11 Dạng BÀI TẬP nâng cao HÓA HỌC 9 (MINH HỌA BẰNG ĐỀ THI HSGIỎI TP Quy Nhơn , Tỉnh BÌnh Định ) có đáp án

Bài Bài tóan về pha trộn dung dòch tóan về pha trộn dung dòch  Bài tóan 1 : Có một dd H Bài tóan 1 : Có một dd H 2 2 SO SO 4 4 (A) và hai dd (A) và hai dd NaOH (B , C ) . NaOH (B , C ) . Trộn B với C theo tỉ lệ thể tích 1:1 thì được Trộn B với C theo tỉ lệ thể tích 1:1 thì được dd X .Trung hòa 1 thể tích dd X cần một dd X .Trung hòa 1 thể tích dd X cần một thể tích dd A . thể tích dd A . Trộn B với C theo tỉ lệ thể tích 2:1 thì được Trộn B với C theo tỉ lệ thể tích 2:1 thì được ddY .Trung hòa 30ml dd Y cần 32,5ml ddY .Trung hòa 30ml dd Y cần 32,5ml ddA.Tính tỉ lệ thể tích B và C phải trộn để ddA.Tính tỉ lệ thể tích B và C phải trộn để sao cho khi trung hòa 70ml dd Z tạo ra cần sao cho khi trung hòa 70ml dd Z tạo ra cần 67,5ml dd A 67,5ml dd A Bài giải Bài giải  Đặt b , c là nồng độ 2 dd NaOH và a là Đặt b , c là nồng độ 2 dd NaOH và a là nồng độ dd H nồng độ dd H 2 2 SO SO 4 4 . Khi trộn 1lít B với 1lít C . Khi trộn 1lít B với 1lít C ta có 2lít dd X có chứa (b + c)mol NaOH ta có 2lít dd X có chứa (b + c)mol NaOH .Để trung hòa X cần 2lít A .Để trung hòa X cần 2lít A   cần 2a mol cần 2a mol H H 2 2 SO SO 4 4 .Vậy theo PTHH ta có 4amol NaOH .Vậy theo PTHH ta có 4amol NaOH => b+c = 4a. Khi trộn 2lít B với 1lít C ta có => b+c = 4a. Khi trộn 2lít B với 1lít C ta có 3lít dd Y có chứa (2b+c)mol NaOH . Để 3lít dd Y có chứa (2b+c)mol NaOH . Để trung hòa 3lít Y cần 3,25lít A có 3,25a mol trung hòa 3lít Y cần 3,25lít A có 3,25a mol nên => 2b+c = 6,5a nên => 2b+c = 6,5a  Gỉai hệ PT ta có : b = 2,5a ; c = 1,5a Gỉai hệ PT ta có : b = 2,5a ; c = 1,5a Bài giải Bài giải  Để trung hòa 7lít dd Z cần 6,75lít A có chứa Để trung hòa 7lít dd Z cần 6,75lít A có chứa 6,75a mol H 6,75a mol H 2 2 SO SO 4 4 . Theo PT ta có trong 7 lít . Theo PT ta có trong 7 lít Z có 13,5a mol NaOH . Z có 13,5a mol NaOH .  G G ọi thể tích hai dd B với C phải trộn là x, ọi thể tích hai dd B với C phải trộn là x, y(lít). Ta có : 2,5ax + 1,5ay = 13,5a y(lít). Ta có : 2,5ax + 1,5ay = 13,5a và x + y = 7 và x + y = 7 Gỉai ta được x = 3 ; y = 4 Gỉai ta được x = 3 ; y = 4 Bài Bài tóan về pha trộn dung dòch tóan về pha trộn dung dòch  Bài tập 2 : Có hai dd HCl có nồng độ khác Bài tập 2 : Có hai dd HCl có nồng độ khác nhau (A,B )và dd NaOH có nồng độ không nhau (A,B )và dd NaOH có nồng độ không đổi đổi . . Trộn A và B theo tỉ lệ thể tích 3 :1 được dd C. Trộn A và B theo tỉ lệ thể tích 3 :1 được dd C. Trung hòa 10ml dd C cần 7,5ml dd NaOH . Trung hòa 10ml dd C cần 7,5ml dd NaOH . Trộn Avà B theo tỉ lệ thể tích 1 : 3 được dd D. Trộn Avà B theo tỉ lệ thể tích 1 : 3 được dd D. Trung hòa 10ml ddD cần 10,5ml dd NaOH. Trung hòa 10ml ddD cần 10,5ml dd NaOH. Hãy tìm tỉ lệ thể tích A và B cần trộn để sau Hãy tìm tỉ lệ thể tích A và B cần trộn để sau khi trộn thể tích dd NaOH cần trung hòa khi trộn thể tích dd NaOH cần trung hòa bằng thể tích dd sau khi trộn . (Đề thi HSG bằng thể tích dd sau khi trộn . (Đề thi HSG Tỉnh BĐ 00-01) Tỉnh BĐ 00-01) Bài giải Bài giải  Gọi x : y là tỉ lệ thể tích dd C : thể tích dd D Gọi x : y là tỉ lệ thể tích dd C : thể tích dd D cần trộn để sau khi trộn thể tích dd NaOH cần trộn để sau khi trộn thể tích dd NaOH cần trung hòa bằng thể tích dd sau khi trộn . cần trung hòa bằng thể tích dd sau khi trộn . Như vậy ta có : 7,5x + 10,5y = 10(x + y) Như vậy ta có : 7,5x + 10,5y = 10(x + y)  => 2,5x = 0,5y => y = 5x => x : y = 1 : 5 => 2,5x = 0,5y => y = 5x => x : y = 1 : 5  => Thể tích dd A với B cần trộn là : => Thể tích dd A với B cần trộn là : 1 (3 : 1) + 5 (1 : 3) = 3 + 5/3 = 14/3 1 (3 : 1) + 5 (1 : 3) = 3 + 5/3 = 14/3 Cần trộn 14 thể tích ddA với 3 thể tích ddB . Cần trộn 14 thể tích ddA với 3 thể tích ddB . Bài tóan hỗn hợp Bài tóan hỗn hợp  Bài tập 1 : Cho một luồng khí CO đi ống sứ Bài tập 1 : Cho một luồng khí CO đi ống sứ chứa 0,04 mol hỗn hợp A gồm FeO và Fe chứa 0,04 mol hỗn hợp A gồm FeO và Fe 2 2 O O 3 3 đun nóng .Sau khi phản ứng kết thúc thu đun nóng .Sau khi phản ứng kết thúc thu được 4,784g hỗn hợp B gồm 4 chất rắn FeO , được 4,784g hỗn hợp B gồm 4 chất rắn FeO , Fe Fe 2 2 O O 3 3 , Fe , Fe 3 3 O O 4 4 , Fe , trong đó số mol Fe , Fe , trong đó số mol Fe 3 3 O O 4 4 bằng bằng 1/3 tổng số mol FeO và Fe 1/3 tổng số mol FeO và Fe 2 2 O O 3 3 và có 0,046 và có 0,046 mol CO thóat ra . Hòa tan hết hỗn hợp B mol CO thóat ra . Hòa tan hết hỗn hợp B bằng dd HCl thấy thóat ra 0,028 mol H bằng dd HCl thấy thóat ra 0,028 mol H 2 2 . Tính . Tính số mol từng chất trong hỗn hợp A , B . ( Đề số mol từng chất trong hỗn hợp A , B . ( Đề thi HSG Tỉnh BĐ 00-01 ) thi HSG Tỉnh BĐ 00-01 ) Bài giải Bài giải  Khi dùng CO khử hỗn hợp FeO , Fe Khi dùng CO khử hỗn hợp FeO , Fe 2 2 O O 3 3 sinh ra sinh ra khí CO khí CO 2 2 , nghóa là CO đã lấy đi những nguyên , nghóa là CO đã lấy đi những nguyên tử O trong các oxit . => n tử O trong các oxit . => n o o = n = n co2 co2 = 0,046 mol = 0,046 mol  => m => m A A = m = m B B + m + m o o = 4,784 + (0,046.16)= 5,52g = 4,784 + (0,046.16)= 5,52g Gọi x , y là số mol FeO , Fe Gọi x , y là số mol FeO , Fe 2 2 O O 3 3 có trong hỗn có trong hỗn hợp A . Ta có : x + y = 0,04 hợp A . Ta có : x + y = 0,04 72x + 160y = 5,52 72x + 160y = 5,52 Gỉai hệ PT ta có : x = 0.01 ; y = 0,03 Gỉai hệ PT ta có : x = 0.01 ; y = 0,03 Fe + 2 HCl Fe + 2 HCl   FeCl FeCl 2 2 + H + H 2 2 0,028 0,028 0,028 0,028 Bài giải Bài giải  => => m m Fe Fe = 0,028 . 56 = 1,568 g = 0,028 . 56 = 1,568 g =>m =>m hh hh ( ( FeO , Fe FeO , Fe 2 2 O O 3 3 , Fe , Fe 3 3 O O 4 4 )= m )= m B B - m - m Fe Fe = 3,216g Gọi = 3,216g Gọi a ,b ,c là số mol của Fe a ,b ,c là số mol của Fe 3 3 O O 4 4 , FeO , Fe , FeO , Fe 2 2 O O 3 3 có chứa có chứa trong hh B . trong hh B . Ta có n Ta có n Fe Fe trong hhA = n trong hhA = n Fe Fe trong hh B = 0,01+ 2.0,03 = trong hh B = 0,01+ 2.0,03 = 0,07 mol . Lập hệ PT : a = 1/3 ( b + c ) 0,07 mol . Lập hệ PT : a = 1/3 ( b + c ) 3a + b + 2c + 0.028 = 0,07 3a + b + 2c + 0.028 = 0,07 232a + 72b + 160c = 3,216 232a + 72b + 160c = 3,216 Gỉai hệ Pt : a = 0,006 ; b = 0,012 ; c = 0,06 Gỉai hệ Pt : a = 0,006 ; b = 0,012 ; c = 0,06 Bài tóan hỗn hợp Bài tóan hỗn hợp  Bài tập 2 :Hòa tan hết 11,2g hỗn hợp E gồm Bài tập 2 :Hòa tan hết 11,2g hỗn hợp E gồm hai kim lọai M(hóa trò x) và M hai kim lọai M(hóa trò x) và M ’ ’ (hóa trò y) (hóa trò y) trong dd HCl (dd D) rồi sau đó cô cạn dd thì trong dd HCl (dd D) rồi sau đó cô cạn dd thì thu được 39,6g muối khan . thu được 39,6g muối khan . a/ Tính thể tích khí thóat ra ở đktc . a/ Tính thể tích khí thóat ra ở đktc . b/ Cho 22,4g hh E tác dụng với 500ml dd D thì b/ Cho 22,4g hh E tác dụng với 500ml dd D thì thấy thóat ra 16,8lít khí H thấy thóat ra 16,8lít khí H 2 2 ở đktc , cô cạn dd ở đktc , cô cạn dd thu được chất rắn F . Tính khối lượng chất thu được chất rắn F . Tính khối lượng chất rắn F và nồng độ mol/l của dd D .(Đề thi rắn F và nồng độ mol/l của dd D .(Đề thi HSG Tỉnh BĐ 01- 02) HSG Tỉnh BĐ 01- 02) Bài giải Bài giải  PTHH : 2M + 2xHCl PTHH : 2M + 2xHCl   2MCl 2MCl x x + x H + x H 2 2 2M 2M ’ ’ + 2xHCl + 2xHCl   2M 2M ’ ’ Clx + x H Clx + x H 2 2 a/Từ 11,2g hh kim lọai ta thu được 39,6g hh a/Từ 11,2g hh kim lọai ta thu được 39,6g hh muối => số mol Cl trong muối = ( 39,6 – muối => số mol Cl trong muối = ( 39,6 – 11,2): 35,5 = 0,8 mol . 11,2): 35,5 = 0,8 mol . Vây số mol HCl = 0,8 mol và số mol H Vây số mol HCl = 0,8 mol và số mol H 2 2 thu thu được = 0,4 mol được = 0,4 mol => V => V H2 H2 = 0,4.22.4 = 8,96 lít . = 0,4.22.4 = 8,96 lít . [...]... ( Đề thi HSG Tỉnh BĐ 02-03 ) Bài giải  Ta có : m ddH2SO4 = v.d = 9, 8g =>n = 0,1 Áp dụng ĐLBTKL: mZ = mH2SO4 + mX – mY ⇒ mZ = 1,8 g mY = mcation + m so42- = 1 3,6 g ⇒ mcation = 1 3,6 – 9, 6 = 4g ⇒ mR + mcation = mX => mR = mX – mcation = 5,6 – 4 = 1,6 g Ta có : mH(Z) = mZ – mR = 1,8 – 1,6 = 0,2 g = mH(H2SO 4) => Trong X không chứa H Gọi công thức của Z là RHn ta có : n : (R + n) = 0,2 : 1,8 => R = 8n Bài. .. = ( 0,1 .10 6) + 12 – ( 0,1 .4 4) = 1 8,2 g  Cốc Y : BaCO + 2HCl  BaCl + CO + H O 3 2 2 2  - Có hai trường hợp xảy ra : TH1 : HCl cho vào dư , BaCO3 hết nCO2 = n BaCO3 = 0,0 6.=> mCO2 = 0,0 6.44= 2,6 4g Bài giải  ⇒ ⇒ ⇒ ⇒ ⇒ - Để cân thăng bằng : m cốc X = m cốc Y 1 8,2 = ( 0,0 6. 197 ) + mddHCl – 2,6 4 m ddHCl = 9, 02 g m HCl = ( 9, 02.1 4,6 ): 100 = 1,3 g nHCl = 1,3 : 3 6,5 = 0,0 36 mol < nBaCO3 Vô lý (loại TH 1) TH2 : Lượng... đ ) hòa tan hết BaCO3 Theo PT : Gọi x là số mol HCl có trong dd HCl đã dùng : => m ddHCl = (3 6,5 x 100 ): 1 4,6 = 250x (g) Bài giải  Theo PT : nCO2 = ½ n HCl = 0,5 x (mol) Để cân thăng bằng : m cốc X = m cốc Y ⇒ ( 0,0 6. 197 ) + 250x – ( 0,5 .4 4) = 1 8,2 ⇒ x =0.028 mol ⇒ mHCl = 0,0 28 3 6,5 = 1,0 22g ⇒ mddHCl = ( 1,0 22 100 ): 1 4,6 = 7g Câu hỏi trình bày , so sánh , giải thích hiện tượng và viết phương trình hóa. .. PT( 1,2 ): nH2 = n H2SO4 = A :98 (mol) => pt : (100-A):36 + (A : 98 ) = 2,5 Giải pt ta có : A = 1 5,8 => A% = 1 5,8 %  Bài tóan khi giải qui về 100  Bài tập 2 : Có một hỗn hợp gồm Al2O3 , Fe2O3 và CaCO3 trong đó Al2O3 chiếm 1 0,2 % , Fe2O3 chiếm 9, 8% Đem nung hỗn hợp ở nhiệt độ cao thu được chất rắn có khối lượng bằng 67% khối lượng hỗn hợp ban đầu Tính % khối lượng của các chất trong chất rắn thu được Bài. .. ⇒ mFe(OH) = 0,2 5.107 = 2 6,7 5g 3 ⇒ m = ( 0,2 5 .90 .100 ): 15 = 150g 2 ⇒ Mddsau phản ứng = 100 + 150 – 2 6,7 5 = 22 3,2 5g ⇒ C%NaCl = ( 0,5 .5 8,5 .100 %) : 22 3,2 5 = 1 3,1 %  Bài tóan biện luận  Bài tập 1 : Cho 13 5,3 6 gam dd H2SO4 7% (d = 1,0 35g/ml) tác dụng vừa đủ 5,6 g chất X thu được 1 3,6 g muối Y và chất Z Biết hòa tan X vào nước thu được dd làm xanh q tím và có khả năng tác dụng với CO2 Hỏi X , Y , Z là những... dùng dư ) thì thấy lượng khí H2 tạo thành bằng 0,0 5a gam Tính A% ( Đề thi tuyển sinh vào lớp chuyên hóa 10 01-02 Trường Lê Q Đôn Tỉnh BĐ ) Bài giải    Cho a = 100g => m H2SO4 = A (gam) => n H2SO4 = A : 98 (mol) m H2O = 100 –A => nH2O = (100-A): 18 n H2 = ( 0,0 5.100 ): 2 = 2,5 mol PTHH : 2Na + 2H2O  2NaOH + H2 ( 1) Mg + H2SO4  MgSO4 + H2 ( 2) 2Na + H2SO4  Na2SO4 + H2 ( 3) Theo PT ( 1) : Bài giải... 0,1 mol Na2CO3 và cốc Y 0,0 6 mol BaCO3 , cho tiếp 12g dd H2SO4 98 % vào cốc X , cân mất thăng bằng Hỏi phải thêm bao nhiêu gam dd HCl 1 4,6 % vào cốc Y để cân thăng bằng Biết rằng H2O và axit bay hơi không đáng kể ( Đề thi HSG Tỉnh BĐ 01-0 2) Bài giải  CốcX: Na2CO3 + H2SO4Na2SO4+CO2+H2O Lúc đầu Phản ứng Sau p.ứng m cốc X = 0,1 0,1 2 0,1 0,1 0 0,0 2  0,1 mol m Na2CO3 + m ddH2SO4 – m CO2 m cốc X = ( 0,1 .10 6). .. và có khả năng tác dụng với khí CO2 X + H2SO4  Muối + H2O =>X thể hiện tính bazơ , X không chứa H => X là oxit kim loại kiềm , kiềm thổ Gọi CTHH của X là MnO (n= 1,2 ), M là KLkiềm , kiềm thổ Ta có : nM : (nM + 1 6) = 4 : 5,6 => nM = 40 =>M=40:n Khi n = 1 => M = 40 (Ca) => X là CaO  Biện luận : Bài tóan biện luận  Bài tập 2 : Đặt hai cốc X ,Y có khối lượng bằng nhau trên hai đóa cân , cân thăng bằng. .. khí , cho đến khi phản ứng xảy ra hoàn toàn Tính nồng độ % của muối tạo thành trong dd sau phản ứng (coi nước bay hơi không đáng k ) (Đề thi tuyển vào lớp chuyên hóa 10 trường Lê Q Đôn Tỉnh BĐ 04-0 5)  Bài giải PTHH :2NaOH + FeCl2Fe(OH)2 +2NaCl 4Fe(OH)2 + O2 + 2H2O  4Fe(OH)3 Cho m1 =100g => n NaOH = 20:40 = 0,5 mol Theo PT : nNaCl = nNaOH = 0,5 mol nFe(OH)3= nFe(OH)2= ½ nNaOH= ½ 0,5 = 0,2 5 ⇒ mFe(OH)... học của phản ứng  Bài tập 1: Cho một luồng H2 dư lần lượt qua các ống đốt nóng mắc nối tiếp , mỗi ống chứa một chất : CaO , CuO , Al2O3 , Fe2O3 , Na2O Sau đó lấy sản phẩm trong mỗi ống cho tác dụng với CO2 , dd HCl , dd AgNO3 Viết các PTHH của các phản ứng Bài giải  CaO + H2  CuO + H2  Cu + H2O  Al2O3 + H2  Fe2O3 + 3H2  2Fe + 3H2O  Na2O + H2O  2NaOH  Sản phẩm trong mỗi ống là CaO , Cu , . – 2 6,7 5 = 22 3,2 5g ⇒ C%NaCl = ( 0,5 .5 8,5 .100 %) : 22 3,2 5 = 1 3,1 % C%NaCl = ( 0,5 .5 8,5 .100 %) : 22 3,2 5 = 1 3,1 % Bài tóan biện luận Bài tóan biện luận  Bài tập. 3 9, 6 – 1 1, 2): 3 5,5 = 0,8 mol . 1 1, 2): 3 5,5 = 0,8 mol . Vây số mol HCl = 0,8 mol và số mol H Vây số mol HCl = 0,8 mol và số mol H 2 2 thu thu được = 0,4