Bồi dưỡng HSG Dap an bang B

Bồi dưỡng 4 Bài 1 : Tìm 3 số biết tổng của số thứ nhất và số thứ hai là 50, tổng của số thứ hai và số thứ ba là 42 và tổng của số thứ nhất và số thứ ba là 56. Giải : Tổng của ba số đã cho là : ( 50 + 42 + 56 ) : 2 = 74 Số thứ nhất là : 74 - 42 = 32 Số thứ hai là : 50 - 32 = 18 Số thư ba là : 56 - 32 = 24 Đáp số : 32 18, 24. Bài 2 : Tìm số có 2 chữ số . Mà tổng hai chữ số bằng hiệu hai chữ số và bằng số lớn nhất có 1 chữ số . Giải Gọi số có hai chữ số cần tìm là a và b (a ; b dều là số tự nhiên bé hơn 10 và a ≠ 0 hoặc b ≠ 0 ). Nếu cho a lớn hơn b thì : a - b = 9 ( Vì số lớn nhất có một chữ số bằng 9 ) a + b = 9 Suy ra : a = ( 9 + 9 ) : 2 = 9 b = 9 - 9 = 0 Mà số đã cho là số có hai chữ số nên ab = 90. Bài 3 : Cha hơn con 36 tuổi. Tìm tuổi mỗi người. Biết rằng 5 năm về trước thì tuoir cha gấp 3 lần tuổi con. Giải : Cứ mỗi năm mỗi người thêm một tuổi nên tuổi của hai cha con không đổi. Tuổi của con 5 năm về trước: 36 : ( 5 - 4 ) = 9 ( tuổi ) Tuổi của con hiện nay : 9 + 5 = 14 ( tuổi ) Tuổi của cha hiện nay : 14 + 36 = 50 ( tuổi ) Đáp số : Con : 14 tuổi. Cha : 50 tuổi. Bài 4: Chu vi của một hình chữ nhật là 84 m. Chiều rộng bằng 3 4 chiều dài. Tìm diện tích của hình chữ nhật đó. Giải : Nửa chu vi của hình chữ nhật là: 84 : 2 = 42 ( m ) Giá trị của mỗi phần bằng nhau là : 3 + 4 = 7 ( m ) Chiều rộng của hình chữ nhật là : 6 x 3 = 18 ( m ) Chiều dài của hình chữ nhật là : 6 x 4 = 24 ( m ) Diện tích của hình chữ nhật là : 18 x 24 = 432 ( m 2 ) Đáp số : 432 m 2 . Bài 5 : Bạn Khiêm có 25 viên bi. Bạn Thái có nhiều hơn bạn Khiêm 15 viên bi. Số bi của bạn Minh ít hơn trung bình cộng số bi của cả 3 bạn Khiêm, Thái, Minh là 1 viên. Số bi của bạn Trí nhiều hơn trung bình cộng của 4 bạn là 3 viên. Tìm của Minh, Trí. Giải : Số bi của Thái : 25 + 15 = 40 ( viên bi ) Tổng số bi của Khiêm và Thái : 25 + 40 = 65 ( viên bi ) Trung bình số bi của Khiêm, Thái và Minh: ( 65 - 1 ) : 2 = 32 ( viên ) Số bi của Minh là : 32 - 1 = 31 ( viên ) Tổng số bi của 3 bạn Khiêm , Thái và Minh : 32 x 3 = 96 ( viên ) Trung bình công của 4 bạn : ( 96 + 3 ) : 33 = 33 ( viên ) Số bi của Trí: 33 + 3 = 36 ( viên ) Bài 6: Tính nhanh: a ) 25 x 125 x 8 x 4 x 12. b ) 5 + 10 + 15 + 20 + . + 990 + 995. c ) 327 x 46 + 42 + 327 + 327 x 12. d ) 8 + 16 + 15 + 32 + . + 1024. Giải : a ) 25 x 125 x 8 x 4 x 12 = ( 25 x 4 ) x ( 125 x 8 ) x 12 = 100 x 1000 x 12 = 100 000 x 12 = 1 200 000 b ) 5 + 10 + 15 + 20 + . + 990 + 995 là tổng của dãy số cách đều nhau, Hai số liền kề hơn ( kém ) số đơn vị là : 10 - 5 = 15 - 10 = . = 990 - 995 = 5. Số các số hạng của tổng là: ( 995 - 5 ) : 5 + 1 = 199 ( số hạng ) Tổng đó là : ( 995 + 5 ) x 199 : 2 = 99 500 Đáp số : 99 500. c ) 327 x 46 + 42 + 327 + 327 x 12. = 327 x ( 46 + 42 + 12 ) = 327 x 100 = 32 700 d ) 8 + 16 + 15 + 32 + . + 1024. S = 8 + 16 + 15 + 32 + . + 1024. S x 2 = ( 8 + 16 + 15 + 32 + . + 1024 ) x 2 S x 2 = ( 8 + 16 + 15 + 32 + . + 1024 ) + ( 2028 - 8 ) S x 2 = S + 2020 S x 2 - S x 1 = 2040 S x ( 2 - 1 ) = 2040 S x 1 = 2040 S = 2040 : 1 S = 2040 Bài 7 : Tìm x : a ) X + X x 9 + X x 10 = 200 b ) ( x + 1 ) + ( x + 3 ) + . + ( x + 99 ) = 4900 Giải : a ) X + X x 9 + X x 10 = 200 X x ( 1 + 9 + 10 ) = 200 X x 20 = 200 X = 200 : 20 X = 10. b ) ( x + 1 ) + ( x + 3 ) + . + ( x + 99 ) = 4900 1 ; 3 ; 5 ; . ; 99 là dãy số cách đều nhau , hai số liền kề hơn kém nhau số đơn vị SỞ GD& ĐT NGHỆ AN KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH LỚP 12 NĂM HỌC 2012 - 2013 HƯỚNG DẪN VÀ BIỂU ĐIỂM CHẤM ĐỀ THI CHÍNH THỨC Môn thi: HOÁ HỌC - THPT BẢNG B (Hướng dẫn biểu điểm gồm 04 trang) Câu Câu Nội dung 1,0 2,0 Điểm 5,0 → Al(OH)3 ↓ + 3NH4Cl AlCl3 + 3NH3 + 3H2O  → 2Al(OH)3 ↓ + 6NaCl + 3CO2 ↑ 2AlCl3 + 3Na2CO3 + 3H2O  0,25 *4 → 2Al(OH)3 ↓ + 3BaCl2 2AlCl3 + 3Ba(OH)2  2Al(OH)3 + Ba(OH)2  → Ba(AlO2)2 + 4H2O Có ba trường hợp sau: Trường hợp 1: Cấu hình electron X [Ar] 4s1 => X thuộc ô thứ 19, chu kì 4, nhóm IA Ở trạng thái bản, X có electron độc thân Trường hợp 2: Cấu hình electron X [Ar] 3d5 4s1 => X thuộc ô thứ 24, chu kì 4, nhóm VIB Ở trạng thái bản, X có electron độc thân Trường hợp 3: Cấu hình electron X [Ar] 3d10 4s1 => X thuộc ô thứ 29, chu kì 4, nhóm IB Ở trạng thái bản, X có electron độc thân 0,5 0,75 0,75 → BaSO4 ↓ + NaCl + HCl BaCl2 + NaHSO4  → BaSO4 ↓ + KHCO3 + CO2 ↑ + H2O Ba(HCO3)2 + KHSO4  → CaHPO4 ↓ + KH2PO4 + H2O Ca(H2PO4)2 + KOH  2,0 0,5x4 → CaCO3 ↓ + NaOH + H2O Ca(OH)2 + NaHCO3  Câu 5.0 1,5 HO CH2OH + 2Na HO CH2OH + NaOH HO CH2OH + CH3COOH NaO CH2ONa NaO H2SO4 dac,t + H2 CH2OH + 0,5*3 H2O HO CH2OOCCH3 + H 2O CH 3COOH +NaOH → CH 3COONa + H 2O CaO, t CH 3COONa + NaOH  → CH + Na 2CO3 o 1500 C 2CH  → C H + 3H LLN 1,5 o 0,25*6 t ,xt 2C H  → CH = CH − C ≡ CH Pd,PbCO3 ,t CH = CH − C ≡ CH + H  → CH = CH − CH = CH o xt,t ,p nCH = CH − CH = CH  →(−CH − CH = CH − CH −) n 2,0 Ở nhiệt độ thường, dung dịch KMnO4 phản phản ứng với stiren Khi đun nóng, dung dịch KMnO4 phản ứng với ba chất: → 3C6H5-CH(OH)-CH2(OH) +2MnO2 ↓ +2KOH 3C6H5-CH=CH2 + 2KMnO4+ 4H2O  t0 0,5*4 3C6H5CH=CH2 + 10KMnO4  → 3C6H5COOK + 3K2CO3 + KOH + 10MnO2 ↓ + 4H2O t C6H5-CH3 + 2KMnO4  → C6H5COOK + 2MnO2 ↓ + KOH + H2O t 3C6H5CH2CH2CH3+10KMnO4  → 3C6H5COOK+3CH3COOK+4KOH+4H2O+ 10MnO2 ↓ 5,0 Câu −2 −3 Dung dịch axit:pH=2 => [H+] = 10-2M => nH+ = 0,1.10 = 10 mol 0,25 Dung dich NaOH có [OH-] = 0,1M 0,25 −2 => n OH− = 0,1.0,1 =10 mol 1,5 Khi trộn xảy phản ứng: H+ + OH-  → H2O 0,25 => H+ hết, OH- dư Số mol OH- dư là: 10-2 – 10-3 = 9.10-3 mol 0,25 [OH - ] = => 9.10−3 = 0, 045M 0, + => pH = − lg[H ]= -lg( 1,75 0,25 10-14 ) = 12, 65 0,045 0,25 11, = 0,15 mol 78 0,25 n Al2 (SO4 )3 = 0,1 mol ; n Al(OH)3 = Trường hợp 1: Chỉ xảy phản ứng: Al2(SO4)3 + 6NaOH  → 3Na2SO4 + 2Al(OH)3 0,45 0,15 (mol) => n NaOH = 3n Al(OH)3 = 3.0,15 = 0, 45 mol => Vdung dịchNaOH = 0,45/4 = 0,1125 lít = 112,5 ml 0,5 Trường hợp 2: Xảy phản ứng: Al2(SO4)3 + 6NaOH  → 3Na2SO4 + 2Al(OH)3 (1) 0,075 0,45 0,15 (mol) Al2(SO4)3 + 8NaOH  → 3Na2SO4 + 2NaAlO2 + 4H2O (2) 0,025 0,2 (mol) Theo (1) (2): => số mol NaOH phản ứng: 0,45 + 0,2 = 0,65 mol => Vdung dịch NaOH = 0,65/4 = 0,1625 lít = 162,5 ml 1,0 Vì tính khử Cu < Fe => Kim loại dư Cu Cu dư nên HNO hết, muối sau phản ứng Fe(NO3)2 Cu(NO3)2 n NO = 0,5 4, 48 = 0, mol 22, Gọi a, b số mol Fe Cu phản ứng => 56a + 64b = 19,52 – 1,92 = 17,6 (1) Các trình oxi hóa – khử: Fe → Fe 2+ + 2e 1,75 a a 2a (mol) 2+ Cu → Cu + 2e b b 2b (mol) +5 N + 3e → N +2 0,6 0,2 (mol) 0,25 0,25 Theo phương pháp bảo toàn electron ta có: 2a + 2b = 0,6 (2) 0,25 Giải (1) (2) ta được: a = 0,2; b = 0,1 0,25 => Nồng độ dung dịch Fe(NO3)2 0,2/0,4 = 0,5M, => Nồng độ dung dịch Cu(NO3)2 0,1/0,4 = 0,25 M Câu * Khối lượng bình tăng = m H2O = 4,32 gam => n H2O = 0, 24 mol => nH = 0,48 mol 2,5 * Hấp thụ sản phẩm cháy vào dung dịch Ba(OH)2 dư: 70,92 n BaCO3 = = 0,36 mol 197 Phương trình phản ứng: CO + Ba(OH) → BaCO3 + H 2O 0,36 0,36 (mol) n => CO2 = 0,36 mol => nC = 0,36 mol *mO = 8,64 – (mC + mH) = 8,64 – 12.0,36 -0,48.1 = 3,84 gam => nO = 0,24 mol Gọi CTPT A CxHyOz ta có x:y:z = 0,36: 0,48 : 0,24 = 3: 4: => Công thức A có dạng: (C3H4O2)n Do MA < 78 => 72n < 78 => n < 1,08 => n = => A C3H4O2 Do A tác dụng với NaOH nên công thức cấu tạo là: CH2=CHCOOH ( axit acrylic) HCOOCH=CH2 (vinyl fomat) 0,25 5,0 0,25 0,5 0,25 0,5 0,5 0,5 2,5 Khối lượng phần 14,2/2 = 7,1 gam Phần 1: n CO2 = 0,35 mol; n H2O = 0, 25 mol => mC = 4,2gam; mH = 0,5gam => mO = 7,1-4,2-0,5 = 2,4gam => nO = 0,15mol Vì anđehit đơn chức => n2anđehit = nO = 0,15mol Phần 2: nAg = 43,2/108 = 0,4 mol n Ag 0, = > => Hỗn hợp có HCHO Do n X 0,15 Đặt công thức anđehit lại RCHO Gọi số mol HCHO RCHO phần x y mol Sơ đồ phản ứng tráng gương: HCHO  → 4Ag x 4x (mol) RCHO  2Ag → y 2y (mol) => x + y = 0,15 (1) 4x + 2y = 0,4 (2) Giải (1) (2) => x = 0,05; y = 0,1 Từ khối lượng phần 7,1 gam => 0,05.30 + 0,1.(R+29) = 7,1 => R = 27 (-C2H3) => Anđehit lại là: CH2=CH-CHO 0,5 0,5 0,5 0,25 0,5 0,25 Ghi : Học sinh làm cách khác cho điểm tối đa, phương trình ghi thiếu điều kiện trừ ½ số điểm Kinh nghiệm bồi dưỡng HSG “Giải toán trên máy tính bỏ túi CASIO” UBND huyện Cao Lãnh – Trường THCS Bình Thạnh  Đề tài: Đề tài: PHƯƠNG PHÁP PHƯƠNG PHÁP Bồi dưỡng HSG Giải Toán Trên Bồi dưỡng HSG Giải Toán Trên Máy Tính Bỏ Túi CASIO Máy Tính Bỏ Túi CASIO Họ và Tên : Nguyễn Dương Hiền Họ và Tên : Nguyễn Dương Hiền Năm học : 2011 - 2012 Năm học : 2011 - 2012 A/ ĐẶT VẤN ĐỀ GV : Nguyễn Dương Hiền – THCS Bình Thạnh 1 Kinh nghiệm bồi dưỡng HSG “Giải toán trên máy tính bỏ túi CASIO” I / LÝ DO CHỌN ĐỀ TÀI . Như chúng ta đa biết , nghiên cứu khoa học , nêu lên sáng kiến kinh nghiệm là việc làm cần thiết của mỗi giáo viên qua một năm , hay nhiều năm giảng dạy , nhằm góp phần nâng cao trình độ hiểu biết và phát huy năng lực của bản thân . Hiện nay trong các trường phổ thông từ tiểu học đến THPT việc sử dụng “Máy tính bỏ túi” trong giới học sinh rất phổ biến . Hầu như học sinh nào cũng có máy , các em sử dụng một cách tùy tiện .Đa số học sinh dùng máy tính để tính toán thông thường như cộng , trừ , nhân , chia , lũy thừa , căn thức , …. Đối với các loại toán nâng cao, hầu như các em hoàn toàn không biết dùng máy tính giải như thế nào , khi kết quả của bài toán có nhiều hơn 10 chữ số ( tràn màn hình) thì học sinh không biết xử lý . Để giúp cho các em có nhiều kiến thức khi sử dụng máy tính và cũng là để tuyển chọn đội tuyển tham gia các hội thi học sinh giỏi cấp trường , cấp huyện , cấp tỉnh ,… tôi quyết định chọn đề tài “ Phương pháp bồi dưỡng HSG giải toán trên máy tính bỏ túi” . II. MỤC ĐÍCH VÀ PHƯƠNG PHÁP . a/ Mục đích :  Học sinh - Biết sử dụng thành thạo các loại máy tính bỏ túi CASIO – Fx 570 MS ; 570 ES; … - Biết dùng các loại máy tính trên , giải được các bài toán thuộc phạm vi chương trình cấp THCS từ đơn giản đến nâng cao  Giáo viên - Nâng cao kiến thức , có thêm kinh nghiệm bồi dưỡng học sinh giỏi . b/ Phương pháp : a/ Hướng dẫn học sinh học như thế nào để nắm được kiến thức cơ bản b/ Lựa chọn kiến thức phù hợp với từng đối tượng học sinh c/ Đưa ra tất cả các dạng toán cơ bản giải bằng máy tính bỏ túi d/ Sưu tầm đề thi HSG vòng huyện , vòng tỉnh , khu vực III. GIỚI HẠN ĐỀ TÀI : Trong đề tài này , tôi chỉ nêu lên các phương pháp bồi dưỡng HSG khối 9 “Giải toán trên máy tính cầm tay” mà tôi đã tiến hành thực hiện giảng dạy trong những năm được phân công bồi dưỡng học sinh giỏi. Với cách dạy này tôi đã giúp nhiều học sinh đạt giải cao trong các kỳ thi cấp huyện . B/ NỘI DUNG I/ CƠ SỞ LÝ LUẬN GV : Nguyễn Dương Hiền – THCS Bình Thạnh 2 Kinh nghiệm bồi dưỡng HSG “Giải toán trên máy tính bỏ túi CASIO” Bộ giáo dục và đào tạo hướng dẫn và yêu cầu các SGD & ĐT chỉ đạo các trường phổ thông bậc THCS THPT sử dụng máy tính điện tử bỏ túi thực hành toán học trong dạy và học như sau : - Sử dụng máy tính điện tử bỏ túi làm phương tiện thực hành toán học phổ thông nhằm góp phần đổi mới phương pháp dạy học rèn luyện kỷ năng thực hành tính toán - Các trường phổ thông bậc trung học đảm bảo thực hiện sử dụng máy tính bỏ túi đúng yêu cầu của chương trình , sách giáo khoa đề ra và theo qui định trong phân phối chương trình của Bộ giáo dục & đào tạo - Tổ chức hội thi “ Giải toán trên máy tính cầm tay” cấp trường , cấp huyện , cấp tỉnh và thành phố để tham gia hội thi cấp quốc gia II/ CƠ SỞ THỰC TIỂN Nhằm đáp ứng nhu cầu học bộ môn toán và cách dùng máy tính bỏ túi của học sinh đồng thời giúp các em tham gia các kỳ thi HSG giải toán trên máy tính cầm tay cấp trường , cấp huyện ,… Ngoài ra các quy trình , thao tác trên máy tính điện tử bỏ túi là bước đầu để học sinh làm quen với lập trình trên máy tính cá nhân . Máy tính điện tử bỏ túi có thể thực hiện được hầu hết các phép tính cơ bản ở bậc trung học - Máy tính bỏ túi dùng để tính toán các biểu thức số có hổn hợp các phép tính phức tạp , giúp cho việc giải nhanh chóng các bài toán về số học , đại số và hình học tiết kiệm được thời gian công sức của học sinh trong khi thực hiện các phép tính ở trên lớp cũng như ở nhà . Nâng cao hiệu quả dạy ĐỀ 1 ĐỀ THI TUYỂN CHỌN HỌC SINH GIỎI LỚP 9 NĂM HỌC 2007 -2008 MÔN THI : VẬT LÍ Thời gian làm bài: 150 phút ( Không kể thời gian giao đề) Câu1: (2,5 điểm) Muốn có 100 lít nước ở nhiệt độ 35 0 C thì phải đổ bao nhiêu lít nước đang sôi vào bao nhiêu lít nước ở nhiệt độ 15 0 C ? Lấy nhiệt dung riêng của nước là 4190J/kgK. Câu2: (2 điểm )Người ta cần truyền tải một công suất điện 100KW đi xa 90km, với điều kiện hao phí do năng suất tỏa nhiệt trên đường truyền dây không vượt quá 2% công suất cần truyền đi. Người ta dùng dây dẫn bằng đồng có điện trở suất và khối lượng riêng lần lượt là 1,7.10 -8 Ωm và 8800kg/m 3 .Tính khối lượng của dây dẫn khi truyền điện năng dưới hiệu điện thế U=6kV. Câu3: ( 3 điểm) Hãy vẽ sơ đồ mạch điện gồm : Nguồn điện; dây dẫn; một bóng đèn; một chuông điện; ba khóa K 1 , K 2 , K 3 sao cho: a) Đóng K 1 đèn sáng . b) Đóng K 2 chuông reo. c) Đóng K 3 đèn sáng, chuông reo Câu4: (3 điểm ) Một Xuồng máy đi trong nước yên lặng với vận tốc 30km/h. Khi xuôi dòng từ A đến B mất 2h và khi ngược dòng từ B đến A mất 3h .Hãy tính vận tốc dòng nước đối với bờ sông và quãng đường AB? Câu5: (3 điểm) Cho mạch điện như hình vẽ: Các empekế giống nhau và có điện trở R A , ampekế A 3 chỉ giá trị I 3 = 4(A), ampekế A 4 chỉ giá trị I 4 = 3(A) Tìm chỉ số của các còn lại? Nếu biết U MN = 28 (V). Hãy tìm R, R A ? Câu6: (2 điểm) Một bình thông nhau chứa nước biển. Người ta đổ thêm xăng vào một nhánh. Hai mặt thoáng ở hai nhánh chênh lệch nhau 18mm. Tính độ cao của cột xăng. Cho biết trọng lượng riêng của nước biến là 10300N/m 3 và của xăng là 7000N/m 3 . Câu7: (2 điểm) Hai điện trở R= 4Ω và r mắc nối tiếp vào hai đầu hiệu điện thế U=24V. Khi thay đổi giá trị của r thì công suất tỏa nhiệt trên r thay đổi và đạt giá trị cực đại. Tính giá trị cực đại đó. Câu8: (2,5 điểm) Cho mạch điện như hình vẽ: Trong đó R 0 là điện trở toàn phần của biến trở, R b là điện trở của bếp điện. Cho R 0 = R b , điện trở của dây nối không đáng kể, hiệu điện thế U của nguồn không đổi. Con chạy C nằm ở chính giữa biến trở.Tính hiệu suất của mạch điện. Coi hiệu suất tiêu thụ trên bếp là có ích. 1 A 3 A 4 A 2 A 1 R M N U R 0 R b D C + _ C B F Ag P g P vật F Avật T HƯỚNG DẪN CHẤM THI CHỌN HỌC SINH GIỎI MÔN VẬT LÍ - LỚP 9, NĂM HỌC 2007 -2008 Câu Nội dung – Yêu cầu Điểm 1 - Gọi x là khối lượng nước ở 15 0 C y là khối lượng nước đang sôi Ta có : x+y= 100g (1) Nhiệt lượng do ykg nước đang sôi tỏa ra Q 1 = y.4190(100-15) Nhiệt lượng do xkg nước ở 15 0 C toả ra Q 2 = x.4190(35-15) Phương trình cân bằng nhiệt: x.4190(35-15)=y.4190(100-15) (2) Giải hệ phương trình (1) và (2) Ta được: x=76,5kg; y=23,5kg Vậy phải đổ 23,5 lít nước đang sôi vào 76,5 lít nước ở 15 0 C. 0.25đ 0.5đ 0.25đ 0.25đ 0.5đ 0.5đ 0.25đ 2 Ta có :Chiều dài dây dẫn l=2.90 km = 180 000m Công suất cần truyền: p = 100 000W Công suất hao phí cho phép: p hp = 0,02.100 000 = 2 000W Điện trở dây dẫn: R= = =18 000Ω Tiết diện dây dẫn: S= = = 17.10 -8 m 2 Khối lượng của dây dẫn: m = D.l.S = 88.10 2 .18.10 4 .17.10 -8 =269,28kg. 0.25đ 0.25đ 0.25đ 0.25đ 0.5đ 0.25đ 3 Vẽ đúng, đầy đủ 2đ Gọi xuồng máy -1; dòng nước - 2; bờ sông – 3 *Khi xuôi dòng từ A-B: => V 13AB =V 12 + V 23 = 30 + V 23 Suy ra quãng đường AB: S AB = V 13AB .t AB = (30+ V 23 ).2 (1) *Khi ngược dòng từ B-A 0,25đ 0,5đ 0,5đ 2 K 1 K 2 K 3 U + _ U 2 p hp 6000 2 2000 ρ .l 1,7.10 -8 .18.10 4 R 18 000 4  V 13BA =V 12 - V 23 = 30 - V 23 Suy ra quãng đường BA: S BA = V 13BA .t BA = (30 - V 23 ).3 (2) Từ (1) và (2) suy ra (30+ V 23 ).2 = (30 - V 23 ).3  5V 23 = 30 =>V 23 = 6 (km/h) Thay V 23 vào (1) hoặc (2) ta được S AB = 72km. 0,5đ 0,5đ 0,25đ 0,25đ 0,25đ 5 *Tìm I 1 và I 2: Ta có dòng điện đi vào chốt M và đi ra chốt N Do đó U 3 = 4R A U 4 = 3R A tức là :U CN >U DN hay V C > V D Nên dòng điện điqua A 2 có chiều từ C sang D U CN = U CD +U DN = 4R A =I 2 R A + 3R A =>I 2 = 1 (A ) Xét tại nút D ta có : I 1 + I 2 Đề kiểm tra viết15 phút, 45 phút Học kỳ II Đại số 9 Bài kiểm tra viết 15 phút số 1 Đề 1 Bài 1 (3 điểm) Điền dấuX vào ô (Đ) đúng , (S)sai tơng ứng các khẳng định sau Các khẳng định Đ S a) Số nghiệm của hệ phơng trình =+ = 22 1 yx yx có nghiệm duy nhất b) Số nghiệm của hệ phơng trình = = 362 13 yy yx vô nghiệm c) Số nghiệm của hệ phơng trình = = 343 2 yx yx vô số nghiệm Bài 2(7 điểm) Giải hệ phơng trình sau : với m=6 = = 1134 31)8()( yx yxyxm Biểu điểm Bài 1(3 điểm) Mỗi câu trả lời đúng cho 1 điểm a) Đ (1 điểm) b) Đ (1 điểm) c) S (1 điểm) Bài 2 ( 7 điểm) + Thay giá trị m=6 vào hệ phơng trình đúng 1 điểm + Thực hiện phép nhân đúng 1 điểm + Đợc hệ phơng trình = =+ 1134 3125 yx yx 1,5 điểm + Hệ phơng trình = = 1134 11523 yx x hoặc =+ = 3125 11523 yx x 1,5 điểm + Tính đợc giá trị x=5 1 điểm + Tính đợc giá trị y=3 0,5 điểm Kết luận nghiệm 0,5 điểm Đề 2 Bài 1(3 điểm) Điền dấuX vào ô (Đ) đúng,( S) sai tơng ứng với các khẳng định sau Các khẳng định Đ S a) Với m=3 thì hệ phơng trình =+ = 136 2 yx ymx có nghiệm duy nhất b) Với m=1 thì hệ phơng trình = =+ 24 12 myx yx vô nghiệm c) với m=-2 thì hệ phơng trình =+ =+ 1248 64 yx mtx vô số nghiệm Bài 2 (7 điểm) Giải hệ phơng trình sau với m=-3 =+ =+ 2 21 04 yx myx Biểu điểm Bài 1(3 điểm) Mỗi câu trả lời đúng cho 1 điểm a) b) c) Bài 2(7 điểm) + Thay giá trị m=-3 vào hệ phơng trình đúng 1 điểm + =+ = 2 21 034 yx yx <=> =+ = 2 63 33 034 yx yx <=> = = 2 63 7 034 x yx <=> = = 6 2 9 y x (1 điểm) (1 điểm) (1,5 điểm) (1,5 điểm) Kết luận nghiệm (1 điểm) Bài kiểm tra chơng III Đề 1 Bài 1(4 điểm) a) Điền từ thích hợp vào dấu( ) Phơng trình bậc nhất hai ẩn x và y là hệ thức dạng trong đó a,b và c là các số hoặc b)Hai hệ phơng trình =+ = 22 1 yx yx và =+ = 12 22 yx ayx tơng đơng khi a bằng A. - 2 1 B. -2 C. 0 Chọn câu trả lời đúng c) Nghiệm của hệ phơng trình =+ =+ 12 2 yx yx bằng A. (-1;1) B. (3;1) C. (1;2) D. (-1;3) Chọn câu trả lời đúng Bài 2(3 điểm) Tính kích thớc của hình chữ nhật biết chu vi của nó bằng 30 dm và dài hơn chiều rộng 3 dm Bài 3( 3 điểm) Cho hệ phơng trình =+ =+ 2 2 1 153 myx ymx a) Giải hệ phơng trình với m=2 b) Tìm giá trị của m để hệ có nghiệm duy nhất Biểu điểm Bài 1(4 điểm) a) Điền từ thích hợp : theo SGK đại số 9 trang 5 (tậpII) Phần một cách tổng quát (1 điểm) b) C. 0 (1,5 điểm) c) D.(-1;3) (1,5 điểm) Bài 2 (3 điểm) + Gọi chiều dài của hình chữ nhật đó là x(dm), 0 < x <15 chiều rộng hình chữ nhật đó là y(dm), 0 < y < x (0,5 điểm) + Lập luận có phơng trình: x+y=15 (0,5 điểm) + Lập luận có phơng trình: x-y=3 (0,25 điểm) + Hệ phơng trình = =+ 3 15 yx yx (0,25điểm) + Giải tìm đợc x=9 (0,5 điểm) +Giải tìm đợc y=6 (0,5 điểm) + Kết luận bài toán (0,25 điểm) + Trả lời (0,25 điểm) Bài 3 (3 điểm) a) 1,5 điểm + Thay giá trị của m đúng (0,25 điểm) + Tìm đợc giá trị của x (0,5 điểm) + Tìm đợc giá trị của y (0,5 điểm) + Kết luận nghiệm (0,25 điểm) b) 1,5 điểm + Đa hệ phơng trình về dạng tổng quát =+ =+ 42 153 myx ymx (0,25 điểm) + Hệ có một nghiệm duy nhất nếu 2 3m khác m 5 (0,5 điểm) + Giải đợc m khác 3 10 (0,5 điểm) + Kết luận (0,25 điểm) Đề 2 Bài 1 (4 điểm) 1) Điền từ thích hợp vào dấu( ) Phơng trình ax+by=c luôn có trong mặt phẳng toạ độ ,tập nghiệm của nó bởi 2) Chon câu trả lời đúng trong các câu sau: cho hệ phơng trình = =+ myx ymx 2 52 a) Hệ có nghiệm duy nhất khi m có giá trị B. khác 2 C. khác -4 b) Hệ vô nghiệm khi m có giá trị A. 1 B. 2 C. 4 c) Hệ phơng trình =+ = 223 223 yx yx có A. Vô số nghiệm B. Một nghiệm duy nhất C. Vô nghiệm Bài 2 (3 điểm) Giải hệ phơng trình sau: =+ = 2 21 4 3 yx y x Bài3( 3 điểm) Hai tổ sản xuất theo kế hoạch phải làm 360 chi tiết máy. Nhờ sắp xếp hợp lí nên tổ I đã làm vợt mức 10% kế hoạch. Tổ II vợt mức 12% kế hoạch , do đó cả 2 tổ đã làm đợc 400 chi tiết máy. Tính số chi tiết máy mỗi tổ phải làm theo kế hoạch Biểu điểm Bài 1(4điểm) Điền từ thích hợp vào dấu ( ) nh sách giáo khoa đời Câu hỏi ôn tập sinh 11, bồi dưỡng học sinh giỏi Chủ đề: Câu 1:vì để tổng hợp phân tử glucozo, thực vật C3 sử dụng ATP so với thực vật C4 CAM? Khi loại tinh bột khỏi lục lạp trình cố định CO2 thực vật C3, C4, CAM bị ảnh hưởng nào? Đ/a; - để tổng hợp phân tử glucozo, thực vật C3 cần 18 ATP chu trình canvin, thực vật C4 cần 24 ATP (18ATP chu trình canvin ATP chu trình C4) - loại tinh bột khỏi lục lạp, trình cố định CO2 tiếp tục xảy thực vật C3 C4 thực vật CAM dừng lại thực vật C3 C4 thự vật C3 C4 không sử dụng tinh bột làm nguyên liệu cho pha tối, thực vật CAM Câu: Hãy giải thích câu sau: a chưa có phân hóa học, lúc lúa làm đòng người nông dân dùng tro bếp để bón cho lúa - lúa làm đòng giai đoạn lúa hoa kết hạt, dùng tro bếp để bón cho lúa để bổ sung kali làm tăng trình vận chuyển chất hữu tích lũy quan dự trữ hạt làm tăng suất kinh tế b cạn bị ngập úng lâu ngày, sau trời nắng to bị héo - ngập úng lâu ngày rễ bị thiếu oxi nên rễ không hô hấp rễ hư hỏng - nắng to thoát nước nhanh rễ hấp thu nước nên bị héo c uống nhiều rwouj dẫn đến khát nước nhiều nước qua nước tiểu Đúng rượu ức chế tiết ADH→ thận giảm tái hấp thu nước→ nước nhiều qua nước tiểu, Ptt dịch thể giảm → gây cảm giác khát d hệ tuần hở thích hợp cho động vật có kích thước nhỏ máu chảy động mạch áp lực thấp, nên máu không xa đến quan phận xa tim kích thước thể phải nhỏ e người thường xuyên ăn mặn dẫn đến cao huyết áp ĐÚng ăn mặn thường xuyên →ptt dịch nội môi tăng →thận tăng giữ nước → tăng thể tích máu → huyết áp cao f người ta dùng khí cacbogen (5% CO2 95% O2) để cấp cứu người bị ngất ngạt thở mà O2 nguyên chất ĐÚng CO2 có tác dụng kích thích trung khu hô hấp gián tiếp qua nồng độ H+ tác động lên thụ thể xoang động mạch cảnh cung động mach jchur làm tăng phản xạ hô hấp, nên cần lượng CO2 nhỏ để gây phản xạ thở Câu: người ta buộc hắt tạm thời ống dẫn dịch tụy thú thí nghiệm hàm đường phân nước tiểu thay đổi nào? Biết Cacbohidrat chât dinh dưỡng khác chế độ ăn đáp ứng đầy đủ lượng cho nhu cầu thể việc buộc thắt ống dẫn dịch tụy chưa gây nguy hiểm cho sống vật - lượng đường phân tăng cao, nước tiểu không thay đổi vì: + đường thức ăn tiêu hóa nhờ enzim amilaza nước bọt dịch tụy nên thắt ống dẫn tụy làm dịch tụy không tiết nên đường tiêu hóa phần nhỏ đường phân tăng cao + tụy tiết hoocmon vào máu để điều hòa đường huyết nên đường máu bình thường lượng đường nước tiểu không đổi Câu: a So với người bình thường, nghỉ ngơi vận động viên thể thao có nhịp tim lưu lượng tim nào? Giải thích? - nhịp tim giảm, lưu lượng tim bình thường tim vận động viên khỏe nên thể tích tâm thu tăng → nhịp tim giảm đảm bảo lưu lượng tim, đảm bảo lượng máu cung cấp cho quan b người bị suy giảm chức gan phụ nữ mang thai thường bị phù, sao? - người bị suy giảm chức gan không tổng hợp đủ protein huyết tương → giảm áp suất keo → dịch ứ đọng mô gây phù nề - người phụ nữ mang thai, thai to chèn vào tĩnh mạch → áp lực động mạch tăng → huyết áp tăng, sức cản dòng chảy tăng→ dịch tràn Câu: nêu chế điều hòa giúp cá xương trì áp suất thẩm thấu thể sống môi trường bất lợi thẩm thấu(môi trường nước ngọt, nước biển) - cá xương nước có dịch thể ưu trương so với nước nên nước vào thể qua màng phần qua bề mặt thể Cá xương trì áp suất thẩm thấu cách thải nhiều nước tiểu qua thận hấp thu tích cực muối qua mang - cá xương biển có dịch thể nhược truống với nước biển nên nước khỏi thể qua \mang phần bề mặt thể Cá xương trì ptt cách uống nước biển để bù lại lượng nước đồng thời vận chuyển tích cực lượng muối thừa qua mang Câu: non trồng cách đặt nằm ngang hộp xốp chứa mùn ẩm sau thời gian người ta quan sát thấy thân mọc hướng lên thẳng, rễ lại mọc hướng xuống đất giải thích chế gây tính động thân rễ thí nghiệm Ngọn mọc lên thẳng hướng sáng dương, rễ phải mọc theo hướng đất dương - thân tác động ánh sáng auxin phía trên(phía có ánh sáng)chuyển dưới(phía ánh sáng), mặt phần thân tập trung nhiều auxin nên sinh trưởng nhanh làm cho phần mọc thẳng lên gây tính hướng sáng dương - - rễ mặt rễ có hàm lượng auxin lại caodo lượng ... 4, 48 = 0, mol 22, Gọi a, b số mol Fe Cu phản ứng => 56a + 6 4b = 19,52 – 1,92 = 17,6 (1) Các trình oxi hóa – khử: Fe → Fe 2+ + 2e 1,75 a a 2a (mol) 2+ Cu → Cu + 2e b b 2b (mol) +5 N + 3e → N +2... lượng b nh tăng = m H2O = 4,32 gam => n H2O = 0, 24 mol => nH = 0,48 mol 2,5 * Hấp thụ sản phẩm cháy vào dung dịch Ba(OH)2 dư: 70,92 n BaCO3 = = 0,36 mol 197 Phương trình phản ứng: CO + Ba(OH) → BaCO3... +5 N + 3e → N +2 0,6 0,2 (mol) 0,25 0,25 Theo phương pháp b o toàn electron ta có: 2a + 2b = 0,6 (2) 0,25 Giải (1) (2) ta được: a = 0,2; b = 0,1 0,25 => Nồng độ dung dịch Fe(NO3)2 0,2/0,4 = 0,5M,