Dap an on tap Toan 7 dot 6

a) Dấu hiệu là: “Điểm số của bài kiểm tra môn Toán của một nhóm học sinh”. Số các giá trị khác nhau: 8. Giá trị chủ yếu thuộc khoảng từ 5 đến 7.. a) Dấu hiệu là: Số lần bóng vào rổ của m[r]

(1)

Trường THCS Hoàng Hoa Thám ĐÁP ÁN ƠN TẬP TỐN

Nhóm Tốn Tuần 16/3 – 22/3

A ĐẠI SỐ

ĐỀ 7: Bài 1:

a) Tần số

b) Số giá trị khác dấu hiệu:

c) Điểm trung bình : X=3+6.2+7.4+8+109X¯=3+6.2+7.4+8+109=619≈6,8.=619≈6,8 d) Mốt dấu hiệu: M0=7.M0=7

Bài 2:

a) Dấu hiệu là: “Điểm số kiểm tra mơn Tốn nhóm học sinh” Có 20 học sinh làm

b) Lập bảng “tần số”:

Nhận xét:

Số giá trị dấu hiệu: 20 Số giá trị khác nhau: Giá trị lớn nhất: 10

Giá trị nhỏ nhất:

Giá trị có tần số lớn nhất: Giá trị có tần số nhỏ nhất: 6; 10

Giá trị chủ yếu thuộc khoảng từ đến c) Điểm trung bình:

Mốt dấu hiệu: M0=7.M0=7 Bài 3:

Gọi sáu số a,b,c,d,e,f.a,b,c,d,e,f Theo ta có a+b+c+d+e+f6=4a+b+c+d+e+f6=4

⇒⇒ a+b+c+d+e+f=24a+b+c+d+e+f=24 (1) Khi bớt số thứ sáu, theo giả thiết ta có

a+b+c+d+e5=3a+b+c+d+e5=3

⇒⇒ a+b+c+d+e=15a+b+c+d+e=15 (2) Từ (1) (2) ⇒⇒ f=24−15=9.f=24−15=9

(2)

ĐỀ 8: Bài

Tổng số ban đầu : 24 Tổng số : 35

Số thứ : 35 – 24 =11 Bài

a) Số TBC là:

1.7 2.19 3.6 4.2 5.1 6.1 82

2, 05

40 40

X        

b) - Mốt dấu hiệu - Đơn vị điều tra là: 40 c) Có viết khơng có lỗi Bài

a) Dấu hiệu là: Số lần bóng vào rổ phút tập vận động viên ném bóng rổ b) Lập bảng tần số

Giá trị(x) 10 12 13 14 15

N = 30 Tần số (n) 3 2 3

 Nhận xét:

- Số lần bóng vào rổ nhiều là: 15 lần - Số lần bóng vào rổ : lần - Đa số bóng vào rổ: lần

c) Số TBC là:

5.3 6.2 7.3 8.3 9.6 10.2 12.2 13.3 14.3 15.3 296

9,87

30 30

X            

d) Mốt dấu hiệu : e) HS vẽ biểu đồ đoạn thẳng B HÌNH HỌC

Bài 1.

a) ABD vng Dnên B + A1 190 (1)

ACE

 vuông Enên C + A1 190 (2) Từ (1) (2) suy B = C 1

(3)

b) Xét ABH KCA, ta có: ABCK;ABH = ACK; BHCA Suy ABH KCA(c.g.c) AHAK

Bài 2.

Tam giác ABC có A80 nên B C 100  Ta có: BOM 180 B; CON 180 C

2

 

 

Vậy: MON 180 BOM CON 180 360 B C B C 50

2

  

      

Bài

a) Ta có: BD // AH (giả thiết) BD BC

  hay DBHvuông B

Mặt khác BD // AH B1H1 (cặp góc so le trong)

Do hai tam giác vng AHB DHB (g.c.g)

b) ABC vng A (giả thiết) Theo định lí Pytago ta có:

2 2

BC AB AC

2 2 2

AB BC AC 15 12 225 144 81

       

AB 81    (cm)

Ta có AHB DHB (cmt) DHAB9(cm) (hai cạnh tương ứng) Bài 4.

Áp dụng định lí Py-ta-go cho BAM, BAC vng A, ta có:

2 2

BM AB AM

Suy BM2 BC2AC2AM2 Vậy 2 AC2

BM BC AC

   , hay 2

(4)

a) Ta có: B1A2 90 ; A1A2 90 nên B1A1 Vậy ACN BAM (cạnh huyền – góc nhọn)

b) ACN BAM nên ANBM; CNAM suy BM CN AN AM MN c) Áp dụng định lí Py-ta-go, ta có:

2 2

BM AM AB hay 2

BM CN AB

Suy BM2CN2 không phụ thuộc vào vị trí xy Bài 6.

Áp dụng tính chất góc ngồi tam giác, ta có: M1A1ABM; M2 A2ACM