KHOẢNG CÁCH và góc

KHOẢNG CÁCH A- LÝ THUYẾT TÓM TẮT Khoảng cách từ điểm đến đường thẳng + Khoảng cách từ điểm đến đường thẳng a d(M, ∆) = MH, , H hình chiếu M ∆ Khoảng cách từ điểm đến mặt phẳng + Khoảng cách từ điểm đến đến mặt phẳng (α) d(O, (α )) = OH , H hình chiếu O (α) Cách Tính trực tiếp Xác định hình chiếu H O (α) tính OH - Dựng mặt phẳng (P) chứa O vng góc với (α) - Tìm giao tuyến ∆ (P) (α) - Kẻ OH ⊥ ∆ ( H∈∆ ) Khi d(O, (α )) = OH Cách Sử dụng công thức thể tích 3V Thể tích khối chóp V = S.h ⇔ h = Theo cách này, để tính khoảng cách từ đỉnh hình S chóp đến mặt đáy, ta tính V S Cách Sử dụng phép trượt đỉnh Kết Nếu đường thẳng ∆ song song với mặt phẳng (α) M, N ∈ ∆ d(M; (α)) = d(N; (α)) Kết Nếu đường thẳng ∆ cắt mặt phẳng (α) điểm I M, N ∈ ∆ (M, N khơng trùng với I) d(M; (α )) MI = d(N; (α )) NI Đặc biệt: + M trung điểm NI d(M;(α)) = d(N;(α)) d(M; ( α )) = d(N;( α)) + I trung điểm MN Cách Sử dụng tính chất tứ diện vng Cơ sở phương pháp tính chất sau: Giả sử OABC tứ diện vuông O ( OA ⊥ OB, OB ⊥ OC, OC ⊥ OA ) H hình chiếu O mặt phẳng (ABC) 1 1 = + + 2 OH OA OB OC Cách Sử dụng phương pháp tọa độ Cơ sở phương pháp ta cần chọn hệ tọa độ thích hợp sau sử dụng công thức sau: Ax + By + Cz + D + d(M;(α)) = với M(x ; y ; z ) , (α ) : Ax + By + Cz + D = A + B2 + C + d(M, ∆ ) = + d(∆, ∆ ') = MA ∧ u u với ∆ đường thẳng qua A có vectơ phương u u ∧ u '.AA ' u∧u' với ∆ ' đường thẳng qua A' có vtcp u ' Khoảng cách từ đường thẳng đến mặt phẳng song song với + d(∆, (α)) = d(M, (α)), M điểm nằm ∆ + Việc tính khoảng cách từ đường thẳng ∆ đến mặt phẳng (α) quy việc tính khoảng cách từ điểm đến mặt phẳng Khoảng cách hai mặt phẳng song song + d((α), (β) ) = d(M, (β) ), M điểm nằm (α) + Việc tính khoảng cách hai mặt phẳng song song quy việc tính khoảng cách từ điểm đến mặt phẳng Khoảng cách hai đường thẳng chéo + Đường thẳng ∆ cắt a, b vng góc với a, b gọi đường vng góc chung a, b + Nếu ∆ cắt a, b I, J IJ gọi đoạn vng góc chung a, b + Độ dài đoạn IJ gọi khoảng cách a, b + Khoảng cách hai đường thẳng chéo khoảng cách hai đường thẳng với mặt phẳng chứa đường thẳng song song với + Khoảng cách hai đường thẳng chéo khoảng cách hai mặt phẳng song song chứa hai đường thẳng * Đặc biệt + Nếu a ⊥ b ta tìm mặt phẳng (P) chứa a vng góc với b, ta tìm giao điểm I (P) với b Trong mp(P), hạ đường cao IH Khi d(a, b) = IH + Nếu tứ diện ABCD có AC = BD, AD = BC đoạn thẳng nối hai trung điểm AB CD đoạn vuông góc chung AB CD B – BÀI TẬP I – KHOẢNG CÁCH TỪ MỘT ĐIỂM ĐẾN MẶT PHẲNG Câu 1: Cho hình chóp S.ABCD có đáy hình chữ nhật, AB = a, AD = 2a ; cạnh bên SA = a vng góc với đáy Khoảng cách từ điểm A tới mặt phẳng ( SBD ) là: a a 2a B C 3 Hướng dẫn giải: Áp dụng công thức đường cao tứ diện vng SABD vng A, ta có d ( A; ( SBD ) ) = AH với A D a 1 1 2a = + + ⇒ AH = 2 2 AH AS AB AD Chọn đáp án B Câu 2: Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC tam giác cạnh a, cạnh bên SA vng góc với đáy Biết hình chóp S.ABC tích a Tính khoảng cách d từ điểm A đến mặt phẳng (SBC) 6a 195 4a 195 4a 195 8a 195 A d = B d = C d = D d = 65 195 65 195 Hướng dẫn giải: Gọi điểm hình vẽ Ta có AI ⊥ BC , SA ⊥ BC suy BC ⊥ AK ⇒ AK = d( A, ( SBC ) ) a a2 ⇒ SA = 4a Mà AI = 1 Trong tam giác vng SAI ta có = + Vậy 2 AK AS AI Ta có: V = a , S ∆ABC = d = AK = AS AI 4a 195 = 2 AS + AI 65 Chọn đáp án C Câu 3: Khối chóp S.ABC có đáy tam giác vuông cân B AB = a SA ⊥ ( ABC ) Góc cạnh bên SB mặt phẳng (ABC) 600 Khi khoảng cách từ A đến (SBC) là: a a a A 3a B C D Hướng dẫn giải: a d ( A, ( SBC ) ) = AH = = 1 + 2 a a ( ) Chọn đáp án D Câu 4: Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC tam giác cân, AB = BC = 2a , ABC = 1200 , SA = 3a SA vuông góc với mặt phẳng đáy Tính khoảng cách d từ điểm A đến mặt phẳng (SBC) a a 3a 3a A d = B d = C d = D d = 4 Hướng dẫn giải: 1 + S ∆ = AB.BC.sin1200 = a ; VS ABC = SA.S ∆ABC = a 3 + Mặt khác, SB = SA2 + AB = a 13 AC = AB + BC − AB.BC.cos1200 = 12a ⇒ CS = SA2 + AC = a 21 + Áp dụng cơng thức hê-rơng ta có S ∆SBC = ( SB + BC + CS )( − SB + BC + CS )( SB − BC + CS )( SB + BC − CS ) = 2a (Chú ý: Nhập vào máy tính biểu thức ấn = ta có kết 13 + + 21 − 13 + + 21 13 − + 21 13 + − 21 = ) 3.VS ABC 3a 3 3a + Vậy, khoảng cách từ A đến mặt phẳng ( SBC ) d = = = S ∆SBC 2a Chọn đáp án D ( )( )( )( ) Câu 5: Cho hình chóp S.ABC có cạnh bên SA vng góc với mặt đá; BC = 9m, AB = 10m, AC = 17 m Biết thể tích khối chóp S.ABC 73m3 Tính khoảng cách d từ điểm A đến mặt phẳng (SBC) 21 24 A d = B d = C d = D d = 4 Hướng dẫn giải: Áp dụng cơng thức He-rong ta tính diện tích tam giác ABC p ( p − AB )( p − AC )( p − BC ) = 36 với p = AB + BC + CA V = SA.S ABC → SA = Kẻ AH ⊥ BC , AI ⊥ SH ta có d A, ( SBC ) = AI Đặt BH = x ta có AB − BH = AC − CH = AH thay liệu tốn cho vào ta tính → 102 − x = 17 − ( − x ) → x = −6 suy AH = Áp dụng hệ thức lượng tam giác vng ta có 1 25 24 = 2+ = → AI = 2 AI SA AH 576 Chọn đáp án D Câu 6: Cho hình chóp S ABCD có đáy ABCD hình chữ nhật, cạnh bên SA vng góc với đáy Biết 6a khoảng cách từ A đến (SBD) Khoảng cách từ C đến mặt phẳng (SBD) bằng: 6a 3a 3a 8a A B C D 7 14 Hướng dẫn giải: Với toán ta thấy A C đối xứng qua tâm O Ta nhớ đến hệ sau: Cho mặt phẳng (P) đoạn thẳng MN Với MN ∩ ( P ) = I d ( M ;( P )) d ( N ;( P )) = IM IN Khi áp dụng vào toán ta thấy AC ∩ ( SBD ) = O áp dụng hệ ta : ⇒ d ( C ; ( SBD ) ) = d ( A; ( SBD ) ) d ( C ; ( SBD ) ) = OA =1 OC 6a Chọn đáp án A Câu 7: Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD hình vng cạnh a SA vng góc với đáy SC = 3a Khoảng cách từ điểm A đến mp(SCD) là: a a a a A B C D 12 Hướng dẫn giải: Gọi H hình chiếu A lên SD SA ⊥ ( ABCD ) ⇒ SA ⊥ CD , CD ⊥ AD ⇒ CD ⊥ ( SAD ) ⇒ ( SAD ) ⊥ ( SCD ) mà ( SAD ) ∩ ( SCD ) = SD nên AH ⊥ ( SCD ) , d ( A, ( SCD ) ) = AH Hình vng ABCD cạnh a có đường chéo AC = a = a Tam giác SAC vuông A theo định lí Pytago ta tính SA = a Tam giác SAD vng A có AH đường cao nên a 1 1 1 = 2+ hay = + = ⇔ AH = 2 AH SA AD AH 3a 3a 3a Chọn đáp án C Câu 8: Cho hình chóp S ABC có đáy ABC tam giác vuông A , AB = a, AC = a Tam giác SBC nằm mặt phẳng vng với đáy Tính khoảng cách từ B đến mặt phẳng ( SAC ) A a 39 13 B a C 2a 39 13 D V = a Hướng dẫn giải: Gọi H trung điểm BC , suy SH ⊥ BC ⇒ SH ⊥ ( ABC ) Gọi K trung điểm AC , suy HK ⊥ AC Kẻ HE ⊥ SK ( E ∈ SK ) Khi d  B, ( SAC )  = 2d  H , ( SAC )  = HE = SH HK 2 = 2a 39 13 SH + HK Chọn đáp án C Câu 9: Cho hình chóp S ABCD có đáy ABCD hình thoi cạnh a , D = 600 SA vng góc với ( ABCD ) Biết thể tích khối chóp a3 Tính khoảng cách k từ A đến mặt phẳng ( SBC ) 3a 2a A k = B k = a C k = 5 Hướng dẫn giải: a2 Diện tích đáy S▱ ABCD = a3 1 V = B.h = B.SA ⇒ SA = 2 = a 3 a BC ⊥ AM   ⇒ BC ⊥ ( SAM ) (1) BC ⊥ SA  S ABCD BC ⊂ ( SBC ) ( 2) , Từ (1) ( ) ⇒ ( SAM ) ⊥ ( SBC ) D k = a (SAM ) ∩ (SBC ) = SM Kẻ AH ⊥ SM ⇒ AH = d ( A, ( SBC ) ) Xét ∆SAM vuông A Ta có 3a 1 1 ⇒ AH = ⇒ AH = k = a = + = + = 2 2 2 5 AH SA AM 3a 3a 3a Chọn đáp án B Câu 10: Cho hình chóp tứ giác S.ABCD, đáy có tất cạnh a có tâm O gọi M trung điểm OA Tính khoảng cách d từ điểm M đến mặt phẳng (SCD) a a a A d = B d = C d = D d = a 6 Hướng dẫn giải: Kẻ OH ⊥ CD ( H ∈ CD ) , kẻ OK ⊥ SH ( K ∈ SH ) Ta chứng minh OK ⊥ ( SCD ) Vì MO 3 = ⇒ d ( M , ( SCD )) = d (O , ( SCD )) = OK MC 2 Trong tam giác SOH ta có: OK = a Vậy d ( M , ( SCD )) = OK = OH OS a = 2 OH + OS Chọn đáp án B Câu 11: Cho lăng trụ ABCD A ' B ' C ' D ' có đáy ABCD hình chữ nhật AB = a, AD = a Hình chiếu vng góc điểm A' mặt phẳng (ABCD) trùng với giao điểm AC BD Tính khoảng cách từ điểm B' đến mặt phẳng (A'BD) theo a là: a a a a A B C D Hướng dẫn giải: Gọi H hình chiếu A' lên mặt phẳng (ABCD) Ta có: B ' D '/ / BD ⊂ ( A ' BD ) ⇒ d ( B ', ( A ' BD ) ) = d ( D ', ( A ' BD ) ) Mặt khác, xét hình chữ nhật A'D'DA D'A cắt A'D trung điểm A'D ⇒ d ( D ', ( A ' BD ) ) = d ( A, ( A ' BD ) ) Gọi G hình chiếu A lên BD A ' H ⊥ AK ⊥ BD ⇒ AK ⊥ ( A ' BD ) ⇒ d ( A, ( A ' BD ) ) = AK 1 a = + ⇒ AK = 2 AK AD AB Chọn đáp án C Tính Câu 12: Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC tam giác vuông A, ABC = 300 , tam giác SBC tam giác cạnh a nằm mặt phẳng vng góc với mặt phẳng đáy Tính khoảng cách h từ điểm C đến mặt phẳng (SAB) 2a 39 a 39 a 39 a 39 A h = B h = C h = D h = 13 13 26 52 Hướng dẫn giải: a Trong (SBC), dựng SH ⊥ BC Vì ∆SBC cạnh a nên H trung điểm BC SH =  ( SBC ) ⊥ ( ABC )  Ta có: ( SBC ) ∩ ( ABC ) = BC  ⇒ SH ⊥ ( ABC ) ( SBC ) ⊃ SH ⊥ BC  Vì H trung điểm BC nên d ( C , ( SAB ) ) = 2d ( H , ( SAB ) ) Trong (ABC), dựng HI ⊥ AB (SHI), dựng HK ⊥ SI AB ⊥ HI   ⇒ AB ⊥ ( SHI ) ⇒ ( SAB ) ⊥ ( SHI ) AB ⊥ SH  Ta có  ( SHI ) ⊥ ( SAB )  ( SHI ) ∩ ( SAB ) = SI  ⇒ HK ⊥ ( SAB ) ⇒ d ( H , ( SAB ) ) = HK ( SHI ) ⊃ HK ⊥ SI  HI a a ⇒ HI = HB.sin HBI = sin 300 = HB Tam giác SHI vuông H, HK ⊥ SI nên: Tam giác HBI vuông I nên sin HBI =  a   a 2      4 1 3a SH HI a 39  = + ⇔ = = = ⇒ HK = HK 2 2 2 52 26 HK SH HI SH + HI a 3 a   +    4 Vậy d ( C , ( SAB ) ) = HK = a 39 13 Chọn đáp án B Câu 13: Cho hình chóp SABCD có đáy ABCD hình vng cạnh a Hình chiếu S lên mặt phẳng (ABCD) trùng với trọng tâm tam giác ABD Mặt bên SAB tạo với đáy góc 600 Tính theo a khoảng cách từ B đến mặt phẳng (SAD)? a a a a A d = B d = C d = D d = 2 Hướng dẫn giải: Gọi G trọng tâm tam giác ABD, E hình chiếu G lên AB Ta có: AB ⊥ ( SGE ) ⇒ SAG = 600 ⇒ SG = GE.tan 600 Mà GE = BC nên tính SG Hạ GN ⊥ AD GH ⊥ SN ⇒ d ( B, ( SAB ) ) = 3d ( G, ( SAB ) ) = 3GH GN GS =3 GN + GS Chọn đáp án A = a Câu 14: Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD hình vng BD = a, ∆SAC vuông S nằm mặt phẳng vuông góc với đáy, SC = a Khoảng cách từ điểm B đến mặt phẳng (SAD) là: A a 30 B 2a 21 C 2a Hướng dẫn giải: BD = AC = 2a, CD = BD = a 2, SA = AC − SC = a SA.SC a.a a = = AC 2a 3a a AH = SA2 − SH = a − = Gọi O tâm hình vng ABCD Ta có d ( B, ( SAD ) ) = 2d ( O, ( SAD ) ) = 4d ( H , ( SAD ) ) SH = a Kẻ Kẻ HI / / BD ( I ∈ BD ) , HI = CD = 4 D a HK ⊥ SI K ⇒ HK ⊥ ( SAD ) a 3a = 2a 21 ⇒ d ( B, ( SAD ) ) = HK = = 2 2 SH + HI 3a 2a + 16 Chọn đáp án B SH HI Câu 15: Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC tam giác vuông A, AB = 1, AC = Tam giác SBC nằm mặt phẳng vng với đáy Tính khoảng cách từ B đến mặt phẳng (SAC) 39 39 A B C D 13 13 Hướng dẫn giải: Gọi H trung điểm BC, suy SH ⊥ BC ⇒ SH ⊥ ( ABC ) Gọi K trung điểm AC, suy HK ⊥ AC Kẻ HE ⊥ SK ( E ∈ SK ) Khi d ( B, ( SAC ) ) = 2d ( H , ( SAC ) ) = HE = SH H K SH + HK Chọn đáp án C = 39 13 Câu 16: Cho hình chóp S.ABCD có đáy hình chữ nhật ABCD với AB = a, BC = a Các cạnh bên hình chóp a Khoảng cách từ A đến mp (SCD) là: a 21 a A 2a B C a D Hướng dẫn giải:  SO ⊥ AC Ta có  ⇒ SO ⊥ ( ABCD )  SO ⊥ BD AB + BC a = 2 5a a SO = SA2 − AO = 2a − = CD ⊥ OH Gọi H trung điểm CD ⇒  ⇒ CD ⊥ ( SOH ) CD ⊥ SO AO = AC = Kẻ OK ⊥ SH K: ⇒ OK ⊥ ( SCD ) ⇒ d ( A, ( SCD ) ) = 2d ( O, ( SCD ) ) = 2OK = SO.OH SO + OH a a 2 =a = 2 3a a + 4 Chọn đáp án D Câu 17: Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC tam giác vng B biết BC = a , BA = a Hình chiếu vng góc H đỉnh S mặt phẳng đáy trung điểm cạnh AC biết thể tích khối chóp a3 Khoảng cách h từ C đến mặt phẳng (SAB) S.ABC 2a 66 a 30 a 66 a 30 A h = B h = C h = D h = 11 10 11 Hướng dẫn giải: 1  a Đặt SH = x suy V = x. a.a  = 2  a3 6 ⇔x= =a a2 Ta có d ( C , ( SAB ) ) = 2d ( H, ( SAB ) ) = HK 1 a 66 = + ⇒ HK = HK 2a 3a 11 2a 66 d ( C , ( SAB ) ) = 11 Chọn đáp án A mà Câu 18: Hình chóp S ABC có đáy ABC tam giác vuông B, BA = 3a, BC=4a (SBC ) ⊥ (ABC ) Biết SB = 2a 3, SBC = 30 Tính khoảng cách từ B đến mp (SAC ) 6a 7 Hướng dẫn giải: A B 3a 7 C 5a 7 D 4a 7 1 SH = SB sin 30o = 2a = a ; S ∆ABC = AB.BC = 3a.4a = 6a 2 2 Suy VS ABC = 6a a = 2a 3 Càn tính: S∆SAC ? Do tam giác SBA vuông B nên SA = (2a 3) + 9a = a 21 AC = 9a + 16a = 5a Dùng định lí côsin SC = SB + BC − SB.BC cos30o = 4a ⇒ SC = 2a p( p − a)( p − b)( p − c) , với = 12a + 16a − 2.2a 3.4a Dùng công thức Hêrông: S = a+b+c p= Câu 4: Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD hình vng cạnh a, SA vng góc với mặt phẳng (ABCD), góc đường thẳng SC mặt phẳng (ABCD) 450 Tính khoảng cách hai đường thẳng SB, AC a a a a A B C D 5 Hướng dẫn giải: (SBC) chứa SC song song với AD Đường thẳng qua O vng góc với BC cắt BC, AD E, F Vì O trung điểm È nên ta có: d(AD,SC) = d(F, (SBC)) = 2d(O, (SBC)) Kẻ OH vng góc với SE H (1) BC ⊥ EF , BC ⊥ SO ⇒ BC ⊥ ( SEF ) ⇒ BC ⊥ OH ( 2) Từ (1) (2) BC cắt SE ⇒ OH ⊥ ( SBC ) Tam giác SOE vuông O nên ta có: 1 1 1 20 = + = + + = 2 2 2 OH OS OE OS OB OC 3a a 15 a 15 ⇒ OH = ⇒ d ( AD; SC ) = Gọi M cho ABMC hình bình hành 10 Vẽ AH vng góc với BM H, AK vng góc SH K Suy ra, AK vng góc (SBM) 1 1 Ta có: = 2+ = 2+ = 2 AK SA AH 2a 2a 2a a Vì AC song song (SMB) suy ra: d ( AC , SB ) = d ( A; ( SBM ) ) = AK = Chọn đáp án B Câu 5: Cho lăng trụ tam giác ABC A1B1C1 có tất cạnh a, góc cạnh bên mặt phẳng đáy 300 Hình chiếu H điểm A mặt phẳng ( A1B1C1 ) thuộc đường thẳng B1C1 Khoảng cách hai đường thẳng AA1 B1C1 theo a bằng: a Hướng dẫn giải: A B a C a Xét tam giác vng AHA1 có AA1 = a, AA1 H = 300 ⇒ A1 H = cạnh a, H thuộc B1C1 A1 H = B1C1 ⊥ ( AA1H ) D a a Do tam giác A1B1C tam giác a nên A1H vng góc với B1C1 Mặt khác AH ⊥ B1C1 nên Kẻ đường cao HK tam giác AA1H HK khoảng cách AA1 B1C1 Ta có AA1.HK = A1 H AH ⇒ HK = A1H AH a = AA1 Chọn đáp án C Câu 6: Cho lăng trụ ABC.A’B’C’ có đáy tam giác cạnh a Hình chiếu vng góc điểm A’ a3 Tính lên mặt phẳng (ABC) trùng với trọng tâm tam giác ABC Biết thể tích khối lăng trụ khoảng cách hai đường thẳng AA’ BC 3a 4a 3a 2a B C D Hướng dẫn giải: Gọi M trung điểm BC , dựng MN ⊥ AA ' N (1) Gọi O trọng tâm ∆ABC ⇒ O hình chiếu A’ lên (ABC) ⇒ A 'O ⊥ BC Mặt khác AM ⊥ BC ∆ABC ⇒ BC ⊥ ( A 'MA ) ⇒ BC ⊥ MN ( ) Từ (1) (2) => MN đường vuông chung OP AO Kẻ OP // MN ⇒ = = MN AM V 3a ⇒ OA ' = ABCA 'B'C' = a S∆ABC = S∆ABC 1 a 3a Xét ∆A 'OA vuông tai O, đường cao OP: = + ⇒ OP = ⇒ MN = 2 OP OA OA ' Chọn đáp án C A Câu 7: Cho hình lăng trụ đứng ABCD.A’B’C’D’ có đáy hình thoi cạnh a, BAD = 1200 AC ' = a Khoảng cách hai đường thẳng AB’ BD là: 10a 8a 6a 2a A B C D 17 17 17 17 Hướng dẫn giải: Tứ giác AB’C’D hình bình hành => AB’//C’D => AB’//(BC’D) => d ( AB’, BD ) = d ( AB’, ( BC’D ) ) = d ( A, ( BC’D ) ) = d ( C , ( BC’D ) ) Vì BD ⊥ AC, BD ⊥ CC’ => BD ⊥ (OCC’) => (BC’D) ⊥ (OCC’) Trong (OCC’),kẻ CH ⊥ OC’(H thuộc OC’) => CH ⊥ (BC’D) => d ( C , ( BC’D ) ) = CH ∆OCC ' vuông C => Vậy d(AB’,BD)= 1 2a = + = + => CH = 2 CH CO CC ' a 4a 17 2a 17 Chọn đáp án D Câu 8: Cho hình chóp S.ABCD có đáy hình vng cạnh a, SA = a vng góc với đáy Tính khoảng cách hai đường thẳng AB SC a a a A d( AB , SC ) = a B d ( AB , SC ) = C d( AB , SC ) = D d ( AB , SC ) = Hướng dẫn giải: Vì AB / /CD ⊂ ( SCD ) ⇒ AB / / ( SCD ) Mà SC ⊂ ( SCD ) ⇒ d( AB ,SC) = d( AB , ( SCD)) = d( A, ( SCD )) Gọi I trung điểm SD ⇒ AI ⊥ SD , mà AI ⊥ CD a Suy AI ⊥ ( SCD ) , d ( AB ,SC ) = d( A, ( SCD )) = AI = Chọn đáp án B Câu 9: Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD hình thoi cạnh a 3; ABC = 1200 cạnh bên SA vng góc với mặt phẳng đáy Biết số đo góc hai mặt phẳng (SBC) (ABCD) 600 Khoảng cách hai đường thẳng BD SC bằng: a 14 a 39 3a 29 3a 29 A B C D 26 26 13 Hướng dẫn giải: Kẻ CM / / BD, AN ⊥ BC , AH ⊥ SC suy AC ⊥ CM d ( A, ( SCM ) ) = AH Gọi ID DC = = IA AM Theo ta có góc hai mặt phẳng (SBC) (ABCD) góc SNA nên 3a SNA = 600 → SA = AN tan 600 = Áp dụng hệ thức lượng tam giác SAC vuông taị A ta có 1 13 3a 39 = 2+ = → AH = 2 AH SA AC 27 a 13 Ta có: d ( BD, SC ) = d ( BD, ( SCM ) ) = d ( D, ( SCM ) ) = d ( A, ( SCM ) ) 3a 39 Suy d ( BD,SC ) = 26 Chọn đáp án A {I } = AD ∩ CM → Câu 10: Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD hình vng cạnh a Hình chiếu vng góc S lên mặt phẳng (ABCD) trùng với trung điểm H cạnh AB Góc tạo SC (ABCD) 450 Tính theo a tính khoảng cách hai đường thẳng SD AB 2a a a a 15 A d = B d = C d = D d = 13 3 Hướng dẫn giải: Xác định góc SC (ABCD) SCH = 450 a a Tính HC = ⇒ SH = 2 Vì AB / / ( SCD ) , H ∈ AB nên d ( AB; SD ) = d ( AB, ( SCD ) ) = d ( H , ( SCD ) ) Gọi I trung điểm CD Trong (SHI), dựng HK ⊥ SI K Chứng minh HK ⊥ ( SCD ) ⇒ d ( H ; ( SCD ) ) = HK Xét tam giác SHI vuông H, HK đường cao: 1 a = + = + = ⇒ HK = 2 HK SH HI 5a a 5a a Vậy d ( AB; SD ) = HK = Chọn đáp án C Câu 11: Cho hình chóp S ABCD có đáy ABCD hình vng tâm O , cạnh a Cạnh bên SA vng góc với đáy, góc SBD = 60 Tính theo a khoảng cách hai đường thẳng AB SO a a a a A B C D Hướng dẫn giải: Ta có ∆SAB = ∆SAD ( c − g − c ) , suy SB = SD Lại có SBD = 600 , suy ∆SBD cạnh SB = SD = BD = a Trong tam giác vuông SAB , ta có SA = SB − AB = a Gọi E trung điểm AD , suy OE AB AE ⊥ OE Do d [ AB, SO ] = d  AB, ( SOE )  = d  A, ( SOE )  Kẻ AK ⊥ SE Khi d  A, ( SOE )  = AK = SA AE SA + AE = a Chọn đáp án D Câu 12: Chóp tứ giác S ABCD cạnh đáy a, mặt bên tạo với mặt đáy góc 450 Ta có khoảng cách hai đường thẳng AB SC bằng: a a a a A B C D 2 Hướng dẫn giải: Ta có : d ( AB; SC ) = d ( AB;( SCD )) = 2d ( H ;( SCD )) = HK Mặt khác tam giác SHM ng cân H, nên ta có 1 a a HK = SM = HM = 2= 2 2 a Vậy d ( AB; SC ) = HK = Chọn đáp án A a 17 hình chiếu vng góc H S lên mặt (ABCD) trung điểm đoạn AB Gọi K trung điểm AD Tính khoảng cách hai đường SD HK theo a? a a 21 3a 3a A B C D 5 Hướng dẫn giải: - Dựng HI ⊥ BD HJ ⊥ SI - Vì HK // BD ⇒ HK // (SBD) - Chứng minh BD ⊥ ( SHI ) HJ ⊥ ( SBD ) Câu 13: Cho hình chóp S.ABCD có đáy hình vng cạnh a, SD = Ta có d( HK,SD ) = d ( HK ,( SBD )) = d( H ,( SBD )) = HJ 17a 5a 12a SH = SD − DH = − = =a 4 1 1 25 = + = 2+ = 2 2 HJ SH HI 3a a 3a a ⇒ HJ = Chọn đáp án D 2 Câu 14: Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC tam giác vng A, mặt bên SAB tam giác nằm mặt phẳng vng góc với mặt phẳng (ABC), gọi M điểm thuộc cạnh SC cho MC = 2MS Biết AB = 3, BC = 3 , tính khoảng cách hai đường thẳng AC BM 21 21 21 B C 7 Hướng dẫn giải: Từ M kẻ đường thẳng song song với AC cắt SA N ⇒ AC || MN ⇒ AC || ( BMN ) A D 21 AC ⊥ AB, AC ⊥ SH ⇒ AC ⊥ ( SAB ) AC || MN ⇒ MN ⊥ ( SAB ) ⇒ MN ⊥ ( SAB ) ⇒ ( BMN ) ⊥ ( SAB ) theo giao tuyến BN Ta có: AC || ( BMN ) ⇒ d ( AC , BM ) = d ( AC , ( BMN ) ) = d ( A, ( BMN ) ) = AK với K hình chiếu A BN NA MC 2 32 3 (đvdt) = = ⇒ S ABN = S SAB = = SA SC 3 2 AN = SA = BN = 2S AN + AB − AN AB.cos 600 = ⇒ AK = ABN = BN Vậy d ( AC , BM ) = 3 = 21 7 21 (đvđd) Chọn đáp án A Câu 15: Cho lăng trụ đứng ABC.A'B'C' có ABC tam giác vng, AB = BC = 1, AA ' = M trung điểm cạnh BC Tính khoảng cách hai đường thẳng AM; B'C A d = B d = C d = D d = 7 Hướng dẫn giải: Gọi E trung điểm BB' Khi ( AME ) / / B ' C nên ta có: d( B , ( AME ) ) = d( B ' C ,( AME ) ) = d ( B ' C; AM ) Ta có: d ( B ;( AME )) = h Tứ diện BEAM có cạnh BE, BM, BA đơi vng góc nên tốn quen thuộc 1 1 ⇔ = + + =7⇒h= 2 h BE BA BM Chọn đáp án A Câu 16: Cho lăng trụ tam giác ABC A1 B1C1 có tất cạnh a, góc tạo cạnh bên mặt phẳng đáy 300 Hình chiếu H điểm A lên mặt phẳng ( A1 B1C1 ) thuộc đường thẳng B1C1 Khoảng cách hai đường thẳng AA1 BC1 theo a là: 2a a a B C Hướng dẫn giải: Do AH ⊥ ( A1B1C1 ) nên góc AA1 H góc AA1 A D 4a ( A1B1C1 ) theo giả thiết góc AA1H 300 Xét tam giác vng AHA1 có AA1 = a, AA1H = 300 ⇒ AH = a Xét AHA1 có AA1 = a góc AA1 H = 300 ⇒ A1 H = a a Suy A1H vng góc B1C1, AH ⊥ B1C1 nên B1C1 ⊥ ( AA1H ) Do A1B1C1 cạnh a, H thuộc B1C1 A1 H = HK khoảng cách AA1 B1C1 Ta có AA1.HK = A1H AH ⇒ HK = A1 H AH a = AA1 Chọn đáp án A Câu 17: Cho hình lăng trụ đứng ABC A ' B ' C ' có đáy ABC tam giác cạnh a Góc CA ' mặt ( AA ' B ' B ) 30° Gọi d(AI’,AC) khoảng cách A ' I AC, kết tính d(AI’,AC) theo a với I trung điểm AB a 210 a 210 2a 210 3a 210 A B C D 70 35 35 35 Hướng dẫn giải: Ta có : CI ⊥ AB  ⇒ CI ⊥ ( AA ' B ' B ) CI ⊥ AA ' ( AA ' ⊥ ( ABC )) Trong ( AA ' B ' B ) : AB ∩ AA ' = A { }  Suy góc CA’ ( AA ' B ' B ) góc CA’ IA’ góc CA ' I = 30° Do A ' I = IC tan CA ' I = 3a AB a ; với IC = = 2 9a a − =a 4 Kẻ Ix AC Khi d ( AC , A ' I ) = d ( AC ,( A ' I , Ix )) = d ( A,( A ' I , Ix )) Suy ra: AA ' = A ' I − AI = Kẻ AE ⊥ Ix E AF ⊥ A ' E F Ta chứng minh được: d ( A,( A ' I , Ix) ) = AF a a Ta có: AE = AI sin AIE = sin 60° = 1 1 16 35 a 210 = + = + = ⇒ AF = 2 AF A' A AE 2a 3a 6a 35 a 210 Vậy: d ( AC , A ' I ) = AF = 35 Chọn đáp án B Câu 18: Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC tam giác vuông A , mặt bên SAB tam giác nằm mặt phẳng vng góc với mặt phẳng (ABC) Gọi M điểm thuộc SC cho MC=2MS Biết AB=3, BC= 3 Khoảng cách hai đường thẳng AC BM là: 21 21 21 21 B C D 14 28 Hướng dẫn giải: Từ M kẻ đường thẳng song song với AC cắt SA N => AC / / MN => AC / / ( BMN ) AC ⊥ AB, AC ⊥ SH => AC ⊥ ( SAB ), AC/ / MN => MN ⊥ (SAB) => ( BMN ) ⊥ ( SAB ) theo giao tuyến BN Ta có: AC / /( BMN ) => d ( AC ; BM ) = d ( AC ;( BMN )) = d ( A;( BMN )) = AK với hình chiếu A BN NA MC 2 32 3 (đvdt) AN = SA = = = => S ABN = S SAB = = SA SC 3 3 2 S = 21 BN = AN + AB − AN AB.cos600 = => AK = ABN = BN A Vậy d(AC,BM)= 21 Chọn đáp án A Câu 19: Cho hình lăng trụ tam giác ABC.A’B’C’ có cạnh AB=a, góc hai mặt phẳng (A’BC) (ABC) 60o Tính theo a thể tích tứ diện B’ABC khoảng cách từ B đến mặt phẳng (AB’C) a3 a a3 3a A VB ' ABC = B VB ' ABC = ;d = ;d = 8 3 a a a a C VB'ABC = D VB'ABC = ;d = ;d = 4 Hướng dẫn giải: Theo đề kiện ta dễ dàng tính thể tích khối lăng trụ tam giác ban đầu, từ suy thể tích khối tứ diện AB’BC Để tính khoảng cách từ B đến (AB’C) thực chất tìm chiều cao tứ diện, đến toán giải quý độc giả tìm diện tích tam giác AB’C Vì đề cho kiện ((A’BC), (ABC))=60o, nên ta xác định góc cách gọi H trung điểm BC Tam giác ABC nên AH ⊥ BC (1) A’A ⊥ (ABC) ⟹A’A ⊥ BC (2) Từ (1) (2) ⟹BC ⊥ A’H ⟹((A’BC), (ABC)) = A’HA = 60o 3a ⟹A’A = AH.tan 60o= Khi 3a a 3a 3 VABC A ' B ' C ' = A ' A.S ABC = = a lúc ta loại C D Và VB ' ABC = V = Dễ thấy diện tích tam giác AB’C B’AC cân B’ có a 13  3a  B' A = B'C = a +   = ; AC = a  2 Dễ tính chiều cao kẻ từ B’ tam giác có độ dài a 3VBABC 3a a2 ⇒ d(B;(AB 'C)) = = SAB'C Chọn đáp án B ⇒ SACB' = Câu 20: Cho lăng trụ đứng ABCA’B’C’có AC = a, BC= 2a, ACB = 120o Đường thẳng A’C tạo với mặt phẳng (ABB’A’) góc 300 Gọi M trung điểm BB’ Tính thể tích khối lăng trụ ABCA’B’C’ khoảng cách hai đường thẳng AM CC’ theo a A a 21 B a C Hướng dẫn giải: + Kẻ đường cao CH tam giác ABC Có CH ⊥ AB ;CH ⊥ AA’ suy CH ⊥ (ABB’A’),Do góc A’C mp(ABB’A’) góc a D a a A 1200 2a B a2 + Ta có S∆ABC = CA.CB.sin1200 = 2 Trong tam giác ABC : AB = AC + BC − AC.BC.cos1200 = 7a M ⇒ AB = a a2 = AB.CH ⇒ CH = a 2 + Vậy : d(CC’ ;AM)=d(CC’ ;(ABB’A’))=d(C;(ABB’A’)) =CH= a C H CA ' H = 300 + S∆ABC = 7 300 C/ A/ B/ Chọn đáp án D Câu 21: Cho lăng trụ ABC A’B’C’ mặt hình vng cạnh a Gọi D trung điểm cạnh BC Tính khoảng cách hai đường thẳng A’B’ DC’ theo a a a a a A B C D 4 Hướng dẫn giải: Có cách để tiếp cận tốn hình học khơng gian thơng thường kẻ thêm hình tọa độ hóa Ở tốn này, phương pháp tọa độ có nhiều ưu điểm hẳn Gọi D ' trung điểm B ' C ' ta có DD '; DC ; DA đơi vng góc với Ghép hệ tọa độ hình vẽ với D gốc tọa độ  a  a   a  Ta có D (0;0;0), B  − ;0;0  , C '  ;0; a  , A '  0; ; a    2    Gọi ( α ) mặt phẳng qua DC ' ( α ) / / A ' B suy phương trình ( α ) : x − z = − ⇒ d ( A ' B, DC ') = d ( B,(α)) = Chọn đáp án C a a = GÓC A – LÝ THUYẾT TÓM TẮT a//a', b//b' ⇒ ( a, b ) = ( a ', b ' ) 1) Góc hai đường thẳng: Chú ý: 00 ≤ ( a, b ) ≤ 900 2) Góc đường thẳng với mặt phẳng: • Nếu d ⊥ (P) ( d, (P) ) = 900 • Nếu d ⊥ (P) ( d, (P) ) = ( d, d ') với d′ hình chiếu d (P) Chú ý: 00 ≤ ( d, (P) ) ≤ 900 a ⊥ (P) ⇒ ( (P), (Q) ) = ( a, b )  b ⊥ (Q) a ⊂ (P), a ⊥ c • Giả sử (P) ∩ (Q) = c Từ I ∈ c, dựng  ⇒ ( (P), (Q) ) = ( a, b ) b ⊂ (Q), b ⊥ c 2) Góc hai mặt phẳng Chú ý: 00 ≤ ( (P), (Q) ) ≤ 900 3) Diện tích hình chiếu đa giác Gọi S diện tích đa giác (H) (P), S′ diện tích hình chiếu (H′) (H) (Q), ϕ = ( (P), (Q) ) Khi đó: S′ = S.cosϕ B – BÀI TẬP Câu 1: Cho tứ diện ABCD có AB = CD = 2a Gọi E, F trung điểm BC AD, biết EF = a Góc hai đường thẳng AB CD : A 600 Hướng dẫn giải: B 450 ( C 300 ) ( Gọi M trung điểm BD, AB,CD = MF , ME D 900 ) Áp dụng định lý cosin tam giác EMF tính cos EMF = − Chọn đáp án A ⇒ EMF = 1200 ⇒ (AB,CD ) = 600 Câu 2: Cho hình chóp S.ABC Người ta tăng cạnh đáy lên gấp lần Để thể tích giữ ngun tan góc tạo cạnh bên mặt đáy phải giảm số lần : A B C D Hướng dẫn giải: Gọi S đỉnh hìnhchóp, O làtrọng tâm tam giác ABC; α góc tạo cạnh bên vàmp(ABC) Chứng minh thể tích khối chóp V = a tan α 12 Khi cạnh bên tăng lên lần thể tích V = (2a )3 tan α ' Để thể tích giữ ngun 12 tan α ' = tan α , tức tan góc tạo cạnh bên mặt đáy phải giảm lần Chọn đáp án A Câu 3: Cho khối chóp tứ giác S ABCD có tất cạnh a Khi cơsin góc mặt bên mặt đáy là: A 30O B C 60O D Hướng dẫn giải: Cho khối chóp tứ giác S ABCD có tất cạnh a Khi cơsin góc mặt bên mặt đáy là: Ta có ( ( SBC ) , ( ABCD ) ) = SIH = ϕ a HI = = Khi đó: cos ϕ = SI a 3 Chọn đáp án D Câu 4: Cho hình chóp S.ABC có đường cao SA 2a, tam giác ABC vuông C có AB = 2a , CAB = 300 Gọi H hình chiếu vng A SC Tính theo a thể tích khối chóp H.ABC Tính cơ-sin góc hai mặt phẳng ( SAB ) , ( SBC ) 7 7 B C D 14 14 Hướng dẫn giải: Gọi K hình chiếu vng góc A lên SB Ta có AH ⊥ SC,AH ⊥ CB(Do CB ⊥ (SAC)) => AH ⊥ (SBC) => AH ⊥ SB A Lại có: SB ⊥ AK => SB ⊥ (AHK) Vậy góc giữa hai mặt phẳng ( SAB ) , ( SBC ) HKA 1 1 a.2 = 2+ = 2+ = => AH = 2 4a 3a 12a AH SA AC 1 1 1 = 2+ = + = => AK = a 2 AK SA AB 4a 4a 2a Tam giác HKA vng H (vì AH ⊥ (SBC),(SBC) ⊃ HK) a.2 AH = => cos HKA = sin HKA = = AK 7 a Chọn đáp án A Câu 5: Cho hình chóp S.ABCD đáy ABCD hình vng cạnh a, ( SAB ) ⊥ ( ABCD ) H trung điểm AB, SH = HC , SA = AB Gọi α góc đường thẳng SC mặt phẳng (ABCD) Giá trị tan α là: A B C D 2 3 Hướng dẫn giải: a Ta có AH = AB = , SA = AB = a , 2 a SH = HC = BH + BC = 5a = AH ⇒ ∆SAH ⇒ SA ⊥ AB ⇒ SA ⊥ ( ABCD ) AC = hc ( SC ; ( ABCD ) ) Ta có: ( SC ; ( ABCD ) ) = SCA, tan SCA = Chọn đáp án A Có SA2 + AH = Câu 6: Cho khối chóp S.ABCD có đáy ABCD hình vng cạnh a, tam giác SAB cân S nằm a 15 mặt phẳng vng góc với đáy Biết thể tích hình chóp S.ABCD Góc đường thẳng SC mặt phẳng đáy (ABCD) là: A 300 B 450 C 600 D 1200 Hướng dẫn giải: Gọi H trung điểm AB Ta có a 15 a 15 ⇒ SH = S ABCD = a ,VS ABCD = SH a = 2 a a = HC = AC + AH = a + ( SC , ( ABCD )) = ( SC, HC ) = SCH tan SCH = SH : CH = a 15 a : = a ⇒ SCH = 600 2 Chọn đáp án C Câu 7: Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD hình vng cạnh a Mặt phẳng (SAB) vng góc với đáy (ABCD) Gọi H trung điểm AB, SH = HC , SA = AB Gọi α góc đường thẳng SC mặt phẳng (ABCD) Giá trị tan α là: A B C D 2 3 Hướng dẫn giải: a Ta có AH = AB = 2 SA = AB = a a SH = HC = BH + BC = 2 a = SH  → ∆SAH vuông A nên Có AH + SA2 = SA ⊥ AB Do SA ⊥ ( ABCD ) nên SC , ( ABCD ) = SCA Trong tam giác vuông SAC, có tan SCA = SA = AC Chọn đáp án A Câu 8: Cho hình chóp tam giác S.ABC có đáy tam giác cạnh 2a, có SA vng góc với (ABC), a3 tam giác SBC cân S Để thể tích khối chóp S.ABC góc hai mặt phẳng (SBC) (ABC) là: A 600 B 300 C 450 D Đáp án khác Hướng dẫn giải: Do tam giác SBC cân S nên gọi I trung điểm BC SI ⊥ BC; AI ⊥ BC ⇒ SIA = ( ( SBC ) ; ( ABC ) ) Do đáy ABC tam giác nên 2a S ABC = 2a = a Thể tích khối chóp tính 2 a3 3a 3 3a ⇔ SA = V = SA.S ABC = ⇔ SA = 2 a SA 3a 2a 3 Khi tan SIA = = : = ⇒ SIA = atc tan AI 2 2 Chọn đáp án D Câu 9: Cho hình lập phương ABCD A’B’C’D’ có cạnh a Tính số đo góc (BA’C) (DA’C) A 300 B 1200 C 600 D 900 Hướng dẫn giải: Kẻ BH ⊥ A ' C (1)  BD ⊥ AC Mặt khác, ta có  ⇒ AA ' ⊥ BD  AA ' ⊥ ( ABCD ) ⇒ BD ⊥ ( ACA ') ⇒ BD ⊥ A ' C ( 2) Từ (1), (2) suy A ' C ⊥ ( BDH ) ⇒ A ' C ⊥ DH Do ( ( BA ' C ) , ( DA ' C ) ) = ( HB; HD ) Xét tam giác vuông BCA ' có: 1 = + ⇒ BH = DH = a 2 BH BC BA 2 BH − BD = − ⇒ BHD = 1200 Vậy góc cần tìm 600 Ta có cos BHD = 2 BH Chọn đáp án C Câu 10: Cho hình lăng trụ đứng ABC A’B’C’ có đáy tam giác cân với AB = AC = a, góc ABC = 1200 , cạnh bên BB’ = a Gọi I trung điểm CC’ Tính cosin góc hai mặt phẳng (ABC) (AB’I)? B cosα= C cosα= D cosα = 10 10 Hướng dẫn giải: Ta có: BC = a Áp dụng định lý Pytago tam giác vuông ACI, ABB’, B’C’I: 13 Suy AI = a , AB’ = 2a , B’I = a 2 Do AI2 + AB’2 = B’I2 Vậy tam giác AB’I vuông A 10 S AB' I = AI AB ' = a , S ABC = a 4 A cosα = Gọi α góc hai mặt phẳng (ABC) (AB’I) Tam giác ABC hình chiếu vng góc tam giác AB’I 10 3 cos α = ⇔ cos α = Suy : S AB' I cos α = S ABC ⇔ 4 10 Chọn đáp án B Câu 11: Cho lăng trụ đứng ABC A ' B ' C ' có ABC tam giác vng, AB = BC = 1, AA ' = M trung điểm cạnh BC Khoảng cách hai đường thẳng AM B'C là: A d = B d = C d = D d = 7 Hướng dẫn giải: Gọi E trung điểm BB' Khi ( AME ) / / B ' C nên ta có: Gọi E trung điểm BB’ d ( B ' C; AM ) = d ( B ' C;( AME )) = d ( B ';( AME )) = d ( B;( AME )) Ta có: d ( B;( AME )) = h Tứ diện BEAM có cạnh BE, BM, BA đơi vng góc nên tốn quen thuộc Ta có 1 1 = + + =7⇒h= 2 2 h BE BA BM Chọn đáp án A Câu 12: Cho hình chóp S.ABC có mặt bên SAC tam giác cân S nằm mặt phẳng vng góc với đáy, đáy tam giác ABC vuông cân B, AB = a Biết góc tạo SC (ABC) 450 Khoảng cách từ SB đến SC bằng: a a a A B a C D 2 Hướng dẫn giải: Hướng dẫn: Gọi H trung điểm AC Tính AC = HC = 2a;BH = AC = a ( ) CM SH ⊥ ( ABC ) ⇒ SC , ( ABC ) = SCH = 450 ⇒ SH = a tam giác SHB vuông cân H ⇒ SB = a Trong (SHB): Dựng HI ⊥ SB I (1) CM AC ⊥ ( SHB ) ⇒ AC ⊥ HI H (2) Từ (1) (2) ⇒ d ( SB, AC ) = HI = a SB = 2 Chọn đáp án C Câu 13: Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD hình chữ nhật, AB = 2a, BC = a Hình chiếu vng góc H đỉnh S mặt phẳng đáy trung điểm cạnh AB; Góc đường thẳng SC mặt phẳng đáy 600 Góc hai đường thẳng SB AC có giá trị gần với giá trị sau đây: A 60 B 80 C 70 D 90 Hướng dẫn giải: AC = a 5; SB = a 7; SB AC = ( SH HB ) AC = HB AC = AH AC = 2a | SB AC | = => ϕ = 700 SB AC 35 Chọn đáp án C cosϕ= Câu 14: Cho hình vng ABCD cạnh 4a Lấy H, K AB, AD cho BH=3HA, AK=3KD Trên đường thẳng vng góc với mặt phẳng (ABCD) H lấy S cho góc SBH = 30 Gọi E giao điểm CH BK Tính cosin góc SE BC 18 36 28 A B C D 39 39 39 39 Hướng dẫn giải: Ta có: SE.BC cos( SE; BC ) = SE.BC 9 SE.BC = ( SH + HE ).BC = HE.BC = HC.BC = CH CB 25 25 9 144a CB = CH CB.c os HCB = CH CB = CB = 25 25 CH 25 25 Ta chứng minh HK ⊥ CH E HE HE.HC HB 9 9a HB + BC = = = = => HE = HC = 2 HC HC HB + BC 25 25 25 SE = SH + HE = 3a + 81a 2a 39 144a 18 = => cos( SE; BC ) = = 25 25 2a 39.4a 39 Chọn đáp án A Câu 15: Cho hình chóp tứ giác S.ABCD có cạnh đáy a, tâm đáy O Gọi M N trung điểm SA BC Biết góc MN (ABCD) 60 , cosin góc MN mặt phẳng (SBD) : 10 A B C D 5 Hướng dẫn giải: Gọi P trung điểm AO; Q giao điểm MC SO, từ Q kẽ tia song song với MN mp(MBC) cắt BC R, mặt phẳng đáy từ R kẽ tia song song với AC cắt BD S MP//SO nên MP ⊥ ( ABCD ) , suy MNP = 600 Ta tính PN cách vẽ thêm hình phụ bên, theo định lí Ta-lét PT = 3a AB = 4 a 10 a , theo định lý Pytago ta tính PN = 4 NP a 10 Tam giác MPN vng P có MN = = cosMNP CQ Dễ thấy Q trọng tâm tam giác SAC nên = MC QR CQ CR 2 a 10 Vì QR//MN nên theo định lý Ta-lét ta suy = = = ⇒ QR = MN = MN MC NC 3 a Hình vng ABCD cạnh a có đường chéo AC = a ⇒ OC = SR BR 2 a Vì SR//AC nên theo định lý Ta-lét ta suy = = ⇒ SR = OC = OC BC 3 CA ⊥ ( SBD ) , SR / / CA ⇒ SR ⊥ ( SBD ) , mặt khác QR//MN góc MN với (SBD) góc Dễ thấy TN = QR với (SBD) góc SQR Tam giác SQR vng S có cosSQR = Chọn đáp án C SR a a 10 = : = 3 QR ... a, b vng góc với a, b gọi đường vng góc chung a, b + Nếu ∆ cắt a, b I, J IJ gọi đoạn vng góc chung a, b + Độ dài đoạn IJ gọi khoảng cách a, b + Khoảng cách hai đường thẳng chéo khoảng cách hai...4 Khoảng cách hai mặt phẳng song song + d((α), (β) ) = d(M, (β) ), M điểm nằm (α) + Việc tính khoảng cách hai mặt phẳng song song quy việc tính khoảng cách từ điểm đến mặt phẳng Khoảng cách. .. đoạn vng góc chung AB CD B – BÀI TẬP I – KHOẢNG CÁCH TỪ MỘT ĐIỂM ĐẾN MẶT PHẲNG Câu 1: Cho hình chóp S.ABCD có đáy hình chữ nhật, AB = a, AD = 2a ; cạnh bên SA = a vng góc với đáy Khoảng cách từ