1. Trang chủ
  2. » Tất cả

Ky thi olympic mon toan lop 10 sgddt quang nam nam 2021

7 0 0

Đang tải... (xem toàn văn)

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 7
Dung lượng 542,8 KB

Nội dung

Microsoft Word 1 De dap an Toan 10 Olympic 2021 docx SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO QUẢNG NAM KỲ THI OLYMPIC 24/3 TỈNH QUẢNG NAM NĂM 2021 Môn thi TOÁN 10 Thời gian 150 phút (không kể thời gian giao đề) Ngày t[.]

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO QUẢNG NAM KỲ THI OLYMPIC 24/3 TỈNH QUẢNG NAM NĂM 2021 ĐỀ CHÍNH THỨC Mơn thi : TỐN 10 Thời gian: 150 phút (khơng kể thời gian giao đề) Ngày thi : 20/03/2021 Câu (5,0 điểm) a) Giải phương trình x   3  x   x  x     y  x  xy  b) Giải hệ phương trình   x  x  y   2( y  x  2) x   Câu (4,0 điểm)   x    x x   x  x  12 x  a) Cho hàm số y   có đồ thị (C) Tìm tất điểm đồ thị (C) có tung độ b) Cho parabol ( P ) : y  x  bx  c Tìm hệ số b, c để ( P ) qua A(2;1) cắt trục hoành hai điểm B, C cho tam giác IBC đều, với I đỉnh ( P ) Câu (4,0 điểm) nửa khoảng 1;   2x b) Cho hai số thực dương x , y thỏa mãn x  y  xy  a) Tìm giá trị nhỏ hàm số f ( x)  3x  Tìm giá trị nhỏ biểu thức P  y y x x   x  3y y  3x Câu (3,0 điểm) a) Cho hình vuông ABCD, M trung điểm BC , N nằm cạnh CD cho NC  ND, K trung điểm AB Hai điểm I , J trọng tâm hai tam giác AMN , BCN    Hãy biểu thị vectơ IJ theo hai vectơ AB, AD chứng minh IJ vng góc với DK   1500 Điểm M nằm cạnh BC b) Cho tam giác ABC có AB  3, AC  4, BAC   1200 Tính độ dài đoạn thẳng MB , MC cho BAM Câu (4,0 điểm) a) Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho điểm A(3;1) đường thẳng (d) có phương trình x  y   Viết phương trình đường trịn (C) qua A tiếp xúc với đường thẳng (d) B(1;3) b) Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC vuông cân B Các điểm M, N trung điểm AB, AC I (7;3) trọng tâm tam giác ABN Điểm E thuộc cạnh AC cho IE  IA ( E khác A ) đường thẳng IE có phương trình x  y  13  Điểm M thuộc đường thẳng ( d1 ) : x  y  12  , B thuộc đường thẳng ( d ) : x  y   A có hồnh độ lớn Tìm tọa độ điểm A, B, C –––––––––––– Hết –––––––––––– Thí sinh khơng sử dụng tài liệu Cán coi thi khơng giải thích thêm Họ tên thí sinh: … ………………………….……… Số báo danh: ……….……… SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO QUẢNG NAM KỲ THI OLYMPIC 24/3 TỈNH QUẢNG NAM NĂM 2021 ĐÁP ÁN – THANG ĐIỂM Mơn thi: TỐN 10 (Đáp án – Thang điểm gồm 06 trang) Câu Đáp án a) Giải phương trình x   3  x   x  x    Điểm 2,5 Điều kiện:  x  3 x    x2  4x   3  x    3( x    x )  ( x  1)(3  x )   (1) Đặt t  x    x (t  0)  t   ( x  1)(3  x ) Phương trình (2) trở thành: 3t  2(t  2)   t    2t  3t      t   (loai)  2 t 2 x    x   x  (thỏa) Câu b) Giải hệ phương trình (5,0 điểm)  y  x  xy    x  x  y   2( y  x  2) x   , y0 y  x  xy   ( y  x)  ( x  xy )   ( y  x )( y  x )  Điều kiện x   y  x  ( y  x  0)  y  x Khi pt thứ hai viết lại: x  x   2( x  2) x   x  x    2( x  2) x   (2 x  1)    x   2x 1   0 x  2x 1  x     x5 x  6x   Suy nghiệm hệ: (5 ; 20) Trang 1/6 2,5   x    x x  a) Cho hàm số y   có đồ thị (C) x   x  x  12 Tìm tất điểm đồ thị (C) có tung độ  2,0 y   x    x ( x  3) y   x 1  x    x  x  x    x  3   2 3  x  ( x  3) x  7x    x  3   x  1  A(1; 4)  x  1  x  6  y  x  x  12 ( x  3)  x  2(loai) y   x  x  12     B(4; 4) x  Vậy có hai điểm thỏa đề A(1; 4), B(4; 4) b) Cho parabol ( P ) : y  x  bx  c Tìm hệ số b, c để ( P ) qua A (2;1) cắt trục hoành hai điểm B , C cho tam giác IBC đều, với I đỉnh ( P ) Câu (4,0 điểm)  Parabol y  x  bx  c qua A(2;1) nên 2b  c   (1)  Phương trình hồnh độ giao điểm (P) trục hoành x  bx  c  (*) (P) cắt trục hoành hai điểm phân biệt B, C  Phương trình (*) có hai nghiệm phân biệt x1 , x2    b  4c  b 4c  b2 I (  ; )  Parabol (P) có đỉnh  Giả sử : B ( x1 ; 0), C ( x2 ; 0) ; x1 , x2 hai nghiệm pt (*) Tam giác IBC IH  BC 4c  b   x1  x2 (4c  b2 )2 (4c  b )2  ( x1  x2 )2  x1 x2    (b  4c) 16 16  (b  c)  12(b  4c )  b  4c  12 (2)   2b  c    b  8 b    c  13  c  3 b  4c  12 Từ (1) (2) ta có hệ :  Trang 2/6 2,0 a) Tìm giá trị nhỏ hàm số f ( x)  3x  f ( x )  3x  nửa khoảng 1;   2x 1,5 5x  x      2x  2x  5.1 x 2   2 2x x   Dấu “ = ” xảy  x  x    2 x  Vậy giá trị nhỏ hàm số f ( x) nửa khoảng 1;   b) Cho hai số thực dương x, y thỏa mãn x  y  xy  Câu (4,0 điểm) Tìm giá trị nhỏ biểu thức P  x x  x  3y Đặt t  x  y , t  , ta có:  x  y  xy  x  y  y y y  3x  ( x  y )2 t2 t 4  t  4t  12   (t  6)(t  2)   t  Suy x  y  (dấu “=” xảy x  y  ) P  x x  x  3y y y y  3x  x2 y2  x( x  y ) y ( y  3x) 4x2 y2 (bất đẳng thức Côsi)  x  y y  3x 4( x  y )2 a b2 (a  b)2 (bất đẳng thức với x  0, y  )   8( x  y ) x y x y x y  1 Suy ra: P  , P   x  y  Vậy P  x  y   Trang 3/6 2.5 a) Cho hình vng ABCD có cạnh a, M trung điểm BC , N nằm cạnh CD cho NC  ND, K trung điểm AB Hai điểm I , J    trọng tâm hai tam giác AMN , BCN Hãy biểu thị IJ theo hai vectơ AB, AD ; chứng minh IJ vng góc với DK    IJ  AJ  AI        AB  AC  AN  AA  AM  AN 3      1  AB  AC  AM 3      1,5         AB  AB  AD   AB  AD  3 3      AB  AD       IJ DK  ( AB  AD)( AB  AD ) 1  AB  AD  6 Suy IJ vng góc với DK   1500 Điểm b) Cho tam giác ABC có AB  3, AC  4, BAC   1200 Tính MB , MC BC cho BAM Câu (3,0 điểm) MB S AMB  MC SAMC BC  M nằm cạnh  AB AM sin BAM    AM AC.sin MAC   13 AB  AC  AB AC.cos BAC 13 BC  5 13 MC  BC  5 Cách khác : S ABC  S AMB  S AMC   AB AM sin BAM   AM AC.sin MAC   AB AC.sin BAC 2 1  3.4.sin1500  AM sin1200  AM 4.sin 300 2 MB  1 1  3.4  AM  AM  AM  2 2 2   13 AB  AM  AB AM cos BAM   13 MC  AM  AC  AM AC cos MAC MB  Trang 4/6 1,5 a) Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho điểm A(3;1) đường thẳng (d) có phương trình x  y   Viết phương trình đường trịn (C) qua A tiếp xúc 1,5 với đường thẳng (d) B(1;3) + Gọi I ( a ; b ) tâm đường tròn (C)   BI  (a  1; b  3)  + (d) có vectơ phương u  (1; 2) + Đường tròn (C) tiếp xúc với đường thẳng (d) B(1;3) nên   BI u   1( a  1)  2(b  3)   a  2b  (1) + Đường tròn (C) qua A(3;1) nên AI  BI  a  b  (2) 7 Từ (1) (2) suy a  b  Suy I ( ; ) 3 7 20 Suy phương trình đường trịn (C): ( x  )2  ( y  )2  3 b) Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC vuông cân B Các điểm M,N trung điểm AB, AC I (7;3) trọng tâm tam giác ABN Điểm E thuộc cạnh AC cho IE  IA ( E khác A ) đường thẳng IE có phương trình x  y  13  Điểm M thuộc đường thẳng ( d1 ) : x  y  12  , B Bán kính đường trịn R  IA  thuộc đường thẳng ( d ) : x  y   A có hồnh độ lớn Tìm tọa độ Câu điểm A, B, C (4,0 điểm) (HV: 0,25 điểm)   90 Chứng minh tứ giác BINE nội tiếp suy BIE Viết phương trình đường thẳng BI x  y  11  Mặt khác B thuộc ( d ) : x  y   ,suy B(3; 5) M thuộc (d1 )  M (12  3m; m)    m   M (3;3) MB.MI      m   M (9;1)  A(3;11) (loai)  Vậy M (9;1), A(15;7)  A(15;7)   MN  3MI  N (3; 7) Suy ptđt AC y   C (  9; 7) Trang 5/6 2,5 Ghi chú:  Trong ý chưa phân rã 0,25đ cần Ban Giám khảo thống rã chi tiết 0,25đ, lưu ý tổng điểm ý khơng đổi ;  Nếu học sinh có cách giải khác đúng, xác logic Ban Giám khảo thảo luận thống thang điểm cho điểm phù hợp với Hướng dẫn chấm Trang 6/6 ...SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO QUẢNG NAM KỲ THI OLYMPIC 24/3 TỈNH QUẢNG NAM NĂM 2021 ĐÁP ÁN – THANG ĐIỂM Mơn thi: TỐN 10 (Đáp án – Thang điểm gồm 06 trang) Câu Đáp án a) Giải

Ngày đăng: 18/02/2023, 08:00