QUY ĐỔI PEPTIT VÀ CÁC VẤN ĐỀ LIÊN QUAN (PHẦN 2) A LÝ THUYẾT CẦN NẮM I KIẾN THỨC CƠ SỞ Ngun tắc tách nhóm chức peptit (-CONH-) Cơng thức tổng quát amino axit no, mạch hở, phân tử chứa nhóm NH , nhóm –COOH H2NCmH2mCOOH Khi đó, cơng thức tổng qt peptit tạo amino axit no, mạch hở, nhóm –NH2, nhóm –COOH H ( HNCm H 2m CO ) k OH (k: số mắt xích hay số gốc axyl có peptit) Nhận thấy: CONH : a CONH : kc Quy ®ỉi a kc H ( HNCm H 2mCO ) k OH :c mol CH : b CH : mkc b mkc H O : c H 2O : c 2 Hệ Quả nCH2 (Ca.at¹ o peptit 1)na.a t¹ o peptit nH2O npeptit k CONH Ca.a t¹ o peptit nCONH nCONH npeptit nH2O nCH2 nCONH nCONH Các trường hợp áp dụng Kỹ thuật tách nhóm chức áp dụng cho hầu hết trường hợp liên quan đến tính tốn lượng chất, tìm cơng thức peptit, toán hỗn hợp peptit chất hữu khác (este, muối amino axit, axit,…) Xét tốc độ giải tương đương với kỹ thuật giải toán peptit cách quy gốc axyl H2O Đặt mua file Word link sau https://tailieudoc.vn/toantapnguyenanhphong/ II KIẾN THỨC BỔ SUNG KHI GIẢI TOÁN Trong phân tử hợp chất hữu tổng số oxi hóa nguyên tố nên ta coi số oxi hóa nguyên tố 0 0 0 o 4 2 1 2 t CO2 H O N Xét phản ứng đốt cháy sau: Cx H y Oz N t O2 Nhận thấy C : 4 H : 1 ne nh- êng (4x y 2z)nCx Hy OzNt N:00 ne nhËn 4nO2 O : 2 Do ne nh- êng ne nhËn (4x y 2z)nCx Hy OzNt 4nO2 B.CÁC DẠNG BÀI TẬP VÀ PHƯƠNG PHÁP GIẢI Dạng toán liên quan đến lượng chất tìm cơng thức peptit a) Phương pháp giải * Xét phản ứng đốt cháy peptit CO2 : a b CONH : a O2 Peptit X CH : b Y H 2O : 0,5a b c H O : c N : 0,5a Theo cách quy đổi trên, ta có: nH2O(Y ) nCO2 nN2 nH2O(X ) npeptit Bảo tâm C: nCONH nCH2 nCO2 Bảo toàn H: 0,5nCONH nCH2 nH2O(X ) nH2O(Y ) Bảo toàn O: nCONH nH2O(X ) nH2O(Y ) 2nCO2 2nO2 nO ®èt peptit nO2 ®èt (CONH, CH2 ) Bảo toàn electron: 3nCONH 6nCH2 4nO2 * Xét phản ứng hỗn hợp sau quy đổi peptit tác dụng với dung dịch kiềm MOH (NaOH, KOH) Trường hợp 1: MOH dùng vừa đủ CONH : a CONH : a COONa: a MOH CH : b CH : a CH : b H O : c MOH : a CH : b Bản chất phản ứng tạo muối natri/kali amino axit: CONH NaOH COONa NH 2 amol amol amol amol Trương hợp 2: MOH dùng dư CONH : a CONH : a MOH da CH : b CH : b H O : c MOH : d Trong q trình tính tốn dù lượng kiềm vừa đủ (hoặc dư) ta giữ nguyên hỗn hợp muối thu sau phản ứng dạng CONH, CH2, MOH mà không cần chuyển dạng muối amino axit * Xét phản ứng hỗn hợp sau quy đổi peptit tác dụng với dung dịch axit COOH : a CONH : a H CH : b CH : b H O : c NH : a Bản chất phản ứng tạo muối amino axit: CONH COOH NH H 2O H 3 amol amol amol amol Theo cách quy đổi trên, ta có: nCONH nCOOM nMOH nH nNH nCH2 nCONH Ca.a tao peptit Cmuèi nCONH b) Các ví dụ minh họa Ví dụ 1:Hỗn hợp E gồm ba peptit mạch hở: đipeptit X, tripepti Y, tetrapeptit Z có tỉ lệ mol tương ứng 2:1:1 Cho lượng E phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu 0,25 mol muối glyxin, 0,2 mol muối alanin 0,1 mol muối valin Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam E, thu tổng khối lượng CO2 H2O 39,14 Giá trị m A.16,78 B.25,08 C.20,17 D.22,64 (Đề thi THPT Quốc Gia, năm 2017) Giải Theo giả thiết n X : n Y : n Z :1:1 X : 2a mol; Y :a mol; Z : a mol Theo BTNT N, ta 2.2a 3a 4a nmuèi 0,25 0,2 0,1 a 0,05mol CONH : 0,55mol CO2 :1,6mol to Khi đó: E CH : nGly 2nAla 4nVal 1,05 H 2O :1,525mol H 2O : 0,2mol 97,85gam 41,95gam Đốt 41,95 gam E thu 97,85 gam CO2 H2O Đốt m gam E thu 39,14 gam CO2 H2O Từ đó, tìm m 41,95.39,14 16,78gam 97,85 Chọn đáp án A Ví dụ 2:Hỗn hợp E chứa hai peptit gồm tripeptit X pentapeptit Y, tạo thành từ amino axit no, mạch hở chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH Cho 0,1 mol E tác dụng với 200 ml dung dịch HCl 1M thu dung dịch Z, dung dịch Z tác dụng vừa đủ với 620 ml dung dịch NaOH 1M Mặt khác đốt cháy 13,15 gam E lượng O2 vừa đủ, lấy sản phẩm tạo thành sục vào bình đựng dung dịch NaOH dư, thấy thu 2,352 lít khí khỏi bình (đktc) Amino axit tạo thành X Y A.Gly Ala B.Gly C.Ala D.Gly Val (Đề thi thử THPT Quốc gia – THPT Đặng Thúc Hứa – Nghệ An, năm 2015) Giải Lượng chất mà E tham gia phản ứng hai thí nghiệm thủy phân đốt cháy khơng Do đó, để giải tốn cách thuận lợi ta cần phải tìm tỉ lệ hai phần Khai thác từ thí nghiệm đốt cháy dễ thấy ta tìm tỉ lệ hai phần dựa n N Giờ ta tiến hành giải toán sau: n nNaOH pø t¹ o mi cđa a.a 0,62 0,2 0,42 n 2nN2 N E ë TN1 N E ë TN 2,352 0,21 nN E ë TN1 22,4 Số liệu TH1 gấp hai lần số liệu TH2 Do đó: mE ë TN1 2.13,15 26,3gam Khi đó, ta tiến hành quy đổi: CONH : 0,42mol 26,3 0,42.43 18.0,1 E nCH2 0,46mol 26,3gam CH 14 0,1mol H O : 0,1mol X (x mol) x y 0,1 x 0,04(mol) Đặt Y (y mol) 3x 5y 0,42 y 0,06(mol) Theo bảo toàn nguyên tố C, ta được: C X : (Gly)2 Ala CX 6 0,04CX 0,06CY 0,42 X CY 10 0,46 CY 10 Y : (Gly)5 nCONH nCH2 Do đó, amino axit tạo thành X Y Gly Ala Chọn đáp án A Ví dụ 3:Chia m gam hỗn hợp T gồm peptit mạch hở thành hai phần Đốt cháy hoàn toàn phần một, thu N2, CO2 7,02 gam H2O Thủy phân hoàn toàn phần hai, thu hỗn hợp X gồm alanin, glyxin, valin Cho X vào 200ml dung dịch chứa NaOH 0,5M KOH 0,6M, thu dung dịch Y chứa 20,66 gam chất tan Để tác dụng vừa đủ với Y cần 360 ml dung dịch HCl 1M Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m A.21,32 B.24,20 C.24,92 D.19,88 (Đề thi THPT Quốc gia Bộ giáo dục Đào tạo, năm 2017) Giải CONH Tiến hành quy đổi phần thành CH X H O CONH NaOH : 0,1 CH Xét phần 2, ta được: X 0,36mol HCl KOH : 0,12 NaOH : 0,1 võa ®đ KOH : 0,12 10,72gam 20,66gam H OH H 2O Bản chất: CONH H 2O H NH COOH Do đó: nCONH nH nOH 0,14mol nCH2 20,66 mNaOH;KOH mCONH : 43 0,28mol CONH : 0,14mol Xét phần 1, ta được: X CH : 0,28mol 0,14.0,5 0,28 a 0,39 a 0,04 H O : a m 2(43.0,14 14.0,28 18.0,04) 21,32gam Chọn đáp án A Ví dụ 4:Thủy phân hồn tồn m gam hexapeptit mạch hở X thu (m+4,68) gam hỗn hợp Y gồm alanin valin Oxi hóa hồn tồn hỗn hợp Y cần vừa đủ a mol khí oxi, thu hỗn hợp Z gồm CO2, H2O N2 Dẫn hỗn hợp Z qua bình H2SO4 đậm đặc (dư) thấy khối lượng khí khỏi bình giảm 18b gam so với khối lượng hỗn hợp Z, tỉ lệ a:b = 51:46 Để oxi hóa hồn tồn 27,612 gam X thành CO2, H2O N2 cần tối thiểu V lít oxi (đktc) Giá tị V gần với giá trị sau đây? A.32,70 B.29,70 C.53,80 D.33,42 (Đề thi thử THPT Quốc gia – THPT Chuyên Hoàng Lê Kha – Tây Ninh, năm 2015) Giải Cách 1: Gọi công thức chung amino axit Cn H 2n1NO2 4nO (6n 2.2)na.a (BT.electron) Xét phản ứng đốt cháy Y, ta có: nH2O (n 0,5)na.a Lại có: n a 1,5n 0,75 51 10 5 n n Ala X : Ala5Val b 46 nVal n n 0,5 nX trong27,612gam 0,0585mol Mặt khác: X 5H 2O 6amino axit na.a 6nX 6.0,0585 nO2 (§ ètX) nO2 (§ ètY) 10 VO2 (§ ètY) 22,4.6.0,0585 1,5 0,75 33,4152 nO2 (§ ètY) Cách 2: CO2 CONH : 6x COOH : 6x CO H 2O amol O2 H 2SO4 đặ c NH : 6x H 2O CH : y N H O : x CH : x N 2 Z (m 4,68)gamY mgamX mZ gi¶m mH2O 18b nH2O b mY mX 90x 4,68 x 0,052 m 24,544 BT.electron :18x 6y 4a y 0,728 mO2 ®èt 24,544 gam X 1,326 BT.H : 9x y b a 1,326 a: b 51: 46 GÇn nhÊt ví i Đốt 27,612 gam X cần nO2 1,49175mol 33,4152lÝt 33,42 lÝt Chọn đáp án D Từ hai cách ta nhận thấy đề thừa kiện, dùng kiện Y gồm alanin valin khơng cần dùng hai thơng số m (m+4,68), tương tự cho trường hợp ngược lại Dạng tốn liên quan đến lượng chất tìm công thức muối amino axit a) Phương pháp giải * Phương pháp cổ điển: Thiết lập công thức muối tính tốn dựa hệ thức liên hệ rút từ phương trình đốt cháy 6n to O2 (2n 1)CO2 2nH 2O M 2CO3 N 2Cn H 2nO2NM Xét phản ứng đốt cháy: M : Na;K Từ đó, ta có: nH2O nCO2 nN2 nM 2CO3 nmuèi nMOH 2 Ngồi ra, ta xác định lượng oxi cần dùng để đốt cháy thơng qua định luật bảo tồn electron mở rộng cho hợp chất C, H, O, N, M (với M Na K) Thật vậy, xét phản ứng sau: 0 0 0 o 4 2 1 2 1 4 2 t Cn H 2n O2 N M O2 CO2 H O N M CO3 C : 4 H : 1 ne nh- êng (4n 2n 2.2 1)n CnH2nO2NM C H O M Nhận thấy N : nenhËn 4nO2 O : 2 M : 1 (6n 3) nC H n 2n O2NM 4nO2 Xét phản ứng thủy phân: n – peptit + nNaOH muối + H2O Nhận thấy: NaOH, H2O đốt cháy không cần O2 nên đốt muối đốt cháy hỗn hợp peptit cần dùng lượng O2 * Phương pháp đại: CONH Tiến hành quy đổi hỗn hợp muối thành: CH Khi đó: MOH Từ đó, ta có: nH2O nCO2 nN2 nM 2CO3 n n n n CO2 : 0,5a b CONH : a H 2O : a b O2 CH : b MOH : a N : 0,5a M CO : 0,5a nmuèi nNaOH 2 C muèi nCONH nCO2 nM 2CO3 H muèi nCONH 2nCH2 nMOH 2nH2O O muèi nCONH nMOH 2nCO2 nH2O 3nM 2CO3 2nO2 M muèi 2nM 2CO3 Với Nitơ: Khi đốt cháy hoàn toàn muối (C, H, O, N, M) với M Na, K - Nếu đốt O2, ta có: nN muèi 2nN2 sinh - Nếu đốt khơng khí (vừa đủ), ta có: n N muèi 2nN2 sinh 2nN2 kh«ng khÝ 4nO2 pø Sau cô cạn sản phẩm phản ứng thủy phân peptit mơi tường kiềm; hỗn hợp rắn thu có NaOH NaOH khơng bị đốt cháy oxi (hay khơng khí) CO2 sinh bị NaOH hấp thụ (một phần hoàn toàn, điều phụ thuộc vào sản phẩm cháy đề cho) Do đó, cần phải đặc biệt vận dụng định luật bảo tồn ngun tố trường hợp b) Ví dụ minh họa Ví dụ 5:Đun nóng hỗn hợp M chứa hai peptit X Y (đều mạch hở) với 500 ml dung dịch NaOH 1M (dư 25% so với lượng cần phản ứng), thu hỗn hợp muối Q chứa a mol muối E b mol muối F (E, F muối amino axit dãy đồng đẳng có dạng H 2NCn H 2nCOOH,M E M F ) Đốt cháy toàn muối Q, thu Na2CO3, N2 49,42 gam hỗn hợp gồm CO2, H2O Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị tỉ lệ a:b gần với giá trị sau đây? A.0,6 B.0,7 C.0,8 D.0,9 Giải Cách 1: Ta có: nCONH /M nNaOH p 0,5.1,25 0,4mol CO2 : (0,4n 0,25) Cn H 2nO2NNa: 0,4 O2 H 2O : (0,4n 0,05) Sơ đồ hóa tốn: NaOH d- : 0,1 Na2CO3 : 0,25 N Từ tổng khối lượng CO2 H2O thu sau phản ứng đốt cháy, ta có: E :Gly (0,4n 0,25).44 0,05).18 (0,4n 49,42 n 2,4 F : Ala mCO2 mH2O Dùng sơ đồ đường chéo ta được: a 2,4 2 b 2,4 Cách 2: CO2 : 0,15 x CONH : 0,4mol O2 H 2O : 0,45 x CH : x NaOH : 0,5mol BT.Na Na2CO3 : 0,25 44(0,15 x) 18(0,45 x) 49,42 x 0,56 Cmuèi E : Gly a 2,4 2 0,4 0,56 2,4 0,4 F : Ala b 2,4 Chọn đáp án A Ví dụ6:Cho m gam hỗn hợp M (có tổng số mol 0,03 mol) gồm đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z pentapeptit T (đều mạch hở) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu hỗn hợp Q gồm muối Gly, Ala Val Đốt cháy hoàn toàn Q lượng oxi vừa đủ, thu lấy tồn khí đem hấp thụ vào bình đựng nước vơi dư, thấy khối lượng tăng 13,23 gam có 0,84 lít khí (đktc) Giá trị m gần với giá trị sau đây? A.6,0 B.6,9 C.7,0 D.6.08 (Đề thi thử THPT Quốc gia lần – THPT chuyên KHTN Hà Nội, năm 2017) Giải nNaOH nCONH 2nN2 CONH : 0,075mol 0,075 M CH : x mol mgam H O : 0,03mol CONH : 0,075 O2 ,t o Q CH : x Na2CO3 CO2 H 2O N NaOH : 0,075 0,0375 x 0,075 x 0,0375 x) 18(0,075 x) 13,23 44(0,0375 x 0,165 GÇn nhÊt ví i m m 6,08gam CO2 H2O y 6,075 m 0,075.43 14x 0,03.18 Chọn đáp án D Ví dụ7:X peptit có 16 mắt xích tạo thành từ amino axit dãy đồng đẳng với glyxin Để đốt cháy m gam X cần dùng 45,696 lít O2 Nếu cho m gam X tác dụng với lượng vừa đủ dung dịch NaOH cạn cẩn thận thu hỗn hợp rắn Y Đốt cháy Y bình chứa 12,5 mol khơng khí, tồn khí sau phản ứng cháy ngưng tụ nước cịn lại 271,936 lít hỗn hợp khí Z Biết phản ứng xảy hồn tồn, khí đo đktc, khơng khí có 1/5 thể tích O2 cịn lại N2 Giá trị m gần với giá trị sau đây? A.30,92 B.41 C.43 D.38 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần 1- Sở GD ĐT Vĩnh Phúc, năm 2017) Giải CONH : x mol BT.e X CH : y mol 3x 6y 4.2,04 8,16 (1) nO2 x H 2O : mol 16 CO2 CO2 : 0,5 y HO CONH : x O2 :2,5 x N2:10 N H 2O CH : y N :10 O d2 NaOH : x O d: 0,46 Na2CO3 Y 12,14mol 0,5x x y 12,14 0,46 10 1,68 (2) x 0,64 18x Từ (1), (2) m 43x 14y 42,8 16 y 1,04 Chọn đáp án C Ví dụ 8: X, Y peptit tạo từ amino axit no, mạch hở chứa nhóm –NH2 nhóm – COOH Đun nóng 0,1 mol hỗn hợp E chứa X, Y dung dịch NaOH (vừa đủ) Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam muối khan Đốt cháy toàn lượng muối thu 0,2 mol Na2CO3 hỗn hợp gồm CO2, H2O, N2 tổng khối lượng CO2 H2O 65,6 gam Mặt khác đốt cháy 1,51m gam hỗn hợp E cần vừa đủ a mol O2, thu CO2, H2O, N2 Giá trị a gần với giá trị sau đây? A.2,5 B.1,5 C.3,5 D.3,0 (Đề thu thử THPT Quốc gia – THPT Hoằng Hóa – Thanh Hóa, năm 2016) Giải Cách 1: nH2O nCO2 nNa2CO3 0,2 nH2O 1,2 18nH2O 44nCO2 65,6 nCO2 nCO2 nNa2CO3 0,2 Cmuèi m 0,4(89 22) 44(gam) nE 0,4 nO2®èt E nO2®èt muèi nO2 ®èt E 1,5mol Mà 4n O2®èt muèi (6Cmuèi 1) n muèi (BT.electron) 2nNa2CO3 mE m muèi 18nH 2O 40n NaOH 30,2gam(nNaOH 2nNa2CO3 0,4) 44,4 0,4 0,1 Lại có gÇn nhÊt ví i 1,51m 2,22 a 1,5.2,22 3,33mol 3,5mol mE Cách 2:Xét thí nghiệm với 0,1 mol E CO2 : 0,2 x CONH CONH : 0,4 O NaOH CH : x H 2O : 0,4 x CH H O : 0,1mol NaOH : 0,4 Na CO : 0,2 mgammuèi 0,1mol E Từ tổng khối lượng CO2 H2O, ta có: 44(0,2 x) 18(0,4 x) 65,6 m 0,4.83 0,8.14 44,4gam x 0,8mol mE/0,1mol 0,4.43 0,8.14 18.0,1 30,2gam Nhận thấy số mol O2 cần dùng để đốt cháy 0,1 mol E O2 cần dùng để đốt –CONH– –CH2– Áp dụng định luật bảo toàn electron cho phản ứng đốt cháy, ta được: 4nO2 ®èt 30,2 gam E (4 1)nCONH 6nCH2 3.0,4 6.0,8 nO2 ®èt 30,2 gam E 1,5mol Mặt khác: 1,51m 2,22 a 1,5.2,22 3,33mol 30,2 Chọn đáp án C CONH : a CONH : a O2 a bmol NaOH 2,7075mol CH : b H 2O CH : b H O : c NaOH : 47,54gam 0,5a b cmol 65,615.2 gam 1,8m mgamX CO2 47,54 18c 0,8(43a 14b 18c) a 0,69 Bt.e: 3a 6b 4.2,7075 b 1,46 44(a b) 18(0,5a b c) 131,23 c 0,23 Xét phản ứng đốt cháy 0,5m, ta có: mBaCO3 nOH nCO2 1,3 1,075 0,225 m1 65,615 0,225.197 21,29gam 14.1,46 18.0,23 Từ đó: m m1 43.0,69 75,54gam 21,29 m1 m Câu 6:Chọn đáp án D CONH : x CH : y NaOH CONH :x mol X CH : y mol Y H 2O : 0,2mol 0,2mol NaOH : x 76,25gam CONH : x NH Cl : x HCl CH : y 87,125gam Từ khối lượng muối thu phản ứng thủy phân môi trường NaOH H+, ta được: mmuèi Na 83x 14y 76,25 x 0,75 mmuèi Cl 97,5x 14y 87,125 y nGlyNa nAlaNa nCONH 0,75 nGlyNa 0,5 nAlaNa 0,25 97nGlyNa 111nAlaNa 76,25 nX nY 0,2 n 0,05 X Mặt khác: 3nX 4nX nCONH 0,75 nY 0,15 Khi đó: Glya (Ala)3a : 0,05 a X : GlyAla2 (M 217) X BT.Gly 0,05a 0,15b 0,5 b Y : Gly3Ala(M 260) b (Ala) 4a : 0,15 Gly Y %mX / E 217.0,05 21,76% 22% 217.0,05 260.0,15 Câu 7:Chọn đáp án C Nhận xét: Đề u cầu tìm phần trăm khối lượng X có hỗn hợp, ta có hướng giải sau: Hướng 1, tìm trực tiếp cơng thức phân tử Z số mol Z Hướng 2, tìm số mol cơng thức phân tử chất X; Y Từ tìm phần trăm khối lượng chúng hỗn hợp Rồi suy phần trăm khối lượng Z hỗn hợp Cách 1: Tìm cơng thức A, B: CO2 X A;0,36mol to E Y H : 0,09mol O2 H 2O X H O 1,1475mol 0,36 0,09 N : 0,225mol Ta có: nO2 1,5 nCO2 nN2 nCO2 0,99mol 1,1475 0,225 C 2(Gly) 0,36CA 0,09CB 0,99 A CB 3(Ala) mbình tă ng 44nCO2 18nH2O nH O 0,965mol 0,99 60,93 Mặt khác: m 30,51mol O2 mbình tă ng 28nN mE 32 n E 60,93 1,1475 0,225 Ta có: nO2 1,5 nH2O nE nE 0,2 nX nY ;Z 0,1 1,1475 0,965 Mà C O nCO2 X ;Y ;Z nE X : Gly Gly(0,1mol) 4,95 0,99 4.0,1 5,9 Y : Gly Ala CX ;Y 0,1 14 N X ;Y ;Z 14 11 N 11 nY nZ 0,1 n 0,09 Lại có: 2nY 7nZ 2nX 2nN (BT.N) Y 2 nX 0,01 0,1 0,225 Do đó: %mZ / E 100% (%mX / E %mY / E ) 100% Cách 2: CONH : 0,45 CO2 : 0,45 a 1,1475mol O2 E CH : a H 2O : 0,225 a b H O : b 60,93gam 132.0,1 146.0,09 100% 13,7% 30,51 Từ khối lượng CO2, H2O BT.electron cho phản ứng đốt cháy ta được: a) 18(0,225 a b) 60,93 44(0,45 a 0,54 mCO2 mH2O nX nY ,Z 0,1 b 0,2 BT.electron :3.0,45 6a 4.1,1475 0,45 0,54 4,95 X : (Gly)2 (0,1mol) 0,2 0,45 0,54 0,1.4 C(Y ,Z) 5,9 Y : Gly Ala 0,1 OZ 14 OX OY Z : (Gly)m (Ala)7 m CE nY nZ 0,1 n 0,09 Y BT.N : 2.0,1 2nY 7nZ 0,45 nZ 0,01 Theo bảo toàn, CH2, ta được: 0,1.2 0,09.3 0,01.(14 m) 0,54 m Z (Gly)7 %mZ / E 0,01.417 100% 13,67% 13,7% 0,45.43 0,54.14 0,2.18 Câu 8:Chọn đáp án B Ta có: mE 32nO2 mCO2 mH2O 28nN2 nN2 0,27mol 36,78 1,395 73,86 Hướng 1: nO2 1,5(nCO2 nN2 (1,5(nH2O nE ) nCO2 1,2mol 0,27 nH2O 1,17mol 1,395 44nCO 18nH O 73,86 2 nE 0,24mol Hướng CONH : 0,27.2 BT.e: 0,54.3 6a 4.1,395 a 0,66 E CH : a 36,78gam 14a 18b 36,78 43.0,54 b 0,24 nE H O : b Từ hướng hướng 2, ta suy được: X : Gly Gly(0,12mol) CE nCO2 0,12.4 6 nY ;Z 0,12mol CY ;Z 0,12 Y : (Ala)2 Trường hợp I: CY CZ Z : (Gly)3 Trường hợp II: Y Z có số C < Khi đó: Y: Gly – Ala Do dù trường hợp I II muối A, B tạo C2H4O2NNa (97) C3H6O2NNa (111) Xét 36,78 gam E + NaOH vừa đủ, theo BTKL ta có: mE 40nNaOH mmuèi 18nH2O mmuèi 54,06gam 36,78 0,27.2 0,24 97nC2H4O2NNa 111nC3H6O2NNa 54,06 n C2H4O2NNa 0,42 Khi đó: n C H O NNa nC3H6O2NNa n NaOH nC3H6O2NNa 0,12 0,27.2 a 97.0,42 3,06 b 111.0,12 Chú ý: Mặc dù lượng chất E dùng hai thí nghiệm khác tỉ lệ a ln khơng đổi hai thí b nghiệm Do vậy, để thuận tiện cho tính tốn ta xét hỗn hợp E ứng với 54,06 gam (0,24 mol) Câu 9:Chọn đáp án C Cách 1: Đặt công thức chung peptit X RN k Ok 1 : amol nCO2 y nH2O 153y 43,74 18 Theo ta có hệ phương trình: 153y 43,74 BT.O : a(k 1) 0,375.2 2y ak 0,14 18 BTKL cho X KOH : 9,26 56ak 16,38 18a a 0,04 9,26 32n m m 14n y 0,32 O2 CO2 H 2O N ak 0,375 197y 43,74 nBaCO3 0,32.197 63,04gam Cách 2: CONH : a CO2 (cmol) H O : b O2 0,375 153c 43,74 C H 2O 18 H 9,26 153c 43,74 BT.O : a b 0,375.2 2c a 0,14 18 BTKL cho X KOH : 9,26 56a 16,38 18b b 0,04 9,26 32n m m m c 0,32 O2 CO2 H 2O N2 0,375 14a 197c 43,74 nBaCO3 0,32.197 63,04gam Chú ý: Đề khơng nói rõ amino axit tạo thành peptit có no hay không nên cách giải khác so với dạng tập làm Ngoài bạn giải hệ phương trình ẩn cách 2: CONH: a; H2O: b; C: c; H: d (mol) Câu 10:Chọn đáp án C CONH : 0,22( 2nN2 ) CO E CH : a O2 N H 2O 0,11mol H O : b 0,99mol 46,48gam BTKL mE 17,88 m 0,22.43 14a 18b 17,88 a 0,55 E b 0,04 BT.e: 3.0,22 6a 4.0,99 0,55 0,22 2 3,5 nGly nVal Ca.a 0,22 nX 0,01;nY 0,03 n : n 1: X Y Mặt khác: X n n m 10 n (Kí hiệu peptit A có n mắt xích An) Ym 0,01n 0,03m 0,22 m X : Gly 2Val (0,01mol) Y : Gly3Val (0,03mol) Từ đó, tìm được: %mY / E 0,03.486.100% GÇn nhÊt ví i 81,54% 82% 17,88 Câu 11:Chọn đáp án A Vì đốt cháy X Y cần lượng O2 lượng CO2 sinh Do đó: CONH : a 61a 14b 79,86 a 1,02 3nZ 5nT (* ) § èt X CO2 : 2,28 X CH : b 79,86gam 3a 6b 4.2,655 b 1,26 H 2O : 2,79 H O : a Khi đó, đốt Y ta có: 90,06 m (mCO2 mH2O ) nH2O 2,09mol nH2O sinh ph¶n øng 2,79 2,09 0,7mol 2nZ 4nT (* * ) (* ),(* * ) nZ 0,29mol,nT 0,03mol CY 6C 2,28 7,125 Z 0,29 0,03 7C Mà 0,29CZ 0,03CT 2,28 CZ 6(Gly)3 ,CT 18 x y z x 1;y z Xét (Gly)x (Ala)y (Val)z 2x 3y 5z 11 T Vậy T có tỉ lệ mắt xíc Gly, Ala, Val tương ứng 1:2:2 Câu 12:Chọn đáp án A 2nN2 2(nCO2 nH2O nE ) 2.0,28 2,8 CONH nE nE 0,2 Ta có: CONH 10 12 X : đipeptit (x mol) n 10 2,8 X 9 2,8 Y : đecapeptit (y mol) nY Trong phản ứng đốt cháy: CONH : 2,8a CONH : 2,8a 83,3 48, 0.25 a KOH KOH : 2,8a 2,8.56 18 H2 : a CH : b CH : b b 83,3 gam 48,6 gamE Cmuèi 2,8a b 17 § chÐo nGly nGly nVal 0,7 nGly 0,6;nVal 0,1mol 2,8a nVal Mặt khác: nCONH / TN2 nCONH / TN1 X : Gly)n (Val)2 n 0,225 0,25 1,25 E mol 0,2 Y : (Gly)m (Val)10 m 0,025 BT.Gly 0,225n 0,025m 0,6 n 2;m Do đó: %mX / E 0,225(75.2 18) 100% 38,89% 48,6 Câu 13:Chọn đáp án B n 0,07 nAlaVal nX nY 0,12 X 2nAlaVal 5nX 6nY 0,89( nOH ) nY 0,05 CONH nOH nhh CONH : 89a 89 H 2O : 24b 24 CH : b 123,525 43.89a 18.24a 14b 123,525 a 0,015 TN1 24.0,015 341,355 1,5 TN 0,24 44(89a b) 18(89.0,5a 24a b) b 4,26 Xét phản ứng 0,24 mol E với NaOH, KOH ta có: BT.CH 2nAla 4nVal 2,84 nAla 0,36 (mol) BT.CONH : n n 0,89 n 0,53 Ala Val Val (Ala)m (Val)5 m : 0,07 X BT.Ala Khi đó: 0,07m 0,05n 0,12 0,36 m n n (Val)6 n (Ala) Y 0,24 mE/0,24mol 0,36 123,525 82,35gam Vậy %m (89.2 117.3 18.4).0,07.100% 38,85% X /E 82,35 Câu 14:Chọn đáp án C CONH : 0,37 CONH : 0,37 O2 CH H 2O CH H O : 0,1 NaOH : 0,37 1,08 0,1mol E 0,37 nCH2 1,08 nCH2 0,71 m0,1molE 27,65 BT.H CONH : 0,37 E HCl NH 3Cl : 0,37 mmuèi 0,37.97,5 0,71.14 46,015 0,1mol CH : 0,71 Mà 33,18 1,2 m 1,2.46,015 55,218gam 27,65 Câu 15:Chọn đáp án B nCONH nNaOH 2nNa2CO3 0,44 CONH : 0,44 CONH : 0,44 1,155mol O2 NaOH E CH : b NaOH : 0,44 Na2CO3 H O : c CH : b 0,22 28,42gam T a 0,44 mE 43.0,44 14b 18c 28.42 0,44 b 0,55 CONH / E 4,4 0,1 BT.e: 3.0,44 6b 1,155.4 c 0,1 X cã hai nhãm -CONH Z phải có nhóm –CONH– Y cã ba nhãm -CONHNhận thấy: X : C4H8O3N X : Gly (a' mol) 4 2 Thủy phân thu đ- ợ c Y : GlyVal(b'mol) Y : C7H x Oy N z Gly,Ala,Val 7 2 5 2.2 Z : Gly Ala(c' mol) 11H n Om N t Z : C 11 2.4 Từ kiện đề cho, ta có hệ phương trình: nCONH 2a' 2b' 5c' 0,44 a' 0,01 b' 0,01 nE a' b' c' 0,1 n 4a' 7b' 11c' 0,44 0,55 c' 0,08 C/ E %mX /E 0,01.132.100% GÇn nhÊt ví i 4,64% 5,0% 28,42 Câu 16:Chọn đáp án A Cách 1: Đặt X (x mol); Y (y mol) Khi theo ta có (40.4 18)x (40.5 18)y 15,8 m x 0,06 (mol) y 0,04 4x 5y 0,22.2(BT.N) o t Cn H 2nO2NNa: (0,22.2mol) 44(n 0,5).0,44 56,04 18n.0,44 nCO2 C«ng thøc TB cđa mi n2 nH2O 22 nmuèi cña Ala 0,44 0,18 22 nmuèi cña Gly 0,44 0,18 0,26 Khi đó: m muèi 45,2gam m 45,2 15,8 29,4gam (Ala)n (Gly)4 n : 0,06 X (Ala)m (Gly)5 m : 0,04 n 4;m 0,06n 0,04m 0,18 n=1;m=3 m;n* Bảo toàn gốc Ala Y %mY / E (89.3 75.2 18.4).0,04 100% 46,94% 29,4 Cách 2: CO2 : 0,22 x CONH CONH : 0,44 H 2O : 0,44 x O2 NaOH M CH CH : x H O NaOH : 0,44 Na2CO3 : 0,22 N : 0,22 m15,8 m Ta có: mNaOH mH2O 40.0,44 18nH2O 15,8 nX 0,06mol nH2O nX nY nY 0,04mol BTNT.N : 4n 5n 0,44 X Y mCO2 mH2O 56,04 x 0,62mol 44(0,22 x) 12(0,44 x) X : (Ala)a (Gly)4a (CONH 2CH )a (CONH CH )4a : 0,06mol Y : (Ala)b (Gly)5 b (CONH 2CH )b (CONH CH )5a : 0,04mol Theo BT.CH2, ta được: a 0,06(a 4) 0,04(b 5) 0,62 b %mY / E (89.3 75.2 18.4).0,04 100% 46,94% 29,4 Câu 17:Chọn đáp án A CONH : a Tiến hành quy đổi E thành CH : b H O : c Theo BT.electron, mCO2 mH2O BTKL cho phản ứng X + KOH, ta được: BT.e: 3a 6b 4.2,43 44(a b) 18(0,5a b c) 51 0,75.56 8,52 0,6(43a 14b 18c) 18c a 0,6 n 0,6 1,32 3,2 b 1,32 Ca.a 3,2 Gly 0,6 nVal 3,2 2 c 0,24 nGly 0,36 nGly nVal 0,6 mol nVal 0,24 0,6 2,5 m m;n X n n Ta có: n 2;m 0,24 Ym n m nX nY 0,24 n 0,2 X Mặt khác: 2nX 5nY 0,6(n nNaOH ) nY 0,04 Gọi u; v số mắt xích Gly X, Y Khi đó: 0,2u 0,04v 0,36 u 1;v 4(u 2;v 5) X : GlyVal(0,2mol) (75.4 117 18.4).0,04 %mY / E 28,40% Do đó: 14.1,92 29.0,6 18.0,24 Y : Gly 4Val(0,04mol) Câu 19:Chọn đáp án D CO : a mmuèi 68a 15b 14c 27 NH : b nC a c 0,625 0,5a Muối CH : b BT.e: 2x y 6z 4.0,925 NaOH : a a 0,25 nX b : 1/ 30 b 0,2 neste nCO/este 0,25 0,2 0,05 nC2H5OH c 0,5 CO : 0,25 Do đó: E NH : 0,2;H O :1/ 30 mE 19,9 CH : 0,5;C H : 0,05 2 Câu 20:Chọn đáp án C CONH : 0,6 0,12 0,48 CH : a CH 3OH CONH : 0,6 NaOH 0,6 mol 0,12 CH H 2O H 2O NaOH : 0,6 H N CH COO CH : 0,12 64,36gam 47,8gam nCH2 / muèi (64,36 83.0,6) :14 1,04mol a 1,04 0,12 0,92 nCH2 /Z nH2O (47,8 0,6.40 0,12.32 64,36);18 0,2mol CX CY nCONH a 0,48 0,92 7 nH2O 0,2 X : Gly Val(x mol) x y 0,2 Y : (Gly)2 (Ala)(y mol) BT.CONH : 2x 3y 0,48 x 0,12;y 0,08 Do đó: %mY 0,08.203: 47,8 33,97% Câu 21:Chọn đáp án C CO :1,6mol nCO2 1,6 b 3,27 NH : a X BT.e: 4nO2 2.1,6 a 6b 4.3,4375 CH : b mX 1,6.28 15a 14b 18c 97,19 H 2O : c 97,19 a 0,53 nY 1,6 0,53 1,07 b 1,67 n2peptit 1,17 1,07 0,1 c 1,17 Khi đó: CX nCO2 nX (nH2O ) 11 Cpeptit 2,79 Y : HCOOCH (1,07mol) Peptit P:11C(0,07mol) 3,27 2.1,07 11,3 0,1 Peptit Q :12C(0,03mol) (Gly)4 Ala: 0,07 Lại có: 0,07k P 0,03k Q 0,53 k P 5;k Q (Gly)6 : 0,03 k Sè nhãm -CONH Bảo tồn khối lượng tìm được: mT mX mNaOH 18nH2O mCH3OH 125,15gam 0,1 %mAlaNa 111.0,07 :125,15 6,21% Câu 22:Chọn đáp án D Tiến hành quy đổi E thành CONH : x mE 43x 14y 18z 72(0,16 x) 40z 11,76 CH : y BT.e: 4.0,535 3x 6y (4.2 4)(0,16 x) (3.4 4) z H 2O : z C H COOH : 0,16 x n 0,5x y z 2(0,16 x) 2z 0,36 H 2O C3H :z C3H6 (OH)2 2H 2O x 0,06 nCONH.KOH y 0,1 z 0,01 Do đó: m 0,06.99 0,1.110 14.0,1 18,34% mCONH.KOH mCH2 mC2H3COOK Câu 23:Chọn đáp án C Nhận thấy: C4H 9NO4 HCOONH 3CH 2COOCH (0,08mol) CONH : 0,48 0,08 0,4 CO : 0,56 NH : 0,56 0,08 0,48 CH : 0,63 0,08 0,55 Muèi E 54,1gam 0,19mol H 2O : 0,19 0,08 0,11 NaOH : 0,56 BTKL CH : 0,63mol C4 H 9NO4 : 0,08 CONH (X ,Y ) X : (Gly)3 (CH )m (0,11 0,07 0,04) 11 Y : (Gly)4 (CH )n 0,11 0,07 11 BT.CH (3 m)0,04 (4 n)0,07 0,55 m 2;n trongpeptit Tìm được: %mX / E 217.0,04.100% 23,04% % 217.0,04 260.0,07 135.0,08 Câu 24:Chọn đáp án A CTPT : Z Ala Z : H 2NCH 2COOCH Ta có: E NaOH CH 3OH nCH OH 0,1 nZ nH2NCH2COOCH3 0,1mol Mặt khác: nCONH 2nNa2CO3 1,06 Khi đó: CONH :1,06 CONH :1,06 0,1 0,96 4nO2 3nCONH CH :1,33 0,1 1,23 1,33 E CH : 72,26gam H NCH 2COOCH : 0,1 NaOH :1,06 BTKL H 2O : 0,27mol Muối X : 0,27 0,15 0,12mol Tripeptit (Gly)3 (CH2 )n CONH peptit Tetrapeptit Y : 0,27.5 / 0,15mol (Gly)4 (CH2 )m BT.CH 0,12(3 n) 0,15(4 n) 1,23 trongpeptit m n Y : (Gly)3 (Ala)(0,15mol) %mY / E 260.0,15 54% 72,26 Câu 25:Chọn đáp án C CO : 0,39 4nO2 (2.0,39 0,24) NH;0,24 0,45mol BT.e: mCH2 CH m 68.0,39 15.0,24 14nCH2 36,42gam NaOH : 0,39 muèi Muèi neste 0,39 0,24 0,15mol nC2H5OH mX mNaOH mmuèi 18nH O 46nC H OH nH2O 0,09 npeptit ' 2 BTKL choX NaO H BTC 0,09Cpeptit 0,15Cpeptit 1,14 Cpeptit 6;Ceste Lại có: CONH nNH Đipeptit :C6H12O3N (0,03mol) npeptit (Gly)3 (0,06mol) %mĐipeptit / X 0,03.160 : 29,34 16,36% Câu 26:Chọn đáp án A Tiến hành quy đổi E thành CONH : 0,21( 2nN2 ) C H O : 0,37 0,21 0,16 nancol 0,16mol E CH :1,15 0,21 0,16.4 0,3(BT.C) BTKL H I : 0,05mol Thủy phân E thu muối chứng tỏ X, Y tạo axit M ancol 33,75 32 CH OH (0,16mol) 14 Ancol CH (0,02mol) Khi đó, muối thu gồm C2H 4O2NNa: 0,21 C2H 4O2NNa: 0,14 C3H 6O2NNa: 0,07 C2H 3COONa: 0,16 CH : 0,3 0,21 0,02 0,07 0,16 C H COONa: 0,16 CONH (Z,T) Z (0,05 0,01 0,04) 0,21 4,2 0,05 T5 (0,05.0,2 0,01) Z : (Ala)(Gly)3 (0,04mol) nAla 0,070,04 3.0,01 T : (Ala)3 (Gly)2 (0,01mol) Do đó: %mT / E 345.0,01.100% 12,37% 27,89 Câu 28:Chọn đáp án A Xét phản ứng 0,12 mol E với dung dịch KOH, ta có: nZ nT 0,06 nZ 0,5nE CONH : a CH : b CO2 ;H 2O O2 0,99 mol E 49,74 23,1gam H 2O : c BTKL N : 0,18mol NH : 0,5c Ta có: a 0,27 BT.e: 3a 6b 1,5c 4.0,99 mE 43a 14b 26,5c 23,1 b 0,48 BT.N : a 0,5c 0,18.2 c 0,18 n(X ;Y ) nZ nT 0,09 nGly (x mol);nAla (y mol) AlaNH3CH3 * TH1: CH 3CH(NH )COONH 3CH CH 3NH z T x 0,15 nGly/ peptit x y nCONH 0,27 BT.C : 2x 3y 0,09.1 0,27 0,48 y 0,12 nAla/ peptit 0,03 CONH peptit 0,15 0,03 X,Y Đipeptit 0,09 M X M Y X : Gly Gly (8H) Mà 0,15 0,12.2 4,(3) Y : Gly Ala Ala Ala C(X ;Y ) 0,09 GlyNH3CH3 *TH 2: H 2NCH 2COONH 3C2H C2H 5NH z T x 0,24 nGly / peptit 0,15 x y nCONH 0,27 BT.C : 2x 3y 0,09.2 0,27 0,48 y 0,03 nAla/ peptit CONH peptit 0,15 0,03 X,Y Đipeptit 0,09 M X M Y X : Gly Gly (8H) Mà 0,15 0,12.2 4,(3) Y : Gly Ala Ala Ala C(X ;Y ) 0,09 Câu 29:Chọn đáp án B (COONa)2 : a 0,925.4 2a 3(0,5 2a) CONH.NaOH : 0,5 2a 43,16 44(0,25 b) 18(0,5 2a b) CH : b a 0,08 nOH /ancol 0,16 b 0,42 0,34 0,08 Muối este cố định lµ (COONa)2 n CONH 0,34 COO : 0,16mol 7,04gam Este (COOR)2 R : 5,4 17.0,16 2,68gam E CONH(0,34mol) 31,66gam Peptit CH (0,42mol) BTKL H 2O(0,08mol) Z (Gly)4 (CH )n (0,06mol) CONH 4,25 T5 (Gly)5 (CH )m (0,02mol) BT.CH (4 n)0,06 (5 m)0,02 0,42 n m 260.0,06.100% %mZ / E 49,27% 31,66 Chú ý: Vì peptit cấu tạo Gly Ala nên nCH2 (peptit ) nCONH Hoặc suy luận từ kiện thu muối dẫn tới nCH2 (peptit ) nCONH 0,34(* ) Do đó, muối este CH2(COONa)2 lượng CH2 cịn lại peptit 0,34 (mâu thuẫn với (*) (COOH)2 : 0,08 3,6gam Có thể xử lí este sau: Este Cn H 2n1OH : 0,16 CH 2 H 2O : 0,16 2,52gam Khi đó, kết hợp BTKL tìm mol H2O cách làm Câu 30:Chọn đáp án B Cách 1: Tiến hành quy đổi Y, Z, T (cùng y mol) thành CpH 2n18O10 (y mol) Cm H 2m1NO : x O2 CO (0,96) 1,12 mol Khi đó: E CpH 2p18O10 : y H 2O(0,96 0,5x 9y) H 2O BT.K : x 5y 0,35 x 0,03 BT.O : x 10y 1,12 0,96.3 0,5x 9y y 0,01 BTKL nH2O/ E 0,06 BTKL a 24,64 0,35.56 0,01.92 18(0,06 2.0,01) 41,88 Cách 2: H 2NCm H 2mCOOH Cm H 2m1NH : 2a R COOH R H(1) : 3b H 2O 0,35mol COO E E E 2 (* ) R COOH R H(2) : 2b C H (OH) C H (OH) : b CO2 (0,96 0,35 0,61mol) 1,12 mol E2 BT.O H 2O(3b 1,02) mol N (a) 2a 5b nCOO 0,35 a 0,15 nCO2 nH2O nN2 2a 2b b b 0,01 0,61(3b1,02)a O2 BTKL, tìm được: mE2 mC mH mN mO 14,1 12.0,61 2.1,05 14.0,3 16.0,03 mE1 mE2 0,35.44 29,5 nH2O (mE1 mE ) :18 0,27mol nH2O(thđy ph©n peptit) 0,27 n H2O (thđy ph©n este) 0,24mol 3b npeptit 2a 0,24 0,06mol BTKL cho phản ứng thủy phân KOH, ta được: mmuèi mE mKOH 18(n2axit npeptit ) 92nC3H5 (OH)3 42,88 24,64 56.0,35 2.0,01 0,06 0,01 ... 4nO2 B.CÁC DẠNG BÀI TẬP VÀ PHƯƠNG PHÁP GIẢI Dạng toán liên quan đến lượng chất tìm cơng thức peptit a) Phương pháp giải * Xét phản ứng đốt cháy peptit CO2 : a b CONH : a O2 Peptit ... amol Theo cách quy đổi trên, ta có: nCONH nCOOM nMOH nH nNH nCH2 nCONH Ca.a tao peptit Cmuèi nCONH b) Các ví dụ minh họa Ví dụ 1:Hỗn hợp E gồm ba peptit mạch hở: đipeptit X,... 0,09 npeptit '' 2 BTKL choX NaO H BTC 0,09Cpeptit 0,15Cpeptit 1,14 Cpeptit 6;Ceste Lại có: CONH nNH Đipeptit :C6H12O3N (0,03mol) npeptit (Gly)3