ĐỀ THI CUỐI KÌ I TOÁN 7

c ĐỀ THI HỌC KÌ I: ĐỀ SỐ MƠN: TỐN - LỚP BIÊN SOẠN: BAN CHUN MƠN LOIGIAIHAY.COM I TRẮC NGHIỆM ( điểm) Hãy chọn phương án trả lời viết chữ đứng trước đáp án vào làm Câu 1: Trong phân số sau, phân số biểu diễn số hữu tỉ 0,125? A B  C  125 D 125 Câu 2: Kết phép tính:  0, 08  104 là: A 0,84 B 84 C 10.84 D 0,084 C  37   D Khơng có đáp án Câu 3: So sánh  37  ? A  37   B  37   Câu 4: Sắp xếp số 3 ; ; 22 128 ; ;  theo thứ tự tăng dần A  22 128 ; ; ; 3 ; B  22 128 ; ; 3 ; ; C 128 22 ; 3 ; ; D  22 128 ; 6; ; ; 3 6; Câu 5: Cho góc bẹt xOy Vẽ tia Oz nằm hai tia Ox Oy Vẽ tia Om phân giác góc xOz Vẽ tia On tia phân giác góc zOy Tính số đo góc mOn ? A mOn  300 B mOn  600 C mOn  900 D mOn  1200 Câu 6: Tính số đo góc x hình vẽ đây: A 50° x B A x  850 B x  1100 35° C C x  1150 D x  950 Câu 7: Cho ABC  DEF Biết A  330 Khi đó: A D  330 D D  660 C E  320 B D  420 Câu 8: Số tam giác cân hình vẽ là: A B A C B D E D C Câu 9: Đường trung trực đoạn thẳng AB đường thẳng … A song song với đoạn thẳng AB B vng góc với đoạn thẳng AB C qua trung điểm đoạn thẳng AB D vng góc với đoạn thẳng AB trung điểm Câu 10: Trong năm 2020, công ty chè Phú Minh thu 25 tỉ đồng từ việc xuất chè Biểu đồ hình quạt trịn hình bên biểu diễn kết thống kê (tính theo tỉ số phần trăm) loại chè xuất năm 2020 công ty Phú Minh Bảng sau bảng số liệu thống kê số tiền công ty chè Phú Minh thu loại chè 2020? A Loại chè Chè thảo dược Chè xanh Chè đen Số tiền (tỉ đồng) 2,5 19,1 3,2 Loại chè Chè thảo dược Chè xanh Chè đen Số tiền (tỉ đồng) 2,5 19,5 Loại chè Chè thảo dược Chè xanh Chè đen Số tiền (tỉ đồng) 2,2 19,2 B C D Loại chè Chè thảo dược Chè xanh Chè đen Số tiền (tỉ đồng) 2,4 19 3,6 Phần II Tự luận (7 điểm): Bài 1: (2,0 điểm ) Thực phép tính:  2  1 a)     :      :   11   11 c) 36          :  10 25  10   10  2710.1625 b) 30 15 32 d) 144  49  10 25 Bài 2: (2,0 điểm) Tìm x , biết:  1 4  a)       x    2 5  c) x  1  b)  x    3  0 25 d) 0,3  x  Bài 3: (1,0 điểm) Tìm số đo góc QRS hình vẽ bên dưới, biết aa / /bb d 30° a' a Q 150° b R 130° c P c' S d' Bài 4: (1,5 điểm) Cho tam giác ABC vuông A Tia phân giác góc B cắt cạnh AC điểm M Vẽ MD vng góc với BC (với D thuộc cạnh BC ) a) Chứng minh AB  BD ; b) Gọi E giao điểm hai đường thẳng DM AB Chứng minh ABC  DBE Bài 5: (0,5 điểm) Tìm số thực x , biết: x  x   HƯỚNG DẪN GIẢI CHI TIẾT THỰC HIỆN: BAN CHYÊN MÔN LOIGIAIHAY.COM Phần I: Trắc nghiệm 1.B 2.A 3.A 4.B 5.C 6.D 7.A 8.A 9.D 10.B Câu Phương pháp: Đưa số thập phân phân số Cách giải: Ta có: 0,125   125  1000 Vậy phân số biểu diễn số hữu tỉ 0,125  Chọn B Câu Phương pháp: Vận dụng cơng thức tính lũy thừa tích tích lũy thừa:  x y   x n y n n  a  2.k  a 2.k  k  N  Cách giải:  0, 08 104   0, 08.10    0,8  0,84 4 Chọn A Câu Phương pháp: So sánh số hạng tổng Cách giải: Ta có:  22  ;  62  36 Vì  nên 37  36 nên  hay  37  36 hay 37  Do đó,  37   Chọn A Câu 4 Phương pháp: Tính giá trị tuyệt đối số thực, tính bậc hai số thực Thực so sánh số để xếp thứ tự số Cách giải: Ta có: 3    3  22  22  22 11       128  64  82  Ta có:  24 ;8 3 Vì  11  24 nên 11 24 11 hay     3 3 Mặt khác, ta có:  32  Vì  nên Do đó,  hay 3 3 11 8 22 128 7 11  Mà   nên ta có:      hay    3  3 3 Vậy thứ tự tăng dần số là:  22 128 ; ; 3 ; ; Chọn B Câu Phương pháp: Oz tia phân giác góc xOy ta có: xOz  zOy  xOy Cách giải: z m n x O Vì Om tia phân giác góc xOz nên zOm  Vì On tia phân giác góc zOy nên nOz  y xOz hay xOz  2.zOm zOy hay zOy  2.nOz Vì xOz zOy hai góc kề bù nên xOy  zOy  1800  2.zOm  2.nOz  1800  2. zOm  nOz   1800  zOm  nOz  1800 :  zOm  nOz  900 Vì Oz nằm hai tia Om On nên zOm  nOz  mOn  900 Vậy mOn  900 Chọn C Câu Phương pháp: Áp dụng định lý tổng ba góc tam giác Cách giải: Xét ABC có: A  B  C  1800 (định lý tổng ba góc tam giác)  500  x  350  1800  x  850  1800  x  1800  850  x  950 Vậy x  950 Chọn D Câu Phương pháp: Hai tam giác chúng có cạnh tương ứng góc tương ứng Cách giải: ABC  DEF suy D  A (hai góc tương ứng) Mà A  330 nên D  330 Chọn A Câu Phương pháp: Vận dụng tính chất dấu hiệu nhận biết tam giác cân Cách giải: Từ hình vẽ, ta có: AB  AE, BC  DE Vì AB  AE suy tam giác ABE cân A Suy B  E (tính chất tam giác cân) Xét ABC AED có: AB  AE B  E (chứng minh trên) BC  DE Suy ABC  AED  c.g.c   AC  AD (hai cạnh tương ứng)  ACD cân A (dấu hiệu nhận biết tam giác cân) Vậy hình vẽ có hai tam giác cân là: ABE ACD Chọn A Câu Phương pháp: Vận dụng định nghĩa: Đường thẳng vng góc với đoạn thẳng trung điểm gọi đường trung điểm đoạn thẳng Cách giải: Đường trung trực đoạn thẳng AB đường thẳng vng góc với đoạn thẳng AB trung điểm Chọn D Câu 10 Phương pháp: Đọc mơ tả liệu biểu đồ hình quạt trịn Số tiền thu tương ứng = % tương ứng toàn số tiền thu Cách giải: Số tiền công ty Phú Minh thu từ chè thảo dược là: 10%.25  2,5 (tỉ đồng) Số tiền công ty Phú Minh thu từ chè xanh là: 78%.25  19,5 (tỉ đồng) Số tiền công ty Phú Minh thu từ chè đen là: 12%.25  (tỉ đồng) Ta có bảng số liệu thống kê số tiền công ty chè Phú Minh thu loại chè 2020: Loại chè Chè thảo dược Chè xanh Chè đen Số tiền (tỉ đồng) 2,5 19,5 Chọn B Phần II Tự luận: Bài Phương pháp: a) Thực phép toán với số hữu tỉ b) Vận dụng quy tắc tính lũy thừa lũy thừa: Khi tính lũy thừa lũy thừa, ta giữ nguyên số nhân hai số mũ:  x m   x m.n n Vận dụng quy tắc tính thương hai lũy thừa số: Khi chia hai lũy thừa số (khác 0), ta giữ nguyên số lấy số mũ lũy thừa bị chia trừ số mũ lũy thừa chia: x m : x n  x m  n  x  0; m  n   x x   c) Vận dụng kiến thức giá trị tuyệt đối số thực: x   x x  0 x   Tính tốn với bậc hai số thực Vận dụng quy tắc tính thương hai lũy thừa số: Khi chia hai lũy thừa số (khác 0), ta giữ nguyên số lấy số mũ lũy thừa bị chia trừ số mũ lũy thừa chia: x m : x n  x m  n  x  0; m  n  d) Tính tốn với bậc hai số thực Cách giải:  2  1 a)     :      :   11   11 10 30 6  3      10 10  10   3     10  10  12    10 10 10 4 2   10 5 3 :   10  25 15 33.10.24.25  30 30 5.15 330.2100 2100  230.330.275 230  75 2100 1  105   2 32   1     11            4   3    4  11     3 11   1  1 11   5 2710.1625 630.3215       2.3     11  1  11            3  3  1  11        4 3 36   c)     10 25  10  b) d) 144  49  10  12   10 25  19   15 Bài Phương pháp: a) Thực phép toán với số hữu tỉ, vận dụng quy tắc chuyển vế tìm x b) Giải  A  x    a   a  2 Trường hợp 1: A  x   a Trường hợp 2: A  x   a c) Vận dụng kiến thức bậc hai số học số thực, tìm x d) x  a Trường hợp a  , phương trình khơng có nghiệm x  x x   Trường hợp a  , vận dụng kiến thức giá trị tuyệt đối số thực: x   x x  0 x   Cách giải:  1 4  a)       x    2 5    x  1 x      2 x   2 4 x  x 2 10 x  5 x Vậy x  c) x  1  b)  x    3  2 1 1  1   x         3  3  3  Trường hợp 1: Trường hợp 2: 1  3 1 x  3 x x x 1  3 1 x  3 x0 2  Vậy x   ;0 3  0 25 0 5 x  1 1 x  :5   5 25 x    x    25  x 625 Vậy x  625 d) 0,3  x  3 x  10 Trường hợp 1: x 10 3 x  10 10 x  30 30 1 x 30  1 19  Vậy x   ;   30 30  Trường hợp 2: 1 x 10 3  1  x    10   10 x  30 30 19 x 30 10 Bài Phương pháp: Vận dụng dấu hiệu tính chất hai đường thẳng song song Vận dụng kiến thức hai góc kề Cách giải: d 30° a' a Q 150° b b' R 130° c P c' S d' Kẻ Rb tia đối tia Rb Ta có: QRb  QRb  1800 (hai góc kề bù) nên QRb  1800  QRb  1800  1500  300 Suy dQa  QRb (cùng 300 ) Mà dQa, QRb vị trí đồng bị nên aa / /bb Do aa '/ /bb ' nên dPc  dQa  300 (hai góc đồng vị) Vì dPc  QRb (cùng 300 ) Mà dPc, QRb vị trí đồng vị nên cc / /bb Suy SRb  RSc  1800 (hai góc phía) hay SRb  1800  RSc  1800  1300  500 Do hai góc QRb SRb hai góc kề nên QRS  QRb  SRb  300  500  800 Bài Phương pháp: a) Xét ABM DBM , từ chứng minh hai tam giác nhau, suy cặp cạnh AB  BD (hai cạnh tương ứng hai tam giác nhau) b) Xét ABM DBM , chứng minh hai tam giác theo trường hợp nhau: góc – canh – góc Cách giải: B D A M C E 11 a) Tam giác ABC vuông A nên BAC  900 suy BAM  900 MD vng góc với BC (giả thiết) nên BDM  CDM  900 BM tia phân giác góc ABC suy ABM  CBM hay ABM  DBM Xét ABM DBM có: BAM  BDM  900 (chứng minh trên) BM cạnh chung ABM  DBM (chứng minh trên) Suy ABM  DBM (cạnh huyền – góc nhọn)  AB  BD (hai cạnh tương ứng) b) Xét ABC DBE có: BAC  BDE  900 B góc chung AB  BD (chứng minh trên) Suy ABC  DBE  g.c.g  Bài Phương pháp: Vận dụng kiến thức dấu giá trị tuyệt đối: A  x   với số thực x Cách giải: Do x  0; x   với số thực x nên x  x   với số thực x Do đó, x  x   x  x   Suy x đồng thời 2 (vơ lí) Vậy khơng có giá trị x thỏa mãn yêu cầu đề 12