[r]
(1)đáp án vật lí lớp 9
Câu 1( 2,5đ): N K
- Vẽ hình 0,25đ
P1 d1 F P2
d2 d3
- Vì lực ép lên điểm M bị triệt tiêu nên ta có giản đồ lực đơn giản sau: P1 d1 + F d3 = P2.d2 0,25đ
- Víi P1=1
7P ; P2=
6
7P ; F = V.d – V dx = V.(d – dx); 0,5® d1=141 l ;d2=37l ;d3=142 l 0,25®
Trong đó: - P trọng lợng - l chiều dài
- V lµ thĨ tÝch vËt ngËp chÊt láng - dx lµ träng lợng riêng chất lỏng
- d trọng lợng riêng chất làm vật hình trụ
7P 14 l+F
2 14 l=
6 P
3
7l 0,25®
35 P = 14 F = 14 V.(d – dx) 0,25®
d −dx=35P
14V dx=d − 35P
14V 0,25®
Víi P = 10.m = 100 N
V = S.h = .R2.h = 3,14 0,12 0,32 = 0,01 m3 0,25®
dx=35000−35 100
14 0,01=10000N/m
3
0,25® Vậy trọng lợng riêng chất lỏng bình 10000 N/m3
Câu 2(2,5điểm).
+ Theo bi ra, nhiệt độ bình tăng dần chứng tỏ nhiệt độ ca chất lỏng đổ vào cao nhiệt độ bình ca chất lỏng đổ vào lại truyền cho bình nhiệt l-ợng 0,25đ
+ Đặt q1= C1m1 nhiệt dung tổng cộng bình chất lỏng sau lần đổ thứ lần đổ cuối cùng, q2 = C2m nhiệt dung ca chất lỏng đổ vào, t2 nhiệt độ ca chất lỏng tx nhiệt độ bị bỏ sót khơng ghi .0,25đ +Ta có phơng trình cân nhiệt ứng với lần trút cuối là:
q1(35-20) = q2(t2-35) (1) .0,25® (q1 + q2)(tx-35) = q2(t2- tx) (2) 0,25® ( q1 + 2q2)(50-tx) = q2 (t2-50) (3) .0,25® +Tõ (1) q1=t235
15 q2 (4) 0,25đ
+Thay(4) vào (2) (3) ta tới hệ:
(t2-20)(tx-35) = 15 (t2-tx) (5) 0,25đ (t2-5)(50- tx) = 15 (t2-50) (6) 0,25đ + Giải hệ phơng trình (5) (6) ta đợc: t2= 800C; tx= 440C 0,5đ.
Bài (2,5 điểm)
(2)+Tại nút mạch A, ta có: I =I1+IV 0,25đ <=> U −Uv
R =
Uv Rv +
Uv−Uv
2R 0,25 ®
<=> 12
R =
12 Rv +
12−Uv
2R (1) 0,25 đ
+Tại nút mạch C ta cã: I1=I2+IV1 0,25 ® <=> 12−Uv
2R =
Uv
Rv +
Uv
3R (2) 0,25 ®
+ Chia hai vế (1) (2) cho Rv đặt thơng R
Rv =x # ta đợc: (1)=> 12
x =12+
12−Uv
2x => Uv1= 24x -12 (*) (0,25 ®) U
(2) => 12−Uv
2x = Uv1+
Uv
3x => Uv1=
36
6x+5 (**) (0,25 ®) A I + Tõ(*) (**) ta có phơng trình: Iv
36
6x+5 =24x – 12 I1 ta đợc phơng trình: 3x2+x -2= => x1=-
2 loại), x2=
3 .(0,5đ) thay x2vào (1) => Uv1= 4V I2
VËy sè chØ vôn kế V1 4V (0,25 đ)
Câu 4(2,5điểm):
B I B I B1
F’ A2 A F A1 O A O
B2 H×nh vẽ 0,25đ
+Đặt AB trớc thấu kính hội tụ cho ảnh thật AB nằm khoảng tiêu cự thÊu kÝnh Gäi h lµ chiỊu cao cđa AB, f tiêu cự thấu kính
+ 0A1B1 đồng dạng Δ0 AB ; Δ0A2B2 đồng dạng Δ0 AB 0,5đ
=> Δ0A1B1 đồng dạng Δ0A2B2 => A1B1
A2B2
=0A1
0A2
=0,8
4 =
1
5 => 0A2=5 0A1
0,5đ
+Mà 0A1 + 0A2 = 72cm => 0A1 = 12cm; 0A2 = 60cm 0,25® Iv1
(3)+ ΔFA1B1 đồng dạng ΔFIO => FA1
A1B1
=0F 0I ⇒
f −12 0,8 =
f
h 0,25®
+ ΔF'A2B2 đồng dạng ΔF'IO =>
F'A2
A2B2=
0F'
0I ⇒
60− f
4 =
f
h 0,25®
=> f −12 0,8 =
60− f
4 ⇒f=20 cm 0,25® => 20−12
0,8 = 20
h ⇒h=2 cm 0,25®
+Vậy hai thấu kính có tiêu cự f = 20cm, độ cao vật AB 2cm
Chú ý: Học sinh làm theo cách khác cho kết cho điểm tối đa.