SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO NINHBÌNHĐỀ THI CHÍNH THỨC ĐỀ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPTCHUYÊN LƯƠNG VĂN TỤY NĂM HỌC 2015 – 2016 Thời gian làm bài: 150 phút (không kể thời gian giao đề) Câu (2,0 điểm) Rút gọn biểu thức: A x x x x 1 x x Tính giá trị biểu thức: B 85 62 85 62 Câu (2,0 điểm) �x y 2m 1 Tìm tất giá trị tham số m cho hệ phương trình � x y 5m � 2 Tìm tất giá trị tham số m cho parabol (P): y = x cắt đường thẳng d: y = mx – điểm phân biệt A(x1;y1) B(x2;y2) thỏa mãn y1 y2 2( x1 x2 ) Câu (2,0 điểm) Giải phương trình x x 16 �x y y 16 x � Giải hệ phương trình � y 5(1 x ) � Câu (3,0 điểm) Cho tam giác ABC vuông A (AB < AC) ngoại tiếp đường tròn tâm O Gọi D,E,F tiếp điểm (O) với cạnh AB,AC,BC Đường thẳng BO cắt đường thẳng EF DF I K Tính số đo góc BIF Giả sử M điểm di chuyển đoạn CE a Khi AM = AB, gọi H giao điểm BM EF Chứng minh ba điểm A,O,H thẳng hàng, từ suy tứ giác ABHI nội tiếp b Gọi N giao điểm đường thẳng BM với cung nhỏ EF (O), P, Q hình chiếu N đường thẳng DE DF Xác định vị trí điểm M để độ dài đoạn thẳng PQ max Câu (1,0 điểm) 1 Cho a, b, c số dương thỏa mãn điều kiện �3 Chứng minh rằng: a b c a b c (ab bc ca) �3 2 1 b 1 c 1 a ĐÁP ÁN ĐỀ THI VÀO 10 CHUYÊN LƯƠNG VĂN TỤY – NINHBÌNH Câu 1 Ta có: A x x x x 1 x x x x ( x 1) ( x 1)( x 1) x ( x 1) ( x 1) x x ( x 1) x ( x 1)( x 1) 2 x x x ( x 1)( x 1) 2 x ( x 1) x ( x 1)( x 1) 2 x 1 2 Vậy A= x 1 B 85 62 85 62 Đặt a 85 62 ; b 85 62 a b B Mặt khác: a b3 (85 62 7) (85 62 7) 170 ab 85 62 85 62 852 (62 7) 19683 27 Ta có: B ( a b)3 a b3 3ab( a b) 170 3.27.B B 81B 170 (B 2)(B 22B4 85) 14 0 B Vậy B=2 Câu �x y 2m 1 � (I) x y 5m � � x y 1 m � x y 3x y � ( I ) � x y � m � 5( x y 1) 2(4 x y 1) x y Giả sử hệ phương trình cho có nghiệm ngun (x0; y0) x0 y0 y0 3x0 M3 M3 (vơ lí) Vậy hệ phương trình khơng có nghiệm ngun ∀ m Phương trình hồnh độ giao điểm (P) d: x mx (1) (P) cắt d hai điểm phân biệt A(x1;y1) B(x2;y2) ⇔ (1) có hai nghiệm phân biệt ⇔ ∆ = m2 – 4.2 > ⇔ m2 > ⇔ m > 2 mBIF=45o a Hình chữ nhật ADOE có OD = OE = r nên hình vng ⇒ AO trung trực DE (1) Vì AB = AM nên tam giác ABM vuông cân A, suy ABM 45 =>DBH=DFH=45o ⇒ BDHF tứ giác nội tiếp (2) Vì BDO+BFO=90o+90o=180o nên BDOF tứ giác nội tiếp (3) Từ (2) (3) ⇒ điểm B, D, O, H, F nằm đường tròn =>BHO=BFO=90o ⇒ OH ⊥ BM Mặt khác ADE=ABM=45o=>DE//BM⇒ OH ⊥ DE Mà OD = OE nên OH trung trực đoạn OE (4) Từ (1) (4) ⇒ A, O, H thẳng hàng b Vì DPN+DQN=90o+90o=180o nên DPNQ tứ giác nội tiếp =>QPN=QDN (hai góc nội tiếp chắn cung QN) (5) Mặt khác DENF tứ giác nội tiếp nên QDN=FEN (6) Từ (5) (6) ta có FEN=QPN (7) Tương tự ta có: EFN=PQN (8) PQ NQ Từ (7) (8) suy NPQ ~ NEF ( g g ) EF NF Theo quan hệ đường vng góc – đường xiên, ta có PQ NQ NQ �NF �1 PQ �EF EF NF Dấu xảy Q ≡ F ⇔ NF ⊥ DF ⇔ D, O, N thẳng hàng Do PQ max M giao điểm AC BN, với N điểm đối xứng với D qua O Câu Ta chứng minh BĐT 1 (a b c)( ) �9(*) a b c a b b c c a (*) ( ) ( ) ( ) �9 b a c b a c Áp dụng BĐT Cô – si cho hai số dương ta có: a b �2 b a b c �2 c b c a �2 a c =>(*) 1 � �3 a b c �3 abc a b c Trở lại toán: Áp dụng BĐT Cơ si cho hai số dương ta có b �2b Ta có: a ab ab ab a � a a (1) 2 1 b 1 b 2b Tương tự ta có: b bc �b (2) 1 c c ca �c (3) 1 a Cộng vế (1), (2) (3) ta có: a b c �a b c (ab bc ca ) 2 1 b 1 c 1 a a b c ( ab bc ca ) �a b c �3 2 1 b 1 c 1 a =>đpcm Dấu xảy a = b = c = ...ĐÁP ÁN ĐỀ THI VÀO 10 CHUYÊN LƯƠNG VĂN TỤY – NINH BÌNH Câu 1 Ta có: A x x x x 1 x x x x ( x 1) ( x 1)( x 1) x... (3) Từ (2) (3) ⇒ điểm B, D, O, H, F nằm đường tròn =>BHO=BFO=90o ⇒ OH ⊥ BM Mặt khác ADE=ABM=45o= >DE/ /BM⇒ OH ⊥ DE Mà OD = OE nên OH trung trực đoạn OE (4) Từ (1) (4) ⇒ A, O, H thẳng hàng b Vì DPN+DQN=90o+90o=180o... ⇒ ∆ KIF vuông cân K =>BIF=45o a Hình chữ nhật ADOE có OD = OE = r nên hình vng ⇒ AO trung trực DE (1) Vì AB = AM nên tam giác ABM vuông cân A, suy ABM 45 =>DBH=DFH=45o ⇒ BDHF tứ giác nội tiếp