1. Trang chủ
  2. » Đề thi

Đề thi thử trắc nghiệm môn toán 2017 thầy đoàn trí dũng

7 2,3K 21

Đang tải... (xem toàn văn)

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 7
Dung lượng 731,8 KB

Nội dung

Hàm số bậc ba cắt trục hoành tại ba điểm phân biệt khi và chỉ khi hàm số có hai cực trị và hai cực trị đó nằm về hai phía của trục hoành.. Hàm số bậc ba cắt trục hoành tại đúng hai điểm

Trang 1

Đoàn Trí Dũng

KỲ THI THPT QUỐC GIA 2017

Môn thi: TOÁN – Trắc nghiệm

Họ và tên học sinh:

Số báo danh:

Trang 2

PHẦN I: Trắc nghiệm (0.25 điểm mỗi câu):

Câu 1: Tìm m để hàm số y   x3 3x2 3mx  nghịch biến trên 1 0;

4

Câu 3: Gọi S là tập hợp tất cả các số tự nhiên chẵn gồm ba chữ số phân biệt được chọn

từ các chữ số 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7 Xác định số phần tử của S

Câu 4: Biết rằng cotx 2

3

x

2

1 3 sin cos 2

Câu 5: Giải phương trình: A n3 20n

Câu 6: Phát biểu nào sau đây là sai với hàm số bậc 3?

A Hàm số bậc ba cắt trục hoành tại ba điểm phân biệt khi và chỉ khi hàm số có hai cực trị và hai cực trị đó nằm về hai phía của trục hoành

B Hàm số bậc ba cắt trục hoành tại đúng hai điểm phân biệt khi và chỉ khi hàm số có hai cực trị và có một cực trị nằm trên trục hoành

C Hàm số bậc ba cắt trục hoành tại một điểm duy nhất khi và chỉ khi hàm số có hai cực trị và hai cực trị đó nằm về cùng một phía với trục hoành

D Hàm số bậc ba luôn luôn có điểm uốn

Câu 7: Phát biểu nào sau đây là sai về tính đơn điệu của hàm số?

A Hàm số yf x được gọi là đồng biến trên miền D  x x1, 2 Dx1 x2, ta có: f x( )1  f x( ).2

B Hàm số yf x được gọi là đồng biến trên miền D  x x1, 2 Dx1 x2, ta có: f x( )1  f x( ).2

C Nếu f x( ) 0, x ( ; )a b thì hàm số f x ( ) đồng biến trên a b( ; )

D Hàm số f x ( ) đồng biến trên a b( ; ) khi và chỉ khi f x( ) 0, x ( ; ).a b

Câu 8: Tính giới hạn:

x

I

x

3 3

lim

3

1 6

Trang 3

Câu 10: Chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác vuông tại A, ABC  300 SBC là tam giác đều cạnh a và nằm trong mặt phẳng vuông góc với đáy Tính theo a thể tích khối chóp S.ABC và khoảng cách từ C đến (SAB)

A a 39

a 13

a 13

a 39

39

Câu 11: Tập hợp các giá trị nguyên của biến x thỏa mãn điều kiện dưới đây là:

x3 x2 x x5 x4 x

Câu 12: Phát biểu nào dưới đây là sai?

A Nếu tồn tại số h sao cho f x( ) f x( )o với mọi x (x oh x; oh) và xx o, ta nói

rằng hàm số f x( ) đạt cực đại tại điểm x o

B Giả sử yf x liên tục trên khoảng K (x oh x; oh) và có đạo hàm trên K hoặc trên K\ x o , với h 0. Khi đó: Nếu f x( ) 0 trên (x oh x; o) và f x( ) 0 trên khoảng ( ;x x o oh)thì x o là một điểm cực tiểu của hàm số f x( )

C x  là hoành điểm cực tiểu khi và chỉ khi: a y a'  0; y a"  0

D Nếu điểm M x f x( ; ( ))o o là cực trị của hàm số thì y of x( )o được gọi là giá trị cực trị của hàm số

Câu 13: Viết phương trình tiếp tuyến của đồ thị hàm số yx3 3x biết rằng tiếp

tuyến song song với đường thẳng yx 16

Câu 14: Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz cho hai mặt phẳng

 P :x    y z 1 0 và  Q :x 2y   z 2 0 Tìm tọa độ điểm M có hoành độ dương nằm trên giao tuyến của hai mặt phẳng  P và  Q sao cho M cách gốc tọa độ

O một khoảng bằng 5

A M 4; 3; 0   B M4; 3; 0 C M 4; 3; 0  D M 4; 3; 0

2

  Tính giá trị của biểu thức:

P sin sinx x sin x

A 1

8 Câu 16: Xếp ngẫu nhiên các chữ cái V, I, E, T, N, A, M thành một hàng ngang Xác suất để chữ A và M đứng cạnh nhau và A đứng trước M, đồng thời chữ I và E luôn đứng cạnh nhau và I đứng trước E gần với đáp án nào dưới đây nhất?

Trang 4

Câu 17: Giải phương trình sau trên tập số phức: z3  i1 z2  i1 z  i 0

   C z isin7

2

x

12

4 1 1

Học sinh ghi kết quả vào ô trống:

Câu 19: Tính diện tích hình phẳng giới hạn bởi các đường: yx2   và x 1

yx4   x 1

A 8

14

4

6 15

x

2 2 2 1

1

;2 2

A 10

3

PHẦN II: Tự luận (1,0 điểm mỗi câu):

0

3 2

Câu 22: Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình vuông cạnh a Cạnh bên SA vuông góc

với đáy và SDa 2 Tính thể tích khối chóp S ABCD và khoảng cách giữa hai

đường thẳng SC và BD

Cho biết phương trình các đường thẳng  AE : 3x  y 10 0 và đường thẳng

 AF :x 3y 10 0 và đường thẳng EF cắt đường thẳng BD tại gốc tọa độ O Tìm tọa độ đỉnh B biết rằng đỉnh B có tọa độ nguyên

Câu 24: Cho các số thực dương x y z, , thỏa mãn xz4 216y  8yz yz 2 Tìm giá trị

P

y

Câu 25: Giải phương trình: 2x x 1 4x3 2x2 2x   3 1 3 4x3  2

Trang 5

ĐÁP ÁN PHẦN TRẮC NGHIỆM

ĐÁP ÁN PHẦN TỰ LUẬN

0

3 2

Ta có: I xxdxx  d x   x

4 4

1

3 2

0

Câu 22: Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình vuông cạnh a Cạnh bên SA

cách giữa hai đường thẳng SC và BD

Theo định lý Pitago:

SASD2 AD2 a

Vậy V S ABCD SAS ABCD a

3

1

Hạ IHSC AF, SC

SA2 AC2

BDAC BD, SA

Do đó: BD SACBDIH

IHBD IH, SC nên IH là đoạn vuông góc chung của SC và BD do đó:

6

Câu 23: Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy cho hình chữ nhật ABCD Gọi E là trung điểm của đoạn BC Gọi F là điểm trên tia đối của tia DC sao cho AEAF Cho biết phương trình các đường thẳng  AE : 3x  y 10 0

và đường thẳng  AF :x 3y10 0 và đường thẳng EF cắt đường thẳng

BD tại gốc tọa độ O Tìm tọa độ đỉnh B biết rằng đỉnh B có tọa độ nguyên

I A

B

D S

C H F

Trang 6

Ta chứng minh ABCD là hình vuông

n AE  3;1 ,n AF  1; 3

AE AF

Như vậy FAD  EAB c g c 

Vậy ABCD là hình vuông

Khi đó ta chứng minh rằng O là trung điểm của EF

Tam giác AEF vuông cân nên

AEO 450 ABO

Do đó tứ giác ABEO nội tiếp Do vậy AOE  ABE  900 cho nên O là

Tìm tọa độ các điểm sau khi có hai yếu tố trên:

 AE AF x x y y A 

2; 4

Phương trình đường thẳng EF đi qua O và vuông góc với OA:

 EF :x 2y 0

 EF AE x x y y E 

4;2

  C : x 3 2  y 12 10

Gọi B a b ; , ta có hệ phương trình:

Do đó ta tìm được B6; 0 hoặc B 6 8;

5 5

chọn B6; 0

Câu 24: Cho các số thực dương x y z, , thỏa mãn xz4 2 16y  8yz yz 2 Tìm

P

y

Theo bất đẳng thức Cauchy – Schwarz ta có:

Trang 7

      



Mặt khác, ta có:

2

2

2

2

2

Do đó ta tìm được giá trị lớn nhất của P là 1

2 khi và chỉ khi x 1,y 2,z  4

Câu 25: Giải phương trình: 2x x 1 4x3 2x2 2x   3 1 3 4x3  2

Phương trình tương đương với:

4x3 2x2 2x 3  4x3 2 4x3 2x2 2x   3 2 3 4x3 2 Đặt a  4x3 2x2 2x  3 0,b  4x3  2 0 khi đó phương trình trở thành: a2 b2   a 2 3b a b 1a b 2 0 Do đó ta có:

Vậy: 4x3 2x2 2x  3 4x3  2 1

Bình phương hai vế ta được: 2x2 2x 2 4x3 2

x x 1 4x3 2

    Tới đây bình phương hai vế tiếp tục ta được:

x x

x

x4 x3 x2 x3 x2 x 2

0

 

Kết luận: Phương trình có nghiệm duy nhất: x 1 1 4 2

2

Ngày đăng: 08/09/2016, 07:15

TỪ KHÓA LIÊN QUAN

TÀI LIỆU CÙNG NGƯỜI DÙNG

TÀI LIỆU LIÊN QUAN

w