ESTE CHẤT béo đề tự học mức độ vận DỤNG CAO – đề 2

Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa Mức độ vận dụng cao - Đề Câu 1: Đốt cháy hết 25,56g hỗn hợp H gồm hai este đơn chức thuộc dãy đồng đẳng liên tiếp amino axit Z thuộc dãy đồng đẳng glyxin ( MZ >75) cần 1,09 mol O2 thu CO2 H2O với tỉ lệ mol tương ứng 48 : 49 0,02 mol khí N2 Cũng lượng H cho tác dụng hết với dung dịch KOH, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam chất rắn khan ancol Biết KOH dùng dư 20% so với lượng phản ứng Giá trị m là: A 38,792 B 34,760 C 31,880 D 34,312 Câu 2: Xà phòng hóa hồn tồn 0,1 mol este E đơn chức, mạch hở 26 gam dung dịch MOH 28% (M kim loại kiềm) tiến hành chưng cất sản phẩm thu 26,12 gam chất lỏng 12,88 gam chất rắn khan Y Nung chất rắn Y bình kín với lượng oxi vừa đủ, sau phản ứng xảy hồn tồn thu khí CO2, nước 8,97 gam muối Cho phát biểu liên quan tới toán: Thể tích CO2 (ở đktc) thu 5,264 lít Tổng số nguyên tử C, H, O có phân tử E 21 Este E tạo ancol có phân tử khối 74 Este E có khả tham gia phản ứng tráng bạc Trong phát biểu trên, số phát biểu là: A B C D Câu 3: Este X tạo α – aminoaxit có cơng thức phân tử C5H11O2N, hai chất Y Z hai peptit mạch hở, tổng số liên kết peptit hai phân tử Y Z Đun nóng 63,5 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa với dung dịch NaOH vừa đủ, thu dung dịch chứa muối (của glyxin alanin) 13,8 gam ancol Đốt cháy toàn hỗn hợp muối cần dùng vừa đủ 2,22 mol O2, sau phản ứng thu Na2CO3, CO2, H2O 7,84 lít khí N2 (đktc) Thành phần phần trăm theo khối lượng peptit có phân tử khối lớn hỗn hợp E A 46,05% B 8,35% C 50,39% D 7,23% Câu 4: Thủy phân hoàn toàn hỗn hợp X gồm este mạch hở dung dịch NaOH đun nóng, sau phản ứng thu m gam muối natri axetat 10,8 gam hỗn hợp Y gồm ancol no, mạch hở có số nguyên tử cacbon Đốt cháy hoàn toàn 10,8 gam hỗn hợp Y thu 8,96 lít khí CO2 (đktc) 10,8 gam H2O Giá trị m A 24,6 B 20,5 C 16,4 D 32,8 Câu 5: Xà phịng hóa hồn tồn m gam este no, đơn chức, mạch hở E 26 gam dung dịch MOH 28% (M kim loại kiềm) Cô cạn hỗn hợp sau phản ứng thu 24,72 gam chất lỏng X 10,08 gam chất rắn khan Y Đốt cháy hoàn toàn Y, thu CO2, H2O 8,97 gam muối cacbonat khan Mặt khác, cho X tác dụng với Na dư, thu 12,768 lít khí H2 (đktc) Phần trăm khối lượng muối Y có giá trị gần với A 85,0 B 85,5 C 84,0 D 83,0 Câu 6: Đốt cháy este chức mạch hở X (được tạo từ axit cacboxylic no, đa chức, phân tử X khơng có q liên kết π) thu tổng thể tích CO2 H2O gấp 5/3 lần thể tích O2 cần dùng Lấy 21,6 gam X tác dụng hoàn toàn với 400 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam chất rắn Giả trị lớn m A 28,0 B 24,8 C 24,1 D 26,2 Câu 7: Đun nóng m gam hỗn hợp X gồm hai este đơn chức với lượng dư dung dịch KOH có tối đa 11,2 gam KOH phản ứng, thu ancol Y dung dịch chứa 24,1 gam muối Đốt cháy hồn tồn Y thu 8,96 lít CO2 (đktc) gam H2O Giá trị m A 21,2 B 12,9 C 20,3 D 22,1 Câu 8: X este chức Xà phịng hóa hồn tồn 2,904 gam X dung dịch NaOH, thu chất hữu Y có khối lượng 1,104 gam hỗn hợp muối axit cacboxylic thuộc dãy đồng đẳng axit axetic axit cacboxylic thuộc dãy đồng đẳng axit acrylic Cho toàn lượng Y tác dụng hết với Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa Na, thu 0,4032 lít H2 (đktc) Hỏi đốt cháy hồn toàn 2,42 gam X thu tổng khối lượng H2O CO2 gam? A 6,10 B 5,92 C 5,04 D 5,22 Câu 9: X, Y, Z este đơn chức, mạch hở (trong Y Z không no chứa liên kết C = C có tồn đồng phân hình học) Đốt cháy 21,62 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với oxi vừa đủ, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)2 dư thấy khối lượng dung dịch giảm 34,5 gam so với trước phản ứng Mặt khác, đun nóng 21,62 gam E với 300 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu hỗn hợp F chứa muối hỗn hợp gồm ancol thuộc dãy đồng đẳng Khối lượng muối có khối lượng phân tử lớn hỗn hợp F A 8,64 gam B 9,72 gam C 4,68 gam D 8,10 gam Câu 10: Hỗn hợp E gồm este đơn chức, đồng phân cấu tạo chứa vịng benzen Đốt cháy hồn tồn m gam E cần vừa đủ 8,064 lít khí O2 (đktc), thu 14,08 gam CO2 2,88 gam H2O Đun nóng m gam E với dung dịch NaOH (dư) có tối đa 2,80 gam NaOH phản ứng, thu dung dịch T chứa 6,62 gam hỗn hợp muối Khối lượng axit cacboxylic T A 3,84 gam B 3,14 gam C 3,90 gam D 2,72 gam Câu 11: X, Y, Z ba axit cacboxylic đơn chức dãy đồng đẳng (MX nCO2 = 0,96 ; nH2O = 0,98 nN2 = 0,02 (mol) => nZ = 2nN2 = 0,04 (mol) Dễ thấy : nZ = ( nH2O – nCO2 )/ 0,5 => Các este no, đơn chức, mạch hở Gọi CTTQ este: CnH2nO2: a mol CTCT aminoaxit: CmH2m+1NO2: 0,04 (mol) nCO2 = na + 0,04m = 0,96 (1) mH = a(14n + 32) + 0,04(14m + 47) = 25,56 (2) Thế (1) vào (2) => a = 0,32 (mol) Từ (1) => 8n + m = 24 Do m > => n < => Phải có HCOOCH3 => ancol CH3OH: 0,32 mol nKOH pư = a + 0,04 = 0,36 (mol) => nKOH bđ = 0,36 + 0,36.20% = 0,432 (mol) nH2O = nZ = 0,04 (mol) H + KOH → Muối + CH3OH + H2O Bảo toàn khối lượng => mRẮN = 38,792 (g) Câu 2: Đáp án C - Chất lỏng thu sau pư gồm H2O dung dịch ROH ancol mROH = 7,28 gam; mH2O = 18,72 gam => m ancol = 7,4 gam Sau pư MOH dư nên este pư hết n ancol = n este = 0,1 mol Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa => M ancol = 74 gam: C4H9OH (vì este đơn chức) - R bảo tồn nên ta có: n ROH = nmuối => M = 39: Kali n KOH ban đầu = 0,13 mol; n KOH dư = 0,13 - 0,1 = 0,03 mol => m muối este = 12,88 - 0,03 56 = 11,2 gam => M muối = 112 Muối có cơng thức R-COO-K => R = 29: C2H5 Vậy este C2H5COOC4H9 => (2) (4) sai BTNT C: => nCO2 = 0,125mol => V = 3,024 lít => (1) sai Câu 3: Đáp án D Đặt a, b số mol muối GlyNa AlaNa => nN = a + b = 0,35.2 nO2 = 2,25a + 3,75b = 2,22 => a = 0,27 b = 0,43 => m muối = 73,92 nNaOH = 0,7 Bảo toàn khối lượng => nH2O = 0,21 => nY + nZ = 0,21 (1) X este cùa Glỵ Ala ancol T Nếu X NH2-CH(CH3)-COOC2H5 => nX = nC2H5OH = 0,3 => Y, Z tạo từ 0,27 mol Gly 0,43 - 0,3 = 0,13 mol Ala => Số N trung bình Y, Z = (0,27 + 0,13)/0,21 = 1,9: Vô lý, loại Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa Vậy X NH2-CH2-COOC3H7 => nX = nC3H7OH = 0,23 => Y, Z tạo từ 0,27 - 0,23 = 0,04 mol Gly 0,43 mol Ala => Số N trung bình Y, Z = (0,04 + 0,43)/0,21 = 2,24 => Y dipeptit z heptapeptit nN = 2nY + 7nZ = 0,04 + 0,43 (2) (1)(2) => nY = 0,2 nZ = 0,01 Y (Gly)u(Ala)2-u Z (Gly)v(Ala)7-v => nGly = 0,2u + 0,01v = 0,04 => 20 u + V = => u = v = nghiệm Vậy: Y (Ala)2 (0,2 mol) Z (Gly)4(Ala)3 (0,01 mol) => %Z = 7,23% Câu 4: Đáp án A Do thủy phân X thu muối natri axetat nên este este axit axetic nCO2 = 0,4 mol; nH2O = 0,6 mol => n ancol = nH2O – nCO2 = 0,2 mol Số C ancol: 0,4/0,2 = Vậy ancol là: CH3CH2OH (x mol) C2H4(OH)2 (y mol) x + y = 0,2 46x + 62y = 10,8 => x = y = 0,1 Este là: CH3COOC2H5 (0,1 mol) (CH3COO)2C2H4 (0,1 mol) => nCH3COONa = 0,3 mol m = 0,3.82 = 24,6 gam Câu 5: Đáp án D 10 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa BTKL: E esto no, đơn chức, mạch hở nên X ancol no, đơn chức, mạch hở ROH X gồm: H2O (1,04 mol) ROH => E HCOOC3H7 Y gồm: HCOOM (0,1 mol) MOH dư (a mol) Đốt Y: BTNT M: Y gồm: HCOOK (0,1 mol) KOH dư (0,03 mol) Câu 6: Đáp án D Goi CTTQ X: 11 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa nNaOH>2nX=>NaOH dư, X hết Để khối lượng chất rắn lớn este H3COOC-CH2-COOCH=CH2 Khi chất rắn gồm: CH2(COONa)2 (0,15 mol) NaOH dư (0,4 - 0,15.2 = 0,1 mol) m = 0,15.148+0,1.40 = 26,2 gam Câu 7: Đáp án A nKOH = 0,2 mol Khi đốt Y: nCO2 = 0,4 mol, nH2O = 0,5 mol => ancol no, đơn chức, mạch hở CnH2n+2O n ancol = nH2O – nCO2 = 0,1 mol n = 0,4/0,1 = => C4H10O n ancol < nKOH => X có este phenol (A) este (B) nB = n ancol = 0,1 mol => nA = (nKOH – nB)/2 = 0,05 mol nH2O = nA = 0,05 BTKL: mX + mKOH = m muối + m ancol + mH2O => m + 11,2 = 24,1 + 0,1.74 + 0,05.18 => m = 21,2 gam Câu 8: Đáp án A 2,904 (g) X + NaOH → 1,104 (g) Y + muối Y + Na → 0,018 mol H2 => nOH- ( Y) = 2nH2 = 0,036 (mol) Vì X este chức => Y ancol chức => nY = 1/3 nOH- = 0,012 (mol) => MY = 1,104/ 0,012 = 92 => Y glixerol C3H5(OH)3 Gọi CTPT X: CnH2n-8O6 ( X có liên kết pi phân tử) nX = nglixerol = 0,012 (mol) => Mx = 242 (g/mol) Ta có:14n – + 96 = 242 => n = 11 Vậy CTPT X C11H14O6 Đốt cháy 2,42 (g) C11H14O6 → 11CO2 + 7H2O 0,01 →0,11 → 0,07 (mol) => mCO2 + mH2O = 0,11.44 + 0,07.18 = 6,1 (g) Câu 9: Đáp án A nE = nNaOH = 0,3 (mol) => nO (E) = 0,6 (mol) 12 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa Gọi a, b số mol CO2 H2O ∆mGIẢM = mCO2 + mH2O - m↓ => 44a + 18b – 100a = -34,5 (1) mE = mC + mH + m O => 12a + 2b + 0,6.16 = 21,62 (2) Từ (1) (2) => a = 0,87 b = 0,79 (mol) Số C = nCO2/ nE = 0,87/0,3 = 2,9 => X HCOOCH3 Vì X, Y có liên kết pi phân tử nên đốt cháy có: nY + nZ = nCO2 – nH2O = 0,08 (mol) => nX = nE – 0,08 = 0,22 (mol) Vậy đốt Y Z thu được: nCO2 = 0,87 – 0,22.2 = 0,43 (mol) => Số C trung bình Y, Z = 0,43/0,08 = 5,375 Y, Z có đồng phân hình học nên Y là: CH3- CH=CH-COOCH3 Do sản phẩm xà phịng hóa có muối ancol nên Z là: CH3-CH=CH-COOC2H5 Vậy muối có phân tử khối lớn CH3-CH=CH-COONa : 0,08 mol => mmuối = 0,08 108 = 8,64 (g) Câu 10: Đáp án B nO2 = 0,36 mol nCO2 = 0,32 mol => nC = 0,32 mol nH2O = 0,16 mol => nH = 0,32 mol BTNT O: nO = 2nCO2 + nH2O – 2nO2 = 0,32.2 + 0,32 – 0,36.2 = 0,08 mol => C:H:O = 0,32:0,32:0,08 = 8:8:2 => C8H8O2 TN2: nNaOH = 0,07 mol neste = 0,5nO = 0,04 mol nNaOH/neste = 0,07/0,04 = 1,75 => este phenol 13 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa Câu 11: Đáp án A M có phản ứng tráng gương nên X HCOOH, (X, Y, Z axit no đơn chức), Z este no ba chức Este T có độ bất bão hịa k = nên: nT = (nCO2 – nH2O)/2 = 0,05 Quy đổi M thành: nHCOOH(M) = nAg : = 0,1 mol => n(2 axit lại) = 0,4 – 0,1 = 0,3 mol Gọi axit cịn lại có cơng thức CnH2nO2 (n > 2) ancol CmH2m+2O3 (m≥3, m nguyên) Hỗn hợp chứa: HCOOH (0,1 mol); CnH2nO2 (0,3 mol) CmH2m+2O3 (0,05 mol) BTNT “C”: 0,1.1 + 0,3n + 0,05m = => 6n + m= 18 Mà n > => m < => m = 3, 4, TH1: m = => n = 2,5 Muối gồm HCOONa (0,1) CnH2n-1O2Na (0,3) => m rắn = 0,1.68 + 0,3.(14.2,5-1+32+23) = 33,5 gam TH2: m = => n = 7/3 Muối gồm HCOONa (0,1) CnH2n-1O2Na (0,3) => m rắn = 0,1.68 + 0,3.[14.(7/3)-1+32+23] = 32,8 gam TH3: m = => n = 13/6 Muối gồm HCOONa (0,1) CnH2n-1O2Na (0,3) => m rắn = 0,1.68 + 0,3.[14.(13/6)-1+32+23] = 32,1 gam => 32,1 ≤ m ≤ 33,5 => m có giá trị gần 33 gam Câu 12: Đáp án C Đốt Y: nCO2 = 0,198 mol, nH2O = 0,176 mol nCOO = 0,08a mol => nK2CO3 = 0,04a mol, nO(X) = 0,16a BTNT O: nO(X) + nO(KOH) + nO(O2) = 2nCO2 + nH2O + 3nK2CO3 14 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa => 0,16a + 0,08a + nO(O2) = 0,198.2 + 0,176 + 0,04a.3 => nO(O2) = 0,572 - 0,12a BTKL => mX + mKOH + mO(O2) = mCO2 + mH2O + mK2CO3 => 7,668 + 0,08a.56 + 16(0,572 – 0,12a) = 44.0,198 + 18.0,176 + 0,04a.138 => a = 1,667 Câu 13: Đáp án A 12,52 g E cần nNaOH = 0,19 (mol) Đốt 37,56 g E cần nO2= 1,11 (mol) → nH2O = 1,2 (mol) => Đốt 12,52 g E cần 0,37 mol O2 → 0,4 mol H2O Quy đổi hỗn hợp E thành: CnH2nO2 : 0,19 mol CmH2m+2O2 : a mol H2O: - b mol mE = 0,19 ( 14n + 32) + a( 14m + 34) – 18 = 12,52 nO2 = 0,19 ( 1,5n – 1) + a ( 1,5n – 0,5) = 0,37 nH2O = 0,19n + a( m + 1) –b = 0,4 => a = 0,05; b = 0,04 0,19n + am = 0,39 => 0,19n + 0,05m = 0,39 => 19n + 5m = 39 T không tác dụng với Cu(OH)2 nên m ≥ Vì n ≥ nên m = n = 24/19 nghiệm => HCOOH ( 0,14) CH3COOH (0,05) b = 0,04 => HCOO-C3H6-OOC-CH3: 0,02 mol => nHCOOH = 0,14 – 0,02 = 0,12 (mol) => %nHCOOH = 60% (gần với 55%) Câu 14: Đáp án A X tráng bạc nên X chứa CHO: nCHO = nAg/2 = 0,01875 nCOONH4 = nNH3 = 0,02 > nCHO => X có chứa nhóm COOH Ta có trường hợp sau: TH1: OHC-CnH2n-CHO HOOC-CnH2n-COOH Muối là: CnH2n(COONH4)2 (0,01 mol) => (14n+124)0,01 = 1,86 => n = 4,4 (loại) TH2: HO-CmH2m-CHO HO-CmH2m-COOH Muối HO-CmH2m-COONH4 (0,02 mol) => (14m+79)0,02 = 1,86 => n = 15 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa Vậy X gồm: HOCH2CHO (0,01875 mol) HOCH2COOH (0,00125 mol) => m = 0,01875.60 + 0,00125.76 = 1,22 gam Câu 15: Đáp án D Nhận xét: Ta thấy khối lượng muối = 7,74 g > 7,1g khối lượng este => ancol CH3OH nE = nCH3OH = nNaOH = x (mol) Bảo toàn khối lượng: mE + mNaOH = mmuối + mCH3OH => 7,1 + 40x = 7,74 + 32x => x = 0,08 (mol) Bảo toàn nguyên tố O cho phản ứng cháy: nO(trong E) + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O => nH2O = 0,08.2 + 2.0,325 – 0,26 = 0,29 (mol) BTKL cho phản ứng cháy: mE + mO2 = mCO2 + mH2O + mN2 => mN2 = 7,1 + 0,325.32 – 0,26.44 – 0,29.18 = 0,84(g) => nN2 = 0,84/28 = 0,03 (mol) => nNH2-CH2-COONa = 2nN2 = 0,06 (mol) Gọi muối cịn lại có công thức RCOONa => nRCOONa = 0,08 – 0,06 = 0,02 (mol) mRCOONa = 7,74 - nNH2-CH2-COONa = 1,92(g) => MRCOONa = 1,92/ 0,02 = 96 => CH3-CH2-COONa Vậy X CH3CH2-COOCH3 (0,02) Y NH2-CH2-COOCH3 (0,06) => % Y= [(0,06 89): 7,1].100% = 75,2% Câu 16: Đáp án C nCOO = nKOH = 0,66 mol => nO(E) = 2nCOO = 1,32 mol Giả sử CO2 (x mol) H2O (y mol) *BTNT O => 1,32+1,92.2 = 2x + y (1) *BTKL => 44x + 18y = 46,32 + 1,92.32 (2) Giải (1) (2) => x = 1,86; y = 1,44 nE = nCO2 – nH2O = 1,86 – 1,44 = 0,42 mol Giả sử E gồm a mol X b mol Y a+b = 0,42 a+2b = 2nKOH = 0,66 => a = 0,18; b = 0,24 => 0,18n + 0,24m = nCO2 = 1,86 (n, m số C X, Y) => n = 5; m = 16 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa X C=C-C-COOCH3 (C5H8O2) Y (COOCH3)2 (C4H6O4) Tổng số H 8+6 = 14 Câu 17: Đáp án C X, Y đơn chức Z, T hai chức *Z + Na: R(OH)2 → H2 0,25 ← 0,25 m bình tăng = mZ – mH2 => mZ = 15 + 0,25.2 = 15,5 gam => MZ = 15,5/0,25 = 62 => Z C2H4(OH)2 *Đốt F: nNa2CO3 = 0,5nNaOH = 0,2 mol; nO(F) = 2nNaOH = 0,8 mol BTNT O: nH2O = nO(F) + 2nO2 - 3nNa2CO3 – 2nCO2 = 0,8 + 0,7.2 – 0,6.2 – 0,2.3 = 0,4 mol BTKL => m muối = mNa2CO3 + mCO2 + mH2O – mO2 = 0,2.106 + 0,6.44 + 0,4.18 – 0,7.32 = 32,4 gam Có axit HCOOH *E + NaOH: T có dạng => MT = (14+44).2+28 = 144 BTKL => mH2O = mE + mNaOH – m muối – mZ = 33,7 + 0,4.40 – 32,4 – 15,5 = 1,8 gam => naxit = nH2O = 0,1 mol => neste = (nNaOH-naxit)/2 = 0,15 => mT = 0,15.144 = 21,6 gam => %mT = 64,1% Câu 18: Đáp án A MX = 3,125.32 = 100 (C5H8O2) Do E tác dụng với KOH sinh hai ancol có số C nên ancol có số C từ trở Số C trung bình = 2,1/0,6 = 3,5 Suy este HCOOC2H5 (G/s Y) Hai ancol C2H5OH, C2H4(OH)2 => X CH2=CH-COOC2H5 Do Z no, mạch hở nên Z (HCOO)2C2H4 17 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa * Tỷ lệ: Câu 19: Đáp án D Ta thay: Câu 20: Đáp án A nancol = nanken = 0,015 mol nNaOH>nancol => Trong X có axit este => neste + naxit = nNaOH = 0,04 mol Giả sử X gồm: 18 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa Este CnH2nO2: 0,015 mol Axit CmH2mO2: 0,025 mol Khi đốt X => nH2O = nCO2 = a mol => m bình tăng = 44a + 18a = 7,75 gam => a = 0,125 mol BT “C”: 0,015n+0,025m = 0,125 => 3n+5m = 0,125 => n = 5, m = thỏa mãn Este C5H10O2 (0,015 mol) Axit C2H4O2 (0,025 mol) - Xét A: meste = 0,015.102 = 1,53 gam; maxit = 0,025.60 = 1,5 gam Phần trăm khối lượng chất 49,5% 50,5% => A - Xét B: Tổng phân tử khối hai chất X 102 + 60 = 162 => B sai - Xét C: Khối lượng chất có phân tử khối lớn X meste = 1,53 gam => C sai - Xét D: + Axit có CTCT thỏa mãn là: CH3COOH + Este có CTCT thỏa mãn là: CH3COOCH2-CH2-CH3 CH3COOCH(CH3)-CH3 => D sai Câu 21: Đáp án B Đốt T: Câu 22: Đáp án C MX = 2,3125 32 =74 g X este đơn chức nên X CmHnO2 →12m + n= 42 → m= n =6 X, Y + NaOH → muối + ancol Z gồm ancol có số C nên Z có C2H5OH C2H4(OH)2 với X HCOOC2H5 Đặt nC2H5OH = a mol nC2H6O2 = b mol 19 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa → a + 2b = nNaOH = 0,15 mol Z + Na : 2Na +2 C2H5OH → 2C2H5ONa + H2 Na + C2H4(OH)2 → C2H4(ONa)2 + H2 mbình tăng = mancol – mH2 =46a + 62b – 2(a/2 + b) =45a + 60b =5,85 Do a =0,09 mol b =0,03 mol Ta có mE = mX + mY => 10,98 = 0,09.74 + mY → mY =4,32 mol → MY = 4,32 :0,03 =144 Vì X tạo từ C2H4(OH)2 nên X R(COO)2C2H4 → R + 44.2 + 28 =144→ R = 28 ( C2H4) Muối A HCOONa TH1: Muối B C2H4(COONa)2 : 0,03 mol → x : y = (0,09.68) : (0,03.162)=1,26 (khơng có đáp án ) TH 2: Y tạo muối HCOONa C2H3COONa Mỗi muối 0,03 mol → muối A : HCOONa :0,12 mol Muối B : C2H3COONa : 0,03 mol → x : y =2,9 Câu 23: Đáp án A Gọi CTPT este RCOOR’: 0,3 (mol) ( este đơn chức nên = nKOH) Lượng O2 dùng để đốt X = lượng O2 để đốt T + ancol => nO2 (đốt ancol) = 1,53 – 1,08 = 0,45 (mol) Gọi CTPT ancol no, đơn chức, mạch hở CnH2n+2O CnH2n+2O + 1,5nO2 → nCO2 + (n +1)H2O (mol) → 1,5n (mol) 0,3 (mol) → 0,45 (mol) => 0,3.1,5n = 0,45 => n = Vậy CT ancol CH3OH: 0,3 (mol) BTKL ta có: mX + mKOH = mmuối + mancol => mX = 35,16 + 0,3.32 – 0,3.56 = 27,96 (g) Gọi a b số mol CO2 H2O đốt cháy X Gọi k độ bất bào hòa este Ta có: 20 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa => este phải có liên kết pi phân tử => Z có CTPT C5H6O2 Câu 24: Đáp án C T chứa ancol đơn chức : ( a mol) ancol ba chức ( b mol) nT = nH2O- nCO2 => nCO2 = 0,39 – a – b (mol) BTNT O: a + 3b + 0,365.2 = (0,39 –a – b) + 0,39 => 3a + 5b = 0,44 (1) BT OH: nNaOH = a + 3b (mol) BTKL: mT = mE + mNaOH – mmuối => mT = 15,34 + (a + 3b).40 – 16,84 => mT = 40a + 120b – 1,5 BTKL cho phản ứng đốt cháy T mT + mO2 = mCO2 + mH2O => 40a + 120b – 1,5 + 0,635.32 = (0,39 – a – b).44 + 0,39.18 => 84a + 164b = 14 (2) Từ (1) (2) => a = 0,03 b = 0,07 (mol) Đặt u v số C ancol đơn chức ancol ba chức => ∑ nCO2 = 0,03u + 0,07v = 0,29 => 3u + 8v = 29 Vì nghiệm thỏa mãn => CTPT ancol ba chức C3H5(OH)3 Muối tạo từ X,Y là: ACOONa: 0,03 (mol) Muối tạo từ Z là: BCOONa: 0,21 (mol) => mmuối = 0,03 ( A + 67) + 0,21 ( B + 67) = 16,84 21 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa => 3A + 21B = 76 nghiệm => CTCT Z (HCOO)3C3H5 Ta có: mE = 0,03M + 0,07.176 = 15,34 ( Với M phân tử khối trng bình X Y) Do MX = MY + nên Mx = 102 MY = 100 Vậy CTPT X: C5H10O2: x (mol) CTPT Y : C5H8O2: y (mol) Câu 25: Đáp án A nCO2 < nH2O → ancol no hở, đơn chức => n ancol = nH2O-nCO2 = 0,1 =>C=nCO2 : nancol = => ancol C2H6O Vì nNaOH > nC2H6O → X axit Y este tạo C2H5OH axit X nRCOONa = nNaOH = 0,3 → M = 82 → MR=15 → CH3COONa → Y CH3COOC2H5 Câu 26: Đáp án B Giả sử Y có k mắt xích n mắt xích = 2nN2 = 0,12 mol => neste = nNaOH – n mắt xích = 0,14 – 0,12 = 0,02 mol 22 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa * m = 0,02.100 + 0,04.203 = 10,12 (g) => A * Y có gốc Ala => B sai * %mX = 0,02.100/10,12 = 19,76% => C *nH2O = nY = 0,04 mol; nCH3OH = nX = 0,02 mol BTKL: m1 = m + mNaOH – mCH3OH – mH2O = 10,12 + 0,14.40 – 0,02.32 – 0,04.18 = 14,36 (g) => D Câu 27: Đáp án B X este amioaxit (no, chứa –NH2, 1- COOH) + NaOH → 0,05 mol ancol no, đơn chức => X este no, đơn chức => nX = nancol = 0,05 (mol) Gọi số mol Y Z a 2a (mol) Đặt y z số mắt xích tương ứng Y Z Ta có: y z a 0,5/12 0,5/11 0,05 0,5/9 Dưới tính cho trường hợp in đâm Các trường hợp khác làm tương tự Y tetrapeptit ( 0,05 mol) Z tripeptit ( 0,1 mol) nGly = 0,3 (mol) => nAla = nNaOH – nGly – nX = 0,2 (mol) Y: (Ala)u(Gly)4-u : 0,05 (mol) Z: (Ala)V(Gly)3-V : 0,1 (mol) => nAla = 0,05u + 0,1v = 0,2 => u + 2v = 23 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa => u = v =1 nghiệm Vậy Y (Gly)2(Ala)2 Z (Gly)2(Ala) => C đúng; A CTPT Y C10H18N4O5 : 0,05 Z C7H13N3O4: 0,1 (mol) => Khi đốt cháy nH2O = 9nY + 6,5nZ = 0,05 + 6,5.0,1 = 1,1 => D Vậy B sai Câu 28: Đáp án A F có phản ứng với AgNO3 => F phải có muối HCOONa => muối cịn lại CH3COONa => E chưa: CH3COOCH=CH2: 0,02 (mol) ; HCOOR: a (mol) HCOOR’: b (mol) => a + b = 0,06 (1) M tham gia phản ứng tráng bạc => M chứa anđehit Có nAg = 0,06 > 2nCH3COOCH=CH2 = 0,04 => E chứa este có cấu tạo HCOOC=C-CH3: Este cịn lại có cấu tạo HCOOCH=CH-CH3: 0,03 (mol) HCOOC(CH3)=CH2 : 0,03 (mol) Vậy X HCOOCH=CH-CH3 Câu 29: Đáp án C Chất X có độ bất bão hòa là: k = (2C + – H):2 = - Khi đun Z với H2SO4 đặc thu chất T nhẹ Z nên MT = MZ - 18 24 Mclass Tham gia khóa Livestream Thầy Thuận để chinh phục điểm 8,9,10 Hóa A, B, D, C sai mol Y đốt cháy thu mol CO2: C4H2O4Na2 + 3O2 → 3CO2 + H2O + Na2CO3 Câu 30: Đáp án A *Đốt cháy 0,36 mol X: Số C trung bình: 2,79 : 0,36 = 7,75 mol Gọi công thức chung este là: C7,75H2.7,75 + – 2kOx hay C7,75H17,5-2kOx BTNT “H”: nH(X) = 2nH2O => 0,36(17,5-2k) = 1,845.2 => k = 3,625 *Đun Y với 0,855 mol NaOH: nX = nY = 0,36 mol nCOO(X) = nCOO(Y) = nNaOH = 0,855 mol => Số nhóm COO trung bình X là: 0,855 : 0,36 = 2,375 => π(COO) = 2,375 Mặt khác: k = π(COO) + π(gốc hidrocacbon) => π(gốc hidrocacbon) = 3,625 – 2,375 = 1,25 => a = 1,25.0,36 = 0,45 mol gần với 0,48 mol 25 ... nO = 2nCO2 + nH2O – 2nO2 = 0, 32. 2 + 0, 32 – 0,36 .2 = 0,08 mol => C:H:O = 0, 32: 0, 32: 0,08 = 8:8 :2 => C8H8O2 TN2: nNaOH = 0,07 mol neste = 0,5nO = 0,04 mol nNaOH/neste = 0,07/0,04 = 1,75 => este. .. = 62 => Z C2H4(OH )2 *Đốt F: nNa2CO3 = 0,5nNaOH = 0 ,2 mol; nO(F) = 2nNaOH = 0,8 mol BTNT O: nH2O = nO(F) + 2nO2 - 3nNa2CO3 – 2nCO2 = 0,8 + 0,7 .2 – 0,6 .2 – 0 ,2. 3 = 0,4 mol BTKL => m muối = mNa2CO3... Hóa 22 -C 23 -A 24 -C 25 -A 26 -B 27 -B 28 -A 29 -C 30-A LỜI GIẢI CHI TIẾT Câu 1: Đáp án A Đặt nCO2 = 48x nH2O = 49x => 44.48x + 18.49x + 0, 02. 28 = 25 ,56 + 1,09. 32 => x = 0, 02 (mol) => nCO2 = 0,96 ; nH2O