1. Trang chủ
  2. » Tất cả

Bài 3 Hướng Dẫn Giải Bài Tập Tự Luyện Lý thuyết Cơ sở về mặt Phẳng

3 2 0

Đang tải... (xem toàn văn)

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 3
Dung lượng 263,86 KB

Nội dung

Khóa học LTĐH đảm bảo mơn Tốn – Thầy Lê Bá Trần Phương Hình học giải tích khơng gian LÝ THUYẾT CƠ SỞ VỀ MẶT PHẲNG HƯỚNG DẪN GIẢI BÀI TẬP TỰ LUYỆN Giáo viên: LÊ BÁ TRẦN PHƢƠNG Bài Trong không gian tọa độ Oxyz cho điểm G(1;1;1) a Viết phương trình mặt phẳng (P) qua G vng góc với OG b Mặt phẳng (P) câu (1) cắt trục Ox, Oy, Oz A, B, C CMR: ABC tam giác Lời giải:   a Do OG  ( P)  n( P )  OG  (1;1;1)  ( P) :1( x  1)  1( y  1)  1( z  1)   ( P) : x  y  z   y  b Vì phương trình Ox :   A(3;0;0) Tương tự : B(0;3;0) C (0;3;0) z  Ta có: AB=BC=CA=3  ABC tam giác Bài Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz, cho đường thẳng : x 1 y  z :   điểm M(0 ; - ; 0) 1 Viết phương trình mặt phẳng (P) qua điểm M song song với đường thẳng  đồng thời khoảng cách đường thẳng  mặt phẳng (P) Lời giải:  Giả sử n( a; b; c ) vectơ pháp tuyến mặt phẳng (P) Phương trình mặt phẳng (P): ax + by + cz + 2b =  Đường thẳng  qua điểm A(1; 3; 0) có vectơ phương u  (1;1; 4)  n.u  a  b  4c   / /( P)    | a  5b | Từ giả thiết ta có  4 d ( A;( P))   2 a  b  c  (1) (2) Thế b = - a - 4c vào (2) ta có (a  5c)  (2a  17c  8ac)  a - 2ac  8c   a 4 v c Với a  2 c a  chọn a = 4, c =  b = - Phương trình mặt phẳng (P): 4x - 8y + z - 16 = c Hocmai.vn – Ngơi trường chung học trị Việt Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Khóa học LTĐH đảm bảo mơn Tốn – Thầy Lê Bá Trần Phương Với Hình học giải tích không gian a  2 chọn a = 2, c = -  b = Phương trình mặt phẳng (P): 2x + 2y - z + = c Bài Trong không gian tọa độ Oxyz cho đường thẳng có phương trình:  x   2t x  y  z    (d1 ) :  y   t (d ) :  2 x  y  z  16  z   t  Viết phương trình mặt phẳng chứa (d1 ) (d ) Lời giải: Giả sử mặt phẳng cần lập (Q) ta có:  Lấy điểm M (5;1;5)  d1; N (5;2;0)  d2  MN  (0;1; 5)    Và n(Q )  u ( d1 ) MN   (6;10; 2)  (Q) : 6( x  5)  10( y  1)  2( z  5)  hay (Q) : 3x  y  z  25  Bài Trong không gian Oxyz cho đường thẳng d: x 1 y z    3 Viết phương trình mặt phẳng (Q ) chứa d cho khoảng cách từ điểm I (1,0,0) tới (Q ) Lời giải:  x  y 1  Phương trình d dạng tổng quát  3 y  z   Phương trình mặt phẳng (Q) chứa d có dạng: m  x  y 1  n 3 y  z  2  0, m2  n2   mx   2m  3n  y  nz  m  2n  d  I ; Q     Q1  : x  y  z   0,  Q2  : x  y  z   Vậy có mặt phẳng cần tìm Bài Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho mặt phẳng (P) đường thẳng (d) có phương trình: (P): 2x  y  2z  = 0; (d): x y 1 z    1 Viết phương trình mặt phẳng (Q) chứa đường thẳng (d) tạo với mặt phẳng (P) góc nhỏ  2 x  y   Lời giải: Đường thẳng () có VTCP u  ( 1; 2;1) ; PTTQ:  x  z    Mặt phẳng (P) có VTPT n  (2; 1; 2) Hocmai.vn – Ngơi trường chung học trị Việt Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Khóa học LTĐH đảm bảo mơn Tốn – Thầy Lê Bá Trần Phương Hình học giải tích khơng gian Góc đường thẳng () mặt phẳng (P) là: sin   | 2   |  3  Góc mặt phẳng (Q) mặt phẳng (Q) cần tìm cos     Giả sử (Q) qua () có dạng: m(2x + y + 1) + n(x + z  2) = (m2+ n2 > 0)  (2m + n)x + my + nz + m  2n = Vậy góc (P) (Q) là: cos   | 3m | 5m  2n  4mn 2  3  m2 + 2mn + n2 =  (m + n)2 =  m = n Chọn m = 1, n = 1, ta có: mặt phẳng (Q) là: x + y  z + = Bài Trong không gian với hệ trục toạ độ Oxyz cho điểm A(1 ;0 ; 1), B(2 ; ; 2) mặt phẳng (Q): x + 2y + 3z + = Lập phương trình mặt phẳng (P) qua A, B vng góc với (Q)   Lời giải: Ta có AB(1;1;1), nQ (1; 2;3),    AB; nQ   (1; 2;1)        Vì  AB; nQ   nên mặt phẳng (P) nhận  AB; nQ  làm véc tơ pháp tuyến Vậy (P) có phương trình x - 2y + z - = Bài Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho điểm M(1;-1;1) hai đường thẳng (d ) : x y 1 z   2 3 (d ') : x y 1 z    Chứng minh: điểm M, (d), (d’) cùng nằm mặt phẳng Viết phương trì nh mặt phẳng đó  Lời giải: (d) qua M (0; 1; 0) có vtcp u1  (1; 2; 3)  (d’) qua M (0;1; 4) có vtcp u2  (1;2;5)     Ta có u1; u2   (4; 8; 4)  O , M1M  (0;2;4)    Xét u1; u2  M1M  16  14  nên (d) (d’) đồng phẳng  Gọi (P) mặt phẳng chứa (d) (d’) (P) có vtpt n  (1; 2; 1) qua M1 nên có phương trình x  2y  z   Dễ thấy điểm M(1;-1;1) thuộc mp(P) , từ ta có M, (d), (d’) cùng nằm mặt phẳng Giáo viên: Lê Bá Trần Phƣơng Nguồn: Hocmai.vn Hocmai.vn – Ngơi trường chung học trị Việt Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - ... mơn Tốn – Thầy Lê Bá Trần Phương Hình học giải tích khơng gian Góc đường thẳng () mặt phẳng (P) là: sin   | 2   |  3  Góc mặt phẳng (Q) mặt phẳng (Q) cần tìm cos     Giả sử (Q) qua... Vậy có mặt phẳng cần tìm Bài Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho mặt phẳng (P) đường thẳng (d) có phương trình: (P): 2x  y  2z  = 0; (d): x y 1 z    1 Viết phương trình mặt phẳng. .. điểm A(1 ;0 ; 1), B(2 ; ; 2) mặt phẳng (Q): x + 2y + 3z + = Lập phương trình mặt phẳng (P) qua A, B vng góc với (Q)   Lời giải: Ta có AB(1;1;1), nQ (1; 2 ;3) ,    AB; nQ   (1;

Ngày đăng: 14/06/2017, 15:22

TÀI LIỆU CÙNG NGƯỜI DÙNG

TÀI LIỆU LIÊN QUAN

w