De so 7 kèm đáp án

TRƯỜNG THPT THỦ ĐỨC NĂM HỌC 2015-2016 ĐỀ THI THỬ THPT QUỐC GIA - MÔN THI: TOÁN Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian phát đề Câu (2,0 điểm) 2x - x-2 b) Gọi M, N giao điểm đồ thị (C) đường thẳng d: y = 2x – Tính độ dài đoạn thẳng MN Câu (1,0 điểm) x a) Giải phương trình log 22 x = log +  x  R a) Khảo sát biến thiên vẽ đồ thị (C) hàm số y = b) Trong mặt phẳng 0xy, tìm tọa độ điểm M biểu diễn số phức z thỏa mãn z  2i - 1 - i + = π Câu (1,0 điểm) Tính tích phân I =   x - 2 sin3xdx Câu (1,0 điểm) Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz, cho điểm A(2; –5; –6) đường thẳng x-1 y+2 z+1 = = Tìm tọa độ hình chiếu vuông góc A (Δ) Viết phương trình đường (Δ): -3 thẳng qua A cắt (Δ) B cho AB = 35 Câu (1,0 điểm) π   < α thỏa mãn a + b + c = Tìm giá trị nhỏ biểu thức: P= a3 a2 +  b + c + b3 b2 +  a + c  + c3 c2 +  a + b  -HẾT -Thí sinh không sử dụng tài liệu Giám thị coi thi không giải thích thêm Họ tên thí sinh:…………………………………………Số báo danh:…………………… TRƯỜNG THPT THỦ ĐỨC HƯỚNG DẪN CHẤM ĐỀ THI THỬ THPT QUỐC GIA NĂM HỌC 2015-2016 MÔN THI: TOÁN I LƯU Ý CHUNG: - Hướng dẫn chấm trình bày cách giải với ý phải có Khi chấm học sinh làm theo cách khác đủ ý cho điểm tối đa - Điểm toàn tính đến 0,25 không làm tròn - Với hình học không gian thí sinh không vẽ hình vẽ hình sai không cho điểm tương ứng với phần II ĐÁP ÁN: Câu Ý Nội dung trình bày Điểm a 2x 1 Khảo sát biến thiên vẽ đồ thị hàm số y  1,0 x2 Tập xác định: D  \ {2}  0, x  D Suy hàm số nghịch biến 0,25 Sự biến thiên: y '   ( x  2)2 khoảng (;2) (2; ) Hàm số cực trị Các giới hạn lim y  2; lim y  2; lim y  ; lim y   x  x  x 2 x 2 0,25 Suy x  tiệm cận đứng, y  tiệm cận ngang đồ thị Bảng biến thiên 0,25 1   1 Đồ thị: Giao với trục Ox  ;0  , giao với trục Oy  0;  , đồ thị có tâm đối 2   2 xứng điểm I (2;2) 0,25 b Gọi M, N giao điểm đồ thị (C) đường thẳng d: y = 2x – Tính độ dài đoạn thẳng MN Phương trình hoành độ giao điểm (C) d x  2x 1 2x    x2 2 x  x   1,0 0,25 x   x   0,25 7  Tọa độ M(1; -1) N  ;  2  Độ dài đoạn MN = a 0,25 5 0,25 x  (1) + Điều kiện phương trình (1) là: x  (*) + Với điều kiện (*), (1)  log 22 x  log x  log   log 22 x  log x   Giải phương trình log 22 x  log x   log x    log x  1  x   0,5 0,25 0,25  1 + Kết hợp với điều kiện (*), ta có tập nghiệm phương trình (1) S  4;   2 b Tìm tọa độ điểm M biểu diễn số phức z thỏa mãn z  2i  1  i   i2   i 2i  5  3 Vậy điểm biểu diễn số phức z M  ;   5 z  2i  1  i    z  0,5 0,25 0,25  Tính tích phân I    x   sin 3xdx 1,0 u  x  Đặt  dv  sin 3xdx 0,25 du  dx  ta  cos 3x v   0,25     x   cos 3x  12 đó: I       cos 3xdx  0  0,25    x   cos 3x   sin 3x  I      = 9  0  0 Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz, cho điểm A(2; –5; –6) đường thẳng x 1 y  z 1   Tìm tọa độ hình chiếu vuông góc A (Δ) Viết (Δ): 3 phương trình đường thẳng qua A cắt (Δ) B cho AB = 35 0,25 1,0 H   Δ   H 1  2t; 2  t; 1  3t  ; (Δ) có véc tơ phương u   2;1; 3 0,25 H hình chiếu vuông góc A (Δ) nên AH.u    2t  1   t  3    3t  (3)   t  Vậy H(3; -1; -4) 0,25 B   Δ   B 1  2t; 2  t; 1  3t  t  2 35 nên  2t  1   t  3    3t   35   t  B(1; -2; -1) hay B(5; 0; -7) x 2 y5 z6 x 2 y5 z6   ;  Δ2  :    Δ1  : 1 5 1 a   Cho góc  thỏa mãn sin         Tính giá trị biểu thức 13   AB = 0,25 0,25 0,5 A  sin2  cos  Ta có: cos   sin    cos    sin   144 12   cos    (do     ) 169 13 0,25  12   12  24 A  s in2  cos   2sin  cos   cos           13  13   13  169 b Giải bóng đá công đoàn trường THPT cụm quy tụ 10 đội bóng đá Nam 2 0,25 gồm: Nguyễn Hữu Huân, Thủ Đức, Đào Sơn Tây, Hiệp Bình, Tam Phú, Nguyễn Huệ, Phước Long, Long Trường, Nguyễn Văn Tăng Ngô Thời Nhiệm Các đội chia thành hai bảng A B, bảng đội Việc chia bảng thực 0,5 cách bốc thăm ngẫu nhiên Tính xác suất để hai đội Thủ Đức Nguyễn Hữu Huân nằm hai bảng khác Gọi không gian mẫu phép chọn ngẫu nhiên  Số phần tử không gian mẫu là: C105 C55 Gọi A biến cố “hai đội Thủ Đức Nguyễn Hữu Huân nằm hai bảng khác nhau.” Số kết thuận lợi cho biến cố A là: 2!C84 C44 Xác suất cần tìm P  2!C84 C44  C105 C55 0,25 0,25 Cho hình chóp S ABC có SA   ABC  ABC tam giác cạnh 2a Cạnh bên SB = 3a Gọi M trung điểm cạnh SC Tính thể tích khối chóp S.ABC khoảng cách hai đường thẳng AC BM theo a 1,0 S M C A N B Từ giả thiết ta có SA đường cao hình chóp SA  SB  AB  a a 15 Diện tích tam giác ABC a , VS ABC  SA.S ABC  (đvtt) 3 Chọn trung điểm N(0;0;0) BC gốc tọa độ Tia NB trục hoành, tia NA trục tung Kẻ Nz // SA trục cao Ta có a a a B(a;0;0), C(-a; 0; 0), A(0; a ;0), S(0; a ; a ), M(  ; ) ; 2  3a 3a 5a  AC  a; a 3;0 ; BM    ; ;  ; 2     0,25 0,25 0,25  a 15 5a 4 3a   AC ; BM     ; ;     2    AC , BM  AB 15   a 17  AC , BM    Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho tam giác ABC, có M(3; -1) trung điểm cạnh BC   AB  a; a 3;0 ; d  AC , BM   0,25 Đường thẳng chứa đường cao đỉnh B qua E(-1; -3) Đường thẳng chứa cạnh AC qua F(1; 3) Tìm tọa độ đỉnh tam giác ABC, biết đường tròn ngoại tiếp tam 1,0 giác ABC có đường kính AD với D(4; -2) E(-1;-3) A H Gọi H trực tâm tam giác ABC tứ giác BHCD hình bình hành M trung điểm BC nên M trung điểm DH, suy H(2; 0) F(1;3) 0,25 C B M(3;-1) D(4;-2) Đường thẳng chứa cạnh AC qua F(1;3) vuông góc với HE, nên phương trình AC: x + y–4=0 0,25 Đường thẳng chứa cạnh DC qua D(4; -2) vuông góc với AC, nên phương trình DC: x -y–6=0 C giao điểm AC DC nên C(5; -1) M trung điểm BC nên B(1; -1) Đường thẳng chứa cạnh AB qua B(1; -1) vuông góc với CH, nên phương trình AB: 3x - y–4=0 A giao điểm AC AB nên A(2;2)  x   x  x  y  y  (1) Giải ̣ phương trình:   x, y    3x  x   x y  (2) 0,25 0,25 1,0  x   x  2 Điều kiện:  y 1   x  1 Ta có: x   x  x  y  y   x   f t   t  t 1 Xét hàm số t f  t    t 1  t  1 1  y  y2 1 (*) 0,25 f(t) liên tục [1, ) , Ta có  0; t  suy f(t) đồ ng biế n 1;   Phương trình (*) 0,25  f  x  1  f  y   x   y Thay vào (2) ta đươ ̣c 3x2  8x   x x     x  1  x  x  2    x 1   x 7 y 8   x  6x    x   x 1       x   88  y  24  88 (loai ) x   x    3x  19 19    9 x  10 x   KL: Hê ̣ phương trình có nghiê ̣m:  x; y    7;8  10 0,25 0,25 Cho a, b, c  thỏa mãn a + b + c = Tìm giá trị nhỏ biểu thức: P a3 a  b  c  Ta có P  b3  b  a  c a3 a2  3  a  Xét hàm số f ( x)    c3 c  a  b b3 b2    b  x3 x2  3  x  2  1,0 c3 c2  3  c  17 12  x  ; x  (0;3) 25 25 0,25 Ta có: f ( x)  x  3  x   x  12  x  1 17 12  x   0, x   0;3 25 25 25  x  x   x3 Mặt khác P  f (a)  f (b)  f (c)  17 36 a  b  c  25 25 17 36  Suy P   a  b  c   25 25 Vậy giá trị nhỏ P a = b = c = Hết 0,25 0,25 0,25 ...  c  17 12  x  ; x  (0;3) 25 25 0,25 Ta có: f ( x)  x  3  x   x  12  x  1 17 12  x   0, x   0;3 25 25 25  x  x   x3 Mặt khác P  f (a)  f (b)  f (c)  17 36 a... x 7 y 8   x  6x    x   x 1       x   88  y  24  88 (loai ) x   x    3x  19 19    9 x  10 x   KL: Hê ̣ phương trình có nghiê ̣m:  x; y    7; 8... Với hình học không gian thí sinh không vẽ hình vẽ hình sai không cho điểm tương ứng với phần II ĐÁP ÁN: Câu Ý Nội dung trình bày Điểm a 2x 1 Khảo sát biến thiên vẽ đồ thị hàm số y  1,0 x2 Tập