SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO LẠNG SƠN KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 NĂM 2022 - 2023 Môn thi: TỐN CHUNG Thời gian: 120 phút (khơng kể thời gian phát đề) Ngày thi: 08/06/2022 ĐỀ CHÍNH THỨC Câu (2,5 điểm) B a Tính giá trị biểu thức: A 81 16 ; 11 11 a P a a a a , với a a b Cho biểu thức: Rút gọn biểu thức P Tính giá trị P a 2 Câu (2.0 điểm) a Vẽ đồ thị hàm số y x b Tìm tọa độ giao điểm đồ thị hàm số y 2 x đường thẳng y x c Cho phương trình bậc hai với tham số m : x m 1 x 2m (1) Giải phươntg trình (1) m Chứng minh phương trình (1) ln có hai nghiệm phân biệt x x x1 x2 tất giá trị m thỏa mãn: Câu x1 , x2 với m Tìm (1,5 điểm) Giải phương trình, hệ phương trình sau: 2 x y b x y a x 3x Câu (3,5 điểm) AM BM Hai Cho đường trịn (O ) đường kính AB Dây cung MN vng góc với AB , đường thẳng BM NA cắt K Gọi H chân đường vng góc kẻ từ K đến đường thẳng AB a Chứng minh tứ giác y x nội tiếp đường tròn b Chứng minh NB.HK AN HB c Chứng minh HM tiếp tuyến đường tròn (O) Câu (0,5 điểm) Cho số thực dương a, b, c dương Tìm giá trị lớn biểu thức sau: P a a b a c 2b b c b a c c a c b - Hết - SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO LẠNG SƠN ĐỀ THI CHÍNH THỨC KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT Năm học: 2022 – 2023 Mơn thi: TỐN Thời gian: 120 phút (khơng kể thời gian phát đề) HƯỚNG DẪN GIẢI Câu (2,5 điểm) B a Tính giá trị biểu thức: A 81 16 ; 11 11 a P a a a a , với a a b Cho biểu thức: Rút gọn biểu thức P Tính giá trị P a 2 Lời giải a 2 Ta có A 81 16 B 11 11 11 11 11 11 Vậy A 5, B b Với a a ta có: a P a a 1 a 1 a a a a 1 Ta có Thay Câu a a 2 a 1 a 3 2 a a 2 a a 2 a 1 2 2.1 12 2 1 a a vào biểu thức P sau thu gọn ta P 2 a 1 (2.0 điểm) a Vẽ đồ thị hàm số y x b Tìm tọa độ giao điểm đồ thị hàm số y 2 x đường thẳng y x c Cho phương trình bậc hai với tham số Giải phươntg trình (1) m m : x m 1 x 2m (1) Chứng minh phương trình (1) ln có hai nghiệm phân biệt x x x1 x2 tất giá trị m thỏa mãn: Lời giải x1 , x2 với m Tìm a Bảng giá trị: (d ) : y x x 3 2 y x3 A 0; 3 B 1; 2 Đường thẳng y x qua điểm Đồ thị b Phương trình hồnh độ giao điểm đồ thị hàm số y 2 x đường thẳng y x 2 x x 2 x x 1 2 25 Ta có x1 Với Với nên phương trình có hai nghiệm phân biệt b 1 3 b 1 ; x2 1 2a 2 2a 2 x1 3 3 9 3 9 y1 3 A ; 2 2 x2 y1 2 B 1; 2 3 9 A ; B 1; 2 Vậy hai giao điểm cần tìm 2 c Thay m vào phương trình (1) ta có: x x Ta có a b c 2 3 Suy phương trình có hai nghiệm x1 1, x2 c 3 a S 1;3 Vậy với m phương trình có tập nghiệm x m 1 x 2m Xét phương trình ' m 1 2m 3 m Ta có (1) với m Khi phương trình (1) ln có nghiệm phân biệt x1 , x2 x1 x2 m 1 x x 2m Áp dụng hệ thức Vi-ét ta có: Theo đề Vậy Câu m x1 x2 x1 x2 m 1 2m 3 2m 2m m 7 giá trị cần tìm (1.5 điểm) Giải phương trình, hệ phương trình sau: 2 x y b x y a x 3x Lời giải a x x Đặt t x , t Khi phương trình cho trở thành t 3t (1) Phương trình (1) có a b c 3 nên có hai nghiệm phân biệt Với t1 x x 1 Với t2 x x Vậy phương trình cho có tập nghiệm S 1; 1; 2; b 2 y 3 y 2 x y 2 x y x y x y x y 3 y y 1 y 1 x y x y x Vậy hệ phương trình cho có nghiệm Câu (3.5 điểm) x; y 4;1 t1 , t2 AM BM Hai Cho đường trịn (O ) đường kính AB Dây cung MN vng góc với AB , đường thẳng BM NA cắt K Gọi H chân đường vng góc kẻ từ K đến đường thẳng AB a Chứng minh tứ giác AHKM nội tiếp đường tròn b Chứng minh NB.HK AN HB c Chứng minh HM tiếp tuyến đường tròn (O) Lời giải · a Xét (O) có AMB 90 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn) · · Xét tứ giác AHKM có AMK AHK 90 90 180 Mà góc vị trí đối đỉnh Tứ giác AHKM nội tiếp đường tròn (đpcm) b Gọi I MN AB Vì dây cung MN AB I nên I trung điểm MN AI đường trung trực MN AM AN (tính chất đường trung trực đoạn thẳng) ¼ AM »AN (hai dây chắn hai cung nhau) · · MBA NBA (hai góc nội tiếp chắn hai cung nhau) · Xét (O) có ANB 90 (góc nội tiếp chắn nửa đường trịn) Xét ANB KHB có: · · +) ANB KHB ( 90 ) · · · +) ABN HBK ( ABM ) ANB : KHB ( g.g ) c NB AN NB.HK AN HB HB KH (đpcm) · · Vì tứ giác AHKM tứ giác nội tiếp nên HMA HKA (hai góc nội tiếp chắn cung HA ) (1) · · Xét KHA vuông H có KAH HKA 90 · · Xét ANB vng N có NAB ABN 90 · · · · Mà KAH NAB (đối đỉnh) HKA ABN (2) · · · · Lại có ABM ABN (cmt ); ABM BMO (do BMO cân O ) · ·ABN BMO (3) · · Từ (1), (2), (3) HMA BMO · · · Mà AMO BMO AMB 90 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn) · · ·AMO HMA 90 HMO 90 HM OM M Vậy HM tiếp tuyến đường tròn (O) M Câu (0.5 điểm) Cho số thực dương a, b, c dương Tìm giá trị lớn biểu thức sau: P a a b a c 2b b c b a c c a c b Lời giải Áp dụng bất đẳng thức AM-GM, ta có: a a b a c 2b b c b a c c a c b a a a b 4 a c b b bc ba c c 4 c a c b Cộng vế theo vế bất đẳng thức ta a a b a c 2b b c b a c c a c b a a b b c c a b 4 a c b c b a c a c b b b a c c a P 4 a b b a 4 a c c a b c b c Dấu “=” xảy khi: a a a b 4(a c) a b 4(a c ) a c a c b b b b c b a ac a b 4.2a b a b c b a 4(c a) c b c c 4(c a) c b b ac Vậy giá trị lớn P ... - SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO LẠNG SƠN ĐỀ THI CHÍNH THỨC KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT Năm học: 2022 – 2023 Mơn thi: TỐN Thời gian: 120 phút (khơng kể thời gian phát đề) HƯỚNG DẪN GIẢI Câu (2,5... nghiệm phân biệt x1 , x2 x1 x2 m 1 x x 2m Áp dụng hệ thức Vi-ét ta có: Theo đề Vậy Câu m x1 x2 x1 x2 m 1 2m 3 2m 2m m 7 giá trị cần tìm