(SKKN 2022) phân dạng, phương pháp giải nhanh bài tập chất béo và bài tập hiđrocacbon trong đề thi tốt nghiệp THPT, thi học sinh giỏi tỉnh

MỤC LỤC PHẦN MỞ ĐẦU 1.1 Lí chọn đề tài Hóa học mơn học có nhiều ứng dụng đời sống Trong chương trình GDPT tổng thể 2018 Hóa học đưa vào giảng dạy học tập lớp (thực chất đưa vào từ tiểu học môn khoa học) Từ năm 2015 đến Bộ giáo dục đào tạo áp dụng kỳ thi THPT Quốc Gia, thi tốt nghiệp để xét công nhận tốt nghiệp sở để xét vào Đại học, thành tựu kì thi xã hội cơng nhận, hưởng ứng tích cực trở thành kì thi quan trọng học sinh THPT Từ năm 2017, Bộ giáo dục sử dụng kì thi THPT quốc gia, thi tốt nghiệp với thi, thi tổ hợp với thời gian làm 150 phút gồm môn thi thành phần (50 phút môn với 40 câu hỏi) Để giải số lượng câu hỏi học sinh địi hỏi phải có kỹ làm bài, phải ôn luyện nhiều Trong Hóa học giảng dạy lớp 8, hai năm lớp 8, em học hời hợt đa số không nắm chất bản, khó hiểu sợ học hóa học Kể từ năm 2007, Bộ giáo dục đào tạo chuyển cấu trúc thi tuyển sinh đại học THPT Quốc Gia, Tốt nghiệp mơn hố học từ tự luận sang trắc nghiệm khách quan nhiều lựa chọn 100% Điều đồng nghĩa thời gian ngắn, học sinh phải thật bình tĩnh để lựa chọn phương án trả lời tối ưu Nắm bắt điều thơng qua đề thi đề THPT quốc gia năm 20152019, thi tốt nghiệp 2020, 2021 đề minh họa năm 2022 nhận thấy đề thi có câu hỏi chất béo, hiđrocacbon mức độ biết-hiểu vận dụng chí vận dụng cao khơng nắm chất gần khơng giải giải lâu Để giúp học sinh có cách giải nhanh, hay chúng tơi mạnh dạn viết SKKN “Phân dạng, phương pháp giải nhanh tập chất béo tập hiđrocacbon đề thi tốt nghiệp THPT, thi học sinh giỏi tỉnh” Trong đề tài tơi đưa hai phần là: Phân dạng, phương pháp giải nhanh tập chất béo phương pháp giải nhanh tập hiđrocacbon 1.2 Mục đích nghiên cứu Đề tài nghiên cứu để giúp học sinh lớp 12 ôn thi tốt nghiệp THPT, ôn thi học sinh giỏi tỉnh mơn Hóa học tốt hơn, hiệu giúp bạn đồng nghiệp ơn thi có hệ thống, hiệu nâng cao chất lượng dạy học mơn Hóa học trường phổ thông 1.3 Đối tượng nghiên cứu Sáng kiến kinh nghiệm nghiên cứu phần Hóa học hữu lớp 11, 12THPT tổng kết kĩ giải tập chất béo, tập hiđrocacbon hiệu 1.4 Phương pháp nghiên cứu Đề tài nghiên cứu chủ yếu phương pháp nghiên cứu xây dựng sở lý thuyết tổng quát để suy vấn đề cụ thể phương pháp sơ đồ hóa chia nhỏ nhiệm vụ để giải 1.5 Những điểm SKKN Sáng kiến đưa điểm sau: Giúp học sinh dễ hiểu giải nhanh tập chất béo Giúp học sinh dễ tiếp cận tập hiđrocacbon PHẦN NỘI DUNG CỦA SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1 Tình hình thực tế biện pháp thực 2.1.1 Tình hình thực tế trước thực đề tài Qua năm giảng dạy trường phổ thông nghiên cứu học hỏi, nhận thấy nhiều học sinh lúng túng cách xử lí tập chất béo, hiđrocacbon cho nhanh hiệu Điều đó, nhiều thời gian làm không làm kết Thực tế học sinh giải tập chất béo tập hiđrocacbon thi xử lí khơng có hệ thống phương pháp nên giải số gặp thầy cô chữa đọc mạng Vì để nâng cao hiệu giải tập chất béo tập hiđrocacbon đề thi thi tốt nghiệp THPT, thi học sinh giỏi tỉnh chọn đề tài “Phân dạng, phương pháp giải nhanh tập chất béo tập hiđrocacbon đề thi tốt nghiệp THPT, thi học sinh giỏi tỉnh” nhằm đưa học sinh tới hiểu thấu đáo giải vấn đề tốt 2.1.2 Biện pháp thực đề tài 2.1.2.1 Những kiến thức cần trang bị - Tính chất hóa học chung chất béo - Tính chất hóa học hiđrocacbon 2.1.2.2 Những điểm cần lưu ý - Trong phản ứng cộng chất béo thì: nH2 phản ứng= nBr2 phản ứng = (π -3).nchất béo - Trong phản ứng cộng hiđrocacbon nH2 pư + nBr2 pư = nπ 2.2 Phân dạng phương pháp giải tập chất béo 2.2.1 Dạng 1: Bài tập lí thuyết tính tốn đơn giản Biết-hiểu : Câu 1: Chất sau tác dụng với dung dịch NaOH đun nóng tạo glixerol? A Glyxin B Tristearin C Metyl axetat D Glucozơ Câu 2: Công thức axit oleic A CHCOOH B C17H33COOH C HCOOH D CH3COOH Câu 3: Chất sau axit béo? A Axit panmitic B Axit axetic C Axit fomic D Axit propionic Câu 4: Axit panmitic axit béo có mỡ động vật dầu cọ Công thức axit panmitic A C3H5(OH)3 B CH3COOH C C15H31COOH D.C17H35 COOH Câu 5: Phát biểu sau sai? A Trong công nghiệp chuyển hố chất béo lỏng thành chất béo rắn B Nhiệt độ sôi este thấp hẳn so với ancol có phân tử khối C Số nguyên tử hiđro phân tử este đơn đa chức số chẵn D Sản phẩm phản ứng xà phịng hố chất béo axit béo glixerol Câu 6: Chất béo trieste axit béo với chất sau đây? A ancol etylic B ancol metylic C etylen glicol D glixerol Câu 7: Phát biểu sau sai? A Ở điều kiện thường, chất béo (C17H33COO)3C3H5ở trạng thái rắn B Fructozơ có nhiều mật ong C Metyl acrylat, tripanmitin tristearin este D Thủy phân hoàn toàn chất béo thu glixerol Câu 8: Công thức sau cơng thức chất béo? A CH3COOCH2C6H5 B C15H31COOCH3 C (C17H33COO)2C2H4 D (C17H35COO)3C3H5 Câu 9: Thủy phân triglixerit X dung dịch NaOH, thu hỗn hợpmuối gồm natri oleat, natri stearat (có tỉ lệ mol tương ứng : 2) glixerol Có triglixerit Xthỏa mãn tính chất trên? A B C D Câu 10: Tripanmitin có cơng thức A (C17H31COO)3C3H5 B (C17H35COO)3C3H5 C (C15H31COO)3C3H5 D (C17H33COO)3C3H5 Câu 11: Trong công nghiệp, lượng lớn chất béo dùng để sản xuất A glucozơ glixerol B xà phòng ancol etylic C glucozơ ancol etylic D xà phòng glixerol Câu 12: Khi xà phịng hóa tripanmitin ta thu sản phẩm A C17H35COOH glixerol B C15H31COONa etanol C C17H35COONa glixerol D C15H31COOH glixerol Câu 13: Chất sau tác dụng với dung dịch NaOH sinh glixerol? A Triolein B Metyl axetat C Glucozơ D Saccarozơ Câu 14: Khi xà phịng hố tristearin ta thu sản phẩm A C17H35COOH glixerol B C15H31COONa glixerol C C15H31COOH glixerol D C17H35COONa glixerol Câu 15: Công thức triolein A (CH3[CH2]7CH=CH[CH2]7COO)3C3H5 B (CH3[CH2]7CH=CH[CH2]5COO)3C3H5 C (CH3[CH2]16COO)3C3H5 D (CH3[CH2]14COO)3C3H5 Câu 16: Thủy phân trieste glixerol thu glixerol, natri oleat, natri stearat Có công thức cấu tạo phù hợp với trieste ? A B C D Câu 17: Khi xà phịng hóa triglixerit X dung dịch NaOH dư, đun nóng, thu sản phẩm gồm glixerol, natri oleat, natri stearat natri panmitat Số đồng phân cấu tạo thỏa mãn tính chất X A B C D Câu 18: Cho glixerol phản ứng với hỗn hợp axit béo gồm C 17H35COOH C15H31COOH, số loại trieste tạo tối đa : A B C D Câu 19: Số trieste thủy phân thu sản phẩm gồm glixerol, axit CH3COOH axit C2H5COOH A B C D Vận dụng: Câu 20: Cho phát biểu sau: (1) Mỡ lợn dầu dừa dùng làm nguyên liệu để sản xuất xà phòng (2) Nước ép nho chín có khả tham gia phản ứng trắng bạc (3) Trong tơ tằm có gốc α-amino axit (4) Cao su lưu hóa có tính đàn hồi, lâu mịn khó tan cao su thường (5) Một số este có mùi thơm dùng làm chất tạo hương cho thực phẩm mỹ phẩm Số phát biểu A B C D Câu 21: Cho phát biểu sau: (a) Trong phân tử triolein có liên kết π (b) Hiđro hố hồn tồn chất béo lỏng (xúc tác Ni, to), thu chất béo rắn (c) Xenlulozơ trinitrat dùng làm thuốc súng khơng khói (d) Poli(metyl metacrylat) dùng chế tạo thuỷ tinh hữu (e) Ở điều kiện thường, etylamin chất khí, tan nhiều nước (f) Thuỷ phân saccarozơ thu glucozơ Số phát biểu A B C D Câu 22: Cho phát biểu sau: (a) Chất béo trieste glyxerol với axit béo (b) Chất béo nhẹ nước không tan nước (c) Glucozơ thuộc loại monosaccarit (d) Các este bị thủy phân môi trường kiềm tạo muối ancol (e) Các peptit có phản ứng với Cu(OH)2/OH- tạo hợp chất màu tím (f) Dung dịch saccarozơ khơng tham gia phản ứng tráng bạc Số phát biểu A B C D Câu 23: Cho phát biểu sau: (a) Dung dịch lòng trắng trứng bị đơng tụ đun nóng (b) Trong phân tử lysin có nguyên tử nitơ (c) Dung dịch alanin đổi màu quỳ tím (d) Triolein có phản ứng cộng H2 (xúc tác Ni, to) (e) Tinh bột đồng phân xenlulozơ (g) Anilin chất rắn, tan tốt nước Số phát biểu A B C D Câu 24: Thủy phân hoàn toàn m gam chất béo dung dịch NaOH, đun nóng, thu 9,2 gam glixerol 91,8 gam muối Giá trị m A 89 B 101 C 85 D 93 Câu 25: Hiđro hóa hồn tồn 17,68 gam triolein cần vừa đủ V lít khí H (đktc) Giá trị V A 4,032 B 0,448 C 1,344 D 2,688 Câu 26: Xà phịng hố hồn tồn 17,8 gam chất béo X cần vừa đủ dung dịch chứa 0,06 mol NaOH Cô cạn dung dịch sau phản ứng, thu m gam muối Giá trị m A 19,12 B.18,36 C.19,04 D.14,68 Câu 27: Xà phịng hố hồn tồn 178 gam tristearin dung dịch KOH, thu m gam kali stearat Giá trị m A 200,8 B 183,6 C 211,6 D 193,2 2.2.2 Dạng 2: Phương pháp giải tập tính tốn phức tạp 2.2.2.1 Phương pháp giải ví dụ minh họa Có nhiều phương pháp giải theo chúng tơi có phương pháp giúp học sinh dễ tiếp cận giải tập chất béo hai phương pháp sau: Phương pháp Quy đổi đồng đẳng hóa 176a+14b-2c=m cbeo   BTC: 6a + b = n CO (HCOO) C H : a  CO  +O 3   2  → →  BTH:4a+b - c =n CH : b + H O  H O  2  -H : c (nH = nBr )  BTE:20a+6b-2c = 4n 2 O  +) Phản ứng xà phịng hóa: nNaOH/KOH phản ứng = 3a , nC 3H5(OH)3 = nc.béo = a (mol) BTKL: mcbeo + mNaOH = mrắn + mC3H5(OH)3 Chú ý: - Nếu chất béo no → nH2 = c = - Nếu hỗn hợp gồm triglixerit axit béo ta quy đổi thêm thành phần HCOOH - nO2 phản ứng = nC + nH/4 (trong C ta bỏ C nhóm COO đi) Ví dụ để đốt cháy C17H35COOH: a mol nO2 phản ứng = (17 + 36/4)a mol Ví dụ 1: (THPT Mai Anh Tuấn – Thanh Hóa – Lần 2/2021) Đốt cháy hồn tồn 0,06 mol hỗn hợp X gồm ba triglixerit cần vừa đủ 4,77 mol O 2, thu 3,14 mol H2O Mặt khác, hiđro hóa hồn tồn 78,9 gam X (xúc tác Ni, t°), thu hỗn hợp Y Đun nóng Y với dung dịch KOH vừa đủ, thu glixerol m gam muối Giá trị m A 57,16 B 86,10 C 83,82 D 57,40 Hướng dẫn giải (HCOO) C H : 0,06 3  O : 4,77 mol CO2:0,36 + a   → CH 2: a   H 2O: 0,24+a-b  -H : b Quy đổi X thành  Ta có 0,24 + a – b = 3,14 (I) ; BT (O) : 0,06.6 + 4,77.2 = (0,36 +a).2 + 3,14 (II) Giải hệ (I, II) ta a = 3,02 ; b = 0,12 X hiđro hóa thành Y xà phịng hóa Y = KOH muối thu HCOOK: 0,18; CH2: 3,02 → mmuối = 0,18.84 + 3,02.14 =57,4 gam Vậy 0,06.176 + 3,02.14 – 0,12.2=52,6 gam Y tạo 57,4 gam muối 78,9 gam Y……………………………………→ 86,1 gam muối → chọn B Ví dụ 2: (Trích đề thi THPT Quốc Gia 2018) Thủy phân hoàn toàn a mol triglixerit X dung dịch NaOH vừa đủ, thu glixerol m gam hỗn hợp muối Đốt cháy hoàn toàn a mol X thu 1,375 mol CO 1,275 mol H2O Mặt khác, a mol X tác dụng tối đa với 0,05 mol Br2 dung dịch Giá trị m A 20,15 B 20,60 C 23,35 D 22,15 Hướng dẫn giải (HCOO) C H : a 3  CO : 6a + b =1,375    → CH 2: b H O: 4a+b-0,05 =1,275   -H : 0,05  Quy đổi X thành  Giải hệ ta a = 0,025 ; b = 1,225 → muối HCOONa: 0,075; CH2: 1,225; -H2: 0,05→ mmuối =22,15 gam → chọn D Ví dụ 3: (Trích đề thi THPT Quốc Gia 2019) Đốt cháy hoàn toàn 17,16 gam triglixerit X, thu H2O 1,1 mol CO2 Cho 17,16 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu glixerol m gam muối Mặt khác, 17,16 gam X tác dụng tối đa với 0,04 mol Br2 dung dịch Giá trị m A 18,48 B 17,72 C 16,12 D 18,28 Hướng dẫn giải (HCOO) C H : a 3  CO : 6a + b = 1,1   CH : b  →     m X =176a +14b - 0,04.2 = 17,16 -H : 0,04  Quy đổi X thành  Giải hệ ta a = 0,02 ; b = 0,98 → muối HCOONa: 0,06; CH2: 0,98; -H2: 0,04 → mmuối = 17,72 gam → chọn B Ví dụ 4: (Trích đề thi THPT Quốc Gia 2019) Đốt cháy hoàn toàn 25,74 gam triglixerit X, thu CO2 1,53 mol H2O Cho 25,74 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu glyxerol m gam muối Mặt khác, 25,74 gam X tác dụng tối đa với 0,06 mol Br2 dung dịch Giá trị m A 24,18 B 27,72 C 27,42 D 26,58 Hướng dẫn giải (HCOO) C H : a 3   H O: 4a + b - 0,06 = 1,53   CH : b  →     m X =176a +14b - 0,06.2 = 25,74 -H 2: 0,06 Quy đổi X thành Giải hệ ta a = 0,03 ; b = 1,47 → muối HCOONa: 0,09; CH2: 1,47; -H2: 0,06 → mmuối = 26,58 gam → chọn D Ví dụ 5: (Sở Vĩnh Phúc – Lần – Đề 1/2021) Thủy phân hoàn toàn chất béo X dung dịch NaOH, thu glixerol hỗn hợp hai muối gồm natri oleat natri stearat Đốt cháy m gam X cần vừa đủ 154,56 gam O 2, thu 150,48 gam CO2 Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với V ml dung dịch Br 1M Giá trị V A 180 B 300 C 120 Hướng dẫn giải D 150 Quy đổi X thành (HCOO) C H : a 3   nCO = 6a + 51a = 3,42    → CH 2: 51a   nO2 =5a+1,5.51a-0,5.b=4,83 -H 2: b Giải hệ ta a = 0,06 ; b = 0,12 → nBr2 = 0,12 → V = 0,12/1 =0,12 lít =120 ml → chọn C Phương pháp Tách chất béo thành axit béo nhóm C3H2 R1COO R2COO R3COO ∑n R1COOH C3H5 lÊy 3H tõ C3H5 R2COOH R3COOH C3H2 muoi +) nc.béo = = nC3H2 = nC3H5(OH)3 +) Phản ứng xà phịng hóa: nNaOH/KOH phản ứng = 3a 10 BTKL: mcbeo + mNaOH = mrắn + mC3H5(OH)3 Chú ý: Cách tỏ hiệu với hỗn hợp triglixerit axit béo Ví dụ (Trích đề minh họa 2020) Xà phịng hóa hồn tồn m gam hỗn hợp E gồm triglixerit dung dịch NaOH, thu glixerol hỗn hợp X gồm ba muối C17HxCOONa, C15H31COONa, C17HyCOONa có tỉ lệ mol tương ứng 3: 4: Hiđro hóa hồn tồn m gam E, thu 68,96 gam hỗn hợp Y Nếu đốt cháy hoàn toàn m gam E cần vừa đủ 6,14 mol O2 Giá trị m A 68,40 B 60,20 C 68,80 D 68,84 Hướng dẫn giải Gọi số mol C17HxCOONa, C15H31COONa, C17HyCOONa 3a, 4a, 5a C H x COOH:3a  17 C H COOH:8a C H COOH: 4a  17 35 +H  15 31   → Y  C H COOH: 4a C H COOH: 5a 15 31  17 y    C3H 2: 4a 3a+4a+5a  =4a C H : 3  Ta quy đổi E thành →mY = 3448a = 68,96→ a= 0,02 mol CO :18.3a +16.4a + 18.5a + 3.4a =220a = 4,4 mol  E+ O →  BT(O) {2  H O → nH O= 24a + 6,14.2 - 4,4.2 = 3,96 mol 2  6,14 Đốt E: BTKL → m =68,4 gam → Chọn A Ví dụ 2: (Trích đề tốt nghiệp 2020) Hỗn hợp E gồm axit panmitic, axit stearic triglixerit X Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu 57,84 gam hỗn hợp hai muối Nếu đốt cháy hết m gam E cần vừa đủ 4,98 mol O2, thu H2O 3,48 mol CO2 Khối lượng X m gam E A 34,48 gam B 32,24 gam C 25,60 gam D 33,36 gam Hướng dẫn giải Do E tác dụng với NaOH thu muối axit panmitic, axit stearic nên ta quy đổi E thành C H COOH: x  15 31 C H COONa: x  + NaOH → muoi  15 31 C H COOH: y   17 35   C17 H35COONa: y C H : z   →m =278x+306y= 57,84 muoi (I) BT (C): 16x +18y +3z = 3,48 mol (II); BT (H): nH2O =16x +18y + z (mol) →BT (O): 2x+2y + 4,98.2 = 3,48.2 + 16x +18y + z (III) Giải hệ (I,II,III) ta x= 0,12; y= 0,08 ; z=0,04 13 Hướng dẫn giải C H COOH: x  17 33  C17 H35COOH: y  C3H 2: 0,15 → x + y = 0,45 (I) 34 36 nO2phản ứng = (17 + )x + (17 + )y + (3 + ).0,15 = 12,075 (II) Giải hệ (I,II) ta x = 0,3 ; y = 0,15 Vậy mX = 132,9 gam→ mmuối =(282-1+39) 0,3 + (284-1 +39) 0,15 = 144,3 gam → chọn A Cách giải đáp án sở:  C H COOK + KOH → m gam  17 33 132,9gam X  + C H (OH)   C17 H35COOK  este X  →  +12,075molO CO2  0,15mol X →    H 2O  Ta thấy chất béo tạo từ gốc axit C H COOH  17 33 CTPT chung →(C H yCOO) C H  17 3 C H COOH   17 35 57 n =n ⇒n = 8,55mol { X CO CO { 2 18.3+3 0,15 BTNT C: 6n {X +2 n 0,15 BTNT O: BTKL X: m = X O {2 12,075 = 2n m {C BTNT C 8,55.12  → CO 14 432 8,55 + +n H O m {H ⇒n H O + = 7,95 m {O BTNT H 7,95.2 0,15.6.16 ⇒ m = 132,9 X  → Ta có: = n ⇒n = 0,15 n glyxerol  glyxerol {X 0,15  ⇒ 132,9 + 0,45.56 = m + 0,15.92 ⇒ m = 144,3gam  n = n ⇒ n = 0,45  KOH KOH {X  0,15  Ví dụ 7: (Trích đề KSCL tỉnh Nghệ An 2022) Triglixerit X tạo glixerol với ba axit béo (axit panmitic, axit stearic, axit Y có công thức C17HyCOOH) Cho 12,83 gam E gồm X Y (tỉ lệ mol tương ứng : 3) tác dụng hết với lượng dư 14 dung dịch NaOH đun nóng, thu sản phẩm hữu gồm glixerol 13,44 gam hỗn hợp muối Mặt khác, x mol hỗn hợp E tác dụng với lượng tối đa Br dung dịch, thu 33,66 gam sản phẩm hữu Giá trị x A 0,025 B 0,030 C 0,050 D 0,075 Hướng dẫn giải Quy đổi E C17 H35COOH: 2a C H COONa: 2a  17 35 C15H31COOH: 2a   + NaOH → muoi C15H31COONa: 2a C17 H y COOH: 5a    C17 H y COONa: 5a C H : 2a   mE = 284.2a + 256.2a + (249 + y).5a + 38.2a = 12,83 m = 306.2a + 278.2a + (271 + y).5a = 13,44 →  muoi → a= 0,005; y =33 → nBr2 = 5a = 0,025 mol Vậy 12,83 gam E có số mol = 5a = 0,025 phản ứng với 0,025 mol Br tạo thành 0,025.33,66 = 0,05 mol 16,83 gam sản phẩm → x = 16,83 → chọn C 2.2.2.2 Bài tập vận dụng Câu 1: Cho m gam hỗn hợp X gồm triglixerit tác dụng với dung dịch KOH vừa đủ, thu glixerol a gam hỗn hợp muối axit oleic axit stearic Hidro hóa m gam X cần dùng 0,02 mol H2 (xúc tác Ni, t°), thu triglixerit Y Đốt cháy hoàn toàn Y, thu số mol CO nhiều số mol H2O 0,08 mol Giá trị a A 36,24 B 36,68 C 38,20 D 38,60 Câu 2: Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ x mol O 2, sau phản ứng thu CO2 y mol H2O Biết m = 78x – 103y Nếu cho 0,15 mol X tác dụng với dung dịch nước Br2 dư lượng Br2 phản ứng tối đa mol? A 0,45 B 0,15 C 0,35 D 0,30 Câu 3: Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ 1,61 mol O 2, thu 1,06 mol H2O Nếu thủy phân hoàn toàn m gam X dung dịch KOH đun nóng, thu dung dịch X chứa 19,24 gam muối Để chuyển hóa a mol X thành chất béo no, cần dùng 0,06 mol H2 (xúc tác Ni, t°) Giá trị a A 0,02 B 0,03 C 0,06 D 0,01 Câu 4: Đốt cháy hoàn toàn 0,01 mol loại chất béo thu 12,768 lít khí CO2 (đktc) 9,18 gam H2O Mặt khác cho 0,3 mol chất béo tác dụng với dung dịch Br2 0,5M thể tích dung dịch Br2 tối đa phản ứng V lít Giá trị V A 3,60 B 0,36 C 2,40 D 1,2 15 Câu 5: Đun nóng m gam hỗn hợp E chứa triglixerit với 90 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu glixerol hỗn hợp muối Y Hiđro hóa hồn toàn Y cần vừa đủ 0,1 mol H2, thu muối natri stearat Giá trị m bao nhiêu? A 26,5 B 32,0 C 26,6 D 26,7 Câu 6: Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ 0,77 mol O2, tạo 0,5 mol H2O Nếu thủy phân hoàn toàn m gam X dung dịch KOH đun nóng thu dung dịch chứa 9,32 gam muối Mặt khác, a mol X làm màu vừa đủ dung dịch chứa 0,06 mol brom Giá trị a bao nhiêu? A 0,020 B 0,012 C 0,030 D 0,010 Câu 7: Hỗn hợp E gồm axit panmitic, axit stearic triglixerit X Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu 58,96 gam hỗn hợp hai muối Nếu đốt cháy hồn tồn m gam E cần vừa đủ 5,1 mol O 2, thu H2O 3,56 mol CO2 Khối lượng X có m gam E A 32,24 gam B 25,60 gam C 33,36 gam D 34,48 gam Câu 8: Hỗn hợp E gồm axit panmitic, axit stearic triglixerit X Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu 86,76 gam hỗn hợp hai muối Nếu đốt cháy hết m gam E cần đủ 7,47 mol O 2, thu H2O 5,22 mol CO2 Khối lượng X m gam E A 50,04 gam B 53,40 gam C 51,72 gam D 48,36 gam Câu 9: Hỗn hợp E gồm axit oleic, axit panmitic triglixerit X (tỉ lệ mol tương ứng : : 2) Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần đủ 4,07 mol O 2, thu CO2 H2O Mặt khác, cho m gam E tác dụng hết với lượng dư dung dịch NaOH đun nóng, thu sản phẩm hữu gồm glixerol 47,08 gam hỗn hợp hai muối Phần trăm khối lượng X E A 74,98% B 76,13% C 75,57% D 76,67% Câu 10: Hỗn hợp E gồm axit panmitic, axit oleic, axit stearic triglixerit X Hiđro hóa hồn tồn m gam E, thu (m + 0,08) gam hỗn hợp T gồm chất hữu Cho toàn T tác dụng với dung dịch KOH dư, đến phản ứng xảy hoàn toàn thu 45,78 gam hỗn hợp muối hai axit cacboxylic Mặt khác, đốt cháy hết m gam E thu 2,61 mol CO 2,51 mol H2O Khối lượng X m gam E A 25,74 gam B 24,18 gam C 25,80 gam D 24,96 gam Câu 11: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm triglixerit Y axit béo Z cần vừa đủ 8,31 mol O2, thu 5,82 mol CO Mặt khác, m gam X tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu glixerol dung dịch chứa 94,56 gam hỗn hợp muối natri panmitat, natri stearat Khối lượng Y có m gam X A 89,0 gam B 80,6 gam C 86,2 gam D 83,4 gam Câu 12: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm triglixerit Y axit béo Z cần vừa đủ 1,855 mol O2, thu 1,32 mol CO2 1,21 mol H2O Cho m gam X tác 16 dụng với dung dịch NaOH dư, thu 1,84 gam glixerol dung dịch T Cô cạn T, thu hỗn hợp chất rắn khan chứa hai chất Khối lượng Z X A 2,56 B 2,80 C 2,84 D 2,82 2.3 Giải nhanh số tập vận dụng-vận dung cao hiđrocacbon Phương pháp: - Trong phản ứng cộng hiđrocacbon mạch hở nH2+ nBr2 = nπ - Với phản ứng cộng H2 hiđrocacbon chất hữu số mol giảm = số mol H2 phản ứng - Áp dụng định luật bảo toàn nguyên tố, bảo toàn khối lượng, bảo toàn mol π…để giải - Nếu chất có số nguyên tử C H ta đặt cơng thức chung - Với tốn đốt cháy ta quy đổi Các ví dụ: Ví dụ 1: (Trích đề tham khảo 2018) Cho 3,2 gam hỗn hợp C 2H2, C3H8, C2H6, C4H6 H2 qua bột Ni nung nóng, sau thời gian thu hỗn hợp khí X Đốt cháy hồn tồn X cần vừa đủ V lít khí O2 (đktc), thu 4,48 lít CO2 (đktc) Giá trị V A 6,72 B 7,84 C 8,96 D 10,08 Hướng dẫn giải Ta có mX = mhỗn hợp hidrocacbon đầu = mC + mH → 0,2.12+ mH =3,2 →mH =0,8 gam C + O2 → CO2; 4H + O2 →2H2O →nO2 = 0,2 + 0,8/4 = 0,4 mol→ VO2 = 8,96 lít → chọn C Ví dụ 2: (Trích đề THPT Quốc Gia 2018) Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol hỗn hợp X gồm CH4, C2H2, C2H4 C3H6, thu 4,032 lít CO2 (đktc) 3,78 gam H2O Mặt khác 3,87 gam X phản ứng tối đa với a mol Br dung dịch Giá trị a A 0,070 B 0,105 C 0,030 D 0,045 Hướng dẫn giải Ta có: nCO2 = 0,18 mol → C = 0,18/0,1 = 1,8; nH2O=0,21 mol→ H =0,21.2/0,1 =4,2 Vậy cơng thức trung bình X C1,8H4,2 1,8.2 + - 4,2 0,1 = 0,07 mol → nBr2 phản ứng =nπ = mX = 0,18.12 + 0,21.2 = 2,58 gam phản ứng với 0,07 mol Br2 0,07 3,87 gam X 3,87 2,58 =0,105 mol → chọn B Ví dụ 3: (Trích đề THPT Quốc Gia 2018) Cho 13,44 lít (đktc) hỗn hợp X gồm C2H2 H2 qua bình đựng Ni (nung nóng), thu hỗn hợp Y (chỉ chứa ba hiđrocacbon) có tỉ khối so với H2 14,4 Biết Y phản ứng tối đa với a mol Br dung dịch Giá trị a 17 A 0,25 B 0,20 C 0,10 D 0,15 Hướng dẫn giải Gọi x, y số mol C2H2, H2→nX = x+ y = 0,6 mol (I) Ta có nY = nH-C =x BTKL ta có: 26x +2y =x.28,8(II) Giải hệ (I, II) ta x = 0,25 mol; y= 0,35 mol Bảo toàn mol π: nBr2 = a= nπ bđ – nH2 = 0,25.2 -0,35 = 0,15 mol→ chọn D Ví dụ 4: (Trích đề THPT Quốc Gia 2019) Nung nóng 0,1 mol C4H10 có xúc tác thích hợp, thu hỗn hợp X gồm: H 2, CH4, C2H4,C2H6, C3H6, C4H8 C4H10 Dẫn X qua bình đựng dung dịch Br dư, sau phản ứng hồn tồn khối lượng bình tăng 3,64 gam có hỗn hợp khí Y Đốt cháy hồn tồn Y cần vừa đủ V lít khí O2 Giá trị V A 5,376 B 6,048 C 5,824 D 6,272 Hướng dẫn giải 3,64 = 0,26 mol Bình chứa Br2 dư hấp thụ anken ta quy CH2, ta có nCH2 = 14 Bảo tồn C: nCY = 0,1.4- 0,26 = 0,14 mol; Bảo toàn H: nHY = 0,1.10-0,26.2 =0,48 mol Ta có nO2 phản ứng = nC + nH/4 = 0,14 + 0,48/4 = 0,26 mol → V = 5,824 lít→ chọn C Ví dụ 5: (Trích đề THPT Quốc Gia 2019) Nung nóng hỗn hợp X gồm: metan, etilen, propin, vinylaxetilen a mol H2 có Ni xúc tác (chỉ xảy phản ứng cộng H2), thu 0,1 mol hỗn hợp Y (gồm hiđrocacbon) có tỉ khối so với H 14,4 Biết 0,1 mol Y phản ứng tối đa với 0,06 mol Br dung dịch Giá trị a A 0,08 B 0,10 C 0,04 D 0,06 Hướng dẫn giải Nhận thấy hiđrocacbon có 4H nên ta đặt công thức chung C xH4 Do X nung thành Y gồm hiđrocacbon nên nCxH4 = 0,1 mol BTKL: (12x + 4).0,1 +2a = 0,1.28,8 (I) 2x+2-4 0,1 = a + 0,06 Bảo toàn mol π: (II) Giải hệ (I, II) ta x = ; a= 0,04 → chọn C Ví dụ 6: (Trích đề tham khảo 2020) Nung nóng a mol hỗn hợp gồm: axetilen, vinylaxetilen hiđro (với xúc tác Ni, giả thiết xảy phản ứng cộng H 2), thu hỗn hợp Y có tỉ khối so với H 20,5 Đốt cháy hoàn toàn Y, thu 0,3 mol CO2 0,25 mol H2O Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị a A 0,20 B 0,25 C 0,15 D 0,30 Hướng dẫn giải Lưu ý axetilen: C2H2, vinyl axetilen: C4H4 có cơng thức đơn giản CH BTNT C ta nCH=nCO2 = 0,3 mol 18 0,3 BTNT H: nH2 = 0,25 - = 0,1 mol 0,3.12+0,25.2 = 0,1 mol 41 Số mol hỗn hợp Y = (Do phản ứng hoàn toàn MY =41 nên nY = nH-C) Vậy số mol hỗn hợp ban đầu = nY + nH2 = 0,2 mol → chọn A Ví dụ 7: (Trích đề tham khảo 2021) Đốt cháy hồn tồn 0,26 mol hỗn hợp X (gồm etyl axetat, metyl acrylat hai hiđrocacbon mạch hở) cần vừa đủ 0,79 mol O 2, tạo CO2 10,44 gam H2O Nếu cho 0,26 mol X vào dung dịch Br2 dư số mol Br2 phản ứng tối đa A 0,16 mol B 0,18 mol C 0,21 mol D 0,19 mol Hướng dẫn giải CH : 0,26 CH COOC H    Quy ve (bo COO) CH =CHCOOCH3 → CH 2: a   -H : b  2H-C  X gồm Ta có: nO2= 0,26.2 + 1,5a - 0,5b = 0,79 mol (I) nH2O = 0,26.2 + a- b = 0,58 mol (II) Giải hệ (I, II) ta a= 0,24; b= 0,18 mol→ nBr2 phản ứng = nH2 = 0,18 mol → chọn B Ví dụ 8: (Trích đề tốt nghiệp THPT năm 2021) Nung nóng lượng butan bình kín (với xúc tác thích hợp), thu 0,82 mol hỗn hợp X gồm H hiđrocacbon mạch hở (CH4, C2H4, C2H6, C3H6, C4H8, C4H10) Cho toàn X vào bình chứa dung dịch Br2 dư có tối đa a mol Br phản ứng, khối lượng bình tăng 15,54 gam hỗn hợp khí Y Đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 0,74 mol O2, thu CO2 H2O Giá trị a A 0,45 B 0,41 C 0,38 D 0,37 Hướng dẫn giải Gọi x số mol C4H10 ban đầu Cho X qua dung dịch Br2 dư anken phản ứng nên mtăng = manken=15,54 gam 15,54 =1,11 Quy ve → CH2: 14 mol Đốt C4H10 ban đầu đốt CH2: Ta có Y = X – anken = C4H10 ban đầu – CH2 nên nO2 cần đốt Y = 6,5x-1,665 = 0,74 → x= 0,37 mol Vậy nanken = a = nX – nC4H10 ban đầu = 0,45 mol → chọn A 19 Ví dụ 9: (Trích đề tốt nghiệp THPT năm 2021) Nung nóng lượng butan bình kín (với xúc tác thích hợp), thu 0,40 mol hỗn hợp X gồm H hiđrocacbon mạch hở (CH4, C2H4, C2H6, C3H6, C4H8, C4H10) Cho toàn X vào bình chứa dung dịch Br2 dư có tối đa a mol Br phản ứng, khối lượng bình tăng 8,12 gam hỗn hợp khí Y Đốt cháy hồn tồn Y cần vừa đủ 0,30 mol O 2, thu CO2 H2O Giá trị a A 0,18 B 0,22 C 0,19 D 0,20 Hướng dẫn giải Gọi x số mol C4H10 ban đầu Cho X qua dung dịch Br2 dư anken phản ứng nên mtăng = manken=8,12 gam 8,12 = 0,58 Quy ve → CH2: 14 mol Đốt C4H10 ban đầu: nO2 =6,5x đốt CH2:nO2 =1,5.0,58 =0,87 mol Ta có Y = X – anken = C4H10 ban đầu – CH2 nên nO2 cần đốt Y = 6,5x - 0,87 = 0,3 → x= 0,18 mol Vậy nanken = a = nX – nC4H10 ban đầu = 0,22 mol → chọn B Ví dụ 10: (Trích đề khảo sát chất lượng lần sở Thanh Hóa 2022) Đốt cháy hồn tồn m gam hỗn hợp khí X gồm ba hiđrocacbon mạch hở cần vừa đủ 11,76 lít O thu 15,84 gam CO2 Mặt khác, nung m gam X với 0,04 mol H có xúc tác Ni, điều kiện thích hợp bình kín, sau thời gian thu hỗn hợp khí Y Dẫn Y qua dung dịch Br2 dư thấy có 17,6 gam Br2 phản ứng thoát hiđrocacbon Tỉ khối X so với H2 A 22,25 B 20,22 C 20,75 D 14,25 Hướng dẫn giải Ta có : nCO2 =0,36 mol; nBr2 = 0,11 mol, hiđrocacbon ankan dễ thấy giả sử ta cho X tác dụng với H2 dư nH2 phản ứng = 0,11+ 0,04 = 0,15 mol BT O: nH2O tạo đốt X = 0,33 mol →nH2O tạo no hóa X = 0,33 + 0,15 = 0,48 mol → nX = nH2O tạo no hóa X – nCO2 = =0,12 mol mX=mC + mH = 4,98 gam 4,98 →MX = 0,12 = 41,5 → dX/H2 = 20,75 → chọn C Ví dụ 11: (Trích đề tốt nghiệp THPT năm 2021) Hỗn hợp E gồm hai amin mạch hở X (CnHmN), Y (CnHm+1N2, với n ≥ 2) hai anken đồng đẳng Đốt cháy hoàn toàn 0,05 mol E, thu 0,02 mol N2, 0,14 mol CO2 0,19 mol H2O Phần trăm khối lượng X E A 45,04% B 28,24% C 56,49% D 22,52% 20 Hướng dẫn giải Vì nH2O > nCO2 nên amin phải no mạch hở không no, mạch hở chứa liên kết đôi - Trường hợp 1: Amin không no, mạch hở có nối đơi: nH2O – nCO2 = 0,5nX + nY = 0,05 =nE (Vơ lí) nên amin phải no, mạch hở - Trường hợp 2: Amin no, mạch hở: nH2O – nCO2 = 1,5nX + 2nY = 0,05 0,5nX + nY = 0,02→ nX = 0,02 mol; nY = 0,01 mol→nanken = 0,02 mol Bảo toàn C: 0,02n + 0,01n + 0,02 n = 0,14 hay 0,03n + 0,02 n = 0,14 (với n số nguyên tử Ctrung bình anken) Do n ≥ n >2 (không nguyên) nên thỏa mãn n = 3, n = 2,5 0,02.59 100% 0,14.12 + 0,19.2 + 0,02.28 Vậy %mX = = 45,04% → chọn A Ví dụ 12: (Trích đề HSG tỉnh Thanh Hóa 2021) Nung nóng 5,8 gam hỗn hợp X gồm metan, etilen, propin, vinyl axetilen x mol H2 có Ni xúc tác (chỉ xảy phản ứng cộng H2) thu y mol hỗn hợp Y (gồm hiđrocacbon) có tỉ khối so với H 14,5 Biết 0,3 mol Y phản ứng tối đa với 0,15 mol Br dung dịch Giá trị x A 0,30 B 0,10 C 0,15 D 0,20 Hướng dẫn giải BTKL ta có: mY = mX = 5,8 gam; MY = 29 => nY = 0,2 mol k= n Br2 = 0,5 M Y = 14n + − 2k = 14,5.2 Y có dạng với → n = → Y C2H5 Phản ứng cộng H2 không làm thay đổi số C nên hiđrocacbon X có dạng C2H4 n Y = 0,1 → n = C H + 0,5H → C H H 2 2 → Chọn B Ví dụ 13: (Trích đề tham khảo 2022) Nung nóng a mol hỗn hợp X gồm propen, axetilen hiđro với xúc tác Ni bình kín (chỉ xảy phản ứng cộng H 2), sau thời gian thu hỗn hợp khí Y có tỉ khối so với X 1,25 Đốt cháy hết Y, thu 0,87 mol CO2 1,05 mol H2O Mặt khác, Y phản ứng tối đa với 0,42 mol brom dung dịch Giá trị a A 0,45 B 0,60 C 0,30 D 0,75 Hướng dẫn giải Cách 1: Làm no hóa Y: nH2phản ứng với Y = nBr2 = 0,42 mol Khi no hóa Y đốt cháy ta thu được: nH2O = 1,05 + 0,42 = 1,47 mol, nCO2 =0,87 mol → nY = 1,47 - 0,87 = 0,6 mol → nX =a =1,25.0,6 = 0,75 mol → chọn D Cách 2: Gọi x, y, z số mol C3H6, C2H2 H2 Cn H 2n + 2− 2k nY 21 Bảo toàn C: 3x + 2y = 0,87 Bảo toàn H: 3x + y + z = 1,05 (I) (II) nY Ta có nH2 phản ứng = nX - nY = nX - 1,25 = 0,2nX = 0,2(x + y+ z) mol Bảo toàn mol π: 0,2(x + y+ z) + 0,42 = x +2y (III) Giải hệ (I, II, III) ta x = 0,15 ; y =0,21 ;z =0,39 Vậy a = x + y + z =0,87 mol→ chọn D Ví dụ 14: (Trích đề khảo sát chất lượng sở Nghệ An 2022) Hỗn hợp A (là chất khí điều kiện thường) gồm hiđrocacbon X hai amin Y Z (các amin no, đơn chức, mạch hở) Đốt cháy hoàn A cần 0,345 mol O thu CO2, 0,16 mol H2O 0,015 mol N2 Thành phần % theo khối lượng X hỗn hợp có giá trị gần với giá trị sau đây? A 73% B 45% C 90% D 64% Hướng dẫn giải C H N Gọi X: CnH2n+2-2k: a mol; CTTB Y,Z: n 2n+3 : b mol Bảo toàn N: b = 0,03 mol Bảo toàn O: nCO2 = 0,265 mol Vậy: na + 0,03 n = 0,265 (I) (n +1 –k)a + 0,03.( n + 1,5) = 0,16 (II) Thế (I) vào (II) ta (1-k)a = -0,15 hay (k-1)a=0,15 (III) Do X, Y, Z chất khí nên n ≤ 4; n ≤ k ≤ k = → a= 0,15 → 0,15n + 0,03 n = 0,265 khơng có nghiệm thỏa mãn n ≥2 k= 3→ a= 0,075→ 0,075n + 0,03 n = 0,265 khơng có nghiệm thỏa mãn n =4 k=4 → a= 0,05 → 0,05n + 0,03 n = 0,265 n = 4, n =13/6 0,05.50 100% Vậy %mX = 0,265.12+0,16.2+0,03.14 ≈ 63,78% → chọn D 2.4 Cơ sở thực nghiệm Sáng kiến kinh nghiệm áp dụng giảng dạy từ năm học 2018 đến 2021 học sinh lớp 11, 12 trường THPT Hoằng Hóa 4, giảng dạy năm học 2021-2022 với trường THPT Quảng Xương đạt chất lượng tốt thi THPT quốc gia tốt nghiệp THPT, thi học sinh giỏi tỉnh Với trường THPT Hoằng Hóa Kết áp dụng lớp 12 năm học 2018-2019: - Thi học sinh giỏi tỉnh lớp 11 văn hóa đạt 80% đó: nhì, ba, khuyến khích - Thi THPT quốc gia đạt kết tốt trường đạt trường có điểm 27 trở lên cao tỉnh có em Vũ Bá Lượng đạt khối A tốp 12 học sinh cao tỉnh 22 Kết áp dụng lớp 12 năm học 2019-2020: Thi THPT quốc gia đạt kết tốt với 15 điểm trở lên có 01 điểm 10 mơn hóa với 23 lượt học sinh đạt từ 27 điểm khối A, B Với trường THPT Quảng Xương Tôi tham gia hỗ trợ đội tuyển học sinh giỏi mơn hóa học trường đạt nhất, ba, khuyến khích Chúng đưa vào áp dụng lớp 12A1, 12A2 12A4 (lớp đối chứng học KHTN thi khối A1) năm học 2018-2019, 2019-2020 trường THPT Hoằng Hóa chúng tơi nhận thấy kết sau: Năm học 2018-2019 12A1 12A2 12A4 %Số học sinh giải tốt tập chất béo, 98% 90% 5% tập hiđrocacbon %Số học sinh không giải tốt tập 2% 10% 95% chất béo, tập hiđrocacbon Năm học 2019-2020 12A1 95% 12A2 85% 12A4 10% %Số học sinh giải tốt tập chất béo, tập hiđrocacbon %Số học sinh không giải tốt tập 5% 15% 90% chất béo, tập hiđrocacbon Từ bảng phân tích ta thấy học sinh học dạng chất béo, hiđrocacbon theo chúng tơi trình bày kết nắm tốt hơn, phát vấn đề nhanh hầu hết làm tốt tốt tập chất béo, tập hiđrocacbon Chúng nhận thấy dạy xong tập chất béo, tập hiđrocacbon học sinh áp dụng nhanh với trắc nghiệm Điều cho thấy sáng kiến hiệu áp dụng cho em học sinh bạn đồng nghiệp ôn thi tốt nghiệp THPT, ôn thi học sinh giỏi tỉnh hiệu 23 PHẦN KẾT LUẬN, KIẾN NGHỊ Sáng kiến kinh nghiệm đề tài khó cố gắng đưa phương pháp giải nhanh ngắn gọn áp dụng cách linh hoạt mà gần học sinh hiểu học Từ kết thực nghiệm sư phạm ta thấy hiệu sáng kiến “Phân dạng, phương pháp giải nhanh tập chất béo tập hiđrocacbon đề thi tốt nghiệp THPT, thi học sinh giỏi tỉnh” sử dụng để ơn luyện thi tốt nghiệp THPT thi học sinh giỏi cấp tỉnh Hi vọng với phần kiến thức kinh nghiệm nhỏ bé chúng tơi góp phần nâng cao chất lượng dạy học hố học trường phổ thơng Rất mong góp ý bạn đồng nghiệp em học sinh để lần sau có kinh nghiệm quý báu Với thời gian ngắn ngủi trình độ có hạn chúng tơi mong thầy, đồng nghiệp góp ý kiến chuyên đề phát triển sang chuyên đề để học sinh u phát triển mơn hóa học bền vững 24 XÁC NHẬN CỦA THỦ TRƯỞNG ĐƠN VỊ Thanh hóa, ngày 14 tháng 05 năm 2022 Tơi xin cam đoan SKKN viết, khơng chép nội dung người khác Tác giả Hoàng Văn Tùng TÀI LIỆU THAM KHẢO [1] Hóa học hữu tập 1, tập 2-Đặng Như Tại-Ngô Thị Thuận-Nhà xuất giáo dục Việt Nam 2010, 2011 [2] Bồi dưỡng học sinh giỏi Hóa học THPT tập 2, 3-Nguyễn Duy Ái- Trần Thành Huế -Nguyễn Tinh Dung-Nguyễn Văn Tòng-Trần Quốc Sơn-Nhà xuất giáo dục Việt Nam 2014 [3] Hóa học hữu 2- Đỗ Đình Rãng 2004 [4] Đề thi đại học, cao đẳng năm (từ 2007 đến 2014) [5] Đề thi THPT quốc gia năm 2015-2019 [6] Đề thi tốt nghiệp THPT năm 2020-2021 [7] Đề tham khảo THPT năm 2020-2022 [8] Đề thi thử sở giáo dục Tỉnh 2022 trường 2022 [9] Đề thi học sinh giỏi tỉnh Thanh Hóa 2021 [10] Sách giáo khoa hóa học 11, 12-Nhà xuất giáo dục Việt Nam 2020 DANH MỤC SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM ĐÃ ĐƯỢC HỘI ĐỒNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM NGÀNH GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO HUYỆN, TỈNH VÀ CÁC CẤP CAO HƠN XẾP LOẠI TỪ C TRỞ LÊN Họ tên: Hồng Văn Tùng Chức vụ đơn vị cơng tác: Giáo viên trường THPT Quảng Xương TT Tên đề tài SKKN Phương pháp giải nhanh chuyên sâu dạng toán điện phân Phương pháp giải nhanh tập vận dụng cao hóa học hữu dựa đặc điểm phản ứng nhóm chức kết hợp với định luật bảo toàn số thủ thuật hay Phương pháp giải nhanh dạng tập este đặc biệt muối amoni amin Nét đẹp định luật bảo tồn giải tốn hóa hóa học áp dụng để giải nhanh tốn vơ vận dụng cao kì thi THPT quốc gia Phương pháp giải nhanh dạng tập este đặc biệt muối amoni amin Điện phân: giải nhanh, chuyên sâu ứng dụng Cấp đánh giá xếp loại (Ngành GD cấp huyện/tỉnh; Tỉnh ) Kết đánh giá xếp loại (A, B, C) Năm học đánh giá xếp loại Sở GD ĐT Thanh Hóa B 2013-2014 Sở GD ĐT Thanh Hóa C 2015-2016 Sở GD ĐT Thanh Hóa B 2017-2018 Sở GD ĐT Thanh Hóa C 2018-2019 HĐ SKKN Tỉnh Thanh Hóa 2019 B 2019-2020 Sở GD ĐT Thanh Hóa C 2020-2021 ... nghiệp THPT, thi học sinh giỏi tỉnh chọn đề tài ? ?Phân dạng, phương pháp giải nhanh tập chất béo tập hiđrocacbon đề thi tốt nghiệp THPT, thi học sinh giỏi tỉnh? ?? nhằm đưa học sinh tới hiểu thấu đáo giải. .. chất gần khơng giải giải lâu Để giúp học sinh có cách giải nhanh, hay mạnh dạn viết SKKN ? ?Phân dạng, phương pháp giải nhanh tập chất béo tập hiđrocacbon đề thi tốt nghiệp THPT, thi học sinh giỏi. .. 12A4 10% %Số học sinh giải tốt tập chất béo, tập hiđrocacbon %Số học sinh không giải tốt tập 5% 15% 90% chất béo, tập hiđrocacbon Từ bảng phân tích ta thấy học sinh học dạng chất béo, hiđrocacbon