SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 TRUNG HỌC PHỔ THÔNG NĂM HỌC : 2006 – 2007 ĐĂK LĂK NĂM HỌC 2009 - 2010 000 000 ĐỀ CHÍNH THỨC MÔN : TOÁN Thời Gian : 120 Phút (không kể thời gian giao đề) Bài 1: (2,0 điểm) Giải phương trình và hệ phương trình sau: 1/ 2 5x 6x 8 0− − = 2/ 5x 2y 9 2x 3y 15 + = − = . Bài 2: (2,0 điểm) 1/ Rút gọn biểu thức 2 2 A ( 3 2) ( 3 2)= + + − 2/ Cho biểu thức x 2 x 1 3 x 1 1 B : 1 x 1 x 3 ( x 1)( x 3) x 1 + + − = − + − ÷ ÷ ÷ − − − − − a) Rút gọn biểu thức B. b) Tìm các giá trị nguyên của x để biểu thức B nhận giá trị nguyên . Bài 3: (1,5 điểm) Một tam giác vuông có hai cạnh góc vuông hơn kém nhau 8m . Nếu tăng một cạnh góc vuông của tam giác lên 2 lần và giảm cạnh góc vuông còn lại xuống 3 lần thì được một tam giác vuông mới có diện tích là 51m 2 . Tính độ dài hai cạnh góc vuông của tam giác vuông ban đầu. Bài 4: (3,5 điểm) Cho tam giác vuông cân ADB ( DA = DB) nội tiếp trong đường tròn tâm O. Dựng hình bình hành ABCD ; Gọi H là chân đường vuông góc kẻ từ D đến AC ; K là giao điểm của AC với đường tròn (O). Chứng minh rằng: 1/ HBCD là một tứ giác nội tiếp. 2/ · · DOK 2.BDH= 3/ 2 CK CA 2.BD=. Bài 5: (1,0 điểm) Gọi 1 2 x , x là hai nghiệm của phương trình: 2 2 x 2(m 1)x 2m 9m 7 0+ + + + + = (m là tham số). Chứng minh rằng : 1 2 1 2 7(x x ) x x 18 2 + − ≤ Hết GIẢI ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 DAKLAK NĂM HỌC : 2009 – 2010 (Ngày thi : 26/06/2009) ****** Bài 1: 1/ PT: 2 5x 6x 8 0− − = ; / / 1 1 3 7 3 7 4 9 5( 8) 49 0 7 ; x 2 ; x 5 5 5 + − − ∆ = − − = > ⇒ ∆ = = = = = ⇒ PT đã cho có tập nghiệm : = -4 S 2 ; 5 2/ 5x 2y 9 15x 6y 27 19x 57 x 3 x 3 2x 3y 15 4x 6y 30 5x 2y 9 y (9 15) : 2 y 3 + = + = = = = ⇔ ⇔ ⇔ ⇔ − = − = + = = − = − ⇒ HPT có nghiệm duy nhất (x;y) = (3;-3) Bài 2: 1/ 2 2 A ( 3 2) ( 3 2) 3 2 3 2 3 2 2 3= + + − = + + − = + + − = 4 2/ a) ĐKXĐ: { } x 0 x 1;4;9 ≥ ≠ ( x 2)( x 3) ( x 1)( x 1) 3 x 1 x 2 B : ( x 1)( x 3) x 1 + − − + − + − − = − − − x 3 x 2 x 6 x 1 3 x 1 x 1 ( x 1)( x 3) x 2 − + − − + + − − = = − − − 2 . x - 2 b) 2 B x 2 = − ( Với { } x 0 v x 1;4;9µ≥ ≠ ) B nguyên { } x 2 2¦( )= 1 ; 2⇔ − ∈ ± ± x 2 1 x 3 x 9 (lo x 2 1 x 1 x 1 (lo x 16(nh x 2 2 x 4 x 0 (nh x 2 2 x 0 ¹i) ¹i) Ën) Ën) − = = = − = − = = ⇒ ⇔ ⇔ = − = = = − = − = Vậy : Với { } x = 0 ; 16 thì B nguyên . Bài 3: Gọi độ dài cạnh góc vuông bé là x (m) (đ/k: x 0 > ) Thì độ dài cạnh góc vuông lớn là x + 8 (m) Theo đề bài ta có PT: 1 x 8 .2x. 51 2 3 + = hoặc 1 x . .2(x 8) 51 2 3 + = 2 x 8x 153 0⇔ + − = ; Giải PT được : 1 2 x 9 (tm ; x 17 (lo®k) ¹i)= = − Vậy: độ dài cạnh góc vuông bé là 9m ; độ dài cạnh góc vuông lớn là 17m 1 1 1 I H K O D C B A Bài 4: 1/ DH AC⊥ (gt) · 0 DHC 90= BD AD (gt) BD BC BC// AD(t /c h×nh b×nh hµnh) ⊥ ⇒ ⊥ · 0 DBC 90⇒ = Hai đĩnh H,B cùng nhìn đoạn DC dưới một góc không đổi bằng 90 0 HBCD ⇒ W nội tiếp trong đường tròn đường kính DC (quỹ tích cung chứa góc) 2/ + ¶ ¶ » 1 1 D C ( 1/ 2s BH®= = của đường tròn đường kính DC) + ¶ ¶ 1 1 C A= (so le trong, do AD//BC) ¶ ¶ 1 1 D A⇒ = + · ¶ 1 DOK 2A= (Góc ở tâm và góc nội tiếp cùng chắn » DK của (O)) · ¶ · 1 DOK 2D 2BDH⇒ = = . 3/ + · 0 AKB 90= (góc nội tiếp chắn ½ (O) · · 0 BKC DHA 90⇒ = = ; ¶ ¶ 1 1 C A= (c/m trên) AHD CKB⇒ =V V (cạnh huyền – góc nhọn) AH CK ⇒ = +AD = BD ( ADB∆ cân) ; AD = BC (c/m trên) AD BD BC ⇒ = = + Gọi I AC BD = ∩ ; Xét ADB∆ vuông tại D , đường cao DH ; Ta có: 2 2 BD AD AH.AI CK.AI= = = (hệ thức tam giác vuông) (1) Tương tự: 2 2 BD BC CK.CI= = (2) Cộng vế theo vế của (1) và (2) ta được: 2 2 2 CK.AI CK.CI 2BD CK(AI CI) 2BD CK.CA 2BD+ = ⇒ + = ⇒ = (đpcm) Bài 5: PT : 2 2 x 2(m 1)x 2m 9m 7 0+ + + + + = (1) + / 2 2 2 m 2m 1 2m 9m 7 m 7m 6∆ = + + − − − = − − − + PT (1) có hai nghiệm 1 2 x , x / 2 2 0 m 7m 6 0 m 7m 6 0⇔ ∆ ≥ ⇔ − − − ≥ ⇔ + + ≤ ⇔ ≤(m +1)(m + 6) 0 ; Lập bảng xét dấu 6 m 1 ⇒ − ≤ ≤ − (*) +Với đ/k (*), áp dụng đ/l vi ét: 1 2 2 1 2 x x 2(m 1) x x 2m 9m 7 + = − + = + + 2 2 2 1 2 1 2 7(x x ) 14(m 1) x x (2m 9m 7) 7m 7 2m 9m 7 2m 16m 14 2 2 + − + ⇒ − = − + + = − − − − − = − − − 2 2(m 8m 16) 14 32= − + + − + = − 2 18 2(m + 4) + Với 6 m 1− ≤ ≤ − thì 2 18 2(m 4) 0− + ≥ . Suy ra − = − 2 2 18 2(m + 4) 18 2(m + 4) Vì 2 2(m 4) 0+ ≥ ⇒ − ≤ 2 18 2(m + 4) 18 . Dấu “=” xảy ra khi m 4 0 m 4+ = ⇔ = − (tmđk (*)) Vậy : 1 2 1 2 7(x x ) x x 18 2 + − ≤ (đpcm) . 1)x 2m 9m 7 0+ + + + + = (m là tham số). Chứng minh rằng : 1 2 1 2 7(x x ) x x 18 2 + − ≤ Hết GIẢI ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 DAKLAK NĂM HỌC : 2 009 – 2 010 (Ngày thi : 26/06/2 009) ******. 16m 14 2 2 + − + ⇒ − = − + + = − − − − − = − − − 2 2(m 8m 16) 14 32= − + + − + = − 2 18 2(m + 4) + Với 6 m 1− ≤ ≤ − thì 2 18 2(m 4) 0− + ≥ . Suy ra − = − 2 2 18 2(m + 4) 18 2(m + 4) Vì 2 2(m. CK.CI 2BD CK(AI CI) 2BD CK.CA 2BD+ = ⇒ + = ⇒ = (đpcm) Bài 5: PT : 2 2 x 2(m 1)x 2m 9m 7 0+ + + + + = (1) + / 2 2 2 m 2m 1 2m 9m 7 m 7m 6∆ = + + − − − = − − − + PT (1) có hai nghiệm 1 2 x ,