Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.[r]
(1)ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC 2010 Mơn thi: TỐN, Khối A ĐỀ 5 PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH(7 điểm).
Câu I ( điểm)
Cho hàm số y=x3
+(1−2m)x2+(2−m)x+m+2 (1) m tham số Khảo sát biến thiên vẽ đồ thị (C) hàm số (1) với m=2
2 Tìm tham số m để đồ thị hàm số (1) có tiếp tuyến tạo với đường thẳng d: x+y+7=0 góc α , biết cosα=
√
26 Câu II (2 điểm)1 Giải bất phương trình:
√
log1 2(
42− xx)
−4≤√
52 Giải phương trình:
√
3 sin2x.(2 cosx+1)+2=cos 3x+cos 2x −3 cosx Câu III (1 điểm)Tính tích phân: I ¿
∫
x+1
(
1+√
1+2x)
2dx Câu IV(1 điểm)Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC tam giác vng cân đỉnh A, AB ¿a
√
2 Gọi I trung điểmBC, hình chiếu vng góc H S lên mặt đáy (ABC) thỏa mãn: ⃗IA=−2⃗IH , góc SC mặt đáy (ABC) 600 .Hãy tính thể tích khối chóp S.ABC khoảng cách từ trung điểm K SB tới (SAH).
Câu V(1 điểm)
Cho x, y, z ba số thực dương thay đổi thỏa mãn: x2
+y2+z2≤xyz Hãy tìm giá trị lớn biểu thức: P= x
x2 +yz+
y y2
+zx+ z z2
+xy
PHẦN TỰ CHỌN (3 điểm): Thí sinh chỉ chọn làm hai phần ( phần A phần B ). A Theo chương trình chuẩn:
Câu VI.a (2 điểm)
1 Trong mặt phẳng Oxy, cho tam giác ABC biết A(3;0), đường cao từ đỉnh B có phương trình x+y+1=0 , trung tuyến từ đỉnh C có phương trình: 2x-y-2=0 Viết phương trình đường trịn ngoại tiếp tam giác ABC Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz, cho điểm A(-1;1;0), B(0;0;-2) C(1;1;1) Hãy viết
phương trình mặt phẳng (P) qua hai điểm A B, đồng thời khoảng cách từ C tới mặt phẳng (P)
√
3 Câu VII.a (1 điểm)Cho khai triển: (1+2x)10
(
x2+x+1)2=a0+a1x+a2x2+ +a14x14 Hãy tìm giá trị a6 B Theo chương trình nâng cao:
Câu VI.b (2 điểm)
1 Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho tam giác ABC biết A(1;-1), B(2;1), diện tích 5,5 trọng tâm G thuộc đường thẳng d: 3x+y −4=0 Tìm tọa độ đỉnh C
2.Trong khơng gian với hệ trục Oxyz, cho mặt phẳng (P) x+y − z+1=0 ,đường thẳng d: x −2 =
y −1 −1 =
z −1 −3 Gọi I giao điểm d (P) Viết phương trình đường thẳng Δ nằm (P), vng góc với d cách I khoảng 3
√
2Câu VII.b (1 điểm)
ĐÁP ÁN –THANG ĐIỂM – ĐỀ 5
ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2010 MƠN:TỐN, Khối A
PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH.
Giải phương trình ( ẩn z) tập số phức:
(
z+ii− z
)
(2)Câu ý Nội dung Điểm I(2đ) 1(1đ) Khảo sát hàm số m = 2
Khi m = 2, hàm số trở thành: y = x3 3x
❑2 +
a) TXĐ: R b) SBT
•Giới hạn: xlim y ; limx y 0,25
•Chiều biến thiên:
Có y’ = 3x2 6x; y’=0 x =0, x =2
x +
y’ + +
y
4
0
+
Hàm số ĐB khoảng ( ; 0) (2 ; +), nghịch biến (0 ; 2)
0,25
•Hàm số đạt cực đại x = 0, yCĐ = y(0) = 4;
Hàm số đạt cực tiểu x = 2, yCT = y(2) =
0,25 c) Đồ thị:
Qua (-1 ;0)
Tâm đối xứng:I(1 ; 2)
0,25
2(1đ) Tìm m
Gọi k hệ số góc tiếp tuyến ⇒ tiếp tuyến có véctơ pháp ⃗n1=(k ;−1) d: có véctơ pháp ⃗n2=(1;1)
Ta có
cosα=
|
⃗n1.⃗n2||
⃗n1||n⃗2|⇔1
√
26=|k −1|
√
2√
k2+1⇔12k−26k+12=0⇔ k1=3
2 ¿ k2=23
¿ ¿ ¿ ¿ ¿
0,5
Yêu cầu tốn thỏa mãn hai phương trình: y❑=k1 (1) y❑=k
2 (2) có nghiệm x
3x2
+2(1−2m)x+2− m=3 ¿
3x2+2(1−2m)x+2− m=2 ¿
¿ ¿ ¿
Δ❑1≥0 ¿ Δ❑2≥0
¿ ¿ ¿ ¿
0,25
4 y
I -1
1
0 x
(3)
8m2−2m −1≥0 ¿
4m2− m−3≥0 ¿ ¿ ¿ ¿
m≤ −1 4;m ≥
1 ¿ m≤ −3
4;m≥1 ¿ ¿ ¿ ¿
m≤ −1
4 m≥
0,25
II(2đ) 1(1đ) Giải bất phương trình
Bpt
⇔
log1 2 2x
4− x−4≥0 log1
2 2x
4− x≤9
⇔
−3≤log1
2x
4− x≤−2(1) ¿
¿ 2≤log1
2 2x
4− x≤3(2) ¿
¿{ ¿ ¿ ¿
0,25
Giải (1): (1)
⇔4≤ 2x
4− x≤8⇔ 3x −8
4− x ≥0 5x −16
4− x ≤0
⇔8
3≤ x ≤ 16
5 ¿{
0,25
Giải (2): (2)
⇔1
8≤ 2x 4− x≤
1 4⇔ 17x −4
4− x ≥0 9x −4
4− x ≤0
⇔
17 ≤ x ≤ ¿{
0,25
Vậy bất phương trình có tập nghiệm
[
17 ;4 9
]
∪[
8 3;
16
5
]
0,252(1đ) Giải PT lượng giác
Pt ⇔
√
3 sin 2x(2 cosx+1)=(cos 3x −cosx)+(cos 2x −1)−(2 cosx+1)⇔
√
3 sin 2x(2 cosx+1)=−4 sin2xcosx −2 sin2x −(2cosx+1)⇔(2 cosx+1)(
√
3 sin 2x+2 sin2x+1)=0 (4)•
√
3 sin2x+2sin2x+1=0⇔√
3 sin 2x −cos 2x=−2⇔sin(2x −π 6)=−1 ⇔x=−π6+kπ
0,25
•
2 cosx+1=0⇔ x=2π
3 +k2π ¿ x=−2π
3 +k2π ¿ (k∈Z)
¿ ¿ ¿
Vậy phương trình có nghiệm: x=2π
3 +k2π ; x=− 2π
3 +k2π x=−π
6+kπ (k Z¿
0,25
III(1đ) 1(1đ) Tính tích phân.
I ¿
∫
x+1
(
1+√
1+2x)
2dx •Đặt t=1+√
1+2x⇒dt=dx√
1+2x⇒dx=(t −1)dt x= t2−2t2 Đổi cận
x t
0,25
•Ta có I =
(t2−2t
+2)(t −1) t2 dt=
1 2
∫
24
t3−3t2
+4t −2 t2 dt=¿
1 2
∫
24
(
t −3+4 t −2 t2
)
dt2
∫
2¿ =
2
(
t22−3t+4 ln|t|+
t
)
∨¿0,5
= ln 2−1
4 0,25
(5)IV
•Ta có ⃗IA=−2⃗IH⇒ H thuộc tia đối tia IA IA = 2IH BC = AB
√
2 ¿2a ; AI= a ; IH= IA2 = a AH = AI + IH = 32a
0,25
•Ta có HC2=AC2+AH2−2 AC AH cos 450⇒HC=a
√
5 Vì SH⊥(ABC)⇒ (SC;(❑ABC))=SCH❑ =600SH=HC tan600=a
√
150,25
•
a
√
2¿2a√
152 =
a3
√
15 VS ABC=1
3SΔABC SH= 2¿ 0,25 •
BI⊥AH BI⊥SH
}
⇒BI⊥(SAH)
Ta có
B ;(SAH)=1 2BI=
a d(K ;(SAH))
d(B ;(SAH))= SK SB =
1
2⇒d(K ;(SAH))= 2d¿
0,25
V (1đ) Tim giá trị lớn P
P= x x2+xy+
y y2+zx+
z z2+xy Vì x ; y ; z>0 , Áp dụng BĐT Cơsi ta có: P≤ x
2
√
x2yz+ y 2√
y2zx+z 2
√
z2xy =¿1 4
(
2
√
yz+2
√
zx+2
√
xy)
0,25 4
(
y+ z+ z+ x+ x+ y)
=1 2
(
yz+zx+xy
xyz
)
≤1 2
(
x2+y2+z2
xyz
)
1 2
(
xyz xyz
)
= (6)Dấu xảy ⇔x=y=z=3 Vậy MaxP =
2
0,25 PHẦN TỰ CHỌN:
Câu ý Nội dung Điểm
VIa(2đ) 1(1đ) Viết phương trình đường trịn…
KH: d1:x+y+1=0; d2:2x − y −2=0
d1 có véctơ pháp tuyến ⃗n1=(1;1) d2 có véctơ pháp tuyến ⃗
n2=(1;1)
• AC qua điểm A( 3;0) có véctơ phương ⃗n1=(1;1) ⇒ phương trình AC: x − y −3=0
C=AC∩ d2⇒ Tọa độ C nghiệm hệ:
¿ x − y −3=0
2x − y −2=0
⇒C(−1; −4)
¿{
¿
0,25
• Gọi B(xB; yB) ⇒ M( xB+3
2 ; yB
2 ) ( M trung điểm AB)
Ta có B thuộc d1 M thuộc d2 nên ta có:
¿ xB+yB+1=0 xB+3− yB
2 −2=0
⇒B(−1;0) ¿{
¿
0,25
• Gọi phương trình đường trịn qua A, B, C có dạng:
x2+y2+2 ax+2 by+c=0 Thay tọa độ ba điểm A, B, C vào pt đường trịn ta
có
¿ 6a+c=−9 −2a+c=−1 −2a −8b+c=−17
⇔
¿a=−1 b=2 c=−3
¿{ { ¿
⇒ Pt đường tròn qua A, B, C là:
x2+y2−2x+4y −3=0 Tâm I(1;-2) bán kính R = 2
√
20,5
2(1đ) Viết phương trình mặt phẳng (P)
•Gọi ⃗n=(a ; b ; c)≠O⃗ véctơ pháp tuyến (P) Vì (P) qua A(-1 ;1 ;0) pt (P):a(x+1)+b(y-1)+cz=0
Mà (P) qua B(0;0;-2) a-b-2c=0 b = a-2c
Ta có PT (P):ax+(a-2c)y+cz+2c =0
(7)• d(C;(P)) =
a −2c¿2+c2 ¿ a2+¿
√¿
√
3⇔|2a+c|¿
⇔
a=c ¿ a=7c
¿ ¿ ¿ ¿ ¿
0,5
•TH1: a=c ta chọn a=c=1 Pt (P): x-y+z+2=0
TH2: a=7c ta chọn a =7; c = Pt (P):7x+5y+z+2=0
0,25
VII.a (1 đ) Tìm hệ số khai triển
• Ta có
2x+1¿2+3 x2
+x+1=1 4¿
nên 1+2x¿10
1+2x¿12+ 16¿ 1+2x¿14+3
8¿ x2
+x+1¿2= 16 ¿ (1+2x)10¿
0,25
• Trong khai triển (1+2x)14 hệ số x6 là: 26C 14
Trong khai triển (1+2x)12 hệ số x6 là: 26C 12
Trong khai triển (1+2x)10 hệ số x6 là: 26C10
6 0,5
• Vậy hệ số a6= 16
6 C14
6 +3
82
C12
+ 16
6 C10
6
=41748 0,25
VI.b(2đ) 1(1đ) Tìm tọa độ điểm C
• Gọi tọa độ điểm C(xC; yC)⇒G(1+xC ;
yC
3 ) Vì G thuộc d
⇒3
(
1+xC)
+yC
3 −4=0⇒ yC=−3xC+3⇒C(xC;−3xC+3) •Đường thẳng AB qua A có véctơ phương ⃗AB=(1;2) ⇒ptAB:2x − y −3=0
0,25
• SΔABC=
2AB d(C ;AB)= 11
2 ⇔d(C ;AB)= 11
√
5⇔|
2xC+3xC−3−3|
√
5 = (8)⇔
|
5xC−6|
=11⇔ xC=−1¿ xC=
17 ¿ ¿ ¿ ¿ ¿
0,5
• TH1: xC=−1⇒C(−1;6) TH2: xC=17
5 ⇒C( 17
5 ;− 36
5 )
0,25 2(1đ) Viết phương trình đường thẳng
• (P) có véc tơ pháp tuyến ⃗n(P)=(1;1;−1) d có véc tơ phương ⃗
.u=(1;−1;−3)
I=d ∩(P)⇒I(1;2;4)
• Δ⊂(P); Δ⊥d⇒Δ có véc tơ phương ⃗uΔ=
[
⃗n(P);u⃗]
=(−4;2;−2) ¿2(−2;1;−1)0,25
• Gọi H hình chiếu I Δ ⇒H∈mp(Q) qua I vng góc Δ Phương trình (Q): −2(x −1)+(y −2)−(z −4)=0⇔−2x+y − z+4=0 Gọi d1=(P)∩(Q)⇒d1 có vécto phương
[
⃗n(P);⃗n(Q)]
=(0;3;3)=3(0;1;1) d1 qua I⇒ptd1: x=1 y=2+t z=4+t
¿{ { Ta có H∈d1⇒H(1;2+t ;4+t)⇒⃗IH=(0;t ;t)
•
IH=3
√
2⇔√
2t2=3
√
2⇔t=3 ¿ t=−3
¿ ¿ ¿ ¿ ¿
0,5
• TH1: t=3⇒H(1;5;7)⇒ptΔ:x −1 −2 =
y −5
1 =
z −7 −1 TH2: t=−3⇒H(1;−1;1)⇒ptΔ:x −1
−2 = y+1
1 = z −1
−1
0,25 VII.b đ Giải phương trình tập số phức.
ĐK: z ≠ i • Đặt w=z+i
i− z ta có phương trình: w
=1⇔(w −1)(w2+w+1)=0
(9)⇔
w=1 ¿ w2+w+1=0
¿ w=1
¿ w=−1+i
√
32 ¿ w=−1− i
√
32 ¿ ¿ ¿
⇔¿ ¿ ¿ ¿
• Với w=1⇒ z+i
i − z=1⇔z=0 • Với w=−1+i
√
32 ⇒
z+i i − z=
−1+i
√
32 ⇔(1+i
√
3)z=−√
3−3i⇔z=−√
3 • Với w=−1− i√
32 ⇒
z+i i − z=
−1− i
√
32 ⇔(1−i
√
3)z=√
3−3i⇔z=√
3 Vậy pt có ba nghiệm z=0; z=√
3 z=−√
30,5
-Hết
(10)