1. Trang chủ
  2. » Giáo án - Bài giảng

Hướng dẫn chấm chuyên lí Quốc học Huế

4 412 3

Đang tải... (xem toàn văn)

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 4
Dung lượng 191 KB

Nội dung

+ Có một lượng nước bị hóa hơi.

Trang 1

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 CHUYÊN QUỐC HỌC THỪA THIÊN HUẾ Năm học 2008-2009

HƯỚNG DẪN CHẤM VẬT LÝ

ĐỀ CHÍNH THỨC

1

(3,0đ)

- Gọi C là điểm taxi đuổi kịp xe buýt và t là thời gian taxi đi đoạn AC.

AC 2AB

3

= ; CB 1AB

3

- Thời gian xe buýt đi đoạn AC là : t + 20 (phút);

- Thời gian mỗi xe đi tỷ lệ thuận với quãng đường đi của chúng, nên thời gian taxi đi đoạn CB là t

2 (phút)

Thời gian xe buýt đi đoạn CB là : t + 20 = t + 10

- Vậy, thời gian người đó phải đợi xe buýt ở bến B là :

Δt = + 10 - = 10

0,5 0,5 0,5 0,5 1,0

2

(2,5đ)

a

1,0

Tính nhiệt độ t 1 :

- Nhiệt lượng của m1 kg đồng toả ra để hạ nhiệt độ từ t1 xuống 80 0C là :

Q1 = c1.m1(t1 – 80);

- Nhiệt lượng của m2 kg nước thu vào để tăng nhiệt độ từ 20 0C đến 80 0C là :

Q2 = 60c2.m2;

- Phương trình cân bằng nhiệt : Q1 = Q2 ⇒ t1 = 2 2

1 1

60m c

+ 80

m c = 962 ( 0C)

0,25 0,25 0,5

b

1,5

Tính m 3 :

- Khi thả thêm m3 kg đồng ở nhiệt độ t1 vào NLK, sau khi có cân bằng nhiệt

mà mực nước vẫn không thay đổi Điều này chứng tỏ : + Nhiệt độ cân bằng nhiệt là 1000C

+ Có một lượng nước bị hóa hơi Thể tích nước hóa hơi bằng thể tích miếng đồng m3 chiếm chỗ: 2 3

1

m

V = D

- Khối lượng nước hóa hơi ở 1000C là : 2

1

D

m = V D = m

D

- Nhiệt lượng thu vào của m1 kg đồng, m2 kg nước để tăng nhiệt độ từ

80 0C đến 100 0C và của m’2 kg nước hoá hơi hoàn toàn ở 100 0C là :

2

1

D

Q = 20(c m + c m ) + Lm

D

- Nhiệt lượng toả ra của m3 kg đồng để hạ nhiệt độ từ t1 = 962 0C xuống

100 0C là: Q4 =862c m1 3.

- Phương trình cân bằng nhiệt mới : Q3 =Q4

0,25

0,25

0,25

0,25

Trang 2

⇒ 2

1

D 20(c m + c m ) + Lm

D = 862c m1 3

⇒ 3 1 1 2 2

2 1 1

20(c m + c m )

m =

D 862c - L

D

; 0,29 (kg)

0,25 0,25

3

(2,0đ)

a

1,0 Mạch cầu cân bằng ⇒ IA = 0

1,0

b

1,0

IA = I1 – I3 = 0,2 = 12 12

U 12 - U

-

U12 = 8 (V) và U34 = 4 (V)

2

U

I = I + I = + I =

R 0,8 + 0,2 = 1 (A)

4 4

U

R = =

I 4 (Ω)

0,5

0,5

4

(1,5đ)

a

Vẽ hình : (HS vẽ đúng như hình dưới, cho điểm tối đa phần vẽ hình 0,5 đ)

Giải thích :

- Hai ảnh của S1 và của S2 tạo bởi thấu kính trùng nhau nên phải có một ảnh thật và một ảnh ảo.

- Vì S1O < S2O → S1 nằm trong khoảng tiêu cự và cho ảnh ảo; S 2 nằm ngoài

khoảng tiêu cự và cho ảnh thật.

0,5

0,25

0,25

b Tính tiêu cự f :

- Gọi S’ là ảnh của S1 và S2 Ta có :

S I // ON1 → S S1 S I S O 6

′ = ′ = ′ −

OI// NF' → S O S I S O

S F' S N S O f

′ = ′ = ′

′ ′ ′ + ⇒

S O 6

S O

′ −

′ =

S O

S O f

′ + ⇒ f.S O = 6(S O + f)′ ′ (1)

- Vì S I // OM2 , tương tự như trên ta có :

2

S O S S S I

′ = ′ = ′

⇒ S O f

S O

′ − =

′ +

S O

S O 12 ⇒ f.S O = 12(S O - f)′ ′ (2)

Từ (1) và (2) ta có : f = 8 (cm)

0,5

+ U _

1

2

I

I

2

I

1

3 A

M

N

I

A

I

3

4

N

S '

Trang 3

* C hú y : HS có thể làm bài 4 cách khác, theo các bước:

a, Giải thích đúng sự tạo ảnh như trên (cho 0,5 đ)

b, Áp dụng công thức thấu kính (mà không chứng minh công thức) cho 2 trường

hợp:

+ Với S1 : 1 = - 1 1

f 6 d′ (*) + Với S2 : 1 = 1 + 1

f 12 d′ (**) (cho 0,25 đ)

Từ (*) và (**) tính được : f = 8 (cm) và d’ = 24 (cm)

c, Áp dụng kết quả trên để vẽ hình (cho 0,25 đ)

( Như vậy, điểm tối đa của bài 4 theo cách làm của chú ý này là 1,0 điểm)

5

(1,0 đ)

- Theo bài ra, khi thay đổi các cặp đầu vào của mạch điện thì hiệu điện thế

giữa các cặp đầu ra cũng thay đổi, ta suy ra rằng giữa các cặp chốt phải có điện

trở khác nhau và số điện trở ít nhất của mạch trong hộp kín H là 3

(Học sinh có thể trình bày một trong hai sơ đồ cách mắc sau và tính các đại

lượng mà bài toán yêu cầu theo sơ đồ đó, mỗi cách trình bày hoàn toàn đúng

đều cho điểm tối đa của bài 5)

Cách 1 :

- Khi U13 = 15(V) thì U12 = 6(V) và U23 = 9(V)

Ta có : 1 12

3 23

R =U = =9 3 (1)

- Khi U23 = 15(V) thì U21 = 10(V) và U13 = 5(V)

Ta có : 2 21

3 13

2

R =U = 5 = (2)

Từ (1) và (2) suy ra : R1 là điện trở nhỏ nhất

⇒ R1 = R, R2 = 3R, R3 = 1,5R

- Khi U12 = 15(V) Ta có : 13 1

32 2

U =R =3R =3 (*) Mặt khác : U13 + U32 = U12 = 15(V) (**)

Từ (*) và (**) ta có : U13 = 3,75 (V); U32 = 11,25 (V)

Cách 2 :

- Khi U13 = 15(V) thì U12 = 6(V) và U23 = 9(V)

Ta có : 3 12

1 23

R =U = =9 3 (3)

- Khi U23 = 15(V) thì U21 = 10(V) và U13 = 5(V)

Ta có : 3 21

2 13

2

R =U = 5 = (4)

Từ (1) và (2) suy ra : R2 là điện trở nhỏ nhất

⇒ R2 = R, R1 = 3R, R3 = 2R

- Khi U12 = 15(V) Ta có : 13 2

32 1

U = R =3R =3 (***) Mặt khác : U13 + U32 = U12 = 15(V) (****)

Từ (***) và (****) ta có : U13 = 3,75 (V); U32 = 11,25 (V)

0,25

0, 75

0,75

1

2

3

R

2

3

1

2

3 R

R

R 1

2 3

Ngày đăng: 02/07/2014, 01:00

TỪ KHÓA LIÊN QUAN

w