Thông tin tài liệu
Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus GIẢI CHI TIẾT BÀI TẬP HÓA HỮU CƠ HAY VÀ KHÓ TỪ CÁC ĐỀ THI THỬ 2015 – 2016 (Phần 1) Lời nói đầu ! Gửi lời cảm ơn sâu sắc tới Thầy Nguyễn Văn Duyên – người Thầy dìu dắt bước đầu đến với việc nghiên cứu tìm tịi Hóa Học Phổ Thông Cảm ơn quý Thầy cô tác giả tập sử dụng tài liệu Các câu trích dẫn nguồn rõ ràng Tuy nhiên có số tập tổng hợp từ Internet, mạng xã hội nên khơng trích dẫn rõ ràng nguồn, mong thông cảm từ quý Thầy cô “Tài liệu chia miễn phí, với mục địch phi thương mại nên mong nhận đóng góp, phản hồi từ quý Thầy cô bạn học sinh để tài liệu ngày hoàn thiện nguồn tư liệu quý báu cho bạn học sinh ôn thi THPT Quốc Gia.” “Gửi tặng bạn học sinh 98 ôn thi THPT Quốc 2016 quà TẾT TRUNG THU 2015” Đặc biệt gửi lời cảm ơn tới: Một bạn nữ sinh viên lớp Y2015 – Khoa Y Đại học Quốc Gia TP Hồ Chí Minh, người động viên, tin tưởng vào đường chọn, cho thấy nhiều mảng vui tươi sống Sài Gòn đầy bon chen, tấp nập Mong ngày gặp lại bạn! “Thiên hạ đâu? Sao vội đi? Bao gặp nữa? Có tình chi? Lịng tơi theo bước người qua Cho đến hôm chẳng về.” Một bạn nick Facebook Hồng Ánh – học sinh trường THPT Hàn Thuyên – Bắc Ninh Một bạn nick Facebook Phương Nguyễn – Hà Nội (dự thi trường ĐH Kinh tế Quốc dân) Cảm ơn bạn tin tưởng, quý mến gọi tiếng “Thầy” dù chưa lần đứng bảng dạy bạn chữ Với cá nhân tuổi 23, lại khơng xuất thân thống từ mơi trường Sư Phạm niềm vui, niềm vinh hạnh lớn Cảm ơn bạn Chúc bạn giành kết thật cao kỳ thu THPT Quốc Gia năm 2016 Đêm Trung Thu - Sài Gịn, 27/09/2015 “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus Câu 1: Hợp chất hữu X có cơng thức phân tử C5H15O4N3 Cho m gam X tác dụng với 150 ml dung dịch KOH 0,24M Sau phản ứng thu dung dịch Y, cô cạn dung dịch Y thu 3,681 gam chắn rắn khan khí Z Mặt khác cho tồn dung dịch Y tác dụng với HCl vừa đủ số mol HCl cần dùng A 0,045 mol B 0,050 mol C 0,051 mol D 0,054 mol Hướng dẫn giải 2.5 15 0 k X tÝnh theo CTPT X l hợp chất có chứa liên kết ion Biện luận cấu tạo X X ph°n ứng với KOH k X thực tế Sè liªn kÕt ion = k X thùc tÕ k X tÝnh theo CTPT Mặt khác, ta có X l¯ hỵp chÊt cã chøa nhãm muèi amoni 4 X cã Oxi k X thùc tÕ Công thức cấu tạo X Trường hợp 1: Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có: 181x 0,036.2.56 3,681 31.2x 18.2x x 0,02 mol mX m KOH m r·n mCH NH m H O 2 n KOH ph°n øng 2x = 0,04 mol > n KOH ban đầu = 0,036 mol (M©u thuÉn Lo³i) Trường hợp 2: Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có: 181x 0,036.2.56 3,681 17.2x 18.2x x 0, 015 mol mX m KOH m r·n mCH NH m H O 2 KOOC CH(C H NH ) COOK : 0,015 mol Y gåm KOH d : 0,036 0,03 0,006 mol KOOC CH(C H NH ) COOK + 3HCl 0,015 mol Y n HCl ®± dïng 3.0,015 0,006 0,051 mol KOH d + HCl 0,006 mol “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus Câu 2: Hỗn hợp X gồm ancol đơn chức este đơn chức (mạch hở, số nguyên tử cacbon) Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần dùng vừa đủ V lít O2 thu 17,472 lít CO2 11,52 gam nước Mặt khác m gam X phản ứng với dung dịch KOH dư thu 0,26 mol hỗn hợp ancol Biết X không tham gia phản ứng tráng gương Giá trị V bao nhiêu? (các khí đo đktc) A 21,952 B 21,056 C 20,384 D.19,600 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Nguyễn Khuyễn – TP Hồ Chí Minh, năm 2015) Hướng dẫn giải O2 , t CO2 H O o RCOOR ' : a mol Ta có : m gam R ''OH : b mol 0,78 mol 0,64 mol R 'OH : a mol KOH d 0, 26 mol R ''OH : b mol Cách 1: Đánh giá thông qua số mol CO2 H2O Theo giả thuyết bảo toàn nguyên tố C, ta có: (với n số C ancol este) a b 0, 26 mol n 3 n(a b) n CO2 0, 78 mol Vì X khơng tham gia phản ứng tráng gương este khơng có dạng HCOOR nên este phải : CH3COOCH3 Lại có n CO2 n H2O ancol phải : CH C CH2 OH (k = 2) CH3COOCH3 k 1 n ancol n CO2 n H2O 0, 78 0, 64 0,14 mol n este 0, 26 0,14 0,12 mol CH C CH OH k Áp dụng bảo tồn ngun tố O, ta có: 0,14 0,12.2 2n O2 0,78.2 0,64 mol n O2 0,91 mol V 20,384 lÝt Cách 2: Dựa vào đại lượng trung bình n CO2 CH3COOCH : x mol 3 C X n X cã 6H X H X 2n H2 O 4,923 CH C CH OH : y mol cã 4H nX x 0,12 mol x y 0,26 mol Theo giả thuyết bảo tồn ngun tơ H, ta có: 6x 4y 2n H2O 1,28 mol y 0,14 mol Áp dụng bảo toàn nguyên tố O, ta có: 0,14 0,12.2 2n O2 0,78.2 0,64 mol n O2 0,91 mol V 20,384 lÝt Câu 3: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm peptit X peptit Y dung dịch NaOH thu 151,2 gam hỗn hợp gồm muối natri Gly, Ala Val Mặt khác, để đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X, Y cần 107,52 lít khí O2 (đktc) thu 64,8 gam H2O Giá trị m A 102,4 B 97,0 C 92,5 D 107,8 Hướng dẫn giải Cách 1: Vận dụng linh hoạt định luật bảo tồn Quy ®ỉi hỗn hợp X,Y n peptit E m gam “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus sè O E n n l phân tử aminoaxit trung bình E cã n1 liªn kÕt peptit Víi sè N E = n a l¯ sè mol cða E k E n n peptit E nNaOH Muèi H O 151,2 gam an mol a mol m gam Khi đó, theo quy luật phản ứng ta có: t CO2 H O N peptit E O2 4,8 mol 3,6 mol 0,5a(n 1) m gam Áp dụng bảo tồn khối lượng cho thí nghiệm, ta có: BTKL ThÝ nghiƯm 1: m 151,2 18a 40an m muèi m H 2O m NaOH BTKL ThÝ nghiÖm 2: m 44n CO2 64,8 28.0,5an 4,8.32 mCO2 m H 2O m N2 mO2 Áp dụng công thức độ bất bão hịa k, bảo tồn ngun tố O bảo tồn khối lượng, ta có: n CO n H O (k E 0,5.sè N)a n n CO 0,5an a 3,6 mol n CO2 3,9 mol n 3,6 2n CO2 an a mol an 1, mol 2n CO2 n H2 O s è O E a n O2 a 0, mol 3,6 4,8 n 1 44n CO2 54an 18a 240 gam 44n CO2 54an 18a 151,2 64,8 4,8.32 m 151,2 18.0, 40.1, 102, gam m muèi m H2O m NaOH Cách 2: Quy đổi hỗn hợp peptit đipeptit Ý tưởng : Lợi dụng việc đốt đipeptit cho số mol CO2 = Số mol H2O quy vÒ peptit X,Y Xn hỗn hợp ban đầu n n n X2 H2 O X n (I) 2X n + n H O nX : x mol có n NaOH cần để thy phân 2x mol ®ipeptit a mol sè n O2 ®Ĩ ®èt X n v¯ X l¯ nh X n Gii thớch: Vì H O không chy nên sè mol O2 ®Ĩ ®èt l¯ nh H O ®ipeptit: X 4,8 mol O2 §èt : X : C n H 2n N O3 CO2 H O (II) CO2 H2 O 3x 2.4,8 2n CO2 n H2O n CO2 n H2O x 3,2 mol n n BTNT C m X2 (C n H2 n N2O3 ) 14 nx 76x 14 x 3,2 76x 90x 44,8 gam nC nCO n H O ®èt Xn n H2O n H2O ®èt ®ipeptit a x 0, mol n Xn 0, mol 3,6 a x 3,2 Áp dụng bảo toàn khối lượng, ta có: m Xn 90x 44,8 18 x 0, 72x 52 (1) mX (C nH2nN2O3 ) mH 2O “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus (II) X n 2NaOH Muèi H O gam : m 80x 151,2 0,4.18 Áp dụng bảo toàn khối lượng cho phản ứng thủy phân, ta có: mXn 80x 151,2 0,4.18 (2) x 0,07 mol Gi°i hÖ (1), (2) m Xn 102, gam Câu 4: Cho 0,3 mol hỗn hợp X gồm este đơn chức tác dụng vừa đủ với 200 ml dung dịch NaOH 2M đun nóng, thu hợp chất hữu no mạch hở Y có phản ứng tráng bạc 37,6 gam hỗn hợp muối hữu Đốt cháy hoàn toàn Y cho sản phẩm hấp thụ hết vào bình chứa dung dịch nước vơi dư, thấy khối lượng bình tăng 24,8 gam Khối lượng X A 30,8 gam B 33,6 gam C 32,2 gam D 35,0 gam (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Can Lộc – Hà Tĩnh, năm 2015) Hướng dẫn giải n NaOH 0, cã chøa este phenol Este cða phenol (x mol) n X (2 este đơn chức) 0,3 X gåm AgNO3 / NH3 NaOH Este cða ankin (y mol) X Y Ag Y l anđehit no, đơn chức ®¬n chøc O2 , t o x 0,1 mol C n H 2n O CO2 H O n X x y 0,3 mol y 0,2 mol 0,2 0,2n 0,2n n NaOH 2x y 0, mol n Y (C n H2n O) 0,2 mol 0,2n(44 18) 24,8 gam n = X NaOH Muèi C H O H2 O gam : m 0, 4.40 37,6 0,2.44 0,1.18 Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có: m 37,6 0,2.44 0,1.18 0, 4.40 32,2 gam Câu 5: Đốt cháy hoàn toàn m gam este đơn chức X (tạo chất có chương trình phổ thơng) cần vừa hết 10,08 lít oxi (đktc), sinh 8,96 lít CO2 (đktc) Mặt khác, m gam X phản ứng vừa hết với 100 ml dung dịch NaOH 1M Số đồng phân cấu tạo X có dạng CxHyOOCH A B C D (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Đồng Lộc – Hà Tĩnh, năm 2015) Hướng dẫn giải Xét hai trường hợp sau: X kh«ng ph°i l¯ este cða phenol Theo giả thuyết bảo tồn ngun tố O, ta có: n H2O 0,3 mol n X (C x HyO2 ) n NaOH 0,1 mol + 2 n C H O n O n CO n H O n C : n H : n O 0, : 2.0,3 0,2 : : x y 2 2 0,45 0,4 ? 0,1 X l¯ C H6 O2 + X có đồng phân cấu tạo dạng CxHyOOCH HCOOCH CH CH3 HCOOC(CH3 ) CH2 X l¯ este cða phenol HCOOCH2 CH CH2 n X (C x HyO2 ) 0,5n NaOH 0,05 mol n H2 O 0,2 mol + 2 n C H O n O n CO n H O n C : n H : n O 0, : 2.0,2 0,1 : : x y 2 2 0,45 0,4 ? 0,05 X l¯ C H8O2 “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus + X có đồng phân + X có tổng số đồng phân X thỏa mãn điều kiện Câu 6: Thủy phân 63,5 gam hỗn hợp X gồm tripeptit Ala – Gly – Gly tetrapeptit Ala – Ala – Ala – Gly thu hỗn hợp Y gồm 0,15 mol Ala – Gly ; 0,05 mol Gly – Gly ; 0,1 mol Gly; Ala – Ala Ala Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 63,5 gam hỗn hợp X 500 ml dung dịch NaOH 2M thu dung dịch Z Cơ cạn cận thận dung dịch Z thu m gam chất rắn khan Giá trị gần m A 100,5 B 112,5 C 96,4 D 90,6 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Chuyên Vinh – Nghệ An, năm 2015) Hướng dẫn giải Ala Gly : 0,15 mol Gly Gly : 0, 05 mol Ala Gly Gly : a mol H Ta có : 63,5 gam Ala Ala Ala Gly : b mol Gly: 0,1 mol Ala Ala v¯ Ala Áp dụng bảo tồn khối lượng bảo tồn mol mắt xích Gly, ta có: 203a 288b 63,5 gam a 0,1 mol n peptit 0, 25 mol 2a b 0,15 0,1 0,1 mol b 0,15 mol Theo quy luật phản ứng thủy phân peptit NaOH, ta có: n peptit nNaOH Muèi H2 O gam : 63,5 1.40 ? BTKL gÇn nhÊt Víi n peptit n H2O 63,5 1.40 m 0,25.18 m 99 gam 100,5 gam Câu 7: Đốt cháy hoàn toàn 29,2 gam hỗn hợp X gồm anđehit acrylic, metyl axetat, anđehit axetic etylen glicol thu 1,15 mol CO2 23,4 gam H2O Mặt khác, cho 36,5 gam hỗn hợp X tác dụng hết với dung dịch AgNO3 NH3 thu tối đa m gam Ag Giá trị gần m A 43,5 B 64,8 C 53,9 D 81,9 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Chuyên Vinh – Nghệ An, năm 2015) Hướng dẫn giải Cách 1: Sử dụng phương pháp quy đổi Thời buổi 2015 người ta thích tốn hỗn hợp nhiều chất Những loại tập mang tính chất dọa thơi thực đơn giản Chỉ cần bạn tìm chung “đám hợp” tiêu diệt gọn + Bọn X có chung ? “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus Quan sát kỹ ta thấy: • Có hai chất có Oxi Hiđro (CH2=CH-CHO CH3CHO) có mối liên quan tới Ag • Cịn hai chất cịn lại có Oxi Hiđro (CH3COOCH3 C2H4(OH)2) không liên quan tới Ag CO2 :1,15 mol Cx H 4O : a mol O2 , t o quy th¯nh + Vậy X H 2O :1,3 mol C y H6O2 : b mol 29, 1,15.12 1,3.2 0,8 mol Áp dụng bảo tồn khối lượng ta có: n O X 16 a 2b 0,8 mol a 0, mol Áp dụng bảo toàn nguyên tố O H, ta có: 4a 6b 2, mol b 0,3 mol Chú ý : Có thay đổi khối lượng lần thí nghiệm bạn ! 36,5 CHO2Ag gÇn nhÊt n CHO 0, 0, 25 mol mAg 0, 25.2.108 54 gam 53,9 gam 29, Cách 2: Sử dụng phương pháp số đếm Nhận xét: Bài gồm chất cho thông tin số liệu gồm khối lượng hỗn hợp, số mol CO2, số mol H2O theo phương pháp số đếm ta bỏ tùy ý (4 – 3) = chất với điều kiện không làm thay đổi chất tốn Ở thí nghiệm 2, hỗn hợp X phản ứng với AgNO3/NH3 nên không bỏ anđehit bỏ tùy ý metyl axetat (CH3COOCH3) etylen glicol (C2H6O2) Ở đây, chọn bỏ etylen glicol (C2H6O2) CH CH CHO : a mol CO2 :1,15 mol O2 , t o 29,2 gam X CH COOCH : b mol 3 H O :1,3 mol CH CHO : c mol Khi đó: 36,5 AgNO3 /NH3 36,5 gam X Ag : (2a 2c) mol 29,2 Theo giả thuyết, bảo tồn ngun tố C H, ta có: 56a 74b 44c 29,2 gam a 0,15 mol 3a 3b 3c n CO2 1,15 mol b 0,3 mol 4a 6b 4c 2n H2O 2,6 mol c 0,35 mol 36,5 gÇn nhÊt Theo đó, thí nghiệm ta có: m Ag 108.(2 0,15 2.0,35) 54 gam 53,9 gam 29,2 Lưu ý: Bản chất phương pháp số đếm dạng đặc biệt quy đổi nên chấp nhận số âm số liệu tính tốn mà khơng làm thay đổi kết sau tốn ! Câu 8: Đốt cháy hồn toàn 22,9 gam hỗn hợp X gồm hai este đơn chức, mạch hở tạo ancol với hai axit cacboxylic dãy đồng đẳng, thu 1,1 mol CO2 15,3 gam H2O Mặt khác, toàn lượng X phản ứng hết với 300 ml dung dịch NaOH 1M thu dung dịch Y Cô cạn dung dịch Y thu m gam chất rắn khan Giá trị m A 20,4 B 23,9 C 18,4 D 19,0 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Chuyên Vinh – Nghệ An, năm 2015) Hướng dẫn giải O2 , t CO2 H 2O o Ta có : 22,9 gam RCOOR ' 1,1 mol 0,85 mol 0,3 mol NaOH m gam Y R 'OH “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus 22,9 1,1.12 0,85.2 0,5 mol n X 0, 25 mol 16 + Theo giả thuyết X hỗn hợp este đơn chức đồng đẳng n CO2 n H2O O2 , t o + Mặt khác X k X X l hỗn hợp este đơn, không no cã 1C C n n n CO H O X 2 C4 H6O2 : x mol 1,1 đđkt Kết hợp CX 4, 0, 25 C5 H8O2 : y mol x 0,15 mol 4x 5y n CO2 1,1 mol Áp dụng bảo toàn nguyên tố C H, ta có: 6x + 8y = 2n H2O 1,7 mol y 0,1 mol CH CH COO CH3 : 0,15 mol Trêng hỵp 1: X CH CH CH COO CH3 : 0,1 mol BTKL 22,9 0,3.40 m 0, 25.32 m 26,9 gam (khơng có đáp án loại) Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có: n O X CH3OH HCOO CH CH CH : 0,15 mol Trêng hỵp 2: X CH3COO CH CH CH : 0,1 mol BTKL 22,9 0,3.40 m 0, 25.58 m 20, gam CH2 CH CH2 OH Câu 9: Cho 11 gam hỗn hợp X gồm hai este đơn chức, mạch hở A B tác dụng hết với 200 gam dung dịch KOH 5,6% đun nóng, hỗn hợp ancol Y đồng đẳng kết tiếp, cạn dung dịch thu m gam chất rắn khan Cho Y qua bình Na dư khối lượng bình tăng 5,35 gam có 1,68 lít khí đktc Mặt khác, 16,5 gam X làm màu tối đa a gam brom Giá trị (m + a) A 40,7 B 52,7 C 32,7 D 28,7 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Tĩnh Gia – Thanh Hóa, năm 2015) Hướng dẫn giải n ROH n H2 0,15 mol m ROH 5,5 gam CH3OH 0,075 ROH gåm 5,5 C H 5OH m bình Na tăng m ROH m H2 M ROH 0,15 36,67 ? 5,35 gam 0,075.2 n CH OH n C H5OH 0,15 mol n CH OH 0,1 mol 32n CH3OH 46n C H5OH 5,5 gam n C H5OH 0,05 mol RCOOCH3 0,1 mol R 14 Lo³i HCOOC H n RCOOR '(X) n ROH 0,15 mol 0,05 mol RCOOR' gåm 11 HCOOCH3 M R 0,15 44 19,6 R' 0,1 mol R 27 CH CH RCOOC H 0,05 mol “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có : mchÊt r·n m este m KOH m ancol 16,7 gam m 11 11,2 5,5 n Br ph°n øng 0,15 0,075 0,225 mol HCOOCH3 : 0,15 mol + 16,5 gam X cã CH CH COOC H : 0,075 mol a m Br2 ph°n øng 36 gam VËy m a 16,7 36 52,7 Lưu ý : HCOOCH3 có phản ứng với dung dịch Br2 theo phản ứng HCOOR Br2 H2 O HO COOR 2HBr Câu 10: Hỗn hợp T gồm X, Y, Z (58 < MX < MY < MZ < 78, hợp chất hữu tạp phức, phân tử chứa C, H O có tính chất sau: - X, Y, Z tác dụng với Na - Y, Z tác dụng với NaHCO3 - X, Y có phản ứng tráng bạc Nếu đốt cháy hết 0,25 mol hỗn hợp T thu m gam chất CO2, giá trị m gần với A 44,4 B 22,2 C 11,1 D 33,3 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Chuyên Vinh – Nghệ An, năm 2015) Hướng dẫn giải Nhận xét: X, Y, Z tạp chức có M > 58 nên hỗn hợp X, Y, Z khơng chứa HCOOH chứa tối đa nhóm –CHO nhóm –COOH + X, Y, Z tác dụng với Na X, Y, Z chứa nhóm chức –OH –COOH + Y, Z tác dụng với NaHCO3 Y, Z chứa nhóm chức –COOH + X, Y có phản ứng tráng bạc X, Y có chứa nhóm chức –CHO Theo đó: + X, Y có chứa nhóm –CHO Mặt khác, X có phản ứng với Na, khơng tác dụng với NaHCO3; Y phản X : HO CH2 CHO X mang nhãm OH v¯ CHO 58MX MY MZ 78 ứng với Y mang nhãm COOH v¯ CHO Y : HOC COOH M 74 M 78 Y Z Y : HO CH2 COOH + Z không tráng bạc Y mang nhãm COOH X : HO CH CHO O2 , t o Suy T : Y : HOC COOH CO Z : HO CH COOH ? gam Áp dụng bảo tồn ngun tố C, ta có: gÇn nhÊt n C T 2n T 0,25.2 0,5 mol m 0,5.44 22 gam 22,2 gam Câu 11: Cho hỗn hợp X gồm este no, đơn chức Y ancol đơn chức Z tác dụng vừa đủ với 200 ml dung dịch NaOH 1M, thu 0,35 mol ancol Z Cho Z tách nước điều kiện thích hợp thu chất hữu T có tỉ khối so với Z 1,7 Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn X cần dùng 44,24 lít O2 (đktc) Cơng thức phân tử axit tạo Y A C5H10O2 B C4H8O2 C C3H6O2 D C2H4O2 (Đề thi thử Đại học lần – THPT Chuyên Thái Bình – Thái Bình, năm 2014) Hng dn gii H2 SO4 đặc, t o Z (ROH) T n n n 0,2 mol este Y NaOH Z míi t³o th¯nh ; MT n Z cã s¶n X 0,35 0,2 0,15 mol M 1,7 Z “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus T ph°i l¯ ete ROR R 43 C H Y l¯ C n H 2n 1COOC H : 0,2 mol 2R 16 X: Z l¯ C H OH : 0,15 mol R 17 1,7 ROH l¯ C H OH C n H 2n 1COOC H k 1 to X O2 CO2 H O C H OH k 1,795 mol Áp dụng bảo toàn mol nguyên tố O khai thác độ bất bão hịa k, ta có : 2n CO2 n H2 O 0,2.2 0,15 n O2 n H2 O 1,6 mol 1,975 n CO2 1, 45 mol n H O n CO 0,15 mol 2 Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có : mX 12.1, 45 2.1,6 16 0,2.2 0,15 29, gam n 0,15.60 0,2 14n 88 29, gam mC3H7OH axit t³o Y l¯ CH3COOH hay C H O2 mC nH2 n1COOC3H7 Câu 12: Hỗn hợp E chứa peptit X mạch hở (tạo glyxin alanin) este Y mạch hở (được tạo etylen glicol axit đơn, không no chưa liên kết C=C) Đun nóng hỗn hợp E với dung dịch NaOH vừa đủ thu 23,08 gam hỗn hợp F có chứa a gam muối glyxin b gam muối alanin Lấy toàn F đốt cháy thu Na2CO3, N2, 23,76 gam CO2 7,56 gam H2O Mặt khác đem đốt lượng E cần dùng 19,936 lít khí O2 (đktc) Giá trị a : b gần với giá trị sau đây? A 2,45 B 2,60 C 2,70 D 2,55 Hướng dẫn giải Amino axit t³o X: C n H 2n 1O2 N (n 2) Muèi cða amino axit A : C n H 2n O2 NNa : x mol Axit t³o este Y: C m H 2m 2 O2 Muèi cða axit B : C m H 2m 3O2 Na : y mol A: C n H 2n O2 NNa : x mol O2 , t o 23,08 gam F Na CO3 CO2 H O N B: C m H 2m 3O2 Na : y mol 0,54 mol 0,42 mol (x y) mol Áp dụng bảo toàn nguyên tố Na, ta có : n Na2CO3 k 1; cã nit¬ A (k A 0,5.Sè N) n A (k B 1) n B n CO2 n H2O k B x y 0,54 mol 0,42 mol 0,5x y 0,12 mol (1) Áp dụng bảo toàn khối lượng cho hỗn hợp F, ta có : m A v¯ B 12(n Na2 CO3 n CO2 ) n H2O 16 n O 23 n Na 14 n N 23,08 gam 0,5x 0,5y 0,54 0,42 2(x y) (x y) x 75x 61y 15,76 gam (2) 0,5x y 0,12 mol x 0,08 mol Tõ (1) v¯ (2) 75x 61y 15,76 gam y 0,16 mol Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có : n C muèi n CO2 n Na2 CO3 0,54 Do n n C A 2.0,08 0,16 mol n C B 0,66 0,16 mol Sè C B 0,08 0,16 0,66 mol 0,66 0,16 axit không no nên C 3,125 B l¯ CH CH COONa 0,16 “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus m r·n ? 0,54 0,2 0,36 mol 0,99 mol NaOH 0,54 X, Y, Z: ThÝ nghiÖm : 36,6 gam n H2O n X,Y,Z 0,36 mol 0,3 0,3 T : (0,54 0,36) mol C H (OH)3 : 0,18 mol Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có: 0,54 gÇn nhÊt m r·n 36,6 0,99.40 0,36.18 0,18.106 79,92 gam 79,90 gam 0,3 KOH H O C H (OH) M Câu 101: X peptit mạch hở cấu tạo từ axit glutamic - amino axit Y no, mạch hở chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH Để tác dụng vừa đủ với 0,1 mol X cần 0,7 mol NaOH tạo thành hỗn hợp muối trung hòa Mặt khác, đốt cháy 6,876 gam X cần 8,2656 lít O2 (đktc) Đốt cháy m gam tetrapeptit mạch hở cấu tạo từ Y cần 20,16 lít O2 (đktc) Biết số liên kết peptit X Giá trị m A 24,60 B 18,12 C 15,34 D 13,80 Hướng dẫn giải + Do peptit X tạo axit glutamic (1 nhóm –NH2 nhóm –COOH) và - amino axit Y no, mạch hở chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH nên cần để ý có nhóm –COOH axit glutamic tạo liên kết peptit, nhóm cịn lại tự Sè N = a + b + Giả sử X tạo a gốc Glu b gốc Y X có dạng (Glu)a Yb : x mol víi Sè O = a + b + + 2a k peptit 2a b + Do đó, theo quy luật phản ứng thủy phân peptit dung dịch kiềm, ta có: C n H 2n O2 NNa (Glu)a Yb (2a b)NaOH Muèi (a 1)H O C H O NNa n 2n mol : (Giải thích: a nhóm axit glutamic có a nhóm –COOH tự phản ứng với NaOH sinh thêm aH2O) Sè N = 2a b a Khi theo giả thuyết, ta có: X l¯ (Glu)2 Y3 : x mol víi Sè O = 10 a b b k peptit Áp dụng bảo toàn khối lượng, nguyên tố O mối liên hệ độ bất bão hịa k, ta có: 12n CO 2n H O 16.10x 14.5x 6,876 gam 12n CO 2n H O 230x 6,876 gam n CO2 0,3 mol 2 2 n H2O 0,258 mol 2n CO2 n H2O 10x 0,738 mol 2n CO2 n H2O 10x 0,738 x 0,012 mol n CO2 n H2O (7 0,5.5)x n CO2 n H2O 3,5x Bảo toàn nguyên tố C cho phản ứng đốt cháy: 0,012.5 C Y 0,012 0,3 mol C Y (C 5H11O2 N Valin) Vậy tatrapeptit tạo Valin có cơng thức phân tử C 5H11O2 N 3H2 O C 20 H38O5N4 O2 20CO2 19H2 O 2N2 Thí nghiệm 2, ta có đốt cháy pentapeptit tạo Valin, ta có: C 20 H38O5N4 to Áp dụng bảo toàn nguyên tố O, ta có: 5n pentapeptit Y 2.0,9 40.n pentapeptit Y 19.n pentapeptit Y n pentapeptit Y m pentapeptit Y mol 30 (12.20 38 16.5 14.4) 13,80 gam 30 Câu 102: X este đơn chức; Y este hai chức (X, Y mạch hở) Đốt cháy 21,2 gam hỗn hợp E chứa X, Y thu x mol CO2 y mol H2O với x = y + 0,52 Mặt khác đun nóng 21,2 gam E cần dùng 240 ml dung dịch “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus KOH 1M thu muối hỗn hợp F chứa ancol no Dẫn tồn F qua bình đựng Na dư sau phản ứng thấy khối lượng bình tăng 8,48 gam Số nguyên tử H (hiđro) có este Y A 14 B 12 C 10 D (Đề thi thử THPT Quốc gia lần lần 3– THPT Âu Lạc – TP Hồ Chí Mính, năm 2015) Hướng dẫn giải CO2 : x y 0,52 mol O2 to RCOOR' H O : y mol 21,2 gam E (RCOO)2 R'' R'OH 0,24 mol KOH Na RCOOK m bình tăng 8,48 gam R''(OH)2 Lu ý: Do đề khơng nói “lượng khí bay khơng đáng k nờn mbình tăng mancol mH2 8,48 gam 0,24 0,24 gam Áp dụng bảo toàn khối lượng cho phản ứng thủy phân bảo tồn ngun tố K, ta có: m RCOOK 21, 0, 24.56 (8, 48 0, 24) 25, 92 gam 26,16 M RCOOK 108 R l¯ CH C 0, 24 n RCOOK n KOH 0, 24 mol Bảo tồn mol H linh động, ta có: n OH ancol n KOH 2n H2 0,24 mol m H2 X : CH C COOR' : a mol k X Khi đó: E n O E 2a 4b 2.(a 2b) 0,48 mol Y : (CH C COO)2 R'' : b mol k Y n KOH a 0,16 mol 2a 4b 0,48 mol BTNT O (k 1) n E nCO2 n H2 O 2a 5b n CO n H O 0,52 mol b 0,04 mol x y 0,52 mol x 1,04 mol Theo giả thuyết bảo toàn khối lượng, ta có: 12x 2y (21,2 0,48.16) gam y 0,52 mol Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có: C X 0,16 C Y 0,04 nCO2 1,04 mol 4C X C Y 26 2 C X C X CH C COOCH3 C nguyªn Do 26 C Y (6 2) C X 4,5 C Y 10 (CH C COO)C H8 H Y 10 Comment: Ngoài ra, nCO2 2n H2O hỗn hợp E, số C = số H nên C Y 10 HY 10 Câu 103: Hỗn hợp E chứa tripeptit X pentapeptit Y (X, Y mạch hở) phần trăm khối lượng oxi X 33,862% phần trăm khối lượng nitơ Y 21,148% Đun nóng m gam E cần dùng 330 ml dung dịch NaOH 1M thu hỗn hợp gồm muối glyxin 6,66 gam muối alanin Giá trị m A 21,27 gam B 22,18 gam C 21,12 gam D 22,64 gam (Đề thi thử THPT Quốc gia lần lần 3– THPT Âu Lạc – TP Hồ Chí Mính, năm 2015) Hướng dẫn giải 16.4 Tripeptit : C x H y O4 N %O 189 3.75 2.18 Gly Gly Gly 0,33862 E Pentapeptit : C H O N %N 14.5 331 2.89 3.75 4.18 Ala Ala Gly Gly Gly n m 0,21148 “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus muèi cða gly: C H O2 NNa Gly Gly Gly : x mol 0,33 mol NaOH m gam E 6,66 muèi cða ala: C H6 O2 NNa : 0,06 mol Ala Ala Gly Gly Gly : y mol 111 Áp dụng bảo toàn nguyên tố Na, ta có: nC2H4O2NNa 0,33 0,06 0,27 mol n C H O NNa n Gly 3x 3y 0,27 mol x 0,06 mol Áp dụng bảo toàn gốc amino axit, ta có: n n 2y 0,06 mol y 0,03 mol C H O NNa Ala m 0,06.189 0,03.331 21,27 gam Câu 104: Hỗn hợp X gồm tripeptit A; tetrapeptit B cấu tạo từ glyxin alanin Phần trăm khối lượng N A B theo thứ tự 19,36% 19,44% Thủy phân hoàn toàn 0,1 mol X dung dịch NaOH vừa đủ thu dung dịch Y Cô cạn Y thu 36,34 gam hỗn hợp muối Tỉ lệ mol A B hỗn hợp X A : B : C : D : Hướng dẫn giải 14.3 A : tripeptit %N = 217 2.89 75 2.18 Ala Ala Gly 0,1936 B : tetrapeptit %N = 14.4 288 3.89 75 3.18 Ala Ala Ala Gly 0,1944 C H O NNa Ala Ala Gly : x mol NaOH 0,1 mol 36,34 gam Ala Ala Ala Gly : y mol C H6 O2 NNa n C H O NNa x y Áp dụng bảo tồn gốc amino axit, ta có: n C3H6O2NNa 2x 3y x y 0,1 mol x 0,06 mol n A : n B 0,06 : 0,04 : 97(x y) 111(2x 3y) 36,34 gam y 0,04 mol Câu 105: X, Y hai axit cacboxylic hai chức, mạch hở thuộc dãy đồng đẳng kế tiếp; Z T hai este chức 14 đvC, đồng thời Y Z đồng phân (MX < MY < MT) Đốt cháy 17,28 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T cần dùng 10,752 lít O2 (đktc) Mặt khác đun nóng 17,28 gam E cần dùng 300 ml dung dịch NaOH 1M thu 4,2 gam hỗn hợp gồm ancol có số mol Số mol X E A 0,05 mol B 0,04 mol C 0,06 mol D 0,03 mol Hướng dẫn giải X : R'(COOH)2 CO2 0,48 mol O2 Y : R''(COOH)2 17,28 gam E H O Z, T l¯ este thuÇn chøc 0,3 mol NaOH 4,2 gam ancol cã cïng sè mol C C C C X Y Z T + nNaOH ph°n øng n COO E 0,3 mol nO E 2n COO 0,6 mol + Do Y Z đồng phân nên Y phải mang nhóm –COO– T Z nhóm –CH2 nên T mang nhóm –COO– hỗn hợp E gồm chất có oxi n 0,6 + Vậy n E O E 0,15 mol 4 Áp dụng bảo toàn khối lượng bảo toàn nguyên tố O, ta có: “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus 44n CO2 18n H2O 17,28 0,48.32 gam n CO2 0,57 mol n H2O 0,42 mol 2n CO2 n H2O 0,6 2.0,48 mol ®®kt C X n CO2 0,57 CY CZ axit chøc nªn C X Sè C E 3,8 ®®kt nE 0,15 CY CZ C X + Mặt khác, Z este chức nên CZ Vậy CZ = X : HOOC CH COOH Khi đó: Y : HOOC [CH ]2 COOH C H (OH)2 : a mol Z : (HCOO)2 C H Y v¯ Z đồng phân NaOH 4,2 gam CH3OH : a mol Z, T to ancol T : H3 C OOC COO C H C H OH : a mol n 0,03 mol 4,2 BT c²c gèc rỵu a 0,03 mol Z 62 32 46 n T 0,03 mol n X n T (0,15 0,06) mol n 0,06 mol nY nT Theo giả thuyết bảo tồn ngun tố C, ta có: X n 0,03 mol 3n X 4y 0, 57 0,03 5 Y Câu 106: X este no, đơn chức; Y este đơn chức, không no chứa nối đôi C=C (X, Y mạch hở) Đốt cháy 10,56 gam hỗn hợp E chứa X, Y cần dùng 10,08 lít O2 (đktc) thu 6,48 gam nước Mặt khác đun nóng 10,56 gam E với dung dịch NaOH vừa đủ thu ancol hỗn hợp muối chứa a gam muối A b gam muối B (MA< MB) Tỉ lệ a : b gần với giá trị sau ? A 0,9 B 1,2 C 1,0 D 1,5 Hướng dẫn giải 0,45 mol O2 CO2 H O 0,36 mol X : R1COOR' : a mol (k = 1) 10,56 gam R1COONa NaOH Y : R COOR' : b mol (k 2) R'OH + R2 COONa Áp dụng bảo toàn khối lượng, ta có: mCO2 10,56 0,45.32 6,48 18,48 gam n CO2 18,48 0,42 mol 44 Áp dụng bảo toàn nguyên tố O mối liên hệ độ bất bão hịa k, ta có: n CO2 2a 2b 2.0,45 2.0,42 0,36 a 0,09 X : HCOOCH3 0,42 C X,Y 2,8 n X n Y 0,15 b n CO2 n H2O 0,06 mol b 0,06 mol Y : R2 COOCH3 BTNT C 0,09.2 0,06.C Y 0,42 mol C Y (CH2 CHCOO CH3 ) HCOONa : 0,09 mol 0,09.68 gÇn nhÊt a:b 1,085 1,0 CH CHCOONa : 0,06 mol 0,06.94 Câu 107: Hỗn hợp E chứa axit mạch hở khơng phân nhánh Hóa hồn tồn 12,32 gam E thể tích thể tích 3,36 gam N2 (đo điều kiện) Đốt cháy 12,32 gam E cần dùng 0,26 mol O2 thu 18,48 gam CO2 Mặt khác 0,18 mol E làm màu vừa đủ dung dịch chứa a mol Br2 Giá trị a A 0,33 mol B 0,18 mol C 0,36 mol D 0,24 mol “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus Hướng dẫn giải 3,36 0,12 mol 28 Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có: mH2O 12,32 0,26.32 18,48 2,16 gam n H2O 0,12 mol + n12,32 gam E n N2 Áp dụng bảo tồn ngun tố O, ta có: n O E 18,48 0,12 0,26.2 0,44 mol 44 2n H2O 0,24 2 Sè H = nE 0,12 Sè O = n O E 0,44 11 ( 3,67) nE 0,12 Mặt khác, X Y có mạch C khơng phân nhân nhánh số chức (-COOH) khơng q øng víi HCOOH O 0,02 mol 11 O= øng víi 0,1 mol HOOC R COOH O BTNT C 0,02.1 0,1.C Y 0,42 mol C Y (HOOC C C COOH) 0,18 HCOOH : 0,02 0,03 mol 0,12 Vậy: 0,18 mol E n Br2 ph°n øng 0,03 0,15.2 0,33 mol HOOC C C COOH : 0,1 0,18 0,15 mol 0,12 Câu 108: Hỗn hợp A gồm oligopeptit X, Y, Z cấu tạo từ Gly, Ala Val E este ancol etylic axit cacboxylic T no, đơn chức, mạch hở Chia A thành hai phần nhau: + Phần một: đốt cháy hoàn toàn cần vừa đủ 45,08 lít O2 (đktc) thu hỗn hợp khí làm kết tủa tối đa 1,8 lít dung dịch Ca(OH)2 1M + Phần hai: thủy phân hồn tồn cần V lít dung dịch NaOH 0,75M thu hỗn hợp B chứa muối natri amino axit axit T Đốt cháy hoàn toàn B thu 0,925 mol CO2 1,05 mol H2O Giá trị V gần với giá trị sau ? A 1,02 B 1,80 C 0,97 D 1,60 Hướng dẫn giải H N R COONa (k = 1) 2,0125 mol O2 CO2 : 0,925 mol B gåm to H2 O :1,05 mol RCOONa (k = 1) Do đốt muối axit no, đơn cho mol CO2 = mol H2O (1 0,5)n muèi amino axit n CO2 n H2O nmuèi amino axit namino axit 0,25 mol Quy đổi đốt cháy hỗn hợp A đốt cháy đipeptit este T thu 1,8 mol CO2 0,25 BT mol amino axit n H NRCOOH 0,25 mol n C2n H4nO3N2 (§ipeptit) 0,125 mol 2 C 2n H 4n O3 N (§ipeptit) : 0,125 mol 2,0125 mol O2 CO2 :1,8 mol RCOOR' H O Do đốt cháy đipeptit este no, đơn thu mol CO2 = mol H2O n H2O 1,8 mol “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus Áp dụng bảo tồn ngun tố O, ta có: 0,125.3 2n RCOOR' 2,0125.2 2.1,8 1,8 n RCOOR' 0,5 mol 0,75 gÇn nhÊt Vậy n NaOH ph°n øng namino axit nRCOOR' 0,25 0,5 0,75 mol V = 1 lÝt 1,02 lÝt 0,75 Câu 109: Hỗn hợp E gồm hai este X Y có cơng thức phân tử C4H8O2 Thủy phân hoàn toàn m gam E dung dịch KOH vừa đủ thu 3,92 gam hai ancol dãy đồng đẳng khối lượng muối dung dịch vừa m gam Khối lượng muối có phân tử khối nhỏ A 4,200 gam B 4,704 gam C 3,400 gam D 3,808 gam Hướng dẫn giải RCOOR’ KOH RCOOK R’OH m gam m gam Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có: mKOH mR'OH 3,92 gam n KOH n R’OH 0,07 mol HCOOK Este HCOOC H 43 (C H ) C H OH 7 x mol m RCOOK m RCOOR’ R ' 39 CH3 COOK R 'OH hỗn hợp ancol Este CH COOC H C H OH 29 (C H ) 5 y mol Trong X, Y phải chất có gốc ancol >39, có CTPT C4H8O2 Mgèc ancol max 43 (C3H7 ) Do ancol đồng đẳng nên gốc ancol lại 29 (C2H5) x y 0,07 mol x 0,05 mol m 0,05.84 4,2 gam Khi ta có: 60x 46y 3,92 gam y 0,02 mol Câu 110: Đun nóng 24,8 gam hỗn hợp E chứa peptit X, Y, Z mạch hở cần dùng 300 ml dung dịch NaOH 1M thu hỗn hợp muối chứa a mol muối glyxin b mol muối lysin Mặt khác đốt cháy 24,8 gam E lượng oxi vừa đủ thu N2, CO2 H2O tỉ lệ khối lượng CO2 H2O 2,444 Giá trị a : b gần với giá trị sau đây? A 2,90 B 2,70 C 2,85 D 2,60 Hướng dẫn giải 44n CO2 2,444 n CO2 n H2O Theo giả thuyết, ta có : 18n H2O Phản ứng đốt cháy cho ta : (k E 0,5.Sè N).n E n CO2 n H2O k E 0,5.Sè N Suy số N peptit số chẵn số H chẵn k E 10,5.Sè N k Sè N = Peptit cã d³ng A-A (víi A cã 1-NH , 1-COOH) k E 10,5.Sè N k Sè N = Peptit cã d³ng A-A-B (víi B cã 2-NH , 1-COOH) Mặt khác, k E k E 10,5.Sè N k Sè N = Peptit cã d³ng A-A-B-B (víi B cã 2-NH , 1-COOH) T¬ng tù cho k = 5, 6, k E n O2 t o V× thÕ ®èt peptit E n CO2 n H2O Peptit E cã d³ng (A)2 (B)n víi Sè N = 2n+2 Sè O = n + “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus C H O2 NNa : a mol E : (Gly)2 (Lys)n NaOH H2 O Vậy C H O N Na : b mol 13 2 x 0,3 x mol : Áp dụng bảo toàn nguyên tố Na, ta có : n Na muèi n NaOH a b 0,3 mol n Gly 2x a mol BT m·t xÝch amino axit 2x nx 0,3 mol (1) n Lys nx b mol Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có: 97.2x 168.nx 18x 24,8 0,3.40 gam (2) 17 34 34 x 2x 2x nx 0,3 mol gÇn nhÊt 155 155 a 155 2,72 Từ (1) (2) 2,70 b 212x 168nx 36,8 gam nx 62 62 Câu 111: Peptit X peptit Y mạch hở cấu tạo từ -amino axit no; Z este chức glyxerol axit thuộc dãy đồng đẳng axit acrylic Đốt cháy 0,16 mol hỗn hợp E chứa X, Y, Z có tỉ lệ mol tương ứng : : 5, sản phẩm cháy gồm CO2, H2O N2 dẫn qua bình đựng nước vơi dư thu 196,0 gam kết tủa; đồng thời khối lượng bình tăng 112,52 gam Khí khỏi bình tích 2,688 lít (đktc) Mặt khác đun nóng 64,86 gam E dung dịch NaOH vừa đủ thu lượng muối A 67,74 gam B 83,25 gam C 78,24 gam D 93,75 gam Hướng dẫn giải 196 n CO2 m CaCO3 1,96 mol 100 0,16 n X, Y 0,06 mol 112,52 1,96.44 1,46 mol Theo giả thuyết, ta có: n H2O 18 n 0,16 0,1 mol Z 2,688 n N2 22,4 0,12 mol k Z 3 COO 3C C Z l¯ trieste cða glixerol v¯ axit kh«ng no cã 1C C Z cã d³ng C x H y O6 (0,1 mol) Mặt khác, ta lại có nCO2 n H2O 1,96 1,46 5.0,1 k Z 1 n Z O2 t V× thÕ ®èt peptit X,Y n CO2 n H2O o k peptit n Peptit X,Y cã d³ng (A)2 (B)n víi Sè N = 2n+2 Sè O = n + (Với A, B amino axit no, mạch hở; A có – NH2, – COOH B có – NH2, – COOH) Áp dụng bảo toàn nguyên tố N, ta có: n N E 0,06.(2n 2) 2n N2 0,24 mol n = Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có: m E 12.1,96 2.1,46 16.[0,1.6 0,06.(1 3)] 14.0,24 43,24 gam mC mH mO mN X, Y 3NaOH Muèi H O 0,06 mol : 0,06 0,18 + Nếu lấy 0,16 mol E thủy phân NaOH ta có: E Z 3NaOH Muèi C H (OH)3 mol : 0,1 0,3 0,1 “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus (Lưu ý: n = k peptit , peptit tạo -amino axit no nên k peptit k CONH k COOH ) Khi theo bảo tồn khối lượng, ta có: m mi 43,24 0,48.40 0,06.18 0,1.92 52,16 gam mE mNaOH m H2 O mC3H5 ( OH )3 64,86 78, 24 gam 43, 24 Câu 112: X, Y, Z este đơn chức, mạch hở (trong X, Y dãy đồng đẳng; Z không no chứa liên kết C=C) Đốt cháy 13,08 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z (số mol Y lớn số mol Z) cần dùng 0,51 mol O2 Mặt khác đun nóng 13,08 gam E với 200 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ) thu hỗn hợp chứa ancol hỗn hợp chứa muối gồm a mol muối A b gam muối B (M A < MB) Tỉ lệ a : b gần với giá trị sau đây? A 6,4 B 6,5 C 6,6 D 6,3 Hướng dẫn giải Theo quy luật phản ứng thủy phân este ta có: nCOO nNaOH ph°n øng 0,2 mol Áp dụng bảo toàn khối lượng bảo toàn nguyên tố O, ta có: 44n CO2 18n H2O (13,08 0,51.32) gam n CO 0, 48 mol 2n CO2 n H2O (2.0,2 2.0,51) mol n H2O 0, 46 mol n CO2 0, 48 2, E chứa X HCOOCH3 Do X, Y, Z đơn Sè C X, Y, Z n X, Y, Z 0,2 Theo giả thuyết X, Y thuộc dãy đồng đẳng nên ta có X, Y no, đơn chức Mặt khác, sau phản ứng thủy phân thu ancol muối ancol lại C2H5OH Vậy lấy 64,86 gam E thủy phân NaOH m muèi 52,16 để thu muối + Nu Y cha có dạng RCOO- với R H Z phải có dạng HCOOR’ với R’ lúc chứa liên kết nối đôi C=C không thu ancol thuộc dãy đồng đẳng CH3OH Vậy Y phải HCOOC2H5 Z có dạng RCOOR’ 0,51 mol O CO H O 2 X : HCOOCH3 (k = 1, x mol) 13,08 gam E Y : HCOOC H (k = 1, y mol) Z : RCOOR' (k = 2, z mol) CH3 OH ancol C H OH 0,2 mol NaOH HCOONa : a gam muèi RCOONa : b gam Theo mối liên hệ độ bất bão hòa k, ta có: n X x mol nZ z nCO2 n H2O 0,02 mol n Y (0,2 0,02) x (0,18 x) mol Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có: 2x 3.(0,18 x) C Z 0,02 nCO2 0,48 mol C Z 0,02 x 0,06 Mặt khác n Y n Z 0,18 – x > 0,02 x < 0,16 mol C Z 0,16 0,06 0,02 Cz Do Z este khơng no, đơn chức có nối đơi C=C CZ = (Z CH2=CH-COOCH3) HCOONa : (x y) 0,18 mol BT nhãm HCOO v¯ CH2 CHCOO CH2 CH COONa : 0,02 mol a 0,18.68 gÇn nhÊt 6,5 6,51 b 0,02.94 “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus Câu 113: X, Y hai chất hữu thuộc dãy đồng đẳng axit acrylic; Z axit no, hai chức (X, Y, Z mạch hở) Đốt cháy 15,96 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z lượng oxi vừa đủ thu 5,4 gam nước Mặt khác 0,45 mol E làm màu vừa đủ dung dịch chứa 0,15 mol Br2 Nếu lấy 15,96 gam E tác dụng với 600 ml dung dịch KOH 1M, cô cạn dung dịch thu m gam rắn khan Giá trị m gần với giá trị đây? A 44,0 B 45,0 C 46,0 D 47,0 Hướng dẫn giải O2 CO2 H O 0,3 mol 15,96 gam E X, Y : R COOH : x mol (k = 2) R COOK Z : R '(C OOH) : y mol (k = 2) 0,6 mol KOH r·n R '(C OOK)2 H O KOH d 0,15 mol Br2 0, 45 mol E mÊt m¯u võa ®ð + Do Z axit no, hai chức X, Y phản ứng với dung dịch Br2 n X, Y nBr2 ph°n øng 0,15 mol = n E Vậy 15,96 gam E có n X, Y x mol n Z y 2x mol Áp dụng bảo toàn khối lượng, bảo toàn nguyên tố O mối liên hệ độ bất bão hịa k, ta có: 15,96 32n O2 44n CO2 5, n O2 0,33 mol 5, n X, Y 0,06 mol n CO2 0, 48 mol (2x 4.2x) 2n O2 2n CO2 18 n Z 0,12 mol x 0,06 mol x 2x n CO2 n H2O n CO2 0,3 Áp dụng bảo toàn khối lượng cho phản ứng hỗn hợp với KOH, ta có: gÇn nhÊt m r·n 15,96 0,6.56 (0,06 0,12.2).18 44,16 gam 44 gam mH O Câu 114: X axit đơn chức, không no chứa liên kết đôi C=C; Y axit no, hai chức, Z este no, hai chức (X, Y, Z mạch hở) Đun nóng 17,84 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với 120 gam dung dịch MOH 12% (M kim loại kiềm), cô cạn dung dịch sau phản ứng thu phần rắn F chứa muối Đốt cháy hoàn toàn rắn F thu H2O; 0,18 mol M2CO3 0,26 mol CO2 Mặt khác đốt cháy 17,84 gam E thu 0,48 mol CO2 Phần trăm khối lượng muối có phân tử khối lớn hỗn hợp F A 85,08% B 76,89% C 70,63% D 86,30% Hướng dẫn giải M CO3 : 0,18 mol O2 120 gam dd X : RCOOH : x mol (k = 2) CO2 : 0,26 mol MOH 12% r·n F to 17,84 gam E Y : R'(COOH)2 : y mol (k = 2) H O Z: R'(C OOR'') : z mol (k = 2) o O2 , t CO2 : 0, 48 mol 120.0,12 M 23 (Na) Áp dụng bảo tồn ngun tố M, ta có: nM 2n M2CO3 0,36 mol = M 17 Do phần rắn F chứa muối nên NaOH phản ứng hết nNaOH nCOO 0,36 mol Áp dụng bảo toàn khối lượng cho phản ứng đốt cháy E bảo tồn ngun tố O, ta có: 17,84 32n O2 44.0, 48 18n H2O n O 0,26 mol 2.0,36 2n O2 2.0, 48 n H2O n H2O 0,28 mol “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus Áp dụng mối liên hệ độ bất bão hịa k, ta có: nX, Y, Z nCO2 nH2O 0,48 0,28 0,2 mol Sè C X, Y, Z n CO2 n X, Y, Z 0, 48 2, E gồm 0,2 RCOOH : x mol HOOC COOH : y mol (COO R '') : z mol x 0,04 mol x y z n X, Y, Z 0,2 mol Khi theo giả thuyết, ta có: y z 0,16 mol x 2y 2z n NaOH 0,36 mol O2 §èt muèi F nC n CO2 n Na2CO3 0, 44 mol Mặt khác O2 §èt E CO2 : 0, 48 mol nC gèc R'' 0,48 0,44 0,04 mol Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có: C X 0,04 2y 2z 0,32 mol 0,04 n C E 0, 48 mol nC R'' CH2 CH COONa : 0,04 mol C X (CH2 CH COOH) F gồm (COONa)2 : 0,16 mol 0,16.134 %m NaOOC COONa 100 85,08% 0,16.134 0,04.94 Câu 115: Hỗn hợp E chứa ancol mạch hở anken Đốt cháy 0,2 mol E cần dùng 0,48 mol O2, thu CO2 H2O có tổng khối lượng 23,04 gam Mặt khác dẫn 0,2 mol E qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng 6,4 gam; đồng thời thấy 1,792 lít khí H2 (đktc) Nếu lấy 19,2 gam E làm màu tối đa V ml dung dịch Br2 1M Giá trị V A 300 ml B 450 ml C 400 ml D 350 ml Hướng dẫn giải 0, 48 mol O CO H O 2 C a H 2a 23,04 gam 0,2 mol E R(OH)n m bình tăng 6,4 gam R'(OH) b×nh Na d m H : 0,08 mol V ml dung dÞch Br2 1M mÊt m¯u tèi ®a 19,2 gam E Na Theo quy luật phản ứng : OH H2 nOH E 2n H2 0,16 mol Ở phần thí nghiệm hỗn hợp E vào bình Na dư giúp ta định lượng ancol Lưu ý: + Các anken có số C thể khí điều kiện thường khỏi bình BTKL + Để đảm bảo tính chặt chẽ toán mE 23,04 0,48.32 7,68 gam Nếu có khí H2 mE mbình tăng m H 6,4 0,16 6,56 gam < 7,68 gam (Mâu thun) m Ancol m bình tăng m 6,4 0,16 6,56 gam H2 Vậy anken khơng bị giữ lại bình m Ca H2a 7,68 6,56 1,12 gam Theo giả thuyết bảo toàn nguyên tố O, ta có : “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus n CO2 0,36 Sè C = = 1,8 nE 0,2 44n CO2 18n H2O 23,04 gam n CO2 0,36 mol 2n n (0,16 2.0,48) mol n 0,4 mol CO H O H O Sè H = 2n H2O = 2.0,4 = 2 nE 0,2 Cách 1: Tìm cơng tức cấu tạo chất hỗn hợp E 1,12 C H : 0,04 mol C H 28 0,04 mol n ancol nOH E 0,16 mol 0,2 mol E CH O : x mol c²c ancol đơn CH O 0,16 mol 0,16 mol C n H O : y mol C n H Om 1 k Mặt khác, ta có n H O n CO n hỗn hơp ancol C nH4O CH C CH2 OH 2 Sè H = 0,16 mol 0,04 mol x y 0,16 mol x 0,1 mol Khi theo giả thuyết, ta có: y 0,06 mol 32x 56y mancol 6,56 gam m thÝ nghiÖm 19,2 + Do 2,5 m thÝ nghiƯm (øng víi 0,2 mol) 7,68 CH2 CH2 : 0,04.2,5 0,1 mol 0,1 0,15.2 BTLK CC VBr2 CH3OH : 0,1.2,5 0,25 mol 0,4 lÝt = 400 ml CH C CH OH : 0,06.2,5 0,15 mol Cách 2: Dựa vào số liên kết C C trung bình Do hỗn hợp E gồm ancol anken, không chứa hợp chất chứa liên kết C=O nên ta có k C C Khi gọi k số liên kết C C trung bình E Áp dụng mối liên hệ độ bất bão hòa k, ta có : (k 1).0,2 nCO n H O 0,04 mol k = 0,8 2 + Do m thÝ nghiÖm m thÝ nghiÖm (øng víi 0,2 mol) BTLK 19,2 2,5 7,68 CC n n 0,8.0,2.2,5 0,4 mol V Br2 C C E Br2 0,4 0,4 lÝt hay 400 ml Câu 116: Hỗn hợp E chứa peptit X, Y, Z (MX < MY < MZ) mạch hở có tổng số nguyên tử oxi 14 số mol X chiếm 50% số mol hỗn hợp E Đốt cháy x gam hỗn hợp E cần dùng 1,1475 mol O 2, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch KOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng 60,93 gam; đồng thời có khí Mặt khác đun nóng x gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu dung dịch chứa 0,36 mol muối A 0,09 mol muối B (A, B hai -aminoaxit no, phân tử chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH) Phần trăm khối lượng Z có hỗn hợp E A 20,5% B 13,7% C 16,4% D 24,6% Hướng dẫn giải Những điều cần thiết giải tốn peptit dạng Ta có peptit X tạo -aminoaxit no chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH Lúc ta có “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus C H CO O2 n-peptit (X) O (n 1) H 2O N N n n nCO2 nH 2O 1 Nhận xét: = nghĩa X đi-peptit nCO2 = nH2O Phản ứng thủy phân: nX = t (X)n + (n – 1)H2O n (các -aminoaxit) t 2(X)n + (n – 2)H2O n(Y)2 x mol Do ta đốt cháy hỗn hợp đi-peptit đồng nghĩa ta đốt cháy hỗn hợp peptit ban đầu x mol H2O Đề bài: đốt cháy m gam hỗn hợp E chứa peptit tạo -aminoaxit no chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH cần dùng a mol O2, thu z mol H2O Sơ đồ a mol O2 CO2 y ®i peptit H O y m peptit 18x x mol H O Bảo tồn ngun tố O n ®i peptit 3y 2a (vì đi-peptit chứa nguyên tử O) Mà ta ln có: y – x = z Áp dụng vào toán Nhận xét: 0,36 mol muối A (NH2-RCOONa) 0,09 mol muối B (NH2-R’-COOna) nNaOH = 0,45 mol Mol: t 2(X)n + (n – 2)H2O n(Y)2 x mol t Đi-peptit + NaOH muối số mol đi-peptit = 0,225 mol 1,1475 mol O2 CO2 y ®i peptit H O y 0,225mol x mol H O 0,225 + 1,1475 = 3y y = 0,99 mol 60,93 0,99 44 nH2O sinh đốt cháy E = 0,965mol 18 0,99 – x = 0,965 x = 0,025 mol m®i peptit 0,99 14 0,225 14 0,225 16 30,96gam “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus n 0, 225 0, 225 n 2, 25 n E 0, 2mol n 0, 025 2, 25 0,99 CE 4,95 X Gly-Gly (0,1 mol) 0, Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng phản ứng thủy phân 30,96 + 0,45 40 = mmuối + 0,225 18 mmuối = 44,91 gam 0,36 97 + 0,09 B = 44,91 B = 111 B muối Ala 0,99 0,1 Ta có: CY,Z 5,9 Y Gly-Ala 0,1 Mà E có tổng số nguyên tử oxi 14 Z hepta-peptit 0,99 0,965 nZ = 0, 01 mol nY = 0,09 mol Z (Gly)7 1 0,01(75 18 6) % mZ = 100 13,7% 30,96 0,025 18 Câu 117: Cho m gam hỗn hợp X gồm ancol đơn chức X1, X2 đồng đẳng (MX1 < MX2), phản ứng với CuO đun nóng thu 0,25 mol nước hỗn hợp Y gồm andehit tương ứng ancol dư Đốt cháy hoàn toàn Y thu 0,5 mol CO2 0,65 mol nước Mặt khác cho Y tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3/NH3, kết thúc phản ứng thu 0,9mol Ag Hiệu suất tạo andehit X1, X2 là? A.50, 66,67 B 66,67 50 C 66,67 33.33 D 33,33 50 Hướng dẫn giải Đốt cháy Y nCO2 = 0,5 mol ; nH2O = 0,65 mol Hai ancol X1, X2 no số mol ancol dư = 0,15 mol Mà: số mol ancol phản ứng = số mol andehit = 0,25 mol nY = 0,4 mol MY 1, 25 HCHO CH3CHO Mà: a b 0, 25 HCHO 4Ag a 0, CH3 CHO 2Ag 4a 2b 0,9 b 0, 05 HCHO CO2 CH OH dö = 0,1 nCO2 ancol dö sinh = 0,2 mol CH3 CHO 2CO2 C2 H5 OH dö = 0,05 HS (X1 ) 66, 67% CH OH bñ = 0,3 HS (X2 ) 50, 00% C2 H5 OH bñ = 0,1 Câu 118: Hỗn hợp E chứa axit cacboxylic X ancol đa chức Y (X, Y no mạch hở) Đốt cháy 0,16 mol E cần dùng 0,32 mol O2 thu CO2 H2O có tỉ lệ mol : Đun nóng E có mặt H2SO4 đặc làm xúc tác thu chất hữu (Z) mạch hở Lấy 0,175 mol (Z) tác dụng với 700 ml dung dịch NaOH 1M vừa đủ, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu 46,9 gam rắn Số nguyên tử hydro (H) có (Z) A B 10 C D Hướng dẫn giải X 0,32 mol O2 CO2 Nhận xét Y H O X axit cacboxylic no, hai chức nX = nY = 0,08 mol “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus mR(COONa)2 46,9 Z hợp chất hữu tạo X Y R 134 134 R n R(COONa)2 0,35 X : (COOH)2 0, 08 0,32 mol O2 CO2 0,16 0, 08n Y : Cn H 2n 2O x 0, 08 H 2O 0,16 0, 08n 0,32 + 0,08x + 0,64 = 0,48 + 0,24n 3n = + x x = ; n = Y C3H5(OH)3 Vì nZ : nNaOH = : ; Z lại mạch hở nên Z có CTCT HOOC-COO-CH2 | HCOO-COO-CH | HO-CH2 Câu 119: Đun nóng hỗn hợp X chứa este đơn chức, mạch hở với 400 ml dung dịch NaOH 1M, thu dung dịch Y chứa muối hỗn hợp Z chứa ancol thuộc dãy đồng đẳng Lấy toàn Z đun nóng với H2SO4 đặc 1400C thu 12,78 gam hỗn hợp gồm ete (biết hiệu suất ete hóa ancol 75%) Cơ cạn Y sau nung với vơi tơi xút thu hỗn hợp khí có tỉ khối so với H 6,6 Phần trăm khối lượng este có khối lượng phân tử nhỏ A 46,2% B 51,1% C 56,4% D 48,8% Hướng dẫn giải Ta có: nZ = nNaOH = 0,4 mol nZ phản ứng = 0,3 mol nH2O = 0,15 mol mZ phản ứng = 12,78 + 0,15 18 = 15,48 gam M Z 51,6 C H OH 0, 24 Z chứa mZ ban đầu = 20,64 gam C3H7 OH 0,16 Muối có dạng RCOONa = 0,4 mol RCOONa RH R + = 13,2 R = 12,2 có muối HCOONa mmuối = 31,68 gam mX = 36,32 gam Nếu este HCOOC2H5 = 0,24 Meste lại = 96 C2H5COOC3H7 % (m) = 48,8% Câu 120: Hỗn hợp X gồm andehit đơn chức đồng đẳng Cho 20,8 gam X phản ứng tráng bạc tối đa thu mol Ag Nếu hidro hóa hồn tồn 10,4 gam X thành ancol tương ứng Y Z (MY < MZ) đun nóng với H2SO4 đặc 1400C thu 3,78 gam hỗn hợp ete Biết hiệu suất phản ứng ete hóa Y 50% hiệu suất phản ứng ete hóa Z bao nhiêu? Hướng dẫn giải Nếu anđehit cho không chứa HCHO nX = mol MX 20,8 loại Vậy anđehit cho HCHO CH3CHO 30a 44b 20,8 a 0, b 0, 4a 2b Y : CH3OH 0, số mol ancol phản ứng = (0,1 + a) Z : C2 H5OH 0,1 0,1 32 + 46a = 3,78 + 18 Hiệu suất = 40% 0,1 a a = 0,04 “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” Luyện thi THPT QUỐC GIA HĨA HỌC-PHẠM CƠNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus Câu 121: Hỗn hợp A gồm hợp chất hữu đơn chức, mạch hở tác dụng với dung dịch NaOH, có số liên kết không B hợp chất hữu có cơng thức C4H6O4 tác dụng với NaOH theo tỉ lệ mol : Trộn A với B thu hỗn hợp M, chất có khối lượng phân tử lớn chiếm 50% số mol Để phản ứng với m gam M cần dùng 600 ml dung dịch NaOH 1M Mặt khác đốt cháy hết m gam M thu 1,2 mol CO2 0,9 mol H2O Phần trăm khối lượng chất có khối lượng phân tử nhỏ M A 19,49% B 30,50% C 12,99% D 20,34% Hướng dẫn giải X (1 ) x mol Đặt : Y (2 ) y mol C H O z mol Xét A có chứa hợp chất anhydrit x 2y 2z 0, loại Vì A chứa chức axit este y z 0,3 x y 2z 0, x z 0,3 xy Do ta có: y z 0,3 y z 0,3 Nếu X Y có khối lượng phân tử lớn x = 0,5(x + y + z) z = (loại) Vậy C4H6O4 chất có khối lượng phân tử lớn x y 0,1 z = 0,5(x + y + z) 2x = 2y = z z 0, 1, 0, 2 CX,Y X : HCOOH 0, H z 2(0,9 0, 3) Y : C3H 4O X.Y 0, 0,1 46 100 %(m) HCOOH = 12,99% 1, 12 0,9 1, 16 Gửi tặng tốt anh dành tặng em “Cơ gái đến từ hơm qua” Giờ Hóa em chẳng “quan tâm” tới Nhưng với anh điều quý giá nhất, tốt anh Dành tặng cho em điều anh quý giá, trân trọng nhất! First moment: LV4195 “Người thầy trung bình biết nói Người thầy giỏi biết giải thích, Người thầy xuất chúng biết minh họa Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng” ... 81,9 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Chuyên Vinh – Nghệ An, năm 2015) Hướng dẫn giải Cách 1: Sử dụng phương pháp quy đổi Thời buổi 2015 người ta thích tốn hỗn hợp nhiều chất Những loại tập. .. trị a gần giá trị sau đây? A 14,5 B 17,5 C 18,5 D 15,5 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – Khóa luyện đề Moon.vn – Hà Nội, năm 2015) Hướng dẫn giải o t Ancol Anken H O 0,27 0,27 mol: 0,27... dịch Biết Z có cơng thức phân tử trùng với cơng thức đơn giản Số công thức cấu tạo Z thỏa mãn A B C D (Đề thi minh họa kỳ thi THPT Quốc Gia năm 2015 –Bộ Giáo dục Đào Tạo) Hướng dẫn giải Ancol
Ngày đăng: 05/10/2015, 00:32
Xem thêm: giải chi tiết bài tập hóa hữu cơ HAY và KHÓ từ các đề thi thử 2015 2016, giải chi tiết bài tập hóa hữu cơ HAY và KHÓ từ các đề thi thử 2015 2016
