DeDA Toan vao 10 Binh Dinh 1213

Cùng một lúc, một xe máy khởi hành từ Quy Nhơn đi Bồng Sơn và một xe ô tô khởi hành từ Bồng Sơn đi Quy Nhơn. Biết vận tốc hai xe không thay đổi trên suốt quãng đường đi và vận tốc của xe[r]

SỞ GIÁO DỤC

-

ĐÀO TẠO

KỲ THI TUYỂN SINH VÀO 10 THPT NĂM 2012

BÌNH ĐỊNH

Khóa ngày 29 tháng năm 2012

Môn thi:

TOÁN

Ngày thi:

30/6/2012

Thời gian làm bài:

120 phút

(không kể thời gian giao đề)

Bài 1:(3, điểm)

Học sinh khơng sử dụng máy tính bỏ túi a) Giải phương trình: 2x – =

b) Giải hệ phương trình:

y x 5x 3y 10

  



  

c) Rút gọn biểu thức

2

5 a 3 a a a A

a

a a

   

  



  với a 0,a 4

d) Tính giá trị biểu thức B 3  3

Bài 2:(2, điểm)

Cho parabol (P) đường thẳng (d) có phương trình y mx



2



y m x m 

(m tham số, m 0).

a) Với m = –1 , tìm tọa độ giao điểm (d) (P)

b) Chứng minh với m 0 đường thẳng (d) cắt parabol (P) hai điểm phân biệt.

Bài 3:(2, điểm)

Quãng đường từ Quy Nhơn đến Bồng Sơn dài 100 km Cùng lúc, xe máy khởi hành từ Quy Nhơn Bồng Sơn xe ô tô khởi hành từ Bồng Sơn Quy Nhơn Sau hai xe gặp nhau, xe máy 30 phút đến Bồng Sơn Biết vận tốc hai xe không thay đổi suốt quãng đường vận tốc xe máy vận tốc xe tơ 20 km/h Tính vận tốc xe

Bài 4:(3, điểm)

Cho đường trịn tâm O đường kính AB = 2R Gọi C trung điểm OA, qua C kẻ dây MN vng góc với OA C Gọi K điểm tùy ý cung nhỏ BM, H giao điểm AK MN

a) Chứng minh tứ giác BCHK tứ giác nội tiếp b) Chứng minh AK.AH = R2

c) Trên KN lấy điểm I cho KI = KM, chứng minh NI = KB

HẾT

HƯỚNG DẪN

Bài 1:

a) 2x – =

5

2 5

2 x   x  x

b)

y x 5x 5y 10 2y 20 y 10

5x 3y 10 5x 3y 10 y x x

      

   

  

   

      

   

c)



 

 

 

 





 





 





 









 











2

2

2

2

5 a a a a a a

5 a 3 a a a A

a

a a a a

a 8a 16

5a 10 a a 3a a a a a a 8a 16

a a a a a a

a

a 4 a

a

       

   

   



   

  

            

  

     

 

    



d)









2

B 3  3  1  2  1  2  2   3 Bài 2:

a) Với m1

 

P

 

d trở thành y x2; y  x 2.

Lúc phương trình hồnh độ giao điểm

 

P

 

d là: x2  x 2 x2 x 0 có

1

a b c      nên có hai nghiệm x1 1; x2 2

Với x1  1 y1 1

Với x2 2 y2 4

Vậy tọa độ giao điểm

 

P

 

d



1; 1





2; 4



b) Phương trình hồnh độ giao điểm

 

P

 

d là:









 

2 2 1 2 1 *

mx  m x m   mx  m x m  

Với m0

 

* phương trình bậc hai ẩn x có



m 2



2 4m m



1



m2 4m 4m2 4m 5m2

              với m Suy

 

* ln có hai

nghiệm phân biệt với m Hay với m 0 đường thẳng (d) cắt parabol (P) hai điểm phân

biệt

Bài 3:

Đổi 30h ' 1,5h Đặt địa điểm :

100-1,5x 1,5x

A C B

Gọi vận tốc xe máy x km h



/



ĐK : x0.

Suy :

Vận tốc ô tô x20



km h/



Quãng đường BC : 1,5x km





Quãng đường AC : 100 1,5 x km





Thời gian xe máy từ A đến C :

 

100 1,5x

h x



Thời gian ô tô máy từ B đến C :

 

1,5

20 x

h x

Vì hai xe khởi hành lúc, nên ta có phương trình :

100 1,5 1,5 20

x x

x x



 

Giải pt



 



2

2

100 1,5 1,5

100 1,5 20 1,5 100 2000 1,5 30 1,5

20

3 70 2000

x x

x x x x x x x

x x

x x



         



   

2

' 35 3.2000 1225 6000 7225 ' 7225 85

          

Phương trình có hai nghiệm phân biệt :

35 85 40

x   

(thỏa mãn ĐK)

35 85 50

3

x   

(không thỏa mãn ĐK) Vậy vận tốc xe máy 40km h/

Vận tốc ô tô 40 20 60 



km h/



Bài 4:

I

N M

C A

O B

K

a) Tứ giác BCHK tứ giác nội tiếp

Ta có : AKB 900 (góc nội tiếp chắn đường tròn) hay HKB 90 ;0 HCB900

 

gt

G T

Đường trịn (O) đường kính AB =2R

; ;

2 R

CA CO  ABMN KI KM

K

L a) b) Tứ giác BCHK tứ giác nội tiếp.AK AH. R2



Tứ giác BCHK có HKB HCB  900 9001800  tứ giác BCHK tứ giác nội tiếp b) AK AH R2

Dễ thấy





2

ΔACH ΔAKB

2

AC AH R

g g AK AH AC AB R R

AK AB

      

∽

c) NI KB OAM

 có OA OM R gt

 

 OAM cân O

 

1 OAM

 có MC đường cao đồng thời đường trung tuyến (gt)  OAM cân M

 

2

   

1 &  OAM

tam giác  MOA600  MON 1200  MKI 600

KMI

 tam giác cân (KI = KM) có MKI 600 nên tam giác 

 

60

3 KMI

MI MK

 

  

 

 .

Dễ thấy BMK cân B có

 1 1200 600

2

MBN  MON   

nên tam giác



 

60

4 NMB

MN MB

 

  

  

Ta có

   

   

 

 

0 60

5 60

NMI NMB IMB IMB

NMI KMB

KMB KMI IMB IMB



    

 



    