DE DA THI THU VAO 10

5 4 0
DE DA THI THU VAO 10

Đang tải... (xem toàn văn)

Thông tin tài liệu

Bán kính CO vuông góc với AB, M là một điểm bất kỳ trên cung nhỏ AC M khác A, C; BM cắt AC tại H.. 1 Chứng minh CBKH là tứ giác nội tiếp..[r]

(1)ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 THPT Năm học 2013-2014 Môn Toán Thời gian 120 phút Ngày 08 tháng năm 2013 Bài I (2,0 điểm) Giải phương trình: 2(x - 2) = - x  y x   x  y 9 Giải hệ phương trình:  Bài II (2,0 điểm)  x Tính f(0); f(2); f( ); f(  ) Cho hàm số y = f(x) = Cho phương trình: x2 – (4m – 1)x + 3m2 – 2m = (ẩn x) Tìm m để phương trình 2 có hai nghiệm phân biệt x1, x2 thỏa mãn điều kiện : x1  x 7 Bài III (2,0 điểm) 1) Cho biểu thức A x 4 x  Tính giá trị A x = 36  x  x  16 B   : x 4 x   x  16  2) Rút gọn biểu thức (với x 0; x 16 ) 3) Hai ô tô cùng xuất phát từ A đến B, ô tô thứ chạy nhanh ô tô thứ hai 10km nên đến B sớm ô tô thứ hai Tính vận tốc hai xe ô tô, biết quãng đường AB dài là 300km Bài IV (3,0 điểm) Cho đường tròn (O; R) có đường kính AB Bán kính CO vuông góc với AB, M là điểm trên cung nhỏ AC (M khác A, C); BM cắt AC H Gọi K là hình chiếu H trên AB 1) Chứng minh CBKH là tứ giác nội tiếp   2) Chứng minh ACM ACK 3) Trên đọan thẳng BM lấy điểm E cho BE = AM Chứng minh tam giác ECM là tam giác vuông cân C Bài V (1.0 điểm) Với x, y là các số dương thỏa mãn điều kiện x 2y , tìm giá trị nhỏ biểu thức: M x  y2 xy Hết MAI THỊ QUỲNH 0976.93.93.89 & 09.434.123.68 (2) HƯỚNG DẪN CHẤM THI THỬ TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 THPT Năm học 2013-2014 Môn Toán BÀI I ĐÁP ÁN Giải phương trình: 2(x - 2) = - x 2x-4 = 5-x 3x = x = Vậy S= {3}  y x   Giải hệ phương trình: 2 x  y 9  y x   2 x  3( x  2) 9  x    y  0.25 Vậy nghiệm hệ phương trình là (-3; -5) 0.25 2.0 1.0 II Cho hàm số y = f(x) = f(0)=0 f(2)=-2 0.5  x Tính f(0); f(2); f( ); f(  ) 1  f( )= f(  )=-1 ĐIỂM 2.0 1.0 0.25 0.25 0.25 0.25 1.0 Cho phương trình: x2 – (4m – 1)x + 3m – 2m = (ẩn x) Tìm m để phương trình có hai nghiệm phân biệt x 1, x2 thỏa mãn điều kiện : 0.25 0.25 0.25 0.25 1.0 x12 + x 22 = Phương trình đã cho có  = (4m – 1)2 – 12m2 + 8m = 4m2 + > 0, m Vậy phương trình có nghiệm phân biệt m 0.25  x1  x2 4m   Theo ĐL Vi –ét, ta có:  x1 x2 3m  2m 2 Khi đó: x1  x2 7  ( x1  x2 )  x1 x2 7 0.25  (4m – 1)2 – 2(3m2 – 2m) =  10m2 – 4m – =  5m2 – 2m – = 0.25 (3) 3 Ta thấy tổng các hệ số: a + b + c = => m = m = 3 Trả lời: Vậy m = m = thì phương trình có hai nghiệm 0.25 2 phân biệt x1, x2 thỏa mãn điều kiện : x1  x 7 III Cho biểu thức A x 4 x  Tính giá trị A x = 36 Với x = 36, ta có : A = IV 36  10   36  2.0 0.25 0.25  x  x  16 B   : x 4 x   x  16  Rút gọn biểu thức (với x 0; x 16 )  x ( x  4) 4( x  4)  x  16    x  16 x  16  x  16  B= 0.75 ( x  16)( x  16) 1 ( x  16)( x  16) B= Vậy B = với x 0; x 16 0.25 Hai ô tô cùng xuất phát từ A đến B, ô tô thứ chạy nhanh ô tô thứ hai 10km nên đến B sớm ô tô thứ hai Tính vận tốc hai xe ô tô, biết quãng đường AB dài là 300km Gọi vận tốc ô tô thứ là x (km/h) (x>0) thì vận tốc ô tô thứ hai là x- 10(km/h) 0.25 0.25 1.0 0.25 300 Thời gian ô tô thứ hết quãng đường là: x (h) 300 Thời gian ô tô thứ hai hết quãng đường là: x  10 (h) 300 300  1 Theo bài ta có phương trình: x  10 x 0.25 Giải phương trình trên tìm được: x1 = -50 (không thoả mãn); x2 = 60 (thoả mãn) Vậy vận tốc xe thứ là 60km/h, xe thứ hai là 50 km/h 0.25 Cho đường tròn (O; R) có đường kính AB Bán kính CO vuông góc với AB, M là điểm trên cung nhỏ AC (M khác A, C); BM cắt AC H Gọi K là hình chiếu H trên AB 1) Chứng minh CBKH là tứ giác nội tiếp 3.0   2) Chứng minh ACM ACK 3) Trên đọan thẳng BM lấy điểm E cho BE = AM Chứng minh tam giác ECM là tam giác vuông cân C 0.25 (4) Vẽ hình đúng 0.25 C M E H A K O B Chứng minh CBKH là tứ giác nội tiếp  Ta có HCB 90 ( chắn nửa đường tròn đk AB)  HKB 900 (do K là hình chiếu H trên AB)   HCB  HKB 1800 => nên tứ giác CBKH nội tiếp   Chứng minh ACM ACK   Ta có ACM  ABM (do cùng chắn AM (O)) 1.0 0.25 0.25 0.5 0.75 0.25     và ACK HCK HBK (vì cùng chắn HK đtròn đk HB) 0.25   Vậy ACM  ACK 0.25 Trên đọan thẳng BM lấy điểm E cho BE = AM Chứng minh tam giác ECM là tam giác vuông cân C 1.0 Vì OC  AB nên C là điểm chính cung AB    AC = BC và sd AC sd BC 90 Xét tam giác MAC và EBC có   MA= EB(gt), AC = CB(cmt) và MAC = MBC vì cùng chắn  cung MC (O) MAC và EBC (cgc)  CM = CE  tam giác MCE cân C (1) 0.25 0.25 0   0.25 Ta lại có CMB 45 (vì chắn cung CB 90 )    CEM CMB 45 (tính chất tam giác MCE cân C)    Mà CME  CEM  MCE 180 (Tính chất tổng ba góc tam  giác) MCE 90 (2) Từ (1), (2)  tam giác MCE là tam giác vuông cân C 0.25 (5) V Với x, y là các số dương thỏa mãn điều kiện x 2y , tìm giá trị nhỏ biểu thức: M x y xy 1.0 x  y ( x  xy  y )  xy  y ( x  y )2  xy  y   xy xy Ta có M = xy = 0.25 ( x  y) 3y 4 xy x 0.25 Vì (x – 2y) ≥ 0, dấu “=” xảy  x = 2y y  3y     x , dấu “=” xảy  x = 2y x ≥ 2y  x Từ đó ta có M ≥ + - = , dấu “=” xảy  x = 2y Vậy GTNN M là , đạt x = 2y 0.25 0.25 (6)

Ngày đăng: 10/09/2021, 09:22

Tài liệu cùng người dùng

Tài liệu liên quan