BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO CỘNG HÒA XÃ HỘI CHỦ NGHĨA VIỆT NAMTRƯỜNG ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI Độc lập – Tự do – Hạnh phúc ĐỀ CHÍNH THỨC ĐÁP ÁN ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO TRƯỜNG TRUNG HỌC PHỔ THÔNG C
Trang 1BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO CỘNG HÒA XÃ HỘI CHỦ NGHĨA VIỆT NAM
TRƯỜNG ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI Độc lập – Tự do – Hạnh phúc
ĐỀ CHÍNH THỨC
ĐÁP ÁN ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO TRƯỜNG TRUNG HỌC PHỔ THÔNG CHUYÊN NĂM 2010
Môn thi: HÓA HỌC
(dùng cho thí sinh thi vào chuyên Hóa)
Câu 1
( 2,0 đ)
(1,0 đ) 1
a) Có khí bay ra và có kết tủa màu trắng, màu xanh:
Ba + 2H2O → Ba(OH)2 + H2 ↑
Ba(OH)2 + CuSO4→ BaSO4↓ + Cu(OH)2↓
b) Có khí bay ra và có kết tủa trắng:
Ba + 2H2O → Ba(OH)2 + H2↑
Ba(OH)2 + NaHCO3→ BaCO3↓ + NaOH + H2O
c) Có khí không mùi bay ra, sau đó có khí mùi khai và kết tủa trắng:
Ba + 2H2O → Ba(OH)2 + H2↑
Ba(OH)2 + (NH4)2SO4→ BaSO4↓ + 2NH3↑ + 2H2O
d) Có khí bay ra, có kết tủa trắng xuất hiện, kết tủa tăng dần cho đến cực đại sau đó
kết tủa tan ra cho đến hết, dung dịch trong suốt:
Ba + 2H2O → Ba(OH)2 + H2↑
3Ba(OH)2 + 2Al(NO3)3→ 2Al(OH)3 + 3Ba(NO3)2
Ba(OH)2 + 2Al(OH)3→ Ba(AlO2)2 + 4H2O
0,25 0,25 0,25
0,25
(1,0 đ) 2 CaCO
3 →t o CaO + CO2
2 NaCl + 2 H2O → 2 NaOH + H2↑ + Cl2↑
CaO + H2O → Ca(OH)2
H2 + Cl2 →as 2HCl
2NaOH + CO2→ Na2CO3 + 2 H2O
NaOH + CO2 → NaHCO3
Ca(OH)2 + 2HCl → CaCl2 + 2H2O
2NaOH + Cl2→ NaCl + NaClO + H2O
0,25
0,25 0,25 0,25
Câu 2
(2 đ)
1,0 đ 1 Nhận biết: Trích một lượng nhỏ mỗi chất ra các ống nghiệm để làm các mẫu thử
- Đun nóng các ống nghiệm đựng các mẫu thử, ở ống nghiệm nào có kết tủa thì
đó là ống nghiệm đựng lòng trắng trứng
- Cho quỳ tím vào các dung dịch hoặc chất lỏng còn lại nếu ở ống nghiệm nào có
0,25
đpnc
Trang 2màu đỏ(hồng) xuất hiện thỡ ống nghiệm đú đựng dd axit axetic.
- Cho Ag2O/NH3 vào cỏc ống nghiệm cũn lại, ở ống nghiệm nào cú kết tủa Ag xuất hiện thỡ ống nghiệm đú đựng dd Glucozơ
- Cho Na kim loại vào 2 ống nghiệm cũn lại, ở ống nghiệm nào cú sủi bọt khớ thỡ ống nghiệm đú đựng cồn 100o Cũn lại ống nghiệm đựng bezen
Phương trỡnh phản ứng:
C6H12O6 + Ag2O NH3→C6H12O7 + 2Ag
C2H5OH + Na → C2H5ONa + 1/2H2
0,25
0,25 0,25
1,0 đ 2 Viết phương trỡnh phản ứng:
a) CH3-CH(OH)-COOH + 2Na → CH3-CH(ONa)-COONa + H2
C2H5OH
CH3CH(OH)COOH H2SO4 đặc
t o C + CH3CH(OH)COOC2H5 + H2O
b)
c) 2CH3-CH(OH)-COOH + Ba(OH)2→ (CH3-CH(OH)-COO)2Ba + 2H2O
d) CH3-CH(OH)-COOH + KHCO3→ CH3-CH(OH)-COOK + H2O + CO2↑
0,25 0,25
0,25 0,25
Cõu 3
( 2đ )
1,0đ 1 Sơ đồ tỏch:
Al
Al2O3 Cu
Fe2O3
Cl2 AlCl3
Al2O3 CuCl2
Fe2O3
to
H2O
AlCl3 CuCl2
Al2O3
Fe2O3 dd
AlCl3 CuCl2
Cu(OH)2
dd NaAlONaCl 2 CO2 dưAl(OH)3
Al2O3
Fe2O3
to
CuO H2
to Cu
Al2O3 Al
Fe2O3
CO2 dư
Al(OH)3 t Al2O3
o
NaOH
dd NaAlO2
NaOH ddNaOHdư
0,25
0,25
0,25
Trang 32Al + 3Cl2→ 2AlCl3
Cu+ Cl2→ CuCl2
2AlCl3 + 6NaOH → 2Al(OH)3↓+ 6NaCl
Al(OH)3 + NaOH → NaAlO2 + 2H2O
NaAlO2 + CO2 + H2O → Al(OH)3↓ + NaHCO3
CuCl2 + 2NaOH → Cu(OH)2↓ + 2NaCl
2Al(OH)3
o t
→Al2O3 + 3H2O Cu(OH)2
o t
→CuO + H2O 2Al2O3
®pnc
4Al + 3O2
0,25
1,0 đ 2 Từ phản ứng ta suy ra:
D là CH2(OH)COOH
B là CH2(OH)COONa
A là CH2(OH)COOCH2COOH (nếu học sinh tìm ra (HO-CH2-CO)2O thì vẫn cho tối đa điểm )
Phương trình phản ứng:
CH2(OH)COOCH2COOH + 2NaOH → 2CH2(OH)COONa + H2O
CH2(OH)COONa + HCl → CH2(OH)COOH + NaCl
CH2(OH)COOH + C2H5OH 2o 4
H SO t
→ CH2(OH)COOC2H5 + H2O
0,25 0,25 0,25
0,25
Câu 4
( 2 đ)
1,0 đ
1 2
22, 4
1( )
22, 4
H
Fe: x mol + H2SO4 → FeSO4 + H2↑
Zn: y mol MgSO4
x + y = 1 mol (1)
Fe + H2SO4 → FeSO4 + H2↑
x → x → x → x (mol)
Zn + H2SO4 → ZnSO4 + H2↑
y → y → y → y (mol)
n(H2SO4) = x + y = 1 mol → m(H2SO4)= 98 gam
C%(H2SO4)= 10% → m(dd H2SO4)= 980 gam
→ m(dd Y)= 56x + 65y + 980 – 2×1= 56x+65y+ 978
C%(ZnSO4)= 161y/(56x+65y+978)=11,6/100 (2)
Từ (1) và (2 ) suy ra: x = 0,25
y =0,75
m(Fe) = 56×0,25 = 14 gam
m(Zn) = 65×0,75 = 48,75 gam
0,25
0,25
0,25
0,25
Trang 41,0 đ 2 Gọi công thức của muối A: R(HCO3)n
2R(HCO3)n + nH2SO4 → R2(SO4)n + 2nCO2 + 2nH2O
Cứ 2 mol → 1 mol làm khối lượng giảm: 26n gam
Vậy 0,07/n mol ← 5,53 – 4,62= 0,91 gam
M(R(HCO3)n)= 5,53:(0,07/n)= 79n = R + 61n suy ra: R= 18n
muối A là: NH4HCO3
NH4HCO3 + HNO3 → NH4NO3 + H2O + CO2↑
0,2 mol → 0,2 mol
m(NH4NO3) = 80 × 0,2 = 16 gam → muối B là muối ngậm nước
m(H2O) = 37,6 – 16 = 21,6 gam → n(H2O) = 21,6/18= 1,2 mol
→ n(H2O) : n(NH4NO3) = 1,2 : 0,2 = 6 : 1
Công thức của B: NH4NO3.6H2O
0,25
0,25
0,25
0,25
Câu 5
( 2 đ)
1,0 đ 1
a) Cứ 1 gam chất béo cần 6mg KOH để trung hoà axit
Vậy 1120 gam chất béo cần 6720 mg KOH để trung hoà axit hay 6,72 gam
→ n(KOH)= 6,72/56= 0,12 mol
Theo quy tắc tương đương về số mol ta có: n(KOH) = n (NaOH)
→ n(NaOH)= 0,12 mol
→ V(dd NaOH)= 0,12/0,2= 0,6 lít
b) Cứ 1 gam chất béo cần 8 mg KOH để trung hoà axit
Vậy 210.103 gam chất béo cần 1680.103 mg KOH để trung hoà axit hay 1680 gam → n(KOH)= 1680/56= 30 mol
Theo quy tắc tương đương về số mol ta có: n(KOH) = n (NaOH)=30 mol
số mol (NaOH) tổng cần dùng= 10,32.103/40 = 258 mol
→ n(NaOH) tác dụng với este = 258 – 30 = 228 mol
(RCOO)3C3H5 + 3 NaOH → 3RCOONa + C3H5(OH)3
228 mol → 76 mol
R’COOH + NaOH → R’COONa + H2O
30 mol → 30 mol
Theo định luật bảo toàn khối lượng ta có:
m(chất béo) + m(NaOH) = m(muối) + m(C3H5(OH)3) + m(H2O)
→ m(muối) = 210 + 10,32 – 30×18/1000 – 76×92/1000= 212,788 kg
muối natri của các axit béo chiếm 50% khối lượng xà phòng do đó:
m(xà phòng) = 212,788×100/50= 425,576 kg
0,25
0,25 0,25
0,25
Trang 51,0 đ 2 Gọi công thức trung bình của 2 ancol: ROH
R OH + Na → R ONa + 1/2 H2
0,6 mol ← 0,3 mol
n(NaOH) = 0,2×1 = 0,2 mol < 0,6 mol = n(2 rượu)
suy ra trong hỗn hợp ban đầu gồm 1 este và 1 rượu
RCOOR’ + NaOH → RCOONa + R’OH
R’’OH R’’OH
Áp dụng bảo toàn khối lượng suy ra:
m(2ancol) = m(2chất ban đầu) + m(NaOH) – m(muối) = 32,8 + 0,2×40- 18,8 = 22 gam
M ( R OH)= 22/0,6 = 36,67 → 32(CH3OH) <M ( R OH)= 36,67
rượu R1OH là CH3OH; suy ra R2OH là C2H5OH
CH3OH : x mol ta có hệ x + y = 0,6 suy ra x = 0,4
C2H5OH: y mol 32x + 46y = 22 y = 0,2
n(NaOH) = 0,2×1 = 0,2 mol = n(este) = n(C2H5OH)
suy ra gốc rượu trong este là C2H5
32,8 gam RCOOC2H5 : 0,2 mol
CH3OH: 0,4 mol
Suy ra: (R + 73)×0,2 + 32×0,4 = 32,8
→ R = 27 → R là C2H3
Vậy công thức của X, Y là:
CH2=CH-COOC2H5
CH3OH
0,25
0,25
0,25
0,25