GIÁO ÁN TỰ CHỌN 12 HỮU CƠ 2018 2019

Tự chọn 1, Ngày soạn Ngày dạy ÔN TẬP CHƯƠNG I MỤC TIÊU BÀI HỌC Kiến thức kỹ năng, thái độ Kiến thức: - Học sinh nắm : Kiến thức phần este: đồng phân, danh pháp, tính chất hóa học phương pháp điều chế este Kĩ năng: - Giải tập củng cố lí thuyết - Giải số tốn liên quan đến tính chất hố học (phản ứng thủy phân, phản ứng đốt cháy) este, hiệu suất phản ứng Thái độ: Thông qua việc rèn luyện tư biện chứng việc xét mối quan hệ cấu tạo tính chất chất, làm cho HS hứng thú học tập u thích mơn Hố học Định hướng lực hình thành phát triển - Năng lực giải vấn đề; Năng lực hợp tác; - Năng lực làm việc độc lập;- Năng lực tính tốn hóa học II CHUẨN BỊ Giáo viên: - Hệ thống tập câu hỏi gợi ý ôn tập Học sinh : - Ơn tập lại kiến thức có liên quan este III TIẾN TRÌNH BÀI DẠY Hoạt động trải nghiệm kết nối Hoạt động ôn tập kiến thức: a)Mục tiêu HĐ: - Huy động kiến thức học HS tạo nhu cầu tiếp tục tìm tòi mở rộng khắc sâu kiến thức - Nội dung HĐ: Đồng phân, danh pháp, tính chất hóa học phương pháp điều chế este b) Phương thức tổ chức HĐ: - GV cho HS hđ nhóm để hoàn thành ND PHT - GV cho HS hđ chung lớp cách mời số nhóm báo cáo thực hiện, nhóm khác bổ xung Hoạt động giáo viên học sinh Nội dung Hoạt động 1: I Kiến thức cần nắm vững Định nghĩa: Khi thay nhóm OH nhóm cacboxyl - GV cho HS thảo luận ôn lại số kiến axit cacboxylic nhóm OR este H 2SO4, to thức : định nghĩa , đồng phân, ROH + R’COOH R’COOR + H2O danh pháp, tính chất hóa học este Công thức tổng quát este: - Đại diện nhóm học sinh trả lời, nhóm khác nhận xét bổ sung H – C – OCH2CH3 Etyl fomat || O CH3C – OCH3 Metyl axetat || O CH3 – C – O – CH – CH3 Isopropyl axetat || | O CH3 CH2 = C – C – O – CH3 Metyl metacrylat * Este no đơn chức: CnH2n+1COOCmH2m+1 (n �0, m �1) Nếu đặt x = n + m + CxH2xO2 (x �2) * Este đa chức tạo từ axit đơn chức ancol đa chức: (RCOO)nR’ * Este đa chức tạo từ axit đa chức ancol đơn chức R(COOR’)n Tên gọi este : Tên este = tên gốc ancol + tên gốc axit + at Tính chất hoá học: | || CH3 O CH3 – C – O – CH = CH2 Vinyl axetat || O - GV bổ sung số tính chất nâng cao a Phản ứng thuỷ phân: Thuỷ phân môi trường axit (phản ứng thuận nghịch): R – C – O + R’ + HOH || O H 2SO4 , to RCOONa + R’OH Thuỷ phân môi trường kiềm (phản ứng xà phòng hóa): t0 RCOOR’ + NaOH �� � RCOONa + R’OH b Phản ứng khử (SGK nâng cao-tham khảo) Este bị khử liti nhôm hiđrua (LiAlH4), nhóm RCO- (gọi nhóm axyl) trở thành ancol bậc I : LiAlH ,t R - COO - R’ ���� � R - CH2 - OH + R’- OH c Phản ứng gốc hiđro cacbon: Phản ứng cộng: (H2, Cl2, Br2…) Ni ,t CH2 = CH –COOCH3 + H2 ��� � CH3 – CH2 – C OOCH3 Phản ứng trùng hợp: n CH2 C COOCH3 CH3 xt, to COOCH3 CH2 C CH3 n Polimetylmetacrylat: thủy tinh hữu Phản ứng cháy: Hoạt động 2: Luyện tập Bài HCOOCH3,CH3COOCH=CH2 C2H5COOC2H5,CH2=CH-COOCH3 Bài RCOOR’ + NaOH � RCOONa + R’OH R’OH + Na � R’ONa +1/2H2 Theo ĐLBTKL : khối lượng Y=khối lượng chát rắn +khối lượng X –khối lượng este =1,6g Số mol R’OH = số mol H2 =0.05mol M R’OH=32 Y CH3OH M(RCOOCH3)=74g/mol Vậy X CH3 COOCH3 3n  O2 � CO2 + nH2O II Các dạng tập Dạng tập viết CTCT gọi tên Bài 1: Viết CTCT este đồng phân C4H8O2 gọi tên Những este có khả tham gia phản ứng tráng gương CnH2nO2 + Bài 2: Viết CTCT este sau: - Metyl fomat,vinyl axetat - Etyl propionat , metyl acrylat Bài 3: Este no đơn chức A có 36,36% oxi nguyên tử A tác dụng với NaOH dư thu 9,6 g muối Tỡm CTPT, viết CTCT A? Dạng tập xác định CTCT este Bài 6: Số mol CO2=0,2mol ,mc=0,2.12=2,4g Số mol H2O=0,2mol,mH=0,4g Khối lượng oxi =4,4-2,4-0,4=1,6g,số mol oxi=0,1mol Ta có tỉ lệ:nc:nH:no=0,2:0,4:0,1=2:4:1 CTĐGN:C4H8O2 Có CTCT Bài (C17H35COO)3C3H5+ 3NaOH � C3H5(OH)3 +C17H35COOH Khối lượng glixerol thu là:3,56.92.85%/890=0,3128kg Bài (C17H33COO)3C3H5+ 3H2 � (C17H35COO)3C3H5 Thể tích H2 cần : 3.22,4/884=76018lit Bài nKOH =0,1.0,09=0,009mol mKOH =0,009.56=0,504g=504mg Chỉ số xà phòng hố : 504/2,52=200 Bài 4:Este A đơn chức, mạch hở, có tỉ khối so với H2 = 43 Tìm CTPT, viết CTCT A? Bài 5: Xà phòng hố hồn tồn 3,7g este đơn chức X dung dịch NaOH 1M ,sau cạn sản phẩm thu 12,1g chất rắn khanvà lượng chất hữu Y.Cho toàn lượng Y tác dụng vớ lượng dư Na thấy có 0,56 lit khí ra(đktc) Xác định CTCT X khối lượng Y Bài : Đốt cháy hoàn toàn 4,4g este đơn chức X thu 4,48 lit CO2(đktc) 3,6g H2O Xác định CTPT CTCT có X ? Chú ý: - Este không no dạng RCOOCR=CHR’ thuỷ phân không sinh ancol tương ứng + CH3COOCH=CH2+H2O � CH3COOH + CH3CHO + Este phenol thuỷ phân dung dịch kiềm sinh muối nước CH3COOC6H5 +NaOH � CH3COONa +C6H5ONa +H2O Bài Đun nóng 4,45kg chất béo (tristearin)có chứa 20% tạp chất với dung dịch NaOH Tính khối lượng glixerol thu ,biêt h=85% Bài Tính thể tích H2 thu đktc cần để hiđrôhoa glixerol trioleat nhờ chất xúc tác Ni, giả sử Hiệu suất =100% Bài (Tham khảo) Khi xà phòng hố hồn toàn 2,52g chất béo A cần 90ml dung dịch KOH 0,1M.Mặt khác ,khi xà phòng hố hồn tồn 5,04g chất béo A thu 0,53g glixerol.Tính số axit ssó xà phòng hố Khối lượng glixerol thu xàphòng hố 2,52g chất béo 0,53.2,52/5,04=0,265g (RCOO)3C3H5+3KOH � C3H5(OH)3+ 3RCOOH 3.56(g) 92(g) m (g) 0,265(g) m=0,484g=484mg số axit : 504-484/2,52=8 Hoạt động vận dụng tìm tòi mở rộng - GV nhắc lại số kiến thức trọng tâm số ý - GV giao tập cho HS nghiên cứu vận dụng mở rộng kiến thức PHƯƠNG PHÁP GIẢI BÀI TẬP VỀ ESTE I Phản ứng thủy phân este Thủy phân este đơn chức Phương pháp giải tập thủy phân este đơn chức Một số điều cần lưu ý : + Trong phản ứng thủy phân este đơn chức tỉ lệ phân este phenol tỉ lệ nNaOH (hoa� c KOH ) neste  nNaOH (hoa� c KOH ) neste  Riêng phản ứng thủy + Phản ứng thủy phân este thu anđehit este phải có cơng thức RCOOCH=CH–R’ + Phản ứng thủy phân este thu xeton este phải có cơng thức RCOOC(R’’)=CH–R’ (R’ nguyên tử H gốc hiđrocacbon, R’’ phải gốc hiđrocacbon ) + Este tham gia phản ứng tráng gương phải có cơng thức HCOOR + Este sau thủy phân cho sản phẩm có khả tham gia phản ứng tráng gương phải có cơng thức HCOOR RCOOCH=CH–R’ + Nếu thủy phân este môi trường kiềm mà đề cho biết : “…Sau thủy phân hồn tồn este, cạn dung dịch m gam chất rắn” chất rắn thường có NaOH KOH dư + Nếu thủy phân este mà khối lượng chất tham gia phản ứng khối lượng sản phẩm tạo thành este đem thủy phân este vòng ● Khi làm tập dạng nên ý đến việc sử dụng phương pháp : Nhận xét đánh giá, bảo toàn khối lượng, tăng giảm khối lượng Ngoài gặp tập liên quan đến hỗn hợp este nên ý đến việc sử dụng phương pháp trung bình ► Các ví dụ minh họa ◄ Dạng : Xác định lượng este tham gia phản ứng (khối lượng, phần trăm khối lượng, số mol, phần trăm số mol) Ví dụ 1: Cho 10 gam hỗn hợp X gồm etanol etyl axetat tác dụng vừa đủ với 50 gam dung dịch natri hiđroxit 4% Phần trăm khối lượng etyl axetat hỗn hợp : A 22% B 44% C 50% D 51% Hướng dẫn giải Trong hỗn hợp X có etyl axetat (CH3COOC2H5) tác dụng với dung dịch NaOH Phương trình phản ứng : CH3COOC2H5 + NaOH � CH3COONa + C2H5OH (1) � mol: 0,05 0,05 Theo giả thiết (1) ta có : 50.4 = 0,05 mol � meste = 88.0,05 = 4,4 gam neste = nNaOH = 100.40 4, � %meste = 100% = 44% 10 Đáp án B Ví dụ 2: Muốn thuỷ phân 5,6 gam hỗn hợp etyl axetat etyl fomiat (etyl fomat) cần 25,96 ml NaOH 10%, (D = 1,08 g/ml) Thành phần % khối lượng etyl axetat hỗn hợp : A 47,14% B 52,16% C 36,18% D 50,20% Hướng dẫn giải Đặt x số mol CH3COOC2H5 y số mol HCOOC2H5 25,96.1,08.10 = 0,07 mol 100.40 Phương trình phản ứng : CH3COOC2H5 + NaOH � CH3COONa + C2H5OH � mol: x x HCOOC2H5 + NaOH � HCOONa + C2H5OH � mol: y y Theo giả thiết phản ứng ta có hệ phương trình : 88x + 74y = 5,6 �  x = 0,03 y = 0,04 � �x + y = 0,07  % m CH3COOC2 H5 = 47,14% �n este = n NaOH = (1) (2) Đáp án A Ví dụ 3: Cho 13,6 gam phenyl axetat tác dụng với 200 ml dung dịch NaOH 1,5M đun nóng Sau phản ứng xảy hoàn toàn thu dung dịch X Cô cạn X thu a gam chất rắn khan Giá trị a : A 12,2 gam B 16,2 gam C 19,8 gam D 23,8 gam Hướng dẫn giải Cách : Theo giả thiết ta có : 13,6 nCH COOC H   0,1 mol; nNaOH  0,2.1,5  0,3 mol 136 Phương trình phản ứng : to CH3COOC6H5 + NaOH �� � CH3COONa + C6H5OH (1) � � � mol: 0,1 01 01 01 o t C6H5OH + NaOH ��� C6H5ONa + H2O (2) � � mol: 0,1 01 01 Theo phản ứng (1), (2) giả thiết suy chất rắn sau phản ứng gồm CH 3COONa (0,1 mol), C6H5ONa (0,1 mol) NaOH dư (0,1 mol) Khối lượng chất rắn thu : a = 82.0,1 + 116.0,1 + 40.0,1 = 23,8 gam Cách : Theo giả thiết ta có : 13,6 nCH COOC H   0,1 mol; nNaOH  0,2.1,5  0,3 mol 136 Sơ đồ phản ứng : to NaOH + CH3COOC6H5 �� + H2O (1) � Chất rắn � mol: 0,3 0,1 0,1 Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có : a = 0,1.136 + 0,3.40 – 0,1.18 =23,8 gam Đáp án D Ví dụ 4: Cho axit salixylic (axit o-hiđroxibenzoic) phản ứng với anhiđrit axetic, thu axit axetylsalixylic (o-CH3COO–C6H4–COOH) dùng làm thuốc cảm (aspirin) Để phản ứng hoàn toàn với 43,2 gam axit axetylsalixylic cần vừa đủ V lít dung dịch KOH 1M Giá trị V : A 0,72 B 0,48 C 0,96 D 0,24 Hướng dẫn giải Phương trình phản ứng : o-CH3COO–C6H4–COOH + 3KOH � CH3COOK + o-KO–C6H4–COOK + H2O (1) mol : 0,24 � 0,72 Theo giả thiết (1) ta có : nKOH  3.noCH COOC 6H4 COOH  43,2  0,72 mol 180 Vậy Vdd KOH = 0,72:1 =0,72 lít Đáp án A Ví dụ 5: Đun nóng a gam hợp chất hữu X (chứa C, H, O), mạch không phân nhánh với dung dịch chứa 11,2 gam KOH đến phản ứng xảy hoàn toàn, thu dung dịch A, để trung hoà dung dịch KOH dư A cần dùng 80 ml dung dịch HCl 0,5M Làm bay hỗn hợp sau trung hoà cách cẩn thận, người ta thu 7,36 gam hỗn hợp hai ancol đơn chức Y 18,34 gam hỗn hợp hai muối Z Giá trị a : A 14,86 gam B 16,64 gam C 13,04 gam D 13,76 gam Hướng dẫn giải Trong phản ứng trung hòa : nH O  nHCl  0,04 mol � m HCl  0, 04.36,5  1, 46 gam, m H 2O  0, 04.18  0, 72 gam Sơ đồ phản ứng : X + KOH + HCl � Y + Z + H2O (1) gam: a 11,2 1,46 7,36 18,34 0,72 Áp dụng định luật bảo tồn khối lượng ta có : a = 7,36 + 18,34 + 0,72 – 11,2 – 1,46 = 13,76 gam Đáp án D Dạng : Xác định cơng thức este Ví dụ 1: Thuỷ phân hoàn toàn 8,8 gam este đơn chức, mạch hở X với 100 ml dung dịch KOH 1M (vừa đủ) thu 4,6 gam ancol Y Tên gọi X : A etyl fomat B etyl propionat C etyl axetat D propyl axetat Hướng dẫn giải Đặt công thức X RCOOR’ Phương trình phản ứng : RCOOR’ + KOH � RCOOK + R’OH (1) � mol: 0,1 0,1 Theo (1) giả thiết ta có : nX = nY = nKOH = 0,1.1 = 0,1 mol  MY = 46 � R’ + 17 = 46 � R’ =29 � R’ C2H5– Mặt khác MX = R + 44 + R’ = 88 � R = 15 � R CH3– Vậy công thức cấu tạo phù hợp E CH3COOC2H5 (etyl axetat) Đáp án C Ví dụ 2: Làm bay 7,4 gam este X thu thể tích thể tích 3,2 gam khí oxi điều kiện nhiệt độ, áp suất Khi thực phản ứng xà phòng hố 7,4 gam X với dung dịch NaOH (phản ứng hồn tồn) thu sản phẩm có 6,8 gam muối Tên gọi X : A etyl fomat B vinyl fomat C metyl axetat D isopropyl fomat Hướng dẫn giải n X = n O2  0,1 mol � MX = 74 � X este đơn chức có cơng thức phân tử C3H6O2 (M=74) Phương trình phản ứng : RCOOR’ + NaOH � RCOONa + R’OH (1) � mol: 0,1 0,1 Theo (1) giả thiết ta có : mRCOONa = 0,1(R + 67) = 6,8 � R = (là H) � R’ = 74 – 44 – = 29 (là C2H5–) Vậy X HCOOC2H5 (etyl fomat) Đáp án A Ví dụ 3: Cho m gam chất hữu đơn chức X tác dụng vừa đủ với 50 gam dung dịch NaOH 8%, sau phản ứng hoàn toàn thu 9,6 gam muối axit hữu 3,2 gam ancol Công thức X : A CH3COOC2H5 B C2H5COOCH3 C CH2=CHCOOCH3 D CH3COOCH=CH2 Hướng dẫn giải Đặt công thức X RCOOR’ Theo giả thiết ta có : 50.8% nRCOONa  nR'OH  nNaOH   0,1 mol 40 � MR’OH = R’+ 17 = 32 � R’= 15 (CH3–) MRCOONa = R + 67 = 96 � R= 29 (C2H5–) Vậy công thức X C2H5COOCH3 Đáp án B Ví dụ 4: Một este X tạo axit đơn chức ancol đơn chức có tỉ khối với He 22 Khi đun nóng X 17 với dung dịch NaOH tạo muối có khối lượng lượng este phản ứng Tên X là: 22 A Etyl axetat B Metyl axetat C Iso-propyl fomat D Metyl propionat Hướng dẫn giải Cách : Este có cơng thức dạng RCOOR’, muối tạo thành RCOONa Phương trình phản ứng : RCOOR’ + NaOH � RCOONa + R’OH Vì số mol este số mol muối, nên tỉ lệ khối lượng chúng tỉ lệ khối lượng mol R  67 17    17R’  5R = 726 (1) R  44  R ' 22 Mặt khác Meste = 4.22 = 88 � R + 44 + R’ = 88  R + R’ = 44 (2) Từ (1) (2) ta có : R = (H); R’ = 43 (C3H7) Vậy tên este iso-propyl fomat Cách : Theo giả thiết ta có M RCOOR '  22.4  88 gam / mol R  (H ) R  67  68 � M 17 68 �  �� �� Vì RCOONa  R '  43 (C3H ) R  44  R '  88 � M RCOOR ' 22 88 � Đáp án C Ví dụ 5: X este hữu đơn chức, mạch hở Cho lượng X tác dụng hoàn toàn với dung dịch 41 NaOH vừa đủ, thu muối có khối lượng khối lượng este ban đầu X : 37 A HCOOC2H5 B CH2=CH–COOCH3 C C17H35COO(CH2)16CH3 D CH3COOCH3 Hướng dẫn giải Cách : Este có cơng thức dạng RCOOR’, muối tạo thành RCOONa Vì số mol este số mol muối, nên tỉ lệ khối lượng chúng tỉ lệ khối lượng phân R  67 41 � 4R + 41R’ = 675 Giá trị trung bình gốc (R R’)  tử, theo giả thiết ta có : R  44  R ' 37 675  15 tính theo biểu thức R   41 Nếu có gốc có khối lượng nhỏ 15 phải gốc axit (R) Chọn R = � R’ = 674,902 loại Vậy hai gốc R R’ có khối lượng 15 CH3– CTCT este CH3COOCH3 Cách : M RCOONa 41   � M Na  M R ' � R’ CH3– (15) � Loại A C Vì M RCOOR ' 37 M RCOONa 41 82   � R  15 (CH ) Ta có M RCOOR ' 37 74 Đáp án D Ví dụ 6: Đun a gam este mạch khơng phân nhánh C nH2n+1COOC2H5 với 100 ml dung dịch KOH Sau phản ứng phải dùng 25 ml dung dịch H2SO4 0,5M để trung hồ KOH dư Mặt khác muốn trung hoà 20 ml dung dịch KOH ban đầu phải dùng 15 ml dung dịch H2SO4 nói Khi a = 5,8 gam tên gọi este : A etyl axetat B etyl propionat C etyl valerat D etyl butirat Hướng dẫn giải Theo giả thiết ta có : nKOH d�  nH+(trong 25 ml dung d�ch H SO 0,5M)  2.nH SO (trong 25 ml dung d�ch H SO 0,5M) 2 4  2.0,025.0,5  0,025 mol nKOH ban �a� =5.nH+(trong15ml dung d�ch H SO 0,5M)  5.2.nH SO (trong15ml dung d�chH SO u 4 0,5M)  5.2.0,015.0,5  0,075 mol nKOH pha�  0,075 – 0,025 = 0,05 mol n� � ng v� � i este Vì este đơn chức, nên neste  nKOH pha�n��ng  0,05mol � Meste = 5,8 = 116 gam/mol 0, 05  14n + 74 = 116 � n = Vậy công thức cấu tạo este CH3CH2CH2COOC2H5 (etyl butirat) Đáp án D Ví dụ 7: Cho 12,9 gam este đơn chức X (mạch hở) tác dụng vừa đủ với 150 ml dung dịch KOH 1M, sau phản ứng thu muối anđehit CTCT este X : A HCOOCH=CH–CH3 CH3COOCH=CH2 B HCOOCH2CH=CH2 C CH3COOCH=CH2 D HCOOCH=CH–CH3 Hướng dẫn giải 12,9 nKOH = neste = 0,15 mol � MX = = 86 gam/mol � công thức phân tử X C4H6O2 0,15 Cả đáp án thoả mãn công thức phân tử Các este phương án A, C, D thủy phân tạo muối anđehit, B thuỷ phân tạo muối ancol to HCOO–CH2–CH=CH2 + NaOH �� � HCOONa + CH2=CH–CH2–OH Vậy theo giả thiết suy X HCOO–CH2–CH=CH2 Đáp án B Ví dụ 8: Chất hữu X có cơng thức phân tử C 5H8O2 Cho gam X tác dụng vừa hết với dung dịch NaOH, thu hợp chất hữu không làm màu nước brom 3,4 gam muối Công thức X : A CH3COOC(CH3)=CH2 B HCOOC(CH3)=CHCH3 C HCOOCH2CH=CHCH3 D HCOOCH=CHCH2CH3 Hướng dẫn giải Đặt cơng thức este RCOOR’ Phương trình phản ứng : RCOOR’ + NaOH  RCOONa + R’OH (1) mol : 0,05  0,05 Theo (1) giả thiết ta có : 0,05.(R + 44 + R’) – 0,05.(R + 67) = – 3,4 � 0,05.(R’ – 23) = 1,6 � R’ = 55 (C4H7–) Vậy công thức phân tử este HCOOC 4H7 Căn điều kiện sản phẩm thuỷ phân xeton (khơng làm màu Br2) nên công thức cấu tạo este HCOOC(CH3)=CHCH3 HCOO–C(CH3) = CH–CH3 + NaOH  HCOONa + CH3–CO–CH2–CH3 Đáp án B Ví dụ 9: Cho 5,1 gam Y (C, H, O) tác dụng với dung dịch NaOH dư, thu 4,80 gam muối ancol Công thức cấu tạo Y : A C3H7COOC2H5 B CH3COOCH3 C HCOOCH3.D C2H5COOC2H5 Hướng dẫn giải Đặt công thức este RCOOR’ Phương trình phản ứng : RCOOR’ + NaOH  RCOONa + R’OH (1) mol : x  x Theo (1) giả thiết ta có : (R + 44 + R’)x – (R + 67)x = 5,1 – 4,8 � (R’ – 23)x = 0,3 (*) Căn vào (*) suy R’ > 23 Căn vào đáp án  R’ = 29 (C2H5–)  x = 0,05 5,1  102  Y C2H5COOC2H5  MY = 0, 05 Đáp án D Ví dụ 10: Cho 0,15 mol este X mạch hở vào 150 gam dung dịch NaOH 8%, đun nóng để phản ứng thuỷ phân este xảy hoàn toàn thu 165 gam dung dịch Y Cô cạn Y thu 22,2 gam chất rắn khan Có cơng thức cấu tạo X thoả mãn ? A B C D Hướng dẫn giải Áp dụng định luật bảo tồn khối lượng ta có : mX + mNaOH = mdd Y  mX = 165 – 150 =15 gam  MX = 100 gam/mol Vì MX = 100 gam/mol nên X phải este đơn chức, đặt cơng thức este X RCOOR’ Phương trình phản ứng : RCOOR’ + NaOH  RCOONa + R’OH mol : 0,15 � 0,15 � 0,15 �NaOH : 0,15 mol Như hỗn hợp chất rắn khan gồm � RCOONa : 0,15 mol �  40.0,15 + (R + 67).0,15 = 22,2  R = 41 (C3H5–)  R’ = 15 (CH3–) Vậy công thức phân tử este C3H5COOCH3 CH  CH  CH  COO  CH � � CH  CH  CH  COO  CH Công thức cấu tạo X : � � CH  C(CH )  COO  CH � Đáp án A Ví dụ 11: Khi cho 0,15 mol este đơn chức X tác dụng với dung dịch NaOH (dư), sau phản ứng kết thúc lượng NaOH phản ứng 12 gam tổng khối lượng sản phẩm hữu thu 29,7 gam Số đồng phân cấu tạo X thỏa mãn tính chất : A B C D Hướng dẫn giải nNaOH : nX  2:1 � X este tạo axit phenol (vì đề cho X đơn chức) Phương trình phản ứng : RCOOR’ + 2NaOH � RCOONa + R’ONa + H2O (1) � mol: 0,15 � 0,3 0,15 Theo giả thiết (1), kết hợp với định luật bảo toàn khối lượng ta có : mX =29,7 + 0,15.18 – 12 =20,4 gam � M X  136 � CTPT X C8H8O2 Các đồng phân E: CH 3–COO–C6H5; HCOO–C6H4–CH3 (có đồng phân o, p, m) Tổng cộng có đồng phân Đáp án A Ví dụ 12: Đốt cháy 1,60 gam este E đơn chức 3,52 gam CO 1,152 gam H2O Cho 10 gam E tác dụng với lượng NaOH vừa đủ, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu 14,00 gam muối khan G Cho G tác dụng với axit vơ lỗng thu G không phân nhánh Số lượng CTCT thoả mãn tính chất nêu E : A B C D Hướng dẫn giải Theo giả thiết ta có : n H2O = 0,064 mol ; n CO2 = 008 mol � nC = n CO2 =0,08 mol ; nH = n H2O = 2.0,064 = 0,128 mol 1,  0, 08.12  0,128.1 = 0,032 mol 16 Đặt công thức E CxHyOz  x : y : z = 0,08 : 0,128 : 0,032 = : : Vì E este đơn chức nên số nguyên tử oxi phân tử  cơng thức phân tử E C5H8O2 Từ đó, có nE = nG= nNaOH = 14 10 = 0,1 mol � MG = = 140 gam/mol 0,1 100 m + m NaOH = m G { nên E phải este vòng nội phân tử có cơng thức cấu tạo sau : Nhận thấy : { E 123 � nO = 10 CH3 0,1.40 CH2 CH2 CH2 CH2 CH CH3 14 CH C O C O O O CH3 CH2 CH O CH2 CH2 CH2 CH2 C O CH2 C O O Đáp án A Dạng : Xác định công thức este hỗn hợp Ví dụ 1: Để xà phòng hố hồn tồn 2,22 gam hỗn hợp hai este đồng phân X Y, cần dùng 30 ml dung dịch NaOH 1M Khi đốt cháy hồn tồn hỗn hợp hai este thu khí CO nước với tỉ lệ thể tích VH2O :VCO2 = 1:1 Tên gọi hai este : A metyl axetat; etyl fomat B propyl fomat; isopropyl fomat C etyl axetat; metyl propionat D metyl acrylat; vinyl axetat Hướng dẫn giải V :V = 1:1 n : n = 1:1 � � Do H2O CO2 este no, đơn chức, mạch hở Công thức phân tử este H2O CO2 có dạng CnH2nO2 Trừ este phenol, este đơn chức tác dụng với NaOH theo tỉ lệ mol : C12H22O11+H2O � C6H12O6 + C6H12O6 342 180(g) 1kg x(kg) m =1.180/342=0,526 kg mol mantozo Biết HPư quátrình thủy phõn 75% Cho dung dịch thu tác dụng với dung dịch AgNO3 dư thu m gam Ag Tỡm m? Bài Khối lượng tinh bột 1kg sắn là: 1000.20/100=200g (C6H10O5)n +n H2O nC6H12O6 162n 180n 200g Khối lượng glucozo thu 180.200.85/162.100=188.89g Bài Thuỷ phân 1kg sắn chứa 20% tinh bột môi trường axit với hiệu suất 85%.Tính khối lượng glucozo thu - HS nhận tập làm - GV chữa bổ xung Bài Sơ đồ biến đổi chất (C6H10O5)n � C6H12O6 � 2nCO2 � 2nCaCO3 162n 200g(h=100 ) Bài Cho m(g) tinhbột để sản xuất ancol etylic,toàn lượng khí sinh đuợc dẫn vào dung dịch Ca(OH)2 dư thu 500g kết tủa Biết hiệu suất giai đoạn 75% Tính m ? Vì H =75% nên khối lượng CaCO3 thực tế thu 200.0,75.0,75.0,75=84,375g để thu 500g CaCO3 khối lượng tinh bột cần dùng là: 500.162/84,375=960g Bài 8.Tinh bột tạo thành xanh nhờ phản ứng quang hợp (khí CO2 chiếm 0,03% thể tích khơng khí) Muốn có 1g tinh bột thể tích khơng khí (đktc) ? Bài 6CO2+6H2O � C6H12O6 +6O2 Số mol CO2=6n C6H12O6=6/180=0,033mol Vậy thể tích CO2=0,033.22,4=0,7392l Thể tích khơng khí 0,7392.100/0,03=2464l Bài RCOOR’+NaOH � RCOONa+R’OH HCl + NaOH � NaCl + H2O Số mol NaOH dư =số mol HCl=0,075mol,khối lượng RCOONa=6,4375-0,075.58,5=2,05g MRCOONa=2,05/0,025=82,vậy R CH3 Ta có : MRCOOR’=2,2/0,025=88,R’ C2H5 CTCT CH3COOC2H5 etyl axetat Bài Thuỷ phân hoàn toàn 2,2g este đơn chức 100ml NaOH 1M.Sau phải thêm vào 75ml dung dịch HCl1M để trung hồ NaOH dư,sau cạn cẩn thận thu 6,43 75ghỗn hợp muối khan ,x ác định công thức cấu tạo,gọi tên este Bài 10 Khối lượng phân tử trung bình xenlulozo sội bơng 4860000.Tính ssố gốc glucozo có sợi bơng 4.Hoạt động vận dụng tìm tòi mở rộng - GV nhắc lại số kiến thức trọng tâm số ý - GV giao tập cho HS Phương pháp giải tập Các phương pháp thường sử dụng : - Tính theo phương trình phản ứng, tính theo sơ đồ phản ứng - Đối với phản ứng tráng gương dùng bảo toàn electron : nAg  2n CHO  2nglucoz�  2nfructoz� r� � � u - PS : �o� mp� Vml C2H5OH nguye� n cha� t m ; d  dd ; H  Vml C2H5OH nguye� n cha� t  VH O Vdd m�em p� a Dạng 1: Phản ứng tráng gương Ví dụ 1: Đun nóng dung dịch chứa 18,0 gam glucozơ với lượng dư dung dịch AgNO NH3, đến phản ứng xảy hoàn toàn thu m gam Ag Giá trị m A 10,8 B 21,6 C 32,4 D 16,2 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên Hà Giang, năm 2015) Hướng dẫn giải ● Cách : Tính theo phương trình phản ứng CH OH[CHOH]4 CHO  2AgNO3  3NH  H O o t �� � CH OH[CHOH]4 COONH  2Ag  2NH NO 4 44 4 4 43 amoni gluconat Theo phương trình phản ứng ta thấy : nAg  2nglucoz�  0,2 mol; mAg  21,6 gam ● Cách : Dùng bảo toàn electron  Theo ba� o toa� n electron, ta co� : nAg  2nglucoz�  0,2 mol; mAg  21,6 gam Ví dụ 2: Hỗn hợp X gồm hai chất glucozơ fructozơ có khối lượng 27 gam Cho X tác dụng với lượng dư AgNO3/NH3 (to) thu m gam kết tủa Tính giá trị m A 43,2 B 32,4 C 16,2 D 27,0 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Bắc Đông Quan – Thái Bình, năm 2015) Hướng dẫn giải  Theo ba� o toa� n electron, ta co� : nAg  2nglucoz�, fructoz�  0,3 mol; mAg  32,4 gam Ví dụ 3: Cho 50 ml dung dịch glucozơ chưa rõ nồng độ tác dụng với lượng dư AgNO dung dịch NH3, thu 2,16 gam Ag kết tủa Nồng độ mol/l dung dịch glucozơ dùng là: A 0,20M B 0,01M C 0,10M D 0,02M (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Vĩnh Bảo – Hải Phòng, năm 2015) Hướng dẫn giải  Theo ba� o toa� n electron, ta co� : 0,01 2nglucoz�  nAg  0,02 � nglucoz�  0,01� [glucoz�]   0,2M 0,05 Ví dụ 4: Người ta dùng glucozơ để tráng ruột phích Trung bình cần dùng 0,75 gam glucozơ cho ruột phích Tính khối lượng Ag có ruột phích biết hiệu suất phản ứng 80% A 0,36 B 0,72 C 0,9 D 0,45 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Trực Ninh – Nam Định, năm 2015) Hướng dẫn giải  Theo ba� o toa� n electron, ta co� : 0,75.80% 0,75.80% nAg  2nglucoz�  mol � mAg  .108  0,72 gam 180 180 Ví dụ 5: Cho m gam glucozơ tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO 3/NH3 thu 86,4 gam Ag Nếu lên men hồn tồn m gam glucozơ cho khí CO2 thu hấp thụ vào nước vơi dư lượng kết tủa thu là: A 20 gam B 60 gam C 40 gam D 80 gam (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Đặng Thúc Hứa – Nghệ An, năm 2015) Hướng dẫn giải  Theo ba� o toa� n electron, ta co� : 2nglucoz�  nAg  0,8 mol � nglucoz�  0,4 mol men r� � � u  Pha� n� � ng le� n men r� � � u :C6H12O6 ���� �2CO2  2C 2H 5OH Suy ra: nCaCO3  nCO2  nC6H12O6  0,8 mol � mCaCO3  80 gam b Dạng : Phản ứng cộng H2 Ví dụ 1: Khử glucozơ H2 để tạo sobitol Khối lượng glucozơ dùng để tạo 1,82 gam sobitol với hiệu suất 80% bao nhiêu? A 14,4 gam B 22,5 gam C 2,25 gam D 1,44 gam (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Nguyễn Thái Học – Gia Lai, năm 2015) Hướng dẫn giải  Ph��ng tr� nh pha� n �� ng: o t , Ni CH2OH(CHOH)4 CHO  H2 ��� �CH2OH(CHOH)4 CH2OH  Ta co� : nglucoz�pha�  nsobitol  0,01mol � mglucoz�ca�  n �� ng n du� ng 0,01.180  2,25 gam 80% c Dạng : Phản ứng lên men Ví dụ 1: Cho 360 gam glucozơ lên men tạo thành ancol etylic, khí sinh dẫn vào nước vôi dư thu m gam kết tủa Biết hiệu suất trình lên men đạt 80% Giá trị m A 320 B 200 C 160 D 400 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Sông Lô – Vĩnh Phúc, năm 2015) Hướng dẫn giải  S�� o� chuye� n ho� a glucoz�tha� nh ancol etylic: men r� � � u C6H12O6 ���� � 2C2H5OH  2CO2 � 2.360.80% nCaCO3  nCO2  2nC6H12O6 tham gia pha�   3,2 mol � n� � ng 180 � � m  3,2.100  320 gam � CaCO3 Ví dụ 2: Cho m gam glucozơ lên men thành ancol etylic Khí sinh cho vào nuớc vơi dư thu 120 gam kết tủa, biết hiệu suất trình lên men đạt 60% Giá trị m A 225 gam B 180 gam C 112,5 gam D 120 gam (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Nguyễn Thái Học – Gia Lai, năm 2015) Hướng dẫn giải � nC H O pha�  0,6 n� � ng � nCO2  2nC6H12O6 pha� n� � ng � � 12  Ta co� :� �� 0,6.180 n  nCaCO  1,2   180 gam �nC6H12O6 �em pha� n� � ng � CO2 60% � Ví dụ 3: Người ta sản xuất rượu vang từ nho với hiệu suất 95% Biết loại nho chứa 60% glucozơ, khối lượng riêng ancol etylic 0,8 g/ml Để sản xuất 100 lít rượu vang 10o cần khối lượng nho A 20,59 kg B 26,09 kg C 27,46 kg D 10,29 kg (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Việt Yên – Bắc Giang, năm 2015) Hướng dẫn giải  Go� i mnho  x kg  Ph� � ng tr� nh pha� n� � ng: men r� � � u C6H12O6 ���� � 2C2H5OH  2CO2 kg: 180 � 2.46 kg: x.60%.95% � 100.10%.0,8 100.10%.0,8.180 Suy ra: x   27,46 kg 2.46.60%.95% Ví dụ 4: Trong thực tế người ta thường nấu rượu (ancol etylic) từ gạo Tinh bột chuyển hóa thành ancol etylic qua giai đoạn: Tinh bột � glucozơ � ancol Tính thể tích ancol etylic 46 o thu từ 10 kg gạo (chứa 81% tinh bột) Biết hiệu suất giai đoạn 80%, khối lượng riêng C2H5OH 0,8 g/ml A lít B 10 lít C lít D lít (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Đồng Đậu – Vĩnh Phúc, năm 2015) Hướng dẫn giải  Go� i V (l� t) la� the� t� ch ancol 46o thu � � � � c  S�� o� chuye� n ho� a tinh bo� t tha� nh ancol etylic: men r� � � u men r� � � u  C6H10O5  ���� � C6H12O6 ���� � 2C2H5OH kg: 162 � kg: 10.81%.80% � 10.81%.80%.2.46 Suy V   10 l� t 162.46%.0,8 2.46 V.46%.0,8 Ví dụ 5: Khi lên men m kg ngô chứa 65% tinh bột với hiệu suất tồn q trình 80% thu lít rượu etylic 20o V m3 khí CO2 điều kiện chuẩn Cho khối lượng riêng C2H5OH nguyên chất 0,8 gam/ml Giá trị m V A 2,8 0,39 B 28 0,39 C 2,7 0,41 D 2,7 0,39 (Đề thi thử THPT Quốc Gia – Sở GD & ĐT TP.HCM, năm 2015) Hướng dẫn giải  Go� i mngo��em pha�  m kg; VCO2  x m3 n� � ng  S�� o� chuye� n ho� a tinh bo� t tha� nh ancol etylic: men r� � � u men r� � � u  C6H10O5  ���� � C6H12O6 ���� � 2C2H5OH kg: 162 2.46  2CO2 2.44 44y 5.20%.0,8 � 22,4 kg: 65%.80%.m � Suy m �2,7 kg; x �0,39 m3 Ví dụ 6: Cho sơ đồ điều chế ancol etylic từ tinh bột: H O/H , to o men r� � � u, t Tinh bo� t ����� Glucoz������ � Ancol etylic Lên men 3,24 kg tinh bột với hiệu suất giai đoạn 75% 80% Thể tích dung dịch ancol etylic 20o thu (biết khối lượng riêng ancol etylic nguyên chất 0,8 gam/ml): A 3,45 lít B 19,17 lít C 6,90 lít D 9,58 lít (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên Hùng Vương – Phú Thọ, năm 2015) Hướng dẫn giải  Go� i the� t� ch ancol 20o thu � � � � c la� V  S�� o� chuye� n ho� a tinh bo� t tha� nh ancol etylic: 75% 80%  C6H10O5  ��� � C6H12O6 ��� � 2C2H5OH kg: 162 kg: 3,24.75%.80% 2.46 20%V.0,8 Suy V  6,9 l� t Ví dụ 7: Để điều chế 45 gam axit lactic từ tinh bột qua đường lên men lactic, hiệu suất thuỷ phân tinh bột lên men lactic tương ứng 90% 80% Khối lượng tinh bột cần dùng : A 50 gam B 56,25 gam C 56 gam D 60 gam Hướng dẫn giải Sơ đồ phản ứng :  Go� i mtinh bo�  m kg t ca� n du� ng  S�� o� pha� n� � ng � ie� u che� axit lactic t� � tinh bo� t: 90% 80%  C6H10O5  ��� � C6H12O6 ��� � 2CH3CH(OH)COOH kg: kg: 162 90%.80%.m � � 2.90 45 Suy ra: m  56,25 kg Ví dụ 8: Khi lên men glucozơ xúc tác phù hợp thu hợp chất hữu X Biết số mol khí sinh cho X tác dụng với Na dư cho X tác dụng với NaHCO dư nhau, X khơng có nhóm CH Mặt khác, đốt cháy gam X thu 6,72 lít CO2 5,4 gam H2O Tên gọi X là: A Axit axetic B Axit-3-hiđroxipropanoic C Axit propanđioic D Axit-2-hiđroxipropanoic (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Đặng Thúc Hứa – Nghệ An, năm 2015) Hướng dẫn giải ● Cách : �nC  nCO  0,3; nH  2nH O  0,6 2 �n : n : n  1:2:1 � � � � �C H O � Loa� i C  0,3.12  0,6 co� ng th�� c da� ng (CH2O)n  0,3 �nO  �X co� 16 � � Loa� i A, B NaHCO3 Na � �CO2 � �X ��� H2; X ���� � � �Va� y X la� CH3CH(OH)COOH 4 4 43 nCO2  nH2 ; X kho� ng co� nho� m CH2 � � axit lactic hay axit 2 hi� roxipropanoic � ● Cách : Phân tích, đánh giá - Ta thấy : + Nếu từ glucozơ tiến hành lên men rượu thu ancol etylic + Nếu từ glucozơ tiến hành lên lactic thu axit lactic (CH3CH(OH)COOH) Suy đáp án D Ví dụ 9: Lên men m gam glucozơ với hiệu suất 90%, lượng khí CO sinh hấp thụ hết vào dung dịch nước vôi trong, thu 10 gam kết tủa Khối lượng dung dịch sau phản ứng giảm 3,4 gam so với khối lượng dung dịch nước vôi ban đầu Giá trị m A 20,0 B 13,5 C 15,0 D 30,0 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Đa Phúc – Hà Nội, năm 2015) Hướng dẫn giải �nCO  2nC H O pha� �nCO  0,15; nC H O pha�  0,075 n� � ng n� � ng 12 6 12 � �  Ta co� : �m  mCaCO  44nCO2 � � 0,075.180 dd gia� m nC6H12O6 �em pha�   15 gam { �14 43 33 � n� � ng ? 90% � 10 � 3,4 Ví dụ 10: Cho 75 gam tinh bột lên men thành ancol etylic Toàn lượng CO sinh hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch Ba(OH)2, thu 108,35 gam kết tủa dung dịch X Đun kỹ dung dịch X thu thêm 19,7 gam kết tủa Hiệu suất trình lên men ancol etylic từ tinh bột là: A 59,4% B 81,0% C 70,2% D 100,0% (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Yên Định – Thanh Hóa, năm 2015) Hướng dẫn giải � nBa(HCO3 )2  nBaCO3 ta�  0,1 o tha� nh � un no� ng dung d� ch � � nCO  nBaCO  2nBa(HCO )  0,75 14 43 � { 0,55 0,1 � men ancol men ancol � C H O  ���� � C6H12O6 ���� � 2CO2  2C2H5OH � 10 � 0,375.162 n C6H10O5   0,5nCO2  0,375; H   81% � 75 � Ví dụ 11: Lên men m gam tinh bột thành ancol etylic với hiệu suất trình 75% Lượng CO sinh hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch Ca(OH) 2, thu 50 gam kết tủa dung dịch X Thêm dung dịch NaOH 1M vào X, thu kết tủa Để lượng kết tủa thu lớn cần tối thiểu 100 ml dung dịch NaOH Giá trị m A 72,0 B 90,0 C 64,8 D 75,6 (Đề thi minh họa kì thi THPT Quốc Gia, năm 2015) Hướng dẫn giải  S�� o� chuye� n ho� a tinh bo� t tha� nh ancol etylic: men r� � � u men r� � � u  C6H10O5  ���� � C6H12O6 ���� � 2C2H5OH  2CO2  S�� o� pha� n� � ng cu� a CO2 v� � i dung d� ch kie� m: CO2 Ca(OH)2 CaCO3 NaOH Ca(HCO3 )2 ���� � CaCO3 max � nCO  nCaCO  2nCa(HCO )  nCaCO  2nNaOH  0,7 3 � Suy ra: � 0,7 n C6H10O5  �em pha�  � m C6H10O5  �em pha�  75,6 gam � n� � ng n� � ng 2.75% � Ví dụ 12: Lên men m gam glucozơ với hiệu suất 70% hấp thụ tồn khí vào lít dung dịch NaOH 0,5M (d =1,05 g/ml), thu dung dịch chứa muối có tổng nồng độ 3,211% Giá trị m là: A 270,0 B 192,9 C 135,0 D 384,7 (Đề thi thử Đại học lần – THPT Quất Lâm – Nam Định, năm học 2013 – 2014) Hướng dẫn giải Theo bảo toàn nguyên tố C, Na giả thiết, ta có : �nCO  nNa CO  nNaHCO � 14 22 433 14 433 � 2x  y  x y � � �� 106x  84y � C%muo�   3,211% 2nNa CO  nNaHCO  nNaOH  � i � 24 14 4200  44(x  y) 3 � � x y � � nC H O pö  nCO  0,75 mol � � x  0,5; y  12 � � �� �� nCO  1,5 0,75.180 � � m  �192,9 gam � C6H12O6 đem pư 70% d Dạng : Phản ứng điều chế xenlulozơ nitrat Ví dụ 1: Cho lít dung dịch HNO 68% (D=1,4 g/ml) phản ứng với xenlulozơ dư thu m kg thuốc súng khơng khói (xenlulozơ trinitrat), biết hiệu suất phản ứng đạt 90% Giá trị gần với m A 7,5 B 6,5 C 9,5 D 8,5 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Yên Viên – Hà Nội, năm 2015) Hướng dẫn giải  Pha� n� � ng � ie� u che� thuo� c su� ng kho� ng kho� i:  C6H7O2 (OH)3   3HNO3 �� � C6H 7O2(ONO2 )3   3H2O kg: 3.63 kg: 5.1,4.68%.90% � 297 � x  6,732 ga� n nha� t v� � i 6,5 Ví dụ 2: Để điều chế 26,73 kg xenlulozơ trinitrat (hiệu suất 60%) cần dùng V lít axit nitric 65% (d = 1,5 g/ml) phản ứng với xenlulozơ dư V gần với giá trị sau đây? A 20 B 30 C 18 D 29 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên Bến Tre, năm 2015) Hướng dẫn giải  Pha� n� � ng � ie� u che� xenluloz�trinitrat:  C6H7O2 (OH)3   3HNO3 �� � C6H7O2(ONO2 )3   3H2O kg: kg: 3.63 � 1,5V.65%.60% � 297 26,73 Suy ra: V  29,07 l� t ga� n nha� t v� � i 29 l� t Ví dụ 3: Xenlulozơ trinitrat chất dễ cháy nổ mạnh điều chế từ xenlulozơ axit nitric Tính thể tích axit nitric 68% (có khối lượng riêng1,52 g/ml) cần để sản xuất 59,4 kg xenlulozơ trinitrat Hiệu suất đạt 90% A 40,63 lít B 7,86 lít C 36,5 lít D 27,72 lít (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Nguyễn Thái Học – Gia Lai, năm 2015) Hướng dẫn giải  Pha� n� � ng � ie� u che� xenluloz�trinitrat:  C6H7O2 (OH)3   3HNO3 �� � C6H7O2(ONO2 )3   3H2O kg: kg: 3.63 � 297 1,52V.68%.90% � 59,4 Suy ra: V  40,63 l� t Ví dụ 4: Chia lượng xenlulozơ thành hai phần Cho phần tác dụng với lượng dư dung dịch hỗn hợp HNO3/H2SO4, đun nóng, tách thu 35,64 kg xenlulozơ trinitrat với hiệu suất 75% Thủy phân phần hai với hiệu suất 80%, trung hòa dung dịch sau thủy phân cho toàn lượng sản phẩm sinh tác dụng với lượng H2 dư (Ni, to) đến phản ứng xảy hoàn toàn thu m kg sobitol Giá trị m A 21,840 B 17,472 C 23,296 D 29,120 Hướng dẫn giải  Pha� n 1: H SO � a� c  C6H7O2(OH)3   3HNO3 ���� � C6H7O2(ONO2 )3   3H2O kg: 162 kg: 75%x Suy ra: x  25,92 kg  Pha� n 2: � � 297 35,64 H O, H , to o t , Ni  C6H7O2 (OH)3  ����� C6H12O6 ��� � C6H14O6 kg: kg: 162 � 25,92.80% 182 y  23,296 � Ví dụ 5: Khi cho 534,6 gam xenlulozơ phản ứng với HNO đặc thu 755,1 gam hỗn hợp A gồm hai sản phẩm hữu có chất xenlulozơ trinitrat dùng làm thuốc nổ Tách xenlulozơ trinitrat cho vào bình kín chân khơng dung tích khơng đổi lít cho nổ (sản phẩm gồm chất khí CO, CO 2, H2, N2) Sau đo thấy nhiệt độ bình 300oC Hỏi áp suất bình (atm) gần với giá trị sau nhất: A 150 B 186 C 155 D 200 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên Nguyễn Huệ – Hà Nội, năm 2015) Hướng dẫn giải  Pha� n� � ng cu� a xenluloz�v� � i HNO3 : H SO � a� c  C6H7O2 (OH)3   nHNO3 ���� � C6H7O2 (ONO2 )n(OH)3 n   nH2O mol : 3,3 � 3,3 Suy ra: msa�  3,3.(162  45n)  755,1� n  1,48 n pha� m � �C6H7O2 (ONO2 )3  : 0,8 mol Va� y hai sa� n pha� m la� � �C6H7O2 (ONO2 )(OH)2  : 2,5 mol  Pha� n� � ng pha� n hu� y  C6H 7O2(ONO2)3  o t C6H7O2(ONO2)3  �� � (CO2  CO) � N2 � H2 � { 44 43 { 4 4 43 0,8 mol 4,8 mol 1,2 mol 2,8mol nRT 8,8.0,082.(300  273)   206,73 at ga� n nha� t v� � i 200 at V e Dạng : Tổng hợp kiến thức cacbohiđrat Ví dụ 1: Từ 100 lít dung dịch rượu etylic 40o (d = 0,8 g/ml) điều chế kg cao su buna (Biết H = 75%) ? A 14,087 kg B 18,783 kg C 28,174 kg D 16,795 kg (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Nguyễn Thái Học – Gia Lai, năm 2015) Hướng dẫn giải  S�� o� pha� n� � ng � ie� u che� cao su Buna: Suy ra: p  o o t , xt, p t , xt, p 2C2H5OH ���� CH2  CH  CH  CH2 ���� CH2CH  CHCH2  2.46 gam 100.40%.0,8.75% kg � � 54 x  14,087 kg Ví dụ 2: Hòa tan hồn tồn m gam glucozơ cần 4,9 gam Cu(OH) Mặt khác cho m gam glucozơ đem hiđro hồn tồn thu n gam sobitol Giá trị n : A 18 gam B 18,2 gam C gam D 9,1 gam (Đề thi thử Đại học lần – THPT Cẩm Lý – Bắc Giang, năm học 2013 – 2014) Ta có : nC6H14O6 (sobitol)  nC6H12O6 Hướng dẫn giải  2nCu(OH)  0,1� msobitol  18,2 gam Ví dụ 3: Cho m gam dung dịch saccarozơ (chưa rõ nồng độ) hòa tan vừa hết 9,8 gam Cu(OH) Đem thủy phân hoàn toàn saccarozơ m gam dung dịch (xúc tác axit), sau cho sản phẩm thủy phân tác dụng với AgNO dư NH3 đun nóng thu gam Ag? A 21,6 gam B 43,2 gam C 64,8 gam D 86,4 gam (Đề thi thử Đại học lần – THPT chuyên Hùng Vương – Phú Thọ, năm học 2013 – 2014) Hướng dẫn giải  Ta co� : n  2nC H O  0,8 � nC H O  2nCu(OH)  2.9,8:98  0,2 � � � Ag 12 12 22 11 � � � n  2nC H O  0,4 mAg  0,8.108  86,4 gam � � 12 22 11 � C6H12O6 � Ví dụ 4: Thủy phân lượng saccarozơ, trung hòa dung dịch sau phản ứng phương pháp thích hợp, tách thu m gam hỗn hợp X, chia thành hai phần Phần tác dụng với lượng H dư (Ni, to) thu 14,56 gam sobitol Phần hai hòa tan vừa 6,86 gam gam Cu(OH) nhiệt độ thường (giả thiết monosaccarit hay đisaccarit phản ứng với Cu(OH) theo tỉ lệ mol tương ứng 2:1) Hiệu suất phản ứng thủy phân saccarozơ A 60% B 80% C 50% D 40% (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ, năm 2015) Hướng dẫn giải � nglucoz�  nfructoz�  nsaccaroz�pha� x n� � ng �  �a� t: � nsaccaroz�ch�a pha� y � n� � ng � n(glucoz�, fructoz�)  nsobitol  0,08 � x  0,04; y  0,06 �1 44 43 � � 2x � � � 0,04 n(glucoz�, fructoz�)  nsaccaroz�ch�a pha�  2nCu(OH)2  0,14 �h  100  40% � ng � � 44 43 4 4n 0,1 � � 2x y � Ví dụ 5: Khi thủy phân 68,4 gam saccarozơ dung dịch axit H 2SO4 loãng (hiệu suất phản ứng thủy phân đạt 80%), thu dung dịch Y Trung hòa dung dịch Y dung dịch NaOH thực phản ứng tráng bạc (bằng AgNO3 NH3) thu tối đa m gam kim loại Ag Giá trị m là: A 34,56 B 86,4 C 121,5 D 69,12 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Yên Viên – Hà Nội, năm 2015) Hướng dẫn giải � 68,4.80% nglucoz�  nfructoz�  nsaccaroz�pha�   0,16 � n� � ng � � mAg  69,12 gam 342 � n  2n  0,64 (glucoz�, fructoz�) � Ag Ví dụ 6: Cho m gam hỗn hợp gồm saccarozơ tinh bột hòa tan vào nước nhiệt độ thích hợp, chia dung dịch thành hai phần nhau: Phần hòa tan vừa hết 7,35 gam Cu(OH) Phần 2, nhỏ dung dịch HCl dư vào đun nóng, sau kiềm hóa dung dịch nhỏ dung dịch AgNO 3/NH3 đến dư vào dung dịch đun nhẹ thu 86,4 gam Ag Giá trị m : A 75 B 101,5 C 67,5 D 135 (Đề thi thử Đại học lần – THPT Cẩm Lý – Bắc Giang, năm học 2013 – 2014) Hướng dẫn giải Ta có : � 2.7,35 �  0,15 �nC12H22O11  2nCu(OH)2  �nC12H22O11  0,15 98 � � � n  0,1 �0,8  nAg  2n(glucoz�, fructoz�)  2(2nC H O  nC H O  ) � �  C6H10O5 12 22 11 10 � Suy : m  2.( 0,15.342 14 43  0,1.162 14 43 )  135 gam mC H O 12 22 11 m C H O  10 Ví dụ 7: Cho Xenlulozơ phản ứng với anhiđrit axetic (H 2SO4 xúc tác), thu 11,10 gam hỗn hợp X gồm xenlulozơ triaxetat xenlulozơ điaxetat 6,60 gam axit axetic Thành phần phần trăm theo khối lượng xenlulozơ triaxetat xenlulozơ điaxetat X A 76,84%; 23,16% B 70,00%; 30,00% C 77,84%; 22,16% D 77,00%; 23,00% (Đề thi thử Đại học lần – THPT chuyên Quảng Bình, năm học 2013 – 2014) Hướng dẫn giải Bản chất phản ứng : H SO , to �  C H O (OOCCH ) (OH)  2CH COOH C6H7O2(OH)3  2(CH3CO)2 O ����� 3 H SO , to �  C H O (OOCCH )  3CH COOH C6H7O2(OH)3  3(CH3CO)2O ����� 33 Theo giả thiết bảo tồn gốc CH3COO–, ta có : � 246nC H O (OOCCH ) (OH)  288nC H O (OOCCH )  11,1 2 43 43 33 � 464744 4644 4 43 x y � � � 6,6 � 2nC H O (OOCCH ) (OH)  3nC H O (OOCCH )  nCH COOH   0,11 2 43 43 33 60 4644 4 43 � 464744 x y � � x  0,01� 22,16% � � y  0,03 � 77,84% � Ví dụ 8: Phản ứng tổng hợp glucozơ xanh cần cung cấp lượng từ ánh sáng mặt trời : a� nh sa� ng � C6H12O6 + 6O2 6CO2 + 6H2O + 673 kcal ���� clorophin Cứ phút, cm2 xanh nhận 0,5 cal lượng mặt trời, có 10% sử dụng vào phản ứng tổng hợp glucozơ Thời gian để có 1000 xanh (diện tích 10 cm 2) sản sinh 18 gam glucozơ : A 14 phút 36 giây B 29 phút 12 giây C 30 phút 15 giây D 00 phút 00 giây (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – Trường THPT chuyên Hùng Vương – Phú Thọ, năm 2015) Hướng dẫn giải Phản ứng tổng hợp glucozơ xanh cần cung cấp lượng từ ánh sáng mặt trời : a� nh sa� ng � C6H12O6 + 6O2(1) 6CO2 + 6H2O + 673 kcal ���� clorophin Theo phương trình (1) ta thấy để tổng hợp 180 gam glucozơ lượng cần dùng 673 kcal Vậy để tổng hợp 18 gam glucozơ lượng cần dùng 67,3 kcal hay 67300 cal Gọi t (phút) thời gian cần dùng để 1000 xanh (diện tích 10 cm 2) tổng hợp 18 gam glucozơ ta có : 0,5.10%.1000.10.t  67300 � 134,6 phu� t  gi� � 14 phu� t 36 gia� y Ví dụ 9: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm glucozơ, axit axetic, anđehit fomic etylen glicol Sau phản ứng thu 21,28 lít khí CO2 (đktc) 20,7 gam H2O Thành phần % theo khối lượng etylen glicol hỗn hợp X A 63,67% B 42,91% C.41,61% D 47,75% (Đề thi thử Đại học lần – THPT Tĩnh Gia – Thanh Hóa, năm học 2013 – 2014) Hướng dẫn giải Hỗn hợp X gồm glucozơ, axit axetic, anđehit fomic etylen glicol có cơng thức phân tử C 6H12O6, C2H4O2, CH2O, C2H6O2 Suy chất glucozơ, axit axetic, anđehit fomic có cơng thức đơn giản CH2O Vậy quy đổi hỗn hợp X thành hỗn hợp gồm hai chất CH2O C2H6O2 Theo giả thiết bảo tồn ngun tố C, H, ta có : �nCH O  0,55; nC H O  0,2 � 21,28 � n  2n  n   0,95 � C2H6O2 CO2 � 0,2.62 � CH2O 22,4 �� %mC H O  � 0,2.62  0,55.30 2.20,7 � 2nCH O  6nC H O  2nH O   2,3 � � � 2 2 18 � �42,91% � Ví dụ 10: Cho 28,8 gam hỗn hợp X gồm propinal, glucozơ, fructozơ tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO NH3 thu 103,6 gam chất rắn Phần trăm khối lượng propinal X A 42,5% B 85,6% C 37,5% D 40,0% (Đề thi thử ĐH lần – THPT Chuyên – Đại học Vinh, năm học 2012 – 2013) Hướng dẫn giải Hỗn hợp X gồm propinal ( CH �C  CHO ), glucozơ (CH2OH(CHOH)4CHO) fructozơ (CH2OH(CHOH)3COCH2OH)  OH Trong trường kiềm (NaOH, KOH, NH3, ) fructoz� ��� � glucoz� ���� Quy luật chung : Glucozơ fructozơ có cơng thức phân tử C6H12O6 tham gia phản ứng tráng gương nAg  2nC6H12O6 Sơ đồ phản ứng: � CAg �C  COONH4 � � CH 4� 4C 4CHO 43 �1 4 44 4 43 � o x mol AgNO3/NH3, t � � x mol ������� �� � C H O 212436 �14 � Ag { � � � y mol 2(x y) mol � � 42 43 4 4 4 43 28,8 gam 103,6 gam � � � 54x  180y  28,8 54x  180y  28,8 x  0,2 �� �� Ta có: � 2(x  y).108  194x  103,6 � 410x  216y  103,6 � y  0,1 � 0,2.54 100%  37,5% 28,8 Ví dụ 11: Xenlulozơ tác dụng với anhiđrit axetic (có H 2SO4 làm xúc tác) tạo 9,84 gam este axetat 4,8 gam CH3COOH, công thức este axetat có dạng : A [C6H7O2(OOCCH3)3]n B [C6H7O2(OOCCH3)3]n [C6H7O2(OOCCH3)2OH]n C [C6H7O2(OOCCH3)2OH]n D [C6H7O2(OOCCH3)(OH)2]n (Đề thi thử Đại học lần – THPT chuyên Bắc Ninh, năm học 2011 – 2012) Hướng dẫn giải Phương trình phản ứng : Suy : %mCH�CCHO  H SO , to � [C H O OH(OOCCH ) ]  2nCH COOH [C6H7O2(OH)3]n  2n(CH3CO)2O ����� n H SO , to � [C H O (OOCCH ) ]  3nCH COOH [C6H7O2(OH)3]n  3(CH3CO)2O ����� 3n Theo phương trình phản ứng bảo tồn khối lượng, ta có : � 4,8  0,08 �m[C H O (OH) ]  6,48 �n(CH3CO)2O  nCH3COOH  3n 60 � � �� �m 0,04 H O (OH) ]  m(CH CO) O  meste axetat  mCH COOH �1 [C �n[C H O (OH) ]  4647224 33n 23 23 43 23 43 n � n � 9,84 ? 0,08.102 0,08.60 � Suy : n(CH 0,08  2n � este axetat la�[C6H7O2OH(OOCCH3)2]n 0,04 n[C H O (OH) ] 3n n Ví dụ 12: Đun nóng 8,55 gam cacbohiđrat X với dung dịch HCl đến phản ứng hoàn toàn Cho dung dịch sau phản ứng tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO NH3 sau phản ứng thu 10,8 gam Ag X chất sau đây? A glucozơ B frutozơ C xenlulozơ D saccarozơ (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Phan Đăng Lưu – TP.HCM, năm 2015) Hướng dẫn giải  X pha� n� � ng � � � � c v� � i HCl, suy X kho� ng the� la� monosaccarit  Ne� u X la� xenluloz�th�ta co� : 3CO)2O  H O, HCl AgNO /NH 3  C6H10O5  ���� � C6H12O6 ����� � 2Ag mol : 0,05 � 0,1 Suy m C6H10O5   0,05.162  8,1gam �8,55gam(loa� i)  Va� y X la� saccaroz� Ví dụ 13: Đốt cháy hoàn toàn cacbohiđrat X, thu hỗn hợp sản phẩm Y gồm CO H2O Y hấp thụ hết vào dung dịch chứa 0,4 mol Ca(OH)2 thu 20 gam kết tủa, đồng thời khối lượng bình tăng 35,4 gam X A Glucozơ B Xenlulozơ C Mantozơ D Saccarozơ (Đề thi thử Đại học lần – THPT chuyên Hùng Vương – Phú Thọ, năm học 2013 – 2014) Hướng dẫn giải ● Trường hợp : Ca(OH)2 dư �nCO  nCaCO  0,2 � nCO n 0,2 � �nCO  0,2 �� � C    (loa� i) � 44nCO  18nH O  35,4 �nH O  1,477 nH 2nH O 2,95 14,77 � 2 � � ● Trường hợp : CO2 dư �n nCO �nCO  2nCa(OH)  nCaCO  0,6 0,6 C � 2 � n  0,6    � 14 43 14 43 � � CO2 �n 10 �� � � H 2nH2O 0,4 0,2 � n  0,5 � �44n � � H2O X la�xenluloz�: C6H10O5  � CO2  18nH2O  35,4 � � Ví dụ 14: Đốt cháy hoàn toàn 0,0855 gam cacbohiđrat X Sản phẩm dẫn vào nước vôi thu 0,1 gam kết tủa dung dịch A, đồng thời khối lượng dung dịch tăng 0,0815 gam Đun nóng dung dịch A lại 0,1 gam kết tủa Biết làm bay 0,4104 gam X thu thể tích khí thể tích 0,0552 gam hỗn hợp ancol etylic axit fomic đo điều kiện Công thức phân tử X : A C12H22O11 B C6H12O6 C (C6H10O5)n D C18H36O18 Hướng dẫn giải Đặt CTTQ X: Cn(H2O)m o t C n (H O)m  nO2 �� � nCO  mH O CO2 + Ca(OH)2 � CaCO3 + H2O 2CO2 + Ca(OH)2 � Ca(HCO3)2 Ca(HCO3)2 � CaCO3 + CO2 + H2O (1) (2) (3) (4) Theo (2) : nCO2 (p�)  nCaCO3  0,001 mol Theo (3), (4): nCO2 (p�)  2.nCa(HCO3 )2  2.nCaCO3  0,002 mol Tổng số mol CO2 sinh từ phản ứng đốt cháy hợp chất hữu 0,003 mol Vì khối lượng dung dịch A tăng so với khối lượng dung dịch Ca(OH)2 ban đầu 0,0815 gam nên ta có : mCO  mH O  mCaCO  0,1815 � mCO  mH O  0,1 0,0815 2 2 � mH2O  0,1815 mCO2  0,1815 0,003.44 0,0495 gam � nH2O  0,00275 mol M C H OH  M HCOOH  46� M hh  46 � nX  n(HCOOH,C2H5OH)  � MX  0,0552  1,2.103 mol 46 0,4104  342 gam/ mol 1,2.103 Mặt khác X có cơng thức Cn(H2O)m nên suy : 12n + 18m = 342 n = 12; m = 11 Vậy, công thức phân tử X C12(H2O)11 hay C12H22O11 ● PS: Có thể tìm tỉ lệ nC : nH : nO  công thức phân tử X IV CÂU HỎI/BÀI TẬP KIỂM TRA, ĐÁNH GIÁ CHỦ ĐỀ THEO ĐỊNH HƯỚNG PHÁT TRIỀN NĂNG LỰC CHƯƠNG 2- CACBOHIĐRAT Mức độ I 1.(Đề 2017mã 203)Câu 50 Thủy phân hồn tồn tinh bột mơi trường axit, thu chất sau đây? A Glucozơ B Saccarozơ C Ancol etylic D Fructozơ 2.(Đề 2017mã 204)Câu 48 Để tráng lớp bạc lên ruột phích, người ta cho chất X phản ứng với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, đun nóng Chất X A etyl axetat B glucozơ C tinh bột D saccarozơ 3.(Đề MH-17 lần 1)Câu 15: Chất sau có tên gọi đường nho ? A Glucozơ B Saccarozơ C Fructozơ D Tinh bột 4.(Đề 2015)Câu 29: Chất sau không thủy phân môi trường axit ? A Xenlulozơ B Saccarozơ C Tinh bột D Glucozơ 5.(Đề MH-2015)Câu 35.  Khi bị ốm, sức, nhiều người bệnh thường truyền dịch đường để bổ sung nhanh lượng Chất dịch truyền có tác dụng A.  Glucozơ B.  Saccarozơ C.  Fructozơ D.  Mantozơ 6.(Đề MH-17 lần 1)Câu 18: Polime thiên nhiên X sinh trình quang hợp xanh Ở nhiệt độ thường, X tạo với dung dịch iot hợp chất có màu xanh tím Polime X A tinh bột B xenlulozơ C saccarozơ D glicogen Mức độ II 7.(Đề 2017mã 202)Câu 60 Saccarozơ glucozơ có phản ứng A cộng H2 (Ni, to) B tráng bạc C với Cu(OH)2 D thủy phân 8.(Đề 2017mã 203)Câu 60 Phát biểu sau sai ? A Glucozơ saccarozơ cacbohiđrat B Trong dung dịch, glucozơ fructozơ hòa tan Cu(OH)2 C Glucozơ saccarozơ có phản ứng tráng bạc D Glucozơ fructozơ đồng phân 9.(Đề 2017mã 204)Câu 58 Phát biểu sau ? A Phân tử xenlulozơ cấu tạo từ gốc fructozơ B Fructozơ khơng có phản ứng tráng bạc C Amilopectin có cấu trúc mạch phân nhánh D Saccarozơ không tham gia phản ứng phản ứng thủy phân 10.(Đề 2016)Câu 31: Cho phát biểu sau: (a) Glucozơ gọi đường nho có nhiều nho chín (b) Chất béo đieste glixerol với axit béo (c) Phân tử amilopectin có cấu trúc mạch phân nhánh (d) Ở nhiệt độ thường, triolein trạng thái rắn (e) Trong mật ong chứa nhiều fructozơ (f) Tinh bột lương thực người Số phát biểu A B C D 11.(Đề MH-17 lần 2)Câu 16: Phát biểu sau ? A Dung dịch saccarozơ phản ứng với Cu(OH) tạo dung dịch màu xanh lam B Xenlulozơ bị thuỷ phân dung dịch kiềm đun nóng C Glucozơ bị thủy phân mơi trường axit D Tinh bột có phản ứng tráng bạc 12.(Đề MH-17 lần 1)Câu 16: Cho 500 ml dung dịch glucozơ phản ứng hoàn toàn với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, thu 10,8 gam Ag Nồng độ dung dịch glucozơ dùng A 0,20M B 0,01M C 0,02M D 0,10M 13.(Đề 2016)Câu 24: Thủy phân m gam saccarozơ môi trường axit với hiệu suất 90%, thu sản phẩm chứa 10,8 gam glucozơ Giá trị m A 22,8 B 17,1 C 18,5 D 20,5 14.(Đề 2016)Câu 15: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm xenlulozơ, tinh bột, glucozơ saccarozơ cần 2,52 lít O2 (đktc), thu 1,8 gam nước Giá trị m A 3,15 B 5,25 C 6,20 D 3,60 15.(Đề MH-17 lần 2)Câu 23: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp glucozơ saccarozơ, thu 6,72 lít khí CO2 (đktc) 5,04 gam H2O Giá trị m A 8,36 B 13,76 C 9,28 D 8,64 Mức độ III 16.(Đề T.Khảo-17 lần 3)Câu 72 Ancol etylic điều chế cách lên men tinh bột theo sơ đồ: enzim enzim (C6H10O5)n ��� � C6H12O6 ��� � C2H5OH o Để điều chế 10 lít ancol etylic 46 cần m kg gạo (chứa 75% tinh bột, lại tạp chất trơ) Biết hiệu suất trình 80% khối lượng riêng ancol etylic nguyên chất 0,8 g/ml Giá trị m A 3,600 B 6,912 C 10,800 D 8,100 17.(Đề MH-2015)Câu 38 Lên men m gam tinh bột thành ancol etylic với hiệu suất trình 75% Lượng CO2 sinh hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch Ca(OH)2, thu 50 gam kết tủa dung dịch X Thêm dung dịch NaOH 1M vào X, thu kết tủa Để lượng kết tủa thu lớn cần tối thiểu 100 ml dung dịch NaOH Giá trị m A 72,0 B 90,0 C 64,8 D.  75,6 Mức độ IV RÚT KINH NGHIỆM ... este Bài 6: Số mol CO2= 0,2 mol ,mc=0 ,2 . 12= 2 ,4 g Số mol H2O= 0,2 mol,mH= 0 ,4 g Khối lượng oxi = 4, 4 - 2, 4- 0 ,4 = 1,6 g,số mol oxi= 0,1 mol Ta có tỉ lệ:nc:nH:no=0 ,2 : 0 ,4 : 0,1 =2: 4: 1 CTĐGN:C4H8O2 Có CTCT Bài (C17H35COO)3C3H5+... 4H8O2 C3H6O2 A : A 3,6 gam 2, 74 gam B 3,7 4 gam 2, 6 gam C 6 ,2 4 gam 3,7 gam D 4, 4 gam 2, 22 gam Hướng dẫn giải MB = 1 ,4 375. 32 = 46 gam/mol  ancol B C2H5OH Hai este có cơng thức phân tử C 4H8O2 C3H6O2... RCOOH + CaCO3 � (RCOO)2Ca + CO2 + H2O (1) R 'OH + 2Na � R 'ONa + H2 (2) Theo (1 ), (2) giả thiết ta có : 1,1 2 2 ,2 4 nRCOOH  2nCO2   0,1 mol; nR'OH  2nH2   0 ,2 mol 22 ,4 22 ,4 Như cho a gam hỗn