: sin C + 3A sin ≥ sin C sin A A + 3B B + 3C C + 3A ⇒ (ĐPCM) sin sin Vậy: sin A sin B sin C ≤ sin 4 A B B C C A 4) Ta có: tan tan + tan tan + tan tan = 2 2 2 A   x = tan   x, y , z > B  Đặt:  y = tan ⇒   xy + yz + zx =  C   z = tan  12 Ta phải CM: 1 + + ≥ 3( x + y + z ) ⇔ xy + yz + zx ≥ xyz ( x + y + z ) x y z ⇔ ( xy ) + ( yz ) + ( zx ) ≥ xyz ( x + y + z ) (*) a = xy  Đặt: b = yz ⇒ (*) ⇔ a + b + c ≥ ab + bc + ca ⇔ (a − b) + (b − c) + (c − a) ≥ c = zx  [ ] Vậy ta có ĐPCM 0 < sin A ≤ (sin A) sin B ≥ sin A; Dấu “=” xảy 2 sin B ≤ 5) ∀∆ABC không tù   B = 90 ⇔  A = B = 90 Tương tự: (sin A) sin B + (sin B) sin C + (sin C ) sin A ≥ sin A + sin B + sin C = + cos A cos B cos C (sin A) sin B + (sin B ) sin C + (sin C ) sin A ≥  A = 90 ; B = 90  0 Dấu “=” xảy ⇔  B = 90 ; C = 90 ⇔ ∆ABCcó2 gócvuông =>Vô lí C = 90 ; A = 90  Vậy (sin A) sin B + (sin B) sin C + (sin C ) sin A > 6) A B C + cos + cos 2 < ⇔ cos A + cos B + cos C < sin A + sin B + sin C ( ) A B C 2 2 2 sin + sin + sin 2 A+ B B+C C+A A B C ⇔ sin + sin + sin < 2(sin + sin + sin ) 2 2 2 A B B A B C C B C A A C ⇔ (sin cos + sin cos ) + (sin cos + sin cos ) + (sin cos + sin cos ) 2 2 2 2 2 2 A B C < 2(sin + sin + sin ) Rễ thấy điều 2 cos Vậy toán CM 7) sin A + sin B + sin C < (cos A + cos B + cos C ) ⇔ ⇔ sin( A + B ) + sin( B + C ) + sin(C + A) < 2(cos A + cos B + cos C ) ⇔ (sin A cos B + sin B cos A) + (sin B cos C + sin C cos B ) + (sin C cos A + sin A cos C ) < 2(cos A + cos B + cos C ) ⇔ sin A(cos B + cos C ) + sin B (cos A + cos C ) + sin C (cos A + cos B ) < 2(cos A + cos B + cos C ) ⇔ (sin A − 1)(cos B + cos C ) + (sin B − 1)(cos A + cos C ) + (sin C − 1)(cos A + cos B ) < 13 cos A + cos B = cos A+ B A− B A+ B π cos > 0; (vì < < ) 2 2 2.4 Hiệu sáng kiến kinh nghiệm hoạt động giáo dục, với thân, đồng nghiệp nhà trường: Qua trình giảng dạy triển khai đề tài đến nhóm học sinh độc lập năm, thấy học sinh tự tin gặp toán tam giác lượng nói giải toán đảm bảo yêu cầu giáo viên.Từ khích lệ học sinh tích cực hơn, chủ động việc tìm tòi phát triển hệ thống tập sở toán “gốc” Kết khảo sát sau triển khai đề tài Giỏi Khá Trung bình Sĩ Năm học số SL TL% SL TL% SL TL% 2015-2016 20 35% 11 55% 10% 2016-2017 25 36% 14 56,0% 8% 3.KẾT LUẬN VÀ KIẾN NGHỊ 3.1 Kết luận: Từ toán “gốc “ hệ thức lượng giác hay ước lượng đối xứng , cách phát triển riêng giúp học sinh nhớ lâu ,”nhạy bén” và” hệ thống hóa”,”Sắp xếp” tam giác lượng Điều cần thiết hữu ích học sinh 3.2 Kiến nghị: Trong thời gian tới ,tôi mở rộng nghiên cứu đề tài Rất mong quan tâm BGH nhà trường tạo điều kiện thời gian cho phép thực nghiệm nhóm học sinh nhà trường Tuy nhiên đề tài không tránh khỏi thiếu sót cần bổ sung Tôi mong đóng góp ý kiến đồng nghiệp học sinh cho viết Tôi xin chân thành cảm ơn! TÀI LIỆU THAM KHẢO [1] Sách giáo khoa hình học 10 - Nhà xuất giáo dục [2] Sách hướng dẫn giảng dạy - Nhà xuất giáo dục [3] Tài luệu tập huấn sách giáo khoa - Nhà xuất Giáo dục [4] Các giảng luyện thi môn toán - Nhà xuất giáo dục (TG: Phan Đức Chính - Vũ Dương Thụy - Đào Tam - Lê Thống Nhất) [5] Báo Toán học tuổi trẻ - Nhà xuất giáo dục 14 [6] Các đề thi đại học năm trước XÁC NHẬN CỦA ĐƠN VỊ Triệu sơn, ngày 25 tháng năm 2017 Tôi xin cam đoan SKKN viết, không chép nội dung người khác Người viết TRẦN CÔNG TUẤN 15 ... quan: 2.1.1 Các toán tam giác: Là toán nghiên cứu mối quan hệ yếu tố tam giác với Các mối quan hệ :Một đẳng thức ,một bất đẳng thức hay dấu hiệu nhận dạng tam giác Các yếu tố tam giác : + Góc... luận: Từ toán “gốc “ hệ thức lượng giác hay ước lượng đối xứng , cách phát triển riêng giúp học sinh nhớ lâu ,”nhạy bén” và” hệ thống hóa”,”Sắp xếp” tam giác lượng Điều cần thiết hữu ích học sinh. .. sin C Bài 5: Cho tam giác ABC với T = Bài7 : Cho tam giác ABC với T = cot2A + cot2B + cot2C Tìm MinT ? Bài 8: Cho tam giác ABC với T = (1+sinA)(1+sinB)(1+sinC ) Tìm MaxT ? 2 Bài 9: Cho tam giác