SỞ GD VÀ ĐT HẢI DƯƠNG CHUYÊN ĐỀ DẠY THÊM TRƯỜNG THPT ĐOÀN THƯỢNG GV : NGUYỄN TRƯỜNG SƠN CHUYÊN ĐỀ PHƯƠNG PHÁP GIẢI PHƯƠNG TRÌNH BẤT PHƯƠNG TRÌNH VÔ TỈ - Các phương pháp giải PT vô tỉ 1
Trang 1SỞ GD VÀ ĐT HẢI DƯƠNG CHUYÊN ĐỀ DẠY THÊM TRƯỜNG THPT ĐOÀN THƯỢNG GV : NGUYỄN TRƯỜNG SƠN
CHUYÊN ĐỀ PHƯƠNG PHÁP GIẢI PHƯƠNG TRÌNH
BẤT PHƯƠNG TRÌNH VÔ TỈ
- Các phương pháp giải PT vô tỉ 1) Phương pháp lũy thừa
2) Phương pháp đặt ẩn phụ
3) Phương pháp biến đổi thành tích 4) Phương pháp nhân liên hợp 5) Phương pháp đánh giá
6) Phương pháp hàm số
- Các phương pháp giải BPT vô tỉ 1) Phương pháp lũy thừa
2) Phương pháp đặt ẩn phụ 3) Phương pháp nhân liên hợp 4) Phương pháp đánh giá
Tài liệu được biên soạn bởi : Nguyễn Trường Sơn
Số điện thoại : 0988.503.138 Gmail : ngoisaocodon1911@gmail.com
Trang 2BÀI 1 : MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI PHƯƠNG TRÌNH VÔ TỈ
I Phương pháp lũy thừa.
- Nêu các dạng phương trình cơ bản
Bài 1 Giải các phương trình
a) x2 3x2 x 1 b) 3x2 9x 1 x 2
c) 2
(x 3) x 4 x 9 e) x 3 7 x 2x 8 f) x 2 3 x 5 2 x
g) (x 3) x2 3x2 x2 8x15 h) (x4) 10 x2 x2 2x 8
3 2
x
4 3
x
Bài 2 Giải phương trình
b) x2 3x 2 x2 6x5 2x29x7
Bài 3 Giải phương trình
a) 3 x 5 3 x632x11 b) 3 x 1 3 x 135x
c) 3 2 x 1 3 x 1 33 x 1 7
6
x (Phải thử , loại nghiệm)
Bài 4 Giải phương trình
a) x x 1 x4 x9 0 Bình phương 2 lần nghiệm x 0
b) x 1 x16 x4 x Bình phương 2 lần nghiệm 9 x 0
c) x 3 3x 1 2 x 2x2
II Phương pháp đặt ẩn phụ.
1) Dạng 1 : Phương trình có chứa ( ) àf x v f x( )
Bài 1 Giải phương trình.
a) (x1)(x4) 5 x2 5x28 Nghiệm 4; 9
b) 5x2 10x 1 7 2x x 2
(4 x)(6x) x 2x 12
d) x x( 5) 2 3 x2 5x 2 2
Bài 2 Tìm để phương trình có nghiệm
2x 5x 4 (3 x)(1 2 )x m 2
41 56 2
[ 1; ]
8
Bài 3 Giải phương trình :
2 2
x x
2 2
x x
2) Dạng 2 : Phương trình có chứa A B và AB
Bài 4 Giải phương trình
2x 3 x 1 3x2 2x 5x 3 2 Nghiệm 25 6 17
Trang 3b) 2
7x7 7x 6 2 49 x 7x 42 181 14 x
c) x4 x 4 2 x 12 2 x2 16
3x 2 x 1 4 x 9 2 3 x 5x2
Bài 5 (B – 2011) Giải phương trình : 3 2x 6 2 x4 4 x2 10 3 x
- Đặt t 2x 2 2 x Nghiệm 6
5
x
Bài 6 Tìm m để phương trình có nghiệm
1x 8 x x 7x 8 m [6 2 9 ]
;3 2
b) 3x 6 x (3x)(6 x)m
c) 3( 1 2 x 1 x) m x 2 1 x 2x2
3) Phương pháp đặt ẩn phụ không hoàn toàn.
Bài 7 Giải phương trình
(x1) x 2x 3 x 1
d) 3x2 x48 (3 x 10) x2 15
e) 2(x 1). x2 2x 1x2 2x 1
f) x2 4x(x2). x2 2x 15 39
g) (1 4 ) 4 x x2 1 8x2 2x1
h) (4x 1) x3 1 2x3 2x1
i) x33x2 ( x2) x3 2x1
4) Phương pháp chia để làm xuất hiện ẩn phụ.
Bài 8 Giải phương trình.
a) ( x 2) x2 x 4 2 x bình phương, chia x2 Đặt t x 4
x
t 0;5 thử lại x4
x x x x x chia cho x Nghiệm x 2
x x x x Chia 2 vế cho x và đặt 1 4;1
4
x
Bài 9 Giải phương trình
2(x 2) 5 x 1
b) (Thi thử ninh giang 2013) 2 2
5x 14x 9 x x 20 5 x1
- Chuyển vế, bình phương và rút gọn ta được 2x2 5x 2 5 (x2 x 20)(x1)
x
7x 25x19 x 2x 35 7 x2
- Chuyển vế, bình phương ta được : 3(x2 5x 14) 4( x5) 7 ( x2 5x 14)(x5)
Trang 4- Chia 2 vế cho (x 5) Nghiệm 3 2 7; 61 11137
18
5) Đặt một hoặc nhiều ẩn phụ đưa về phuơng trình đẳng cấp.
Chú ý : Nêu cách giải phương trình đẳng cấp bậc hai, ba.
Bài 10
a) 2(x2 2) 5 x3 Đặt 1 a x1;b x2 x1 PT 2a22b2 5ab 5 37
2
- Phương trình đã cho có dạng 2 2
a u b v c uv trong đó căn thường uv c) x2 3 x2 1 x4 x2 1
- Cách 1 : Đặt 2 2
a x b x PT a3b a2 b2 nghiệm : x 1
- Cách 2 : Đặt ax2, thay vào PT ta được 3 2
36a 136a 200a 100 0 a1
5x 14x 9 x x 20 5 x (Thi thử NG 2013)1
- Chuyển vế, bình phương và rút gọn ta được 2x2 5x 2 5 (x2 x 20)(x1)
2
7x 25x19 x 2x 35 7 x Nghiệm : 2 61 11137
3 2 7;
18
- Chuyển vế, bình phương ta được : 3(x2 5x 14) 4( x5) 7 ( x2 5x14)(x5)
Bài 11 Giải phương trình : 2 2
- Điều kiện : 1
2
x Bình phương 2 vế ta có :
x22x 2x 1 x2 1 x22x 2x 1 x22x 2x 1
- Ta có thể đặt :
2 2
2 1
khi đó ta có hệ : 2 2
2
2
- ' 1 52 2 5 1 4 1 50.Vậy phương trình đã cho vô nghiệm
Bài 12 Giải phương trình : 4x25x 1 2 x2 x 1 9x 3
2 2
a b
1
a b
a b
1 1
3
4
4 5 1 2 1 1 4 5 1 1 2 1
9
x x
Bài 13 Giải phương trình : 3 2 3
- Đặt y x ta được phương trình : 2 x3 3x22y3 6x 0 x32y3 3 (x x2) 0
Trang 53 3 2 2 3 0 êm 2; 2-2 3
2
- Chú ý có thể sửa lại đề bài thành : 3
- Bài tập tương tự : 3 2 3
- Bài tập tương tự : 3 x (3x2 4x 4) x 1 0
6) Dạng 6 : Đặt một hoặc nhiều ẩn phụ để đưa về hệ phương trình Bài 14 Giải phương trình 3 2x 1 6 x4 (2x1)(x4) 7 0
4
- Thay vào phương trình có : 3u 6v uv 7 0 (2)
- Thay (1) vào (2) và rút gọn được (2v u u v )( 3) 0 x0
Bài 15 (Đặt ẩn phụ đưa về hệ phương trình)
a) 2 33 x 2 3 6 5 x 8 0 (A – 2009) Nghiệm x 2
b) 2 33 x 2 3 6 5 x 16 0 Nghiệm x 2
c) x 17 x2 x 17 x2 9 Nghiệm x 1; 4
d) x 353 x3.( x 3 35 x3) 30 Nghiệm x 2 ; 3
2 2
f) x3 1 2 23 x 1 Nghiệm 1 5
1;
2
x g) x3 2 3 33 x 2
7) Dạng 7 : Đặt ẩn phụ đặc biệt.
Bài 16 (Các dạng đặt ẩn phụ đặc biệt)
28
x
x
y
c) x 2 x2 6 x 10 Đặt x 2 y 3 d) 2 x 1 4 x2 12 x 5 Đặt 2 x 1 2 y 3
Trang 6III Phương pháp biến đổi thành tích.
Bài 1 Giải phương trình
a) x 3 2x x 1 2x x2 4x3
- Phương trình ( x 3 2 )(x x 1 1) 0 x0; 1
3
x
x
HD ( x2 2 x)2 0 x1
2 3 9 4 : (1 3) 9 1;
18
x x x HD x x x
Bài 2 Giải phương trình
a) x2 10x21 3 x 3 2 x7 6
b) x2 8x15 3 x 3 2 x 5 6
c) x 2 x1 ( x 1) x x2 x 0
d)
4 2
x x
IV Phương pháp nhân liên hợp.
1) Cơ sở phương pháp : Nhiều phương trình vô tỉ có thể nhẩm được nghiệm x0hữu tỉ, khi đó phương trình luôn viết được thành (x x P x 0) ( ) 0 và P x ( ) 0có thể vô nghiệm hoặc giải được 2) Cách nhẩm nghiệm : Ta thường thử các giá trị x0 để trong căn là bình phương hoặc lập phương
Bài 1
a) (Khối B 2010) Giải phương trình : 2
3x 1 6 x3x 14x 8 0
b) Giải phương trình : 2 33 x 2 3 6 5 x 16 0 Nghiệm duy nhất x 2
c) (ĐT năm 2013 lần 1) Giải phương trình : 4 2 10 2 x 39x 37 4x2 15x 33
- ĐK: x 5 Pt 4 4 39x 37 8 4 10 2 x4x215x 81 0 0,25
4 27 9 8(6 2 )
( 3)(4 27) 0
4 10 2
16 4 9 37 9 37
x
- TH 2 x 3
- pt
4 27 0
4 10 2
16 4 9 37 9 37
x x
36 16
4 27 0
4 10 2
12 9x 37 2 x x
- Do x 5 nên 36 16 4.5 27 0
12 4
VT Đẳng thức xảy ra x 5
- Vậy phương trình có 2 nghiệm là 3 và 5
0,25
Bài 2 Giải phương trình
a) x 1 4 x2 1 3 x Nghiệm 0; 1
2
x
Trang 7b) x 1 9 x2 1 4 x
x x x Nghiệm duy nhất x 2
3
để chứng minh biểu thức còn lại vô nghiệm d) x2 15 3 x 2 x2 8
3x 5x 1 x 2 3x 3x 3 x 3x4
- Nghiệm x2, ( ) 0P x vô nghiệm
Bài 3 Giải phương trình :
2x x 9 2x x 1 x 4
- Nhân với biểu thức liên hợp ta được :
-
2
2 2 9 6 0;
7
2 9 2 1 4
b) 2x2 x 1 x2 x 1 3x Từ phương trình x0
- ( 2 2 1 2 ) ( 2 1 ) 0 ( 1)[ 2 2 1 2 1 ]=0 1
2 1 2 1
x
Bài 4 Giải phương trình :3 2 3
- Điều kiện : x 3 2
- Nhận thấy x = 3 là nghiệm của phương trình , nên ta biến đổi phương trình
3
3
3
2 5
x
x
- Ta chứng minh :
3
2 3
2 5
x
- Vậy phương trình có nghiệm duy nhất x = 3
Bài 7 Giải phương trình
3 1 ( 3) 1
x x x x
b) 4 3 10 3 x x 2
c) 2 (2 x)(5 x) x (2 x)(10 x)
d) 2x2 16x18 x2 1 2 x4
e) 2x2 1 x2 3x2 2x2 2x 3 x2 x2
f) 3x2 7x 3 x2 2 3x2 5x1 x2 3x4
Bài 8 Giải phương trình :
a) 3 2
4 1 2 3
x x x
1 3 2 3 2
x x x
c) 2x2 11x21 3 4 3 x 4 0
d) 3 x2 1 x x3 1
Trang 8V Phương pháp đánh giá.
Bài 1 Giải các PT sau :
b) x 2 10 x x2 12x52
d) 3x2 6x7 5x2 10x14 4 2x x2 Nghiệm x 1
2 10 24
Bài 2 Giải PT sau :
a) 2 7x311x2 25x 12 x2 6x 1
- VT : 2 (7x 4)(x2 x3) ( ôs )c i VP Nghiệm x 1;7
b) 2 5x33x2 3x 2 x2 6x 1 Nghiệm x 1; 3
c) 2 x2 2 12 4 (x 1)
x x
( 2 ) ( 2 2 ) 4
x x
Bài 4 Giải phương trình: 2 2
2
6 15
6 18
6 11
2 2
4
x
Mà :
4 4
2
3 2
x
và 2
3 9 3
x
Do đó ta có: x 32 0 x 3
Bài 5 Giải phương trình 13 x2 x4 9 x2 x4 16
- Bình phương 2 vế ta được : x2(13 1 x2 9 1x2 2) 256
- Áp dụng bđt bunhia : (13 1 x2 9 1x2 2) ( 13 13 13 x2 3 3 3 3 ) x2 2 40(16 10 ) x2
40(16 10 )
Áp dụng cosi VT VP Nghiệm 2
5
x
Trang 9VI Phương pháp hàm số.
1) Cơ sở phương pháp :
- Để giải phương trình : ( )f x m ta có thể chứng minh VT luôn đồng biến hoặc nghịch biến
- Xét hàm số ( )f x luôn đồng biến hoặc nghịch biến mà có ( ) f a f b( ) a b
2) Bài tập
Bài 1 Giải các phương trình.
a) x x 5 x 7 x16 14 x9
x x x Chuyển vế, nghiệm duy nhất x 1
c) 2x 1 x23 4 x Chuyển vế, nghiệm duy nhất x 1
Bài 2 (CĐ – 2012) Giải phương trình 3
4x x (x1) 2x 1 0
- Nhân 2 vế với 2 và biến đổi phương trình 3
(2 )x 2x (2x 1) 2x 1 2x 1
- Xét hàm số f t( ) t3 t f t'( ) 3 t2 1 0 Hàm số luôn đồng biến
4
Bài tập tương tự :
4
2 (4x x 1) ( x 3x1) x 3x x0;
b) 4x3 x (x2) 2x 3 0
Bài 3 Tìm m để phương trình có nghiệm : m x2 2x 4 x2 2x4
- y' 0 x0, vẽ bảng biến thiên m[4;)
Bài 4 Tìm m để phương trình có nghiệm : 2
4 x mx m 2
- Cô lập tham số, ' 0 0; 8
5
Bài 5 Tìm m để phương trình có nghiệm : x 1 x 1 5 x 18 3 x 2m1
Bài 6 (A – 2007) Tìm m để phương trình có nghiệm : 3 x 1m x 1 24 x2 1
m
Bài 7 (B – 2004) Tìm m để phương trình có nghiệm :
Bài 8 (B – 2007) Chứng minh rằng với mọi m phương trình luôn có hai nghiệm phân biệt : 0
2
- Bình phương 2 vế đưa về phương trình bậc ba
Bài 9 Tìm m để phương trình có nghiệm
Bài 10 Tìm m để phương trình có nghiệm
Trang 10BÀI 2 : PHƯƠNG PHÁP GIẢI BẤT PHƯƠNG TRÌNH VÔ TỈ I) Phương pháp lũy thừa Có ba dạng phương trình cơ bản :
- Dạng 1 :
2
( ) 0
( ) [ ( )]
f x
- Dạng 2 :
2
( ) 0 ( ) 0 ( ) ( )
( ) 0 ( ) [ ( )]
f x
g x
g x
- Dạng 3 : A B C
Bài 1 Giải bất phương trình :
a) 2
b) x26x 5 8 2 x Kết quả : x [3;5]
c) x2 2x 8 x 3
d) x2 3x 10 x 2
Bài 2 Giải bất phương trình :
a) (x 3) x2 4 x2 9
b) 5x 1 x 1 2x 4 (A 2005) x[2;10)
c) 7x 13 3x 9 5x 27
d) x 1 2 x 2 5x1 (CD 2009)
e)
2
Bài 3 Giải bất phương trình :
1
x x x
6 3
x x x
2x 3x 5 x
( ; ) (1; ) (2; )
Bài 4 Giải bất phương trình : x2 4x 3 2x2 3x 1 x 1
II) Phương pháp đặt ẩn phụ.
Bài 1 Giải bất phương trình :
a) 5x210x 1 7 2x x 2 T ( ; 3) (1; )
b) 2x2 x2 5x 6 10 x15
(x 3)(8 x)x 11x0
Bài 2 Giải bất phương trình :
2 2
x x
1
Trang 11Bài 3 (B – 2012) Giải bất phương trình 2
- Chia 2 vế cho x và đặt t x 1 t 52 x [0; ] [4;14 )
x
Bài 4 (Thử GL – 2013) Giải BPT : x2 x 2 3 x 5x2 4x 6
- Điều kiện : x 2
- Bình phương 2 vế và rút gọn ta được : 3 x x( 2)(x1) 2 ( x x 2) 2( x1)
- Chia 2 vế cho (x và đặt 1) ( 2)
1
x x t
x
Nghiệm x [3 13;)
Bài 5 Giải bất phương trình
5x 14x 9 x x 20 5 x1
- Chuyển vế, bình phương và rút gọn ta được 2x2 5x 2 5 (x2 x 20)(x1)
x
7x 25x19 x 2x 35 7 x2
- Chuyển vế, bình phương ta được : 3(x2 5x 14) 4( x5) 7 ( x2 5x 14)(x5)
- Nghiệm x
Bài 6 (Thi thử ĐT – 2012) Giải BPT x3(3x2 4x 4) x 1 0
- Điều kiện : x 1 Đặt 1 2 0
1
y
- Bpt trở thành 3 2 2
(3 4 ) 0
x x y y
0,25
- TH 1 y 0 x1 Thỏa mãn BPT
- TH 2 y 0 x 1 Chia hai vế cho y3 ta được
3 4 0
Đặt t x
y
và giải BPT ta được t 1
0,25
-
2
1 0 0
1 0
x x
x
y
x x
0,25
-1 0
1
2
1 5 1 5
2 2
x x
x x
Kết hợp x 1 ta được
2
Vậy tập nghiệm của BPT là S = 1;1 5
2
0,25
Cách 2 : Có thể biến đổi BPT về dạng tích
2
(3 4 4) 1 0 3 1 4( 1) 1 0
[ ( 1) 1] [3 1 3( 1) 1] 0
( 1)( 1) 0
Trang 12Phương pháp nhân liên hợp.
Bài 1 Giải bất phương trình :
a) 1x 1 xx
b) 1 1 8 2 1
2
x x
3
2 2
Bài 2 Giải bất phương trình :
3x 1 6 x3x 14x 8 0 Nhẩm nghiệm x 5
Trong ngoặc 0 Nghiệm [ 1;5)
3
x
b) Giải phương trình : 2 33 x 2 3 6 5 x 16 0 Nhẩm nghiệm x 2
5
x
III) Phương pháp đánh giá.
Bài 1 Giải các PT sau :
b) x 2 10 x x2 12x52
c) x2 2x5 x 1 1 2 x x 2 Nghiệm x 1
d) 3x2 6x7 5x2 10x 14 4 2 x x2 Nghiệm x 1
2 10 24
Bài 2 Giải PT sau :
a) 2 7x311x2 25x 12 x2 6x 1 VT : 2 (7x 4)(x2 x3) ( ôs )c i VP
b) 2 5x33x2 3x 2 x2 6x 1
Bài 5 (A – 2010) Giải BPT : 2 1
1 2(x x1) 0 nên BPT 2(x2 x1) 1 x x (1)
2(x x1) 2(1 x) 2( x) 1 x x (2)
- Từ đó 2(x2 x1) 1 x x
2