1. Trang chủ
  2. » Trung học cơ sở - phổ thông

D04 góc giữa hai đường thẳng muc do 2

30 51 0

Đang tải... (xem toàn văn)

Tài liệu hạn chế xem trước, để xem đầy đủ mời bạn chọn Tải xuống

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 30
Dung lượng 1,04 MB

Nội dung

Câu 17: [1H3-2.4-2] (THPT Thanh Miện - Hải Dương - Lần - 2018 - BTN) Cho hình lập phương ABCD ABCD , góc hai đường thẳng AB BC A 90 B 60 C 30 D 45 Lời giải Chọn B B C A D B' C' D' A' Ta có BC // AD   AB; BC    AB; AD   DAB Xét DAB có AD  AB  BD nên DAB tam giác Vậy DAB  60 Câu 24: [1H3-2.4-2] (THPT Chuyên Hùng Vương - Phú Thọ - Lần - 2018 - BTN) Cho hình lập phương ABCD ABCD Góc hai đường thẳng BA CD bằng: A 45 B 60 C 30 D 90 Lời giải Chọn A Có CD//AB   BA, CD    BA, BA  ABA  45 Câu [1H3-2.4-2](THPT Xuân Hòa-Vĩnh Phúc- Lần 1- 2018- BTN) Cho tứ diện ABCD có AB , AC , AD đơi vng góc với nhau, biết AB  AC  AD  Số đo góc hai đường thẳng AB CD A 45 B 60 C 30 D 90 Lời giải Chọn D AB  AC  CÁCH Vì   AB   ACD   AB  CD AB  AD  CÁCH D P A N C M B Gọi M , N , P trung điểm cạnh BC, AC, AD  MN // AB  Trong ABC , có  1  MN  AB   NP // CD  Trong ACD , có   NP  CD   2 2 1   Trong AMP , có MP  AP  AM        2   2  MN // AB Ta có    AB; CD    MN ; NP   MNP  NP // CD Áp dụng định lý Cosin cho MNP , có 2    2         NP  NM  MP       cos MNP     MNP  90 NP.NM 2 2 Hay  AB; CD   90 Câu [1H3-2.4-2](TRƯỜNG CHUYÊN ĐẠI HỌC VINH - LẦN - 2018) Cho hình lập phương ABCD ABCD Góc hai đường thẳng AC AD A 45 Chọn C B 30 C 60 Lời giải D 90 Ta có:  AC, AD    AC, AD   DAC  60 Vì AD  AC  CD Câu [1H3-2.4-2](Chuyên Quang Trung - Bình Phước - Lần - 2018 - BTN) Cho hình chóp S ABC có SA  SB  SC  AB  AC  a , BC  a Tính số đo góc hai đường thẳng AB SC ta kết quả: A 90 B 30 C 60 D 45 Lời giải Chọn C * Gọi H hình chiếu vng góc S lên mặt phẳng  ABC  , theo đầu SA  SB  SC tam giác ABC vng cân A ta có H trung điểm BC Gọi M , N trung  MN // AB điểm SA , SB ta có:   Góc AB SC góc MN HN  HN // SC Xét tam giác MNH ta có: MN  SC a AB a SA a  ; MH   ; HN   2 2 2  tam giác MNH tam giác  MNH  60 Vậy góc cần tìm 60 S M N C A H B Câu 30: [1H3-2.4-2] (Chuyên Thái Bình – Lần – 2018) Cho hình chóp tứ giác S ABCD có đáy ABCD hình vng, E điểm đối xứng D qua trung điểm SA Gọi M , N trung điểm AE BC Góc hai đường thẳng MN BD A 90 B 60 C 45 D 75 Lời giải Chọn A Gọi I trung điểm SA IMNC hình bình hành nên MN // IC Ta có BD   SAC   BD  IC mà MN // IC  BD  MN nên góc hai đường thẳng MN BD 90 Cách khác: dùng hệ trục tọa độ lớp 12, tính tích vơ hướng BD.MN  Câu 1: [1H3-2.4-2] (THPT Kim Liên - HN - Lần - 2017 - 2018 - BTN) Cho hình chóp S ABC có SA  BC  2a Gọi M , N trung điểm AB , SC , MN  a Tính số đo góc hai đường thẳng SA BC A 30 B 150 C 60 D 120 Lời giải Chọn C S N P O A Q C M B Gọi P , Q trung điểm SB , AC Khi MP , NQ , MQ , PN đường trung bình tam giác SAB , SAC , ABC , SBC nên MP // NQ // SA ; PN // MQ // BC 1 MP  NQ  SA  a ; PN  MQ  BC  a Suy góc hai đường thẳng SA BC 2 góc PMQ tứ giác MPNQ hình thoi Xét hình thoi MPNQ : gọi O giao điểm hai đường chéo; MN  a nên MO  tam giác vng MOQ OQ  a  hay PMQ  60 a ; 3a a   PQ  a , tam giác PMQ Câu 29: [1H3-2.4-2] (THPT Đặng Thúc Hứa - Nghệ An - 2018 - BTN) Cho tứ diện ABCD có AB  CD  a Gọi M N trung điểm AD BC Xác định độ dài đoạn thẳng MN để góc hai đường thẳng AB MN 30 A MN  a B MN  a C MN  a 3 D MN  a Lời giải Chọn B 1 Gọi P trung điểm AC Suy PM  CD  AB  PN Do tam giác PMN cân 2 P Lại có góc AB MN 30 nên góc MN PN 30 Vậy tam giác PMN tam giác cân có góc đỉnh 120 Ta có PN  MN nên MN  a Câu 18: [1H3-2.4-2](SGD Hà Nam - Năm 2018) Cho tứ diện ABCD có độ dài cạnh AB  AC  AD  BC  BD  a CD  a Góc hai đường thẳng AD BC A 30 B 90 C 45 D 60 Lời giải Chọn D A a K I B D M 2a N C Gọi M , N , I , K trung điểm cạnh BD , DC , AC , AB MNIK hình 2 a 3 a 2 a thoi KCD cân K nên KN  CD  KN  KD  ND                 NIK tam giác  NIK  60  AD, BC  IN , IK  NIK  60 Câu 20: [1H3-2.4-2] (THPT Lê Quý Đôn - Hà Nội - 2017 - 2018 - BTN) [1H3-2] Cho hình lăng trụ ABC ABC có cạnh đáy , cạnh bên Gọi C1 trung điểm CC  Tính cơsin góc hai đường thẳng BC1 AB A B C D Lời giải Chọn B A C B C1 A  C    B Ta có AB // AB  BC1 , AB  BC1 , AB  ABC1 Tam giác ABC1 có AB  1; AC1  BC1  cos B  AB  BC12  AC12  cos B  AB.BC1 Câu 20: [1H3-2.4-2] (THPT HÀM RỒNG - THANH HÓA - LẦN - 2017 - 2018 - BTN) Tứ diện ABCD số đo góc hai đường thẳng AB CD A 45 B 30 C 90 D 60 Lời giải Chọn C A B D H I C Gọi I trung điểm CD H tâm tam giác BCD Vì ABCD hình tứ diện nên AH  ( BCD) Ta có AB.CD  AH CD  HB.CD  suy AB  CD hay góc AB CD 90 Câu [1H3-2.4-2] Cho tứ diện ABCD có cạnh a, M trung điểm cạnh BC Gọi  góc hai đường thẳng AB DM, cos  A 2 B C Lời giải: Gọi N trung điểm AC  MN đường trung bình ABC  MN / / AB    MN  AB Vì BCD ACD tam giác cạnh a  MD  ND  a Vì MN / / AB     AB, DM    MN , DM  Xét MND , ta có: cos NMD  MN  MD  ND 2MN MD 2 a a 3 a 3       2        0 a a 3 2  NMD  90   MN , DM   NMD D Vậy cos   cos NMD  Chọn đáp án A Câu [1H3-2.4-2] Cho hình chóp S.ABCD, có đáy ABCD hình vng tâm O, cạnh a; SA vng góc với đáy SA  a Khi đó, cosin góc SB AC A 2 B C D Lời giải Gọi I trung điểm SD  OI đường trung bình SBD OI / / SB   SB SA2  AB 3a  a OI    a   2 Vì OI / / SB   SB, AC    OI , AC   AOI Ta có: AI  SD SA2  AD 3a  a   a 2  AI  OI  AOI cân I Gọi H trung điểm OA  IH  OA Và OH  OA AC a   4 a OH   Xét OHI , ta có: cos HOI  OI a Vậy cos  SB, AC   cos HOI  Chọn đáp án B Chú ý: Để tính cos AOI ta tính cách khác sau: a 2 2   a a 2 2  OA  OI  AI cos AOI    2OA.OI a 2 .a Câu [1H3-2.4-2] Cho hình chóp S.ABCD, có đáy ABCD hình thang vng A D, cạnh AB  2a, AD  DC  a ; SA  AB, SA  AD SA  2a a) Góc đường thẳng SB DC A 30° B 45° C 60° b) Gọi  góc SD BC Khi đó, cos  A 14 B 42 14 C 42 28 D 75° D 28 Lời giải a) Vì DC / / AB   SB, DC    SB, AB  SBA (vì SAB vuông A  SBA  90 ) Xét SAB vng A, ta có: 2a SA tan SBA     SBA  30 AB 2a Vậy  SB, DC   SBA  30  Chọn đáp án A b) Gọi E trung điểm AB Khi đó, BCDE hình bình hành  DE / / BC   SD, BC    SD, DE      4a 7a 2 2  a2   SE  SD  a  SE  SD  SA  AD  Ta có  3   DE  2a    DE  a Áp dụng định lí hàm cosin tam giác SDE, ta được: cos SDE  SD  DE  SE  2SD.DE 2a 42     SDE  90 14 14 2.a a Vậy  SD, BC    SD, DE   SDE    cos   cos SDE  42 14 Chọn đáp án B Câu 37: [1H3-2.4-2] (THPT Đồn Thượng - Hải Phịng - Lân - 2017 - 2018 - BTN) Cho tứ diện ABCD , M trung điểm BC Khi cosin góc hai đường thẳng sau có giá trị A AB, DM B AD, DM C AM , DM Lời giải Chọn A D AB, AM A N B D M C Gọi cạnh tứ diện có độ dài a Ta có: AM  DM  a Xét tam giác ADM cân M có: cos AMD  AM  DM  AD 2 AM DM a 3 a 3     a      a a 2 2 a 3 a 3  a        DM  AD  AM   cos ADM    AD.DM a .a Xét tam giác ABC có AM đường trung tuyến đường phân giác nên  AB, AM   30  cos  AB, AM   Từ loại trừ đáp án B, C, D Gọi N trung điểm AC Ta có MN //AB   AB, DM    MN , DM  Xét tam giác MND có: cos NMD  MN  DM  ND 2.MN DM Suy cos  AB, DM   2 a a 3 a 3       2       a a 2 Câu 50: [1H3-2.4-2] Cho hình chóp S ABCD có tất cạnh a Gọi I J trung điểm SC BC Số đo góc  IJ , CD  A 90 C 30 Lời giải Chọn D B 45 bằng: D 60 Cách 1: Có AB  AB    AB   ABC    AB  AC  BC   AB  Vậy góc hai đường thẳng AB AC  90o Cách 2: Chọn hệ trục tọa độ Oxyz , chuẩn hóa a  cho B  0;0;0  , A 1;0;0  , C  0;1;0  , B  0;0;1 , A 1;0;1 , C   0;1;1 Ta có đường thẳng AB có vtcp u  1;0;1 , AC  có vtcp k   1;1;1 Gọi  góc hai đường thẳng AB AC  cos   u.k  u.k Vậy góc hai đường thẳng AB AC  90o Câu 16 [1H3-2.4-2] (TT Tân Hồng Phong - 2018 - BTN) Cho hình chóp tứ giác S ABCD có tất cạnh a Tính góc tạo SA CD A 30 B 90 C 120 D 60 Lời giải Chọn D Ta có: CD // AB   SA, CD    SA, AB   SAB  60 (vì tam giác SAB đều) Câu 14 [1H3-2.4-2] Cho hình chóp tứ giác S ABCD có cạnh đáy a , tâm đáy O Gọi M N trung điểm SA BC Biết góc MN  ABCD  600 , cosin góc MN mặt phẳng  SBD  : A B 5 C D 10 Câu 45 [1H3-2.4-2] (SGD Bà Rịa - Vũng Tàu - Lần - 2017 - 2018)Cho hình lăng trụ ABC ABC có mặt đáy tam giác cạnh AB  2a Hình chiếu vng góc A lên mặt phẳng  ABC  trùng với trung điểm H cạnh AB Biết góc cạnh bên mặt đáy 60 Gọi  góc hai đường thẳng AC BB Tính cos  1 A cos   B cos   C cos   D cos   Lời giải Chọn A Ta có AH   ABC   AH hình chiếu AA lên mặt phẳng  ABC    AA;  ABC     AA; AH   AAH  60 Ta có : AA // BB   AC; BB   AC; AA   AAC   Có AH  a  AH  AH tan 60  a ; AA  AH  AH  2a ; CH  a  AC  a AA2  AC  AC 4a  4a  6a   AA AC 2.2a.2a Câu 34: [1H3-2.4-2] (THPT Chu Văn An - Hà Nội - Lần - 2017 - 2018 - BTN) Cho hình chóp S ABCD có đáy ABCD hình vng cạnh a , cạnh bên SA vng góc với mặt phẳng đáy, SA  a Gọi M trung điểm SB Góc AM BD A 45 B 30 C 90 D 60 Lời giải Chọn D Xét AAC , ta có: cos AAC  S N M D A B C   AM , BD    AM , MN  Gọi N trung điểm SD ta có MN // BD 1 a a a MN  BD  AN  SD  SB  2 2 ; ;  AMN Theo giả thiết ta có  AM , BD   60  AMN  60 Vậy Câu 28: [1H3-2.4-2] (THPT Chuyên Võ Nguyên Giáp - QB - Lần - 2017 - 2018 - BTN) Cho tứ diện ABCD Gọi M trung điểm cạnh BC (tham khảo hình vẽ bên) Cơsin góc hai đường thẳng AB DM 3 A B C D 2 Lời giải AM  Chọn A Kẻ MN //AB , suy MN đường trung bình ABC Suy MN  AB Suy ra:  AB, DM    MN , DM   DMN   Gọi tứ diện ABCD có cạnh a a MN  DM  DN a  cos    MN  , DN  DM  2.MN DM 2 a ( I , J trung điểm BC AD ) Số đo góc hai đường thẳng AB CD A 30 B 45 C 60 D 90 Lời giải Chọn C Câu 2308 [1H3-2.4-2] Cho tứ diện ABCD có AB  CD  a , IJ  A J M O B N I C D Gọi M , N trung điểm AC , BC Ta có: 1 a   MI  NI  AB  CD  2  MINJ hình thoi   MI // AB // CD // NI Gọi O giao điểm MN IJ Ta có: MIN  2MIO a IO    MIO  30  MIN  60 Xét MIO vuông O , ta có: cos MIO  a MI 2 Mà:  AB, CD    IM , IN   MIN  60 Câu 2310 [1H3-2.4-2] Cho hình hộp ABCD ABCD Giả sử tam giác ABC ADC có góc nhọn Góc hai đường thẳng AC AD góc sau đây? A BDB B ABC D DAC C DBB Lời giải Chọn D A' D' B' C' A D B Ta có: AC // AC (tính chất hình hộp)   AC, AD    AC, AD   DAC (do giả thiết cho DAC nhọn) C Câu 2312 [1H3-2.4-2] Cho tứ diện ABCD (Tứ diện có tất cạnh nhau) Số đo góc hai đường thẳng AB CD A 30 B 45 C 60 D 90 Lời giải Chọn D A B D H E C Gọi H tâm đường tròn ngoại tiếp BCD  AH   BCD  Gọi E trung điểm CD  BE  CD (do BCD đều) Do AH   BCD   AH  CD CD  BE  CD   ABE   CD  AB   AB, CD   90 Ta có:  CD  AH Câu 2316 [1H3-2.4-2] Cho hình chóp S ABCD có tất cạnh a Gọi I J trung điểm SC BC Số đo góc  IJ , CD  A 30 B 45 C 60 D 90 Lời giải Chọn C S I A B O D J C Gọi O tâm hình vng ABCD  O tâm đường trịn ngoại tiếp hình vng ABCD (1) Ta có: SA  SB  SC  SD  S nằm trục đường trịn ngoại tiếp hình vng ABCD (2) Từ (1) (2)  SO   ABCD  Từ giả thiết ta có: IJ // SB (do IJ đường trung bình SAB )   IJ , CD    SB, AB  Mặt khác, ta lại có SAB đều, SBA  60   SB, AB   60   IJ , CD   60 Câu 2317 [1H3-2.4-2] Cho tứ diện ABCD có AB  CD Gọi I , J , E , F trung điểm AC , BC , BD , AD Góc  IE , JF  A 30 C 60 B 45 D 90 Lời giải Chọn D A F I B E D J C  IJ // EF // AB Từ giả thiết ta có:  (tính chất đường trung bình  JE // IF // CD tam giác) Từ suy tứ giác IJEF hình bình hành 1 Mặt khác: AB  CD  IJ  AB  JE  CD  ABCD 2 hình thoi  IE  JF (tính chất hai đường chéo hình thoi)   IE, JF   90 BÀI 3: ĐƯỜNG THẲNG VNG GĨC VỚI MẶT PHẲNG Câu 25: [1H3-2.4-2] (THPT Quảng Xương - Thanh Hóa- Lần 1- 2017 - 2018 - BTN) Cho hình chóp S ABC có SA , SB , SC đơi vng góc với SA  SB  SC  a Gọi M trung điểm AB Tính góc hai đường thẳng SM BC A 60 B 30 C 90 D 120 Lời giải Chọn A C N B S M A Gọi N trung điểm AC Khi góc SM BC góc SM MN Ta có: AB  BC  CA SM  AB (trung tuyến tam giác vuông ứng với cạnh huyền) SN  AC (trung tuyến tam giác vuông ứng với cạnh huyền) MN  BC   Suy SM  MN  SN hay tam giác SMN Do SM ; BC  SMN  60 Câu 17 [1H3-2.4-2] (THPT Chuyên Hạ Long - QNinh - Lần - 2017 - 2018 - BTN) Cho tứ diện ABCD cạnh a Tính khoảng cách hai đường thẳng AB CD a a A a B C a D 2 Hướng dẫn giải Chọn D A N B D M C Gọi M trung điểm CD Qua M kẻ đường thẳng vuông góc với AB cắt AB trung điểm N ( AMN cân M )  a   a 2 a d AB , CD  MN Suy   BM  BN           2 2 Câu 11: [1H3-2.4-2] (Chuyên Thái Bình - Lần - 2017 - 2018 - BTN) Cho hình chóp S ABCD có tất cạnh a Gọi M , N trung điểm AD SD Số đo góc hai đường thẳng MN SC A 45 B 60 C 30 D 90 Lời giải Chọn D S N M A D a P B C a Gọi P trung điểm CD Ta có: NP // SC   MN , SC    MN , NP  Xét tam giác MNP ta có: MN   MN  NP  a a a , NP  , MP  2 a2 a2 a    MP  MNP vuông N 4  MNP  90   MN , SC    MN , NP   90 Câu 34: [1H3-2.4-2] (THPT Quỳnh Lưu - Nghệ An - Lần - 2017 - 2018 - BTN) Cho hình chóp S ABCD có tất cạnh a Gọi I J trung điểm SC BC Số đo góc  IJ , CD  A 30 bằng: B 60 C 45 Lời giải D 90 Chọn B S I A B D J C Ta có IJ // SB     IJ , CD    SB, AB   SBA  60 CD // AB  (vì tam giác SAB tam giác cạnh a ) Câu 32: [1H3-2.4-2](THPT AN LÃO-HẢI PHÒNG-Lần 3-2018-BTN) Cho tứ diện ABCD có AB vng góc với mặt phẳng  BCD  Biết tam giác BCD vuông C AB  AC  a , CD  a Gọi E trung điểm AC (tham khảo hình vẽ bên) Góc đường thẳng AB DE A 45o B 60o C 30o D 90o Lời giải Chọn B Gọi H trung điểm BC Vì AB / / HE   AB; DE    HE; DE   DEH Ta có: HE  AB a 2a  ; DH  HC  CD  4 a , tan DEH  Câu 4: DH   DEH  60o HE [1H3-2.4-2](THPT-Chuyên Ngữ Hà Nội_Lần 1-2018-BTN) ABCD ABCD Góc hai đường thẳng AC  BD A 60 B 30 C 45 Lời giải Chọn D    Cho hình lập phương D 90  Ta có: AC ; BD  AC; BD  90 Câu 1085: [1H3-2.4-2] Cho hình lập phương ABCDEFGH , góc hai đường thẳng EG BC là: A 0 B 45 C 90 Lời giải D 30 Chọn B ABCDEFGH hình lập phương  BC / / EG  góc hai đường thẳng EG BC EGF  45 a ( I , J trung điểm BC AD ) Số đo góc hai đường thẳng AB CD A 30 B 45 C 60 D 90 Lời giải Chọn C Câu 310 [1H3-2.4-2] Cho tứ diện ABCD có AB  CD  a , IJ  A J M O B N I D Gọi M , N trung điểm AC , BC Ta có: 1 a   MI  NI  AB  CD  2  MINJ hình thoi    MI // AB // CD // NI Gọi O giao điểm MN IJ Ta có: MIN  2MIO a IO Xét MIO vuông O , ta có: cos MIO     MIO  30  MIN  60 a MI 2 Mà:  AB, CD    IM , IN   MIN  60 Câu 312 [1H3-2.4-2] Cho hình hộp ABCD ABCD Giả sử tam giác ABC ADC có góc nhọn Góc hai đường thẳng AC AD góc sau đây? A BDB B ABC D DAC C DBB Lời giải Chọn D A' D' B' C' A D B C Ta có: AC // AC (tính chất hình hộp)   AC, AD    AC, AD   DAC (do giả thiết cho DAC nhọn) Câu 314 [1H3-2.4-2] Cho tứ diện ABCD (Tứ diện có tất cạnh nhau) Số đo góc hai đường thẳng AB CD A 30 B 45 C 60 D 90 Lời giải Chọn D A B D H E C Gọi H tâm đường tròn ngoại tiếp BCD  AH   BCD  Gọi E trung điểm CD  BE  CD (do BCD đều) Do AH   BCD   AH  CD CD  BE  CD   ABE   CD  AB   AB, CD   90 Ta có:  CD  AH Câu 316 [1H3-2.4-2] Cho tứ diện ABCD , M trung điểm cạnh BC Khi cos  AB, DM  A B C D Lời giải Chọn A A E B D H M C Khơng tính tổng qt, giả sử tứ diện ABCD có cạnh a Gọi H tâm đường tròn ngoại tiếp BCD  AH   BCD  Gọi E trung điểm AC  ME // AB   AB, DM    ME, MD    Ta có: cos  AB, DM   cos  ME, MD   cos ME, MD  cos EMD Do mặt tứ diện tam giác đều, từ ta dễ dàng tính độ dài cạnh a MED : ME  a , ED  MD  2 2 a a 3 a 3       ME  MD  ED       Xét MED , ta có: cos EMD    2ME.MD a a 2 3 Từ đó: cos  AB, DM    6 Câu 317 [1H3-2.4-2] Cho hình chóp S ABCD có đáy hình vng ABCD cạnh a cạnh bên a Gọi M N trung điểm AD SD Số đo góc  MN , SC  bằng: A 30 D 90 C 60 B 45 Lời giải Chọn D S N A M D B O C Gọi O tâm hình vng ABCD  O tâm đường trịn ngoại tiếp hình vng ABCD (1) Ta có: SA  SB  SC  SD  S nằm trục đường trịn ngoại tiếp hình vng ABCD (2) Từ (1) (2)  SO   ABCD  Từ giả thiết ta có: MN // SA (do MN đường trung bình SAD )   MN , SC    SA, SC  2 2   SA  SC  a  a  2a Xét SAC , ta có:   SAC vuông S  SA  SC AC  AD  a     SA, SC    MN , SC   90 Câu 318 [1H3-2.4-2] Cho hình chóp S ABCD có tất cạnh a Gọi I J trung điểm SC BC Số đo góc  IJ , CD  A 30 B 45 C 60 D 90 Lời giải Chọn C S I A B O D J C Gọi O tâm hình vng ABCD  O tâm đường trịn ngoại tiếp hình vng ABCD (1) Ta có: SA  SB  SC  SD  S nằm trục đường tròn ngoại tiếp hình vng ABCD (2) Từ (1) (2)  SO   ABCD  Từ giả thiết ta có: IJ // SB (do IJ đường trung bình SAB )   IJ , CD    SB, AB  Mặt khác, ta lại có SAB đều, SBA  60   SB, AB   60   IJ , CD   60 Câu 319 [1H3-2.4-2] Cho tứ diện ABCD có AB  CD Gọi I , J , E , F trung điểm AC , BC , BD , AD Góc  IE , JF  A 30 C 60 B 45 D 90 Lời giải A Chọn D F I B E D J C  IJ // EF // AB Từ giả thiết ta có:  (tính chất đường trung bình  JE // IF // CD tam giác) Từ suy tứ giác IJEF hình bình hành 1 Mặt khác: AB  CD  IJ  AB  JE  CD  ABCD 2 hình thoi  IE  JF (tính chất hai đường chéo hình thoi)   IE, JF   90 BÀI 3: ĐƯỜNG THẲNG VNG GĨC VỚI MẶT PHẲNG Câu 28: [1H3-2.4-2] (Sở Quảng Bình - 2018 - BTN – 6ID – HDG)Cho hình chóp S ABC có SA vng góc với ( ABC ) , ABC vng A Góc hai đường thẳng AB SC bằng: 3    A B C D 4 Lời giải Chọn D Cách 1: AB.SC  AB.( AC  AS )  AB.AC  AB.AS  cos( AB, SC )   AB.SC    AB, SC   AB.SC Cách 2: Ta có AB  SA AB  AC  AB   SAC   AB  SC Câu 35: [1H3-2.4-2] (THPT Bình Xuyên - Vĩnh Phúc - 2018 - BTN – 6ID – HDG) Cho tứ diện ABCD có AB  CD  2a Gọi E , F trung điểm BC AD Biết EF  a , tính góc hai đường thẳng AB CD A 60 B 45 C 30 D 90 Lời giải Chọn A A F M D B E C Gọi M trung điểm AC Suy ME  1 AB  a ; MF  CD  a 2 ME  MF  EF  2ME.MF Vậy tam giác MEF tam giác cân M có góc đỉnh 120 Vậy góc AB CD 60 Do tam giác MEF cân M Lại có cos EMF  Câu 33: [1H3-2.4-2](THPT Kim Liên-Hà Nội -Lần 2-2018-BTN) Cho tứ diện ABCD có DA  DB  DC  AC  AB  a , ABC  45 Tính góc hai đường thẳng AB DC A 60 B 120 C 90 D 30 Lời giải Chọn A Ta có tam giác ABC vuông cân A , tam giác BDC vng cân D   Ta có AB.CD  DB  DA CD  DB.CD  DACD      DB CD cos DB, CD  DA CD cos DA, CD   a     Mặt khác ta lại có AB.CD  AB CD cos AB.CD  cos AB, CD   AB.CD  AB CD   AB, DC  120   AB, CD   60 Câu 32: [1H3-2.4-2](THPT THÁI PHIÊN-HẢI PHỊNG-Lần 4-2018-BTN) Cho tứ diện ABCD có a , AB vng góc với mặt phẳng  BCD  Biết tam giác BCD vuông C AB  AC  a , CD  a Gọi E trung điểm AD Góc hai đường thẳng AB CE bằng? A E D B C A 45 C 30 Lời giải B 60 D 90 Chọn A A E K B D C Gọi K trung điểm AB  AB//MK   AB; CM    KM ; CM   KMC   a a a a a , BD  , MK  , CK  , CM  2 Xét tam giác CKM vuông K KC  KM  CKM vuông cân K Vậy   45 Ta có BC  ... AC1  BC1  cos B  AB  BC 12  AC 12  cos B  AB.BC1 Câu 20 : [1H 3 -2 . 4 -2 ] (THPT HÀM RỒNG - THANH HÓA - LẦN - 20 17 - 20 18 - BTN) Tứ diện ABCD số đo góc hai đường thẳng AB CD A 45 B 30 C 90... 60 Câu 20 : [1H 3 -2 . 4 -2 ] (THPT Lê Quý Đôn - Hà Nội - 20 17 - 20 18 - BTN) [1H 3 -2 ] Cho hình lăng trụ ABC ABC có cạnh đáy , cạnh bên Gọi C1 trung điểm CC  Tính cơsin góc hai đường thẳng BC1... cos   cos SDE  42 14 Chọn đáp án B Câu 37: [1H 3 -2 . 4 -2 ] (THPT Đoàn Thượng - Hải Phòng - Lân - 20 17 - 20 18 - BTN) Cho tứ diện ABCD , M trung điểm BC Khi cosin góc hai đường thẳng sau có giá

Ngày đăng: 02/09/2020, 23:13

TỪ KHÓA LIÊN QUAN

w