1. Trang chủ
  2. » Kinh Tế - Quản Lý

Đề thi tốt nghiệp thpt năm 2010 môn: Toán – trung học phổ thông

4 12 0

Đang tải... (xem toàn văn)

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 4
Dung lượng 201,49 KB

Nội dung

21đ.Viết phương trình tham số của đường thẳng d qua M và vuông góc với P.Tìm toạ độ giao điểm của d và P.. 21đ.Lập phương trình mặt phẳng P chứa d1 và song song với d2.[r]

(1)ÔN TỐT NGHIỆP MÔN TOÁN BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ( ĐỀ THAM KHẢO) ĐỀ THI TỐT NGHIỆP THPT NĂM 2010 MÔN:TOÁN – Trung học phổ thông Thời gian:150 phút, không kể thời gian giao đề A.Phần chung cho tất các thí sinh: x + 2x2 - 3x (2đ) Khảo sát và vẽ đồ thị (C) hàm số trên (1đ) Viết phương trình tiếp tuyến đồ thị (C) điểm có hoành độ x0 ,biết f”(x0)=6 Câu II: (3đ) Câu I : (3 đ)Cho hàm số : y =f(x) = - 1.(1đ)Giải phương trình : log ( x  3)  log ( x  1)  2.(1đ)Tìm giá trị lớn và giá trị nhỏ hàm số:y = f(x) = x4 – 2x3 + x2 trên đoạn [-1;1]  3.(1đ)Tính tích phân sau: K = (1  x) sin xdx  Câu III(1đ) Cho hình chóp tứ giác S.ABCD có cạnh đáy a, góc mặt bên và mặt đáy 600 Tính thể tích khối chóp S.ABCD theo a B.Phần riêng: B.1: Chương trình chuẩn Câu IVa (2đ) Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz, cho điểm M(1;2;3) và mặt phẳng (P) có phương trình : x - 2y + z + = 1(1đ).Tính khoảng cách từ M đến (P), suy phương trình mặt cầu có tâm M và tiếp xúc với mặt phẳng (P) 2(1đ).Viết phương trình tham số đường thẳng d qua M và vuông góc với (P).Tìm toạ độ giao điểm d và (P) Câu Va (1đ) Giải phương trình : z3 – 27 =0 B.2.Chương trình Nâng cao: Câu IVb(2đ):  x  2  t Trong không gian Oxyz cho hai đường thẳng có phương trình: d1: x   y   z  và d2:  y  t z   t  1(1đ).Chứng minh hai đường thẳng d1 và d2 chéo 2(1đ).Lập phương trình mặt phẳng (P) chứa d1 và song song với d2 Câu Vb: (1đ) Giải phương trình: z    4i  z   1  5i   Hết ĐÁP ÁN VÀ BIỂU ĐIỂM Câu I(3.0 điểm) Điểm 1.(2 điểm)  TXĐ :R  Sự biến thiên: a Giới hạn hàm số vô cực: 0.25 0.25 lim y = +  x  lim y = -  x  b.Chieàu biến thiên: y’ = -x2 +4x – , y’ =  x= 1, x=3 Hàm số đồng biến trên khoảng (1; 3) Hàm số nghịch biến trên khoảng (-  ; 1) và (3; +  ) http://ductam_tp.violet.vn/ Lop12.net 0.25 (2) ÔN TỐT NGHIỆP MÔN TOÁN c.Cực trị : Hàm số đạt cực tiểu x =1  yct = Hàm số đạt cực đại x =3  ycđ = d Bảng biến thiên 0.25 0.5 x - - y' + - + + y -4 -4 II(3.0 điểm)  3.Đồ thị: Điểm uốn : y’’= -2x+4 , y’’ =  x=2 Vậy điểm uốn là U(2;  ) Đồ thị nhận -10 -5 điểm uốn làm tâm đối xứng Giao điểm đồ thị với trục tung là O(0;0) Giao điểm đồ thị với trục hoành là O(0;0) và điểm (0;3) 2.(1 điểm) 25 f”(x0)=6  x0=-1;y0= ’ f (x0)=-8 25 PTTT:y=-8(x+2)+ 1.(1 điểm) log ( x  3)  log ( x  1)  (1) 0.5 -2 0.5 -4 0.25 0.25 -6 0.25 .Đk: x > (1)  log2(x-3)(x-1) = log28  (x-3)(x-1) =  x2 -4x – =  x= -1 (loại) , x= Vậy phương trình có nghiệm : x =5 2.(1 điểm) y' = 4x3 -6x2 +2x , y'=  x= , x = , x = 0.25 0.5 0.5 f(-1) = , f(0) = , f( ) = , f(1) = 16 trên đoạn [-1;1] Giá trị nhỏ hàm số là : f(0) = f(1) = Giá trị lớn hàm số là : f(-1) = 3.(1 điểm)   4 0  K = (1  x) sin xdx = sin xdx + x sin xdx =  cos x    http://ductam_tp.violet.vn/ Lop12.net  0.25 0.25  + x sin xdx = + I 0 0.25 (3) ÔN TỐT NGHIỆP MÔN TOÁN  Đặt u  x dv  sin xdx Tính : I = x sin xdx   I = x sin xdx =  x cos x 0  du  dx =>   v   cos x 0.25  + cos xdx = sin x 4 = 4 0  0.25 = 1+1 = (  x ) sin x dx 0 4 III (1.0 điểm) 0.25 0.5 S A D 600 H B I C a Hình chóp tam S.ABCD có đáy là hình vuông cạnh a Gọi H là tâm đáy, I là trung điểm cạnh CD Đường cao hình chóp là SH Xét tam giác vuông SHI , ta có : SH = HI.tan600 = a 0.25 Thể tích khối chóp S.ABCD là: IVa (2.0 điểm) a3 V = a2 a = 1.(1.0 điểm) d(M,(P)) =  2.2    1 1 (x-1)2 + (y-2)2 +(z-3)2 = 0.25 0.5 3 6   6 0.5 2.(1.0 điểm)  ud = (1;-2;1) 0.25 x  1 t  y   2t z   t  phương trình tham số là:  Toạ độ giao điểm H(x;y;z) mp(P) và đt d là nghiệm hệ: http://ductam_tp.violet.vn/ 0.25 , t R Lop12.net x  1 t  y   2t   z   t  x  2y  z   0.5 (4) ÔN TỐT NGHIỆP MÔN TOÁN  Va (1.0 điểm)  x    y   z   t    z3 – 27 =0  H ( ;3; )  (z-3)(z2 +3z +9) =   z  Giải (1): ta có : IVb (2.0 điểm) 0.5  z  z   (1)  = - 27 z1 = 3  3i , z2 = 3  3i 1.(1.0 điểm)  Đường thẳng d1: qua M( 1;2;3) có véc tơ phương u =( 1,2,1) Đường thẳng d2: qua gốc toạ độ O(0;0;0) và có véc tơ phương : u ' = ( 1;-1;-1)   u ,u ' OM = -6  suy hai đường thẳng trên chéo   2.(1.0 ñieåm) Mặt phẳng chứa d1, // d2 qua điểm M(1,2,3) nhận: n  u,u ' =(-1;2;-3) làm VTPT -(x-1) +2(y-2) -3(z-3) =  x -2y + 3z – =0  =-3+4i    1  2i    Vb (1.0 điểm) 0.5 0.25 0.25 0.5 0.5 0.5 0.25    1  2i  0.5 Z1=2+3i; Z2=1+i 0.25 http://ductam_tp.violet.vn/ Lop12.net (5)

Ngày đăng: 01/04/2021, 03:34

TỪ KHÓA LIÊN QUAN

TÀI LIỆU CÙNG NGƯỜI DÙNG

TÀI LIỆU LIÊN QUAN