Đề thi học sinh giỏi cấp tỉnh Đồng Tháp Năm 2011 - 2012 - Môn toán doc

Hướng dẫn chung 1 Nếu học sinh làm bài không theo cách nêu trong đáp án nhưng đúng thì cho đủ số điểm từng phần như hướng dẫn quy định.. 2 Việc chi tiết hóa nếu có thang điểm trong hướn

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

ĐỒNG THÁP

-

KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI LỚP 12 THPT CẤP TỈNH

NĂM HỌC 2011 - 2012

-

HƯỚNG DẪN CHẤM ĐỀ THI CHÍNH THỨC MÔN TOÁN

(Hướng dẫn chấm và biểu điểm gồm có 05 trang)

I Hướng dẫn chung

1) Nếu học sinh làm bài không theo cách nêu trong đáp án nhưng đúng thì cho đủ số điểm từng phần như hướng dẫn quy định

2) Việc chi tiết hóa (nếu có) thang điểm trong hướng dẫn chấm phải bảo đảm không làm sai lệch hướng dẫn chấm và phải được thống nhất thực hiện trong tổ chấm

II Đáp án và thang điểm

Câu 1

Giải phương trình: x2 2x x 1 3x 1

x

 Điều kiện: 1 x0,x 1

 Chia hai vế của phương trình cho x, ta được:

 Đặt t x 1, (t 0)

x

2

t

t





 



2

x



 Vậy phương trình đã cho có 2 nghiệm: 1 5

2

x 

Câu 2 Cho hai số dương x y, thỏa mãn điều kiện x1,y và 3(1 xy)4xy Tìm giá trị lớn

nhất và giá trị nhỏ nhất của biểu thức: P x3 y3 3 12 12

3đ

 Áp dụng bất đẳng thức Cô – Si, ta có:

9

4

xy x y  xyxy

 Do điều kiện x1,y nên: 1

4

3

 Ta có: P x3 y3 3 12 12

2 2

2 2

3 3 2 2

3

4

x y x y xy

x y xy

xy x y xy

xy

x y x y

xy

 Đặt txy, với 9;3

4

t  

3 2

4

P t t

t

www.VNMATH.com

Xét hàm số 64 3 2 6 16

f t t t

t

4

t  

Ta có:

3 2

t t

( )

f t

 là hàm số tăng trên 9;3

4

9 ( ) (3) 4

f   f t f

( )

 Vậy: Giá trị nhỏ nhất của P bằng 113

12 Khi đó

9

xy

x y

x y

x y xy







 





Giá trị lớn nhất của P bằng 94

3 Khi đó

1

3

3 ( 1)( 1) 0

3 3( ) 4

1

x xy

y

x

y

 

















Câu 3 Tìm tất cả các nghiệm nguyên của phương trình: 2 2

x   x y  y  x  x   y  x  (2y2x1)(2y2x1)7     7 1 1 7 ( 7) ( 1)     ( 1) ( 7)









 Vậy phương trình đã cho có 4 nghiệm nguyên: ( ; )x y (1; 2), (1; 2), ( 2; 2), ( 2; 2).  

Câu 4 Cho tam giác ABC có BCa, CAb, ABc và cb Hai điểm M N tương ứng di ,

động trên hai cạnh AB AC sao cho , MN chia tam giác ABC thành hai phần có diện tích bằng nhau Xác định vị trí của M và N để MN có độ dài nhỏ nhất

3đ

 Từ giả thuyết, ta có:

AMN ABC

S  S  AM AN A bc AAM AN  bc

 Đặt AN xb AM,  yc với x y  , 1

AM AN bcxybc bcxy

www.VNMATH.com

 Theo định lý hàm số Cosin, ta có:

MN  AM AN  AM AN A

Câu 5 Cho dãy số ( )u n xác định bởi:

1

2 1

3

2

n n

n

u

n n u

u

u



















Hãy xác định công thức tổng quát của u theo n n

3đ

2 2

n n





 Đặt xn un , 2 n1, n   x1u1  2 1

Khi đó:

2 n

x







 Tiếp tục đặt vn yn1, n 1, nv1y1 1 2

Khi đó: vn 1 v2n v2n 12  v12n 22n vn 22n 1 n1, n 

 Từ đó ta tìm được:

n 1

2



 Vậy công thức tổng quát của dãy số (u ) là: n  

n 1

n 1

2

n 2







Câu 6 Trên mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy , cho hình vuông OABC có đỉnh A(3; 4) và điểm B

có hoành độ âm

a) Tìm tọa độ các đỉnh B và C của hình vuông OABC

b) Gọi E và F theo thứ tự là các giao điểm của đường tròn ( )C ngoại tiếp OABC

với trục hoành và trục tung (E và F khác gốc tọa độ O) Tìm tọa độ điểm M trên ( )C sao cho tam giác MEF có diện tích lớn nhất

3đ

www.VNMATH.com

a)

 Giả sử B x y , ( ;0 0) (x 0 0)

 Tứ giác OABC là hình vuông  OAB vuông cân tại A

0 0

0

7 1

7

x y

AB OA

AB OA

y

 



















 

Do điều kiện x  nên tọa độ điểm 0 0 B là: B ( 1; 7)

 Điểm C đối xứng với A qua trung điểm 1 7;

2 2

I 

  của OB nên ta có:

4

( 4;3)

C

C

x

x

C





 



 b)

 Phương trình đường tròn ( )C ngoại tiếp OABC:

 Tọa độ giao điểm E và F của ( )C với trục hoành và trục tung là:

( 1; 0),

E  F(0;7)

 Dễ thấy EF là đường kính của ( )C nên tam giác MEF vuông tại M

MEF

 Vậy S MEF đạt giá trị lớn nhất bằng 25

2

Khi đó MEF vuông cân

2 2





M(3;3) hoặc M ( 4; 4)

Cách khác:

 Phương trình đường thẳng EF: 7x   y 7 0

2

MEF

S  EF d M EF

www.VNMATH.com

Như vậy S MEF lớn nhất d M EF( , ) lớn nhất

 Mà

7

M M

d M EF

 Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki, ta có:

 Vậy (d M EF lớn nhất bằng , ) 5 2













 (3;3)

M

 hoặc M ( 4; 4)

Câu 7

Với mọi n nguyên và n 3, tính tổng sau đây: 3 3 3 3

n

P

k

k



 Thay k bằng 3, 4,5, , n , ta được:

3 3

3 4

3 5

3

n

C

C

C

 Cộng các đẳng thức trên, ta có:

n

 Vậy 3( 1)( 2)

2 ( 1)

P

n n





-Hết -

www.VNMATH.com