Đang tải... (xem toàn văn)
2 Việc chi tiết hoá nếu có thang điểm trong hướng dẫn chấm phải đảm bảo không làm sai lệch hướng dẫn chấm và phải được thống nhất thực hiện trong toàn Hội đồng chấm thi.. Đáp án và thang[r]
(1)BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TỐT NGHIỆP TRUNG HỌC PHỔ THÔNG NĂM 2011 Môn thi: TOÁN – Giáo dục thường xuyên ĐỀ THI CHÍNH THỨC HƯỚNG DẪN CHẤM THI (Văn gồm 03 trang) I Hướng dẫn chung 1) Nếu thí sinh làm bài không theo cách nêu đáp án đúng thì cho đủ số điểm phần hướng dẫn quy định 2) Việc chi tiết hoá (nếu có) thang điểm hướng dẫn chấm phải đảm bảo không làm sai lệch hướng dẫn chấm và phải thống thực toàn Hội đồng chấm thi 3) Sau cộng điểm toàn bài, làm tròn đến 0,5 điểm (lẻ 0,25 làm tròn thành 0,5; lẻ 0,75 làm tròn thành 1,0 điểm) II Đáp án và thang điểm CÂU Câu (3,0 điểm) ĐÁP ÁN ĐIỂM (2,0 điểm) 0,25 a) Tập xác định: D = \ b) Sự biến thiên: 0,25 ⎡ x = −1 • Chiều biến thiên: y ' = x − 6; y ' = ⇔ ⎢ ⎣ x = Trên các khoảng (−∞ ; −1) và (1; +∞), y ' > nên hàm số đồng biến Trên khoảng (−1;1), y ' < nên hàm số nghịch biến • Cực trị: Hàm số đạt cực đại x = −1; yCÐ = y (−1) = 0,25 0,25 Hàm số đạt cực tiểu x = 1; yCT = y(1) = −7 • Giới hạn: lim y = −∞; lim y = +∞ x →−∞ 0,25 x →+∞ • Bảng biến thiên: x −∞ y' y −1 + +∞ − 0 + 0,25 +∞ −∞ −7 (2) y c) Đồ thị (C): O -1 x 0,50 -3 -7 (1,0 điểm) Ta có tọa độ giao điểm đồ thị (C) với trục tung là (0; −3) 0,50 y '(0) = −6 Vậy phương trình tiếp tuyến cần tìm là y − (−3) = −6( x − 0) ⇔ y = −6 x − Câu (2,0 điểm) 0,50 (1,0 điểm) Trên đoạn [ −2; 5] , ta có f '( x) = 10 > ( x + 3) 0,50 Hàm số đồng biến trên đoạn [ −2; 5] Vậy max f ( x) = f (5) = ; f ( x ) = f ( −2) = −7 − 2;5 [ ] [ −2;5] 0,50 (1,0 điểm) 0,25 Đặt u = x − và dv = cos xdx, ta du = 2dx và v = sin x Do đó I = [ (2 x − 3) sin x ] π π π 0 − ∫ sin xdx = [ (2 x − 3) sin x + cos x ] 0,50 Vậy I = (0 − 2) − (0 + 2) = −4 Câu (2,0 điểm) 0,25 (1,0 điểm) G Đường thẳng d có vectơ phương u = (1; − 3; 2) G ( P) vuông góc với d nên u = (1; − 3; 2) là vectơ pháp tuyến ( P) Mặt khác ( P) qua điểm A nên ( P) có phương trình là 1( x − 0) − 3( y − 1) + 2( z − 4) = ⇔ x − y + z − = 0,50 0,50 (3) (1,0 điểm) Gọi H là hình chiếu vuông góc A trên d, ta có JJJG H ∈ d ⇒ H (1 + t ; − 3t ; − + 2t ) ⇒ AH = (1 + t ;1 − 3t ; − + 2t ) JJJG G JJJG G và AH ⊥ u ⇔ AH u = 0,50 Do đó 1(1 + t ) − 3(1 − 3t ) + 2(−6 + 2t ) = ⇔ t = 0,50 Vậy H (2; −1;0) Câu (2,0 điểm) (1,0 điểm) Điều kiện: x > ⎡t = −1 Đặt t = log5 x, phương trình đã cho trở thành t − t − = ⇔ ⎢ ⎣t = • • 0,50 Với t = −1, ta có log5 x = −1 ⇔ x = Với t = 2, ta có log5 x = ⇔ x = 25 0,50 Vậy nghiệm phương trình là x = , x = 25 (1,0 điểm) Ta có z = (2 + 4i ) + (2i − 6i ) 0,50 = (2 + 4i ) + (6 + 2i ) = + 6i Vậy z = − 6i và z = 82 + 62 = 10 Câu (1,0 điểm) 0,50 S Ta có SA ⊥ ( ABC ) ⇒ SA ⊥ AB Tam giác SAB vuông A 0,50 ⇒ SA = SB − AB = a A C B Tam giác ABC cạnh a nên S ΔABC = Vậy VS ABC a2 a3 = 0,25 0,25 - Hết - (4)