BẬC TÔPÔ CỦA MỘT SỐ LỚP ÁNH XẠ

Header Page of 185 BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO TRƯỜNG ĐẠI HỌC SƯ PHẠM TP HỒ CHÍ MINH Dương Nguyễn Thành An BẬC TƠPƠ CỦA MỘT SỐ LỚP ÁNH XẠ LUẬN VĂN THẠC SĨ TỐN HỌC Thành phố Hồ Chí Minh - 2014 Footer Page of 185 Header Page of 185 BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO TRƯỜNG ĐẠI HỌC SƯ PHẠM TP HỒ CHÍ MINH Dương Nguyễn Thành An BẬC TƠPƠ CỦA MỘT SỐ LỚP ÁNH XẠ Chun ngành: Tốn giải tích Mã số: 60 46 01 02 LUẬN VĂN THẠC SĨ TỐN HỌC NGƯỜI HƯỚNG DẪN KHOA HỌC: PGS.TS NGUYỄN BÍCH HUY Thành phố Hồ Chí Minh – 2014 Footer Page of 185 Header Page of 185 LỜI CÁM ƠN Lời đầu tiên, tác giả xin bày tỏ lòng biết ơn chân thành sâu sắc tới PGS TS Nguyễn Bích Huy người tận tình nghiêm khắc dạy bảo để luận văn hồn thành Đồng thời, tác giả xin chân thành cám ơn Khoa Tốn-Tin Phòng Sau Đại Học, trường Đại học Sư phạm Thành phố Hồ Chí Minh tạo điều kiện thuận lợi cho tác giả q trình học tập nghiên cứu Cám ơn thầy đồng nghiệp trao đổi tác giả kiến thức kinh nghiệm q báu để giúp cho luận văn hồn thiện Bên cạnh đó, quan tâm gia đình, bạn bè nguồn động viên khơng thể thiếu để giúp tác giả hồn thành luận văn Xin chân thành cám ơn Học viên: Dương Nguyễn Thành An Lớp: Tốn giải tích K23 Footer Page of 185 Header Page of 185 MỤC LỤC Trang phụ bìa Lời cám ơn Mục lục MỞ ĐẦU Chương BẬC TƠ PƠ CỦA ÁNH XẠ CƠ ĐẶC 1.1 Độ đo phi compact 1.2 Ánh xạ đặc theo độ đo phi compact 11 Chương BẬC TƠPƠ CỦA ÁNH XẠ DƯƠNG 24 2.1 Khơng gian banach có thứ tự 24 2.2 Bậc tơpơ ánh xạ dương 25 2.3 Điểm bất động ánh xạ dương 31 Chương BẬC TƠPƠ CỦA ÁNH XẠ A–RIÊNG 34 3.1 Ánh xạ a-riêng 34 3.2 Bậc tơpơ ánh xạ a-riêng 36 Chương BẬC TƠPƠ CỦA ÁNH XẠ ĐA TRỊ 46 4.1 Ánh xạ đa trị 46 4.3 Lát cắt xấp xỉ ánh xạ đa trị 53 KẾT LUẬN 65 TÀI LIỆU THAM KHẢO 66 Footer Page of 185 Header Page of 185 MỞ ĐẦU Bậc tơpơ ánh xạ (hay gọi số quay trường vectơ) xây dựng từ năm 1910 ban đầu ứng dụng Giải tích phức, Lý thuyết đường mặt Chỉ sau bậc tơpơ tìm ứng dụng chứng minh tồn điểm bất động nhà Tốn học quan tâm nghiên cứu cách tập trung có hệ thống Ngày nay, bậc tơpơ cơng cụ quan trọng bậc nghiên cứu tồn nghiệm cấu trúc tập nghiệm nhiều lớp phương trình vi phân, tích phân xuất phát từ Khoa học Tự nhiên Xã hội Bậc tơpơ ban đầu xây dựng cho ánh xạ liên tục khơng gian hữu hạn chiều, sau Leray-Schauder mở rộng cho ánh xạ hồn tồn liên tục tác động từ tập mở, bị chặn khơng gian Banach vơ hạn chiều ứng dụng để nghiên cứu phương trình đạo hàm riêng Tiếp theo, phát triển khoa học kĩ thuật đưa tới lớp ánh xạ nảy sinh nhu cầu xây dựng bậc tơpơ cho ánh xạ Trong luận văn này, tác giả tập trung nghiên cứu phương pháp xây dựng bậc tơpơ, xét tính chất chung riêng bậc tơpơ cho lớp ánh xạ: ánh xạ dương khơng gian Banach có thứ tự, cho ánh xạ A-riêng, cho ánh xạ đặc theo độ đo phi compact, cho ánh xạ đa trị Đồng thời vận dụng phương pháp bậc tơpơ để nghiên cứu tồn điểm bất động lớp ánh xạ Cấu trúc luận văn gồm bốn chương: - Chương 1: Trình bày kiến thức sở định nghĩa kết độ đo phi compact, ánh xạ đặc theo độ đo phi compact bậc tơpơ ánh xạ đặc - Chương 2: Trình bày kiến thức sở định nghĩa kết khơng gian Banach có thứ tự bậc tơpơ ánh xạ dương - Chương 3: Trình bày kiến thức sở định nghĩa kết ánh xạ A-riêng, bậc tơpơ cho ánh xạ A-riêng phương trình với ánh xạ Fredholm số Footer Page of 185 Header Page of 185 - Chương 4: Trình bày kiến thức sở định nghĩa kết ánh xạ đa trị, ánh xạ đa trị nửa liên tục, lát cắt xấp xỉ ánh xạ đa trị bậc tơpơ ánh xạ đa trị  n Mặc dù cố gắng song luận văn chắn nhiều thiếu sót Tác giả mong nhận góp ý thầy đồng nghiệp để luận văn hồn thiện Tp Hồ Chí Minh, ngày 28 tháng 09 năm 2014 Footer Page of 185 Header Page of 185 Chương BẬC TƠ PƠ CỦA ÁNH XẠ CƠ ĐẶC 1.1 Độ đo phi compact 1.1.1 Định nghĩa Cho (X,d) khơng gian metric A ⊂ X Ta gọi diam( A) = sup d ( x, y ) đường x , y∈ A kính tập A Nếu diam( A) < +∞ , ta gọi A tập bị chặn 1.1.2 Mệnh đề [2, trang 56] Nếu A ⊂ B diam ( A ) ≤ diam ( B ) diam ( A ) = diam ( A ) Chứng minh • (Lấy x, y ∈ A ⇒ x, y ∈ B ) ⇒ sup d ( x , y ) ≤ sup d ( x , y ) ⇒ x , y∈A x , y∈B diam ( A ) ≤ diam ( B ) • Lấy x , y ∈ A suy tồn { xn } ⊂ A,{yn } ⊂ A cho= lim xn x= ,lim yn y , ta có: d ( x , y ) ≤ d ( x , xn ) + d ( xn , yn ) + d ( yn , y ) , ∀n ∈ * ≤ d ( x , xn ) + diam ( A ) + d ( yn , y ) , ∀n ∈ * Cho n → ∞ , ta d ( x , y ) ≤ diam ( A ) ⇒ diam ( A ) ≤ diam ( A ) (1) Mặt khác A ⊂ A ⇒ diam ( A ) ≤ diam ( A ) (2) Từ (1) (2) suy diam ( A ) = diam ( A ) 1.1.3 Mệnh đề [2, trang 56] Cho X khơng gian Banach A, B ⊂ X Thì ta có Footer Page of 185 Header Page of 185 (1) diam ( λ B ) = λ diam ( B ) ; ( ) diam ( x + B ) = diam ( B ) ; ( 3) diam ( A + B ) ≤ diam ( A ) + diam ( B ) ; ( ) diam ( conv ( A ) ) = diam ( A ) Chứng minh (1) diam ( λ= B ) sup x −= y y/ λ sup x / − = y/ λ diam ( B ) sup λ x / − λ= x , y∈λ B ) (2) diam ( x + B= x / , y / ∈B x / , y / ∈B sup y −= z sup ( x + u) − ( x + v= ) sup u −= v diam ( B ) y , z∈x + B u ,v∈B u ,v∈B (3) Lấy x , y ∈ A; u, v ∈ B , ta có: ( x + u ) − ( y + v ) ≤ x − y + u − v ≤ diamA + diamB Do diam ( A + B ) ≤ diam ( A ) + diam ( B ) (4) Lấy x, y ∈ conv ( A ) Khi đó, tồn si ∈ ( 0;1) , xi ∈ A, i = 1, 2, k , m k m j =1 i =1 j =1 k ∑s i =1 i =1 ti ∈ ( 0;1) , yi ∈ A, i = 1, 2, m , ∑ t j = cho x = ∑ si xi y = ∑ t j y j Ta có: k m =i =j x −= y k yj ∑ si xi − ∑ t j = k m k m k m ∑∑ sit j xi − ∑∑ sit j y j ≤ ∑∑ sit j xi − y j =i =j =i =j =i =j m diam ( A ) ≤ ∑∑ si t j diam ( A ) = =i =j Do diam ( conv ( A ) ) ≤ diam ( A ) diam ( conv ( A ) ) = diam ( A ) Footer Page of 185 mà diam ( A ) ≤ diam ( conv ( A ) ) nên Header Page of 185 1.1.4 Mệnh đề [2, trang 56] Cho (X,d) khơng gian metric Cho hai tập bị chặn A B, metric Hausdorff H định nghĩa { } H ( A, B ) = max sup d ( x, B ) ,sup d ( y, A ) x∈ A y∈B (trong d ( x , B ) = inf d ( x , y ) ) y∈B Gọi B(X) tập hợp tất tập bị chặn X Thì (B(X),H) khơng gian metric 1.1.5 Định nghĩa Cho (X,d) khơng gian metric, B(X) tập hợp tất tập bị chặn X A, B ∈ B ( X ) Một hàm α : B ( X ) → [0; +∞) xác định α ( A ) = inf { δ > : A phủ hữu hạn tập hợp có đường kính nhỏ δ } Được gọi độ đo phi compact Kuratowski Nếu ta thay α ( A ) β ( A ) = inf { δ > : A phủ hữu hạn cầu đóng có bán kính δ } Khi ta gọi β ( A ) độ đo phi compact Hausdorff Mối quan hệ α β thể qua bất đẳng thức sau 1.1.6 Mệnh đề [2, trang 57] β ( A ) ≤ α ( A ) ≤ 2β ( A ) với A ∈ B ( X ) Chứng minh k Lấy δ > α ( A ) , tồn hữu hạn tập hợp A1 , A2 , , Ak cho A ⊂  Ai i =1 diam ( Ai ) ≤ d k với i = 1, 2, , k Chọn xi ∈ Ai Thì B ( xi , δ ) ⊃ Ai , ta A ⊂  B( xi , δ ) dẫn đến β ( A ) ≤ δ Cho δ → α ( A ) , ta β ( A ) ≤ α ( A ) i =1 Footer Page of 185 có Header Page 10 of 185 Lấy δ > β ( A ) , tồn hữu hạn cầu B ( y1 , δ ) , B ( y2 , δ ) , , B ( ym , δ ) m cho A ⊂  B ( yi , δ ) Mà diam ( B ( yi , dd ) ) = , nên ta có α ( A) ≤ 2δ Cho δ → β ( A) , i =1 ta α ( A ) ≤ 2β ( A ) 1.1.7 Mệnh đề [2, trang 57] Cho X khơng gian metric B(X) tập hợp tất tập bị chặn X Cho φ độ đo phi compact Kuratowski Hausdorff A, B ∈ B ( X ) Thì ta có tính chất sau: (1) φ ( A ) = φ ( A ) ; (2) φ ( A ) = A compact tương đối; (3) Nếu A ⊂ B φ ( A ) ≤ φ ( B ) ; (4) φ ( A ∪ B ) = max {φ ( A ) , φ ( B )} ; (5) φ ( A ∩ B ) ≤ {φ ( A ) , φ ( B )} ; (6) φ ( A ) − φ ( B ) ≤ H ( A, B ) ; (7) Nếu X khơng gian Banach, a) = φ ( λ A ) λ φ ( A ) , λ ∈ , b) φ ( A + B ) ≤ φ ( A ) + φ ( B ) , c) φ ( conv ( A ) ) = φ ( A ) Chứng minh Giả sử φ = α Chứng minh tương tự cho φ = β Footer Page 10 of 185 Header Page 56 of 185 52 4.2.1.10 Mệnh đề [3, trang 70] Cho ϕ : X  Y thỏa mãn điều kiện ϕ ( x ) compact với x ∈ X Thì ϕ nltt nếu: Với x ∈ X ε > tồn δ > cho ϕ ( B ( x , δ ) ) ⊂ Oε (ϕ ( x ) ) Chứng minh - Dễ thấy ϕ nltt Với x ∈ X ε > tồn δ > cho ϕ ( B ( x , δ ) ) ⊂ Oε (ϕ ( x ) ) - Chiều ngược lại, lấy x cố định U lân cận mở ϕ ( x ) Y, ϕ ( x ) compact nên ta chọn ε > cho Oε (ϕ ( x ) ) ⊂ U theo giả thiết tồn δ > cho ϕ ( B ( x , δ ) ) ⊂ Oε (ϕ ( x ) ) nên ϕ nltt 4.2.1.11 Định nghĩa Cho E khơng gian Banach ϕ : X  E nltt thỏa mãn điều kiện ϕ ( x ) compact với x ∈ X Ta định nghĩa ánh xạ convϕ : X  E xác định bởi: convϕ ( x ) = conv (ϕ ( x ) ) , với x ∈ X Từ ϕ ( x ) compact, theo định lý Mazur, tập conv (ϕ ( x ) ) compact 4.2.1.12 Mệnh đề [3, trang 71] Nếu ϕ : X  E nltt thỏa mãn điều kiện ϕ ( x ) compact với x ∈ X ánh xạ convϕ : X  E nltt thỏa mãn điều kiện convϕ ( x ) compact với x ∈ X Chứng minh Trong chứng minh ta dùng mệnh đề 4.2.1.10 Lấy ε > lấy < ε1 < ε Lấy x0 ∈ X Từ ϕ nltt tồn δ > cho ϕ ( B ( x0 , δ ) ) ⊂ Oε (ϕ ( x0 ) ) ( ) ) ( Do ϕ ( B ( x0 , δ ) ) ⊂ Oε convϕ ( x0 ) Từ Oε convϕ ( x0 ) tập lồi, ta suy ra: ( ) ( convϕ B ( x0 , δ ) ⊂ Oε convϕ ( x0 ) ) Và ( ) ( ) ( convϕ B ( x0 , δ ) ⊂ cl(Oε convϕ ( x0 ) ) ⊂ Oε convϕ ( x0 ) Footer Page 56 of 185 ) Header Page 57 of 185 53 Theo mệnh đề 4.2.1.10., ánh xạ convϕ : X  E nltt thỏa mãn điều kiện convϕ ( x ) compact với x ∈ X (do định lý Mazur) 4.2.2 Ánh xạ đa trị nửa liên tục 4.2.2.1 Định nghĩa Một ánh xạ đa trị ϕ : X  Y gọi nửa liên tục (nltd) với tập mở U ⊂ Y ϕ+−1 (U ) mở X Ta nói ánh xạ đa trị ϕ : X  Y liên tục vừa nltt vừa nltd Chú ý = ϕ f : X → Y tính nửa liên tục trùng với tính nửa liên tục nên khơng có tính liên tục f 4.2.2.2 Mệnh đề [3, trang 72] Một ánh xạ đa trị ϕ : X  Y nltd với tập đóng A ⊂ Y ϕ −1 ( A ) đóng X Chứng minh Sử dụng định nghĩa tính chất X \ ϕ+−1 ( B ) = ϕ −1 ( Y \ B ) 4.2.2.3 Mệnh đề [3, trang 72] a) Nếu ϕ ,ψ : X  Y hai ánh xạ nltd, ϕ ∪ψ : X  Y nltd b) Cho ϕ : X  Y ψ : Y  Z nltd ánh xạ ψ  ϕ : X  Z nltd, x ∈ X tập ψ (ϕ ( x ) ) đóng Chứng minh Sử dụng tính chất: (ϕ ∪ψ )−+1 ( B ) =ϕ+−1 ( B ) ∪ψ +−1 ( B ) (ψ  ϕ )+ ( B ) = ϕ+−1 (ψ +−1 ( B) ) −1 4.3 Lát cắt xấp xỉ ánh xạ đa trị Cho hai khơng gian metric ( X , d1 ) , ( Y , d2 ) , khơng gian X × Y ta xét metric max sau: d ( ( x , y ) , ( u, v ) ) = max {d1 ( x , u ) , d2 ( y, v )} với x , y ∈ X u, v ∈ Y Từ đến hết chương 4, ta giả sử tất ánh xạ đa trị có giá trị compact 4.3.1 Định nghĩa Footer Page 57 of 185 Header Page 58 of 185 54 Cho ϕ : X  Y ánh xạ đa trị, Z ⊂ X ε > Một ánh xạ f : Z → Y ε - lát cắt xấp xỉ ϕ Γ f ⊂ Oε ( Γϕ ) Nếu Z = X f ε - lát cắt xấp xỉ ϕ ta viết f ∈ a (ϕ , ε ) Ta đặt A ( X, Y ) = {ϕ : X  Y ϕ nltt với ε > tồn f ∈ a ( ϕ, ε )} 4.3.2 Một số tính chất 4.3.2.1 Mệnh đề [3, trang 106] Một ánh xạ f : Z → Y ε - lát cắt xấp xỉ ϕ : X  Y a) ( ) f ( x ) ∈ Oε ϕ ( Oε ( x ) ) với x ∈ Z Z ⊂ X Cho P khơng gian compact, r : P → X liên tục ϕ : X  Y nltt b) Thì, với δ > tồn ε > cho với ε ( < ε < ε ) f : X → Y ε - lát cắt xấp xỉ ϕ , ta có f  r : P → Y δ - lát cắt xấp xỉ ϕ  r Cho C tập compact X ϕ : X  X nltt cho c) ∅ C ∩ Fix (ϕ ) = ∅ Thì tồn ε > cho với f ∈ a (ϕ , ε ) , ta có C ∩ Fix ( f ) = Cho C tập compact X Thì, với δ > tồn ε > d) cho f C (hạn chế f C) δ - lát cắt xấp xỉ ϕ C , với ϕ : X  Y nltt f ∈ a (ϕ , ε ) e) Cho X compact ψ : X × [ 0,1]  Y nltt Thì, với t ∈ [ 0,1] δ > tồn ε > cho ht ∈ a (ψ t , δ ) với h ∈ a (ψ , ε ) ht : X → Y ψ t : X  Y định nghĩa sau: ψ t ( x ) = ψ ( x, t ) , f) ht ( x ) = h ( x , t ) với x ∈ X t ∈ [ 0,1] Cho ϕ : X  Y ψ : Z  T Thì, với ε > tồn δ > cho, f ∈ a (ϕ , δ ) g ∈ a (ψ , δ ) , f × g : X × Z → Y × T ε - lát cắt xấp xỉ ϕ ×ψ : X × Z  Y × T g) Cho ϕ : X  Y nltt g : Y → Z liên tục Thì với ε > tồn δ > cho với f ∈ a (ϕ , δ ) ta ln có g aa f ∈ a ( g ϕ, ε ) Footer Page 58 of 185 Header Page 59 of 185 55 Chứng minh a) f : Z → Y ε - lát cắt xấp xỉ ϕ : X  Y Γ f ⊂ Oε ( Γϕ ) Điều tương đương với x ∈ Z tồn ( ( x , y ) ∈ Γ ϕ cho x ∈ Oε ( x ) ) f ( x ) ∈ Oε ( y ) Do đó, ta có f ( x ) ∈ Oε ϕ ( Oε ( x ) ) b) Ta sử dụng phương pháp phản chứng Giả sử tồn δ > cho với n   1 n r ∉ a (ϕ r , δ ) Ta lấy ε = 1, , , , fn ∈ a  ϕ ,  ε > , ta có fε ∈ a (ϕ , ε ) fε aa Thì n ta chọn un ∈ P cho: ( ( (( ) fn r ( un ) ∉ Oδ ϕ r Oδ ( un ) (*) 1,2, ))) , n =   1 n Ta giả sử lim un = u Theo a) fn ∈ a  ϕ ,  nên ( ( ) )) ( ( ) fn r ( un ) ∈ O1  ϕ  O1 r ( un )   r ( un ) , fn r ( un ) ∈ O1 Γϕ    n   n n  Vì vậy, ta chọn xn ∈ X yn ∈ ϕ ( xn ) cho: ( ) d1 xn , r ( un ) < 1 d2 yn , fn r ( un ) < n n ( ( )) Do đó, limx n =limr ( un ) = r ( u ) limy n = lim fn ( r ( un ) ) = y Vì vậy, ( r ( u ) , y ) ∈ Γϕ (mâu thuẫn với (*)) c) Ta sử dụng phương pháp phản chứng Với ε > tồn fε ∈ a (ϕ , ε ) n cho Fix ( fε ) ∩ C ≠ ∅ Ta lấy ε = 1, , , ,  1 fn ∈ a  ϕ ,   n cho Fix ( fn ) ∩ C ≠ ∅ Với n = 1,2, ta chọn điểm x n ∈ Fix ( fn ) ∩ C Do C compact nên ta giả sử lim xn = x Thì x ∈ C ta chọn ( u , v ) ∈ Γϕ n n cho: d1 ( xn , un ) < Footer Page 59 of 185 1 d2 ( xn , ) < , n = 1,2, n n Header Page 60 of 185 56 Do limx n =limu = = x Do ϕ nltt, Γϕ đóng X × X nên x ∈ ϕ ( x ) lim n Dẫn đến C ∩ Fix (ϕ ) ≠ ∅ (mâu thuẫn) d) Trong b) thay r i : C → X d) chứng minh e) Trong b) thay r it : X → X × [ 0,1] xác định it ( x ) = ( x , t ) e) chứng minh f) Sử dụng tính chất: ε > tồn δ > cho Oδ ( x ) × Oδ ( y ) ⊂ Oε ( ( x , y ) ) g) Được chứng minh tương tự b) 4.4 Bậc tơpơ ánh xạ đa trị  n Trong mục này, cầu đóng  n với tâm x bán kính r ≥ kí hiệu K n ( x, r ) Hơn nữa, ta đặt K n ( r ) = K n ( 0, r ) , Sn −1 ( r ) = ∂K n ( r ) , P n =  n \ {0} Cho khơng gian metric X, tập A ⊂ X gọi tập co X tồn ánh xạ co r : X → A thỏa mãn tính chất r ( x ) = x với x thuộc A Và tập A ⊂ X gọi tập co lân cận X tồn tập mở U ⊂ X cho A ⊂ U A tập co U X gọi khơng gian co tuyệt đối với khơng gian Y phép nhúng h : X → Y ta ln có h ( X ) tập co Y X gọi khơng gian co lân cận tuyệt đối với khơng gian Y phép nhúng h : X → Y ta ln có h ( X ) tập co lân cận Y Ta kí hiệu khơng gian co lân cận tuyệt đối ANR Một khơng gian compact khác rỗng gọi R δ tồn dãy giảm khơng gian co tuyệt đối, compact {A n } cho A =  An n ≥1 Với X∈ ANR bất kỳ, ta đặt J ( K n ( r ) , X ) = {F : K n ( r )  X F nltt có giá trò R δ } Hơn nữa, với ánh xạ liên tục f : X →  n , X ∈ ANR , ta đặt: Jf ( K n ( r ) ,  n ) = {ϕ : K n ( r )   n ϕ = f  F với F ∈ J ( K n ( r ) , X ) vø ϕ ( Sn −1 ( r ) ) ⊂ P n } Cuối cùng, ta định nghĩa Footer Page 60 of 185 Header Page 61 of 185 57 { } ) ,  n )  Jf ( K n ( r ) ,  n ) f : X →  n liên tục, X ∈ ANR CJ ( K n ( r= 4.4.1 Định nghĩa Cho ϕ1 , ϕ2 ∈ CJ ( K n ( r ) ,  n ) hai ánh xạ có dạng; = ϕ1 f1  F1 ,F1 : K n ( r )  X,f1 : X →  n , = ϕ2 f2  F2 ,F2 : K n ( r )  X,f2 : X →  n Khi đó, ta nói ϕ1 , ϕ2 đồng ln CJ ( K n ( r ) , n ) tồn ánh xạ nltt, có giá trị R δ χ : K n ( r ) × [ 0,1]  X ánh xạ liên tục h : X × [ 0,1] →  n thỏa mãn: i) χ ( u,0 ) = F1 ( u ) , χ ( u,1) = F2 ( u ) với u ∈ K n ( r ) , ( x ) , h ( x,1) f2 ( x ) với x ∈ X , ii) h ( x,0 ) f1= = iii) Với ( u, λ ) ∈ Sn −1 ( r ) × [ 0,1] x ∈ χ ( u, λ ) ta có h ( x, λ ) ≠ Khi ánh xạ H : K n ( r ) × [ 0,1]   n xác định bởi: H ( u, λ ) = h ( χ ( u, λ ) , λ ) với ( u, λ ) ∈ K n ( r ) × [ 0,1] Được gọi đồng ln CJ ( K n ( r ) , n ) ϕ1 ϕ2 4.4.2 Bổ đề Cho X khơng gian ANR compact, khơng gian Y kỳ ϕ∈ J ( X,Y ) Khi với δ > tồn ε0 > cho với ε,0 < ε ≤ ε tùy ý f ,g ∈ a ( ϕ, ε ) , tồn ánh xạ liên tục h : X × [ 0,1] → Y cho = h (.,0 ) f= ,h (.,1) g , h (., t ) ∈ a ( ϕ, δ ) với t thuộc [ 0,1] Chứng minh [3, tr.115] 4.4.3 Định lý [3, trang 124] Tồn ánh xạ Deg : CJ ( K n ( r ) ,  n ) →  , gọi hàm bậc tơpơ, thỏa mãn tính chất sau: i) Nếu ϕ∈ CJ ( K n ( r ) ,  n ) có dạng ϕ =f  F với F ánh xạ đơn trị, liên tục Deg ( ϕ = ) deg ( ϕ ) , deg ( ϕ ) bậc Brower ánh xạ đơn trị, liên tục Footer Page 61 of 185 Header Page 62 of 185 58 ϕ : Kn ( r ) → n ii) Nếu Deg ( ϕ ) ≠ , với ϕ ∈ CJ ( K n ( r ) ,  n ) , tồn u ∈ K n ( r ) cho ∈ ϕ ( u) Cho ϕ1 , ϕ2 ∈ CJ ( K n ( r ) ,  n ) hai ánh xạ có dạng; iii) = ϕ1 f1  F1 ,F1 : K n ( r )  X,f1 : X →  n , = ϕ2 f2  F2 ,F2 : K n ( r )  Y,f2 : Y →  n , Với X,Y ∈ ANR Nếu tồn ánh xạ liên tục h : X → Y cho biểu đồ sau giao hốn: o F1 X Kn ( r ) f1 n h f2 F2 oY Đó F2 = h  F1 f1 = f2  h , Deg ( ϕ= Deg ( ϕ2 ) 1) iv) Nếu ϕ1 , ϕ2 đồng ln CJ ( K n ( r ) , n ) Deg ( ϕ= Deg ( ϕ2 ) 1) Chứng minh Lấy ϕ ∈ CJ ( K n ( r ) ,  n ) ánh xạ có dạng; = ϕ f  F,F : K n ( r )  X,f : X →  n , với X ∈ ANR Tương tự chứng minh (4.3.2.1c), ta tìm ε > cho khơng có phần tử a ( ϕ, ε ) có giá trị Sn −1 ( r ) hay f thuộc a ( ϕ, ε ) ta ln có f ( Sn −1 ( r ) ) ⊂ P n Thật vậy: Giả sử ε dương tồn f ε ∈ a ( ϕ, ε ) cho f ε ( Sn −1 ( r ) ) ⊄ P n Ta lấy n   1 n ε = 1, , , , fn ∈ a  ϕ ,  cho f n ( Sn −1 ( r ) ) ⊄ P n Với n = 1,2, ta chọn điểm x n ∈ S n −1 ( r ) : fn ( xn ) = Footer Page 62 of 185 Header Page 63 of 185 59 Do Sn −1 ( r ) compact nên ta giả sử lim xn = x Thì x ∈ S n −1 ( r ) ta chọn ( un , ) ∈ Γϕ cho: d ( xn , un ) < 1 d ( 0, ) < , n = 1,2, n n limx n =limun = x Do ϕ nltt, Γϕ đóng  n ×  n nên ( x ,0 ) ∈ Γϕ suy lim = Do  ∈ ϕ ( x ) (mâu thuẫn với giả thiết ϕ ( Sn −1 ( r ) ) ⊂ P n ) Theo (4.3.2.1.g), tồn ρ0 > cho f a g ∈ a ( ϕ, ε ) với g ∈ a ( F, ρ0 ) Cuối cùng, theo bổ để 4.4.2 tồn δ0 > cho với g1 ,g2 ∈ a ( F, δ0 ) ánh xạ f  g1 ,f  g2 đồng ln khơng có giá trị Sn −1 ( r ) Do tính chất đồng ln bậc Brouwer, ta có: deg ( f  g1 ) = deg ( f  g2 ) Vì vậy, ta đặt: Deg ( ϕ ) =deg ( f  g ) , với g ∈ a ( F, δ0 ) Deg ( ϕ ) định nghĩa tốt khơng phụ thuộc vào lựa chọn g Tiếp theo, ta kiểm tra tính chất i),ii),iii),iv) sau: i) Chọn g = F ii) Deg ( ϕ ) ≠ ⇒ (deg ( f  g ) ≠ với ) ⇒ ( phương trình f  g ( u ) = có nghiệm Int K n ( r ) ) g ∈ a ( F, δ0 ) ⇒ (∃u ∈ IntK n ( r ) : ( u ,0 ) ∈ Γ f g ) Footer Page 63 of 185 Header Page 64 of 185 60 Mà f a g ∈ a ( ϕ, ε ) nên ( u ,0 ) ∈ Γ ϕ hay ∈ ϕ ( u ) iii) Lấy= δ {δ1 , δ2 } với δ1 , δ2 hai số ứng với δ0 định nghĩa Deg ( ϕ1 ) ,Deg ( ϕ2 ) Lấy g1 ∈ a ( F1 , δ ) theo (4.3.2.1g) ta có h aa g1 ∈ a ( h F1 ,= δ ) a ( F2 , δ ) Do đó: Deg ( ϕ2= ) deg ( f  h  g1=) deg ( f1  g1=) Deg ( ϕ1 ) iv) Lấy= δ {δ1 , δ2 } với δ1 , δ2 hai số ứng với δ0 định nghĩa Deg ( ϕ1 ) ,Deg ( ϕ2 ) Do ánh xạ χ : K n ( r ) × [ 0,1] → X nltt nên theo (4.3.2.1e) tồn ρ0 > cho với ánh xạ k ∈ a ( χ, ρ0 ) ta có k t ∈ a ( χ t , δ ) với t ∈ [ 0,1] n k ∈ a ( χ0 , = δ ) a ( F1 , δ ) = k ( x ) k ( x,0 ) với x ∈ K ( r )  Dẫn đến :  n ( ) ( ) k a , a F , ∈ χ = δ δ ( ) = k x k x,1 vớ i mọ i x ∈ K r ( ) ( )  1  Khi Deg ( ϕ1 ) = deg ( f1  k ) Deg ( ϕ2 ) = deg ( f  k1 ) Xét g t = h t  k t (với h t ứng với h định nghĩa 4.4.1.) Nếu lấy u ∈ Sn −1 ( r ) , t ∈ [ 0,1] g t ( u )= h t  k t ( u )  ≠ (do 4.4.1.iii k t ∈ a ( χ t , δ ) k t ( u ) ∈ χ t ( u ) ) Nên theo tính chất bất biến đồng ln bậc Brower ta có deg ( g ) = deg ( g1 ) hay deg ( f1  k ) = deg ( f  k1 ) (điều cần chứng minh) 4.4.4 Mệnh đề [3, trang 126] Cho ϕ1 , ϕ2 ∈ CJ ( K n ( r ) ,  n ) hai ánh xạ có dạng; ϕ1 =f1  F1 ,F1 : K n ( r )  X,f1 : X   n , ϕ2 =f2  F2 ,F2 : K n ( r )  Y,f2 : Y   n , Với X,Y ∈ ANR , cho: ∉ λϕ1 ( u ) + (1 − λ ) ϕ2 ( u ) với ( u, λ ) ∈ Sn −1 ( r ) × [ 0,1] Khi Deg ( ϕ= Deg ( ϕ2 ) 1) Footer Page 64 of 185 Header Page 65 of 185 61 Chứng minh Xét sơ đồ sau: i K n ( r )  X × Y  →  n ,i = 1,2, g G Với u ∈ K n ( r ) ( x,y ) ∈ X × Y , ( u ) F1 ( u ) × F2 ( u ) , G= g1 ( x,y ) = f1 ( x ) , g2 ( x,y ) = f2 ( y ) Khi đó, ánh xạ = ψ1 g1  G,= ψ g2  G thuộc CJ ( K n ( r ) , n ) Để kiểm tra ψ1 , ψ đồng ln CJ ( K n ( r ) , n ) , xét ánh xạ χ : K n ( r ) × [ 0,1]  X × Y h : X × Y × [ 0,1] →  n xác định bởi: h ( x,y, λ )= (1 − λ ) g1 ( x,y ) + λg2 ( x,y ) χ ( u, λ ) =G ( u ) , Ta thấy χ R δ nltt , h liên tục thỏa mãn i) ii) định nghĩa (4.4.1) (với F= F= G ) Để kiểm tra (iii), lấy tùy ý ( u, λ ) ∈ Sn −1 ( r ) × [ 0,1] ( x,y ) ∈ χ ( u, λ ) Thì ta có: h ( x,y, λ )= (1 − λ ) f1 ( x ) + λf2 ( x ) ∈ (1 − λ ) ϕ1 ( u ) + λϕ2 ( u )  x ∈ F1 ( u ) suy ( ) y ∈ F u  (do ( x, y ) ∈ G ( u ) = F1 ( u ) × F2 ( u ) nên  f1 ( x ) ∈ ϕ1 ( u ) )  ( ) f y ∈ ϕ u  ( ) Do đó, theo giả thiết, ta có h ( x,y, λ ) ≠ Suy ψ1 , ψ đồng ln CJ ( K n ( r ) , n ) nên Deg ( ψ= Deg ( ψ ) 1) Mặt khác, sơ đồ sau giao hốn: G X× Y o Kn ( r ) g1 π1 n f1 F1 oX G X× Y o Kn ( r ) g2 π2 n f2 F2 oX Trong π1 ( x,y ) = y Theo (26.2.4), ta có Deg ( ψ= x π2 ( x,y ) = Deg ( ϕ1 ) 1) Footer Page 65 of 185 Header Page 66 of 185 62 Deg ( ψ 2= Deg ( ϕ2 ) (điều phải chứng minh) ) Deg ( ϕ2 ) Vậy Deg ( ϕ= 1) Tiếp theo, A ⊂  n B ⊂  m , ta đặt: CJ ( A,B) = {ϕ : A  B ϕ = } f a F, F : A  X nltt với giá trò R δ , f : X → B liên tục Trong X ∈ ANR 4.4.5 Định lý [3, trang 128] Nếu ϕ∈ CJ ( K n ( r ) ,K n ( r ) ) Fix ( ϕ ) ≠ φ Chứng minh: Giả sử ϕ f a F, F : K n ( r )  X nltt với giá trò R δ , f : X → K n ( r ) liên tục cho: Fix ( ϕ ) ∩ Sn −1 ( r ) =φ Ta xét ánh xạ: G : Kn ( r )  X × Kn ( r ) , g : X × Kn ( r ) → n , = G (x) {( y,x ) y ∈ F ( x )} với x ∈ K n (r) , g ( y,x )= x − f ( y ) với y ∈ X x ∈ K n ( r ) Do ( X × K n ( r ) ) ∈ ANR nên ta có= ψ g  G ∈ CJ ( K n ( r ) , ψ n ) Và= ánh xạ i i2  i1 ,i1 : K n ( r )  X × K n ( r ) ,i2 : X × K n ( r ) →  n , xác định bởi: i1 ( x ) = {( y, x ) y ∈ F ( x )} i ( y, x ) = x Ta định nghĩa: ) χ : K n ( r ) × [ 0,1]  X × K n ( r ) , χ ( x, t= h : X × K n ( r ) × [ 0,1] →  n , {( y, x ) y ∈ F ( x )} h ( y,x,t )= x − tf ( y ) Thì với x ∈ Sn −1 ( r ) ta có x ≠ tf ( y ) với t ∈ [ 0,1] y ∈ F ( x ) (do Fix ( ϕ ) ∩ Sn −1 ( r ) =φ ϕ ( K n ( r ) ) ⊂ K n ( r ) ) Vì thế, ψ I đồng ln ( i ) Vì tồn x thuộc K n ( r ) cho CJ ( K n ( r ) , n ) nên Deg= ( ψ ) deg= ∈ ψ ( x0 ) , mà { } y ( x ) =g  G ( x ) = x − f ( y ) y ∈ F ( x ) nên tồn y0 ∈ F ( x ) : x = f ( y ) suy x ∈ ϕ ( x ) nghĩa x ∈ Fix ( ϕ ) (điều phải chứng minh) Footer Page 66 of 185 Header Page 67 of 185 63 4.4.6 Định lý [3, trang 128] Nếu ϕ ∈ CJ ( K n ( r ) ,  n ) ϕ thỏa mãn tính chất sau: i) Fix ( ϕ ) ≠ φ , ii) Tồn x ∈ Sn −1 ( r ) λ ∈ ( 0,1) cho x ∈ λϕ ( x ) Chứng minh Chứng minh tương tự định lý 4.4.5, ta đồng ln: h : X × K n ( r ) × [ 0,1] →  n , h ( y,x,t )= x − tf ( y ) - Nếu h khác Sn −1 ( r ) với t ∈ [ 0,1] Fix ( ϕ ) ≠ φ (theo định lý 4.4.5) - Nếu tồn x ∈ Sn −1 ( r ) t ∈ ( 0,1) cho x − t f ( y ) = x ∈ t ϕ ( x ) (do y ∈ F ( x ) , t = x = f ( y ) kéo theo x ∈ ϕ ( x ) điều mâu thuẫn với giả sử Fix ( ϕ ) ∩ Sn −1 ( r ) =φ ) 4.4.7 Định lý [3, trang 129] Nếu ϕ∈ A ( Sn ( r ) ,  n ) tồn x ∈ Sn ( r ) cho: ϕ ( x ) ∩ ϕ ( −x ) ≠ φ Chứng minh Nhắc lại định lý Borsuk-Ulam cổ điển: “Cho hàm f : Sn →  n liên tục, {x ∈  n +1 x = Sn = 1} mặt cầu khơng gian  n +1 Khi tồn x ∈ Sn cho f ( − x ) = f (x) ” 1 k   Với k = 1,2, ta lấy fn ∈ a  ϕ,  Theo định lý Borsuk-Ulam cổ điển, ta có: fk ( x k= 1,2 ) fk ( −x k ) với x k ∈ Sn ( r ) , k =   1 k Từ fn ∈ a  ϕ,  tồn z k ∈ O ( x k ) , z /k ∈ O ( −x k ) , y k ∈ ϕ ( z k ) y /k ∈ ϕ ( z /k ) cho: k y k − fk ( x k ) < k 1 y /k − fk ( −x k ) < k k Từ Sn compact, ta giả sử rằng: lim x k = x= lim z k ,lim z /k = lim ( −x k ) = −x k Footer Page 67 of 185 k k Header Page 68 of 185 64 Lấy số tự nhiên m k m ≥ 4m cho: ( ) ⊂ O ( ϕ ( x ) ) ϕ ( z ) ⊂ O ( ϕ ( −x ) ) ϕ zk / km 4m m 4m Thì tồn u k ∈ ϕ ( x ) u/k ∈ ϕ ( −x ) cho: m m y k − uk m m < 1 y /k m − u/k m < (do y k ∈ ϕ ( z k ) y /k ∈ ϕ ( z /k ) ) 4m 4m Điều dẫn đến: fk m (x ) − u km km ≤ fk Tương tự fk ( −x k m m m (x ) − y km )−u / km km + y k − uk m < m 1 + ≤ k m 4m 2m 2m < Cuối cùng, ta được: u k − u/k m m < fk m + fk (x ) − u km km + fk m ( −x ) − u km m / km km km km Với m = 1,2, Dẫn đến lim u k = lim u/k m m ϕ ( x ) ∩ ϕ ( −x ) ≠ φ (điều phải chứng minh) Footer Page 68 of 185 ( x ) − f ( −x ) < 2m + 2m + < m m m mà ϕ ( x ) , ϕ ( x / ) compact nên Header Page 69 of 185 65 KẾT LUẬN Nội dung luận văn nghiên cứu bậc tơpơ lớp ánh xạ: ánh xạ dương khơng gian Banach có thứ tự, cho ánh xạ A-riêng, cho ánh xạ đặc theo độ đo phi compact, cho ánh xạ đa trị Những kết đạt được: Xây dựng định nghĩa bậc tơpơ ánh xạ kể Làm rõ số tính chất bậc tơpơ ánh xạ kể vận dụng chúng vào việc nghiên cứu điểm bất động ánh xạ tương ứng Tác giả có nguyện vọng tiếp tục tìm hiểu kết nghiên cứu sang lớp ánh xạ khác vận dụng chúng vào nghiên cứu tồn nghiệm cấu trúc tập nghiệm nhiều lớp phương trình vi phân, tích phân cụ thể xuất phát từ Khoa học Tự nhiên Xã hội Tác giả mong nhận ý kiến đóng góp q báu thầy bạn bè đồng nghiệp Footer Page 69 of 185 Header Page 70 of 185 66 TÀI LIỆU THAM KHẢO Donal O’Regan, Yeol Je Cho, Yu-Qing Chen, Topological Degree Theory And Applications, Chapman & Hall/CRC, 2006 K Deimling, Nonlinear Functional Analysis, Springer Verlag, 1985 L Górniewicz, Topological Fixed Point Theory of Multivalued Mappings, Springer, 2006 Footer Page 70 of 185 ... bất động ánh xạ dương 31 Chương BẬC TÔPÔ CỦA ÁNH XẠ A–RIÊNG 34 3.1 Ánh xạ a-riêng 34 3.2 Bậc tôpô ánh xạ a-riêng 36 Chương BẬC TÔPÔ CỦA ÁNH XẠ ĐA TRỊ... ánh xạ nảy sinh nhu cầu xây dựng bậc tôpô cho ánh xạ Trong luận văn này, tác giả tập trung nghiên cứu phương pháp xây dựng bậc tôpô, xét tính chất chung riêng bậc tôpô cho lớp ánh xạ: ánh xạ dương... kết ánh xạ A-riêng, bậc tôpô cho ánh xạ A-riêng phương trình với ánh xạ Fredholm số Footer Page of 185 Header Page of 185 - Chương 4: Trình bày kiến thức sở định nghĩa kết ánh xạ đa trị, ánh xạ