BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI QUỐC GIA THPT NĂM 2019 HƯỚNG DẪN CHẤM ĐỀ THI CHÍNH THỨC Mơn: SINH HỌC Ngày thi: 14/01/2019 (Hướng dẫn chấm có 09 trang) I Hướng dẫn chung Cán chấm thi chấm hướng dẫn chấm, đáp án - thang điểm Bộ Giáo dục Đào tạo Đối với câu, ý mà thí sinh có cách trả lời khác so với đáp án vẫn cho điểm tối đa câu, ý theo thang điểm Cán chấm thi khơng quy trịn điểm thành phần, điểm câu, điểm toàn tổng điểm thi thí sinh II Hướng dẫn cụ thể Câu (1,5 điểm) Một nhóm nhà khoa học thực lại thí nghiệm Meselson Stahl (1958) để nghiên cứu mơ hình nhân đơi ADN Họ ni vi khuẩn E coli mơi trường có nitơ đồng vị nặng (N15), sau chuyển sang mơi trường có nitơ đồng vị nhẹ (N14), tách ADN sau hệ ly tâm Kết thu băng ADN có trọng lượng tỷ lệ khác hình (tỷ lệ % thể hàm lượng băng ADN hệ) a) Dựa theo kết thí nghiệm trên, chứng minh ADN tái theo mơ hình bán bảo tồn b) Tại băng ADN trung gian có tỷ lệ giảm dần sau hệ? c) Giả sử họ nuôi vi khuẩn E coli mơi trường có N14 (thế hệ 0) chuyển sang mơi trường có N15 (từ hệ 1), điều kiện thí nghiệm khác không thay đổi Hãy xác định tỷ lệ % băng ADN thu hệ: 0, 1, Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Ba mơ hình giải thích chế tái ADN: bán bảo toàn, bảo toàn phân tán - Thế hệ 1: có băng ADN trung gian, nên loại bỏ mơ hình bảo tồn 1a - Thế hệ 2: có băng ADN (nhẹ trung gian) => loại bỏ mơ hình phân tán Từ kết luận: ADN tái theo mơ hình bán bảo tồn - Thế hệ 1: Băng ADN trung gian tạo thành từ phân tử ADN lai (N14-N15) - Do môi trường nuôi vi khuẩn từ hệ trở có N14 làm nguồn vật liệu tổng hợp ADN => sau hệ tỷ lệ giảm nửa Thế hệ 2: ADN trung gian giảm 1/2, 1b - Thế hệ 3: ADN trung gian giảm 1/4 - Tỷ lệ phân tử ADN nhẹ (N14- N14) tăng lên sau hệ => Tỷ lệ băng ADN trung gian giảm dần sau hệ Ghi chú: HS chứng minh theo cơng thức tính tỷ lệ % loại ADN - Tỷ lệ băng ADN thu hệ: + Thế hệ : 100% băng nhẹ + Thế hệ : 100% băng trung gian 1c + Thế hệ : 50% băng trung gian: 50% băng ADN nặng + Thế hệ : 25% băng trung gian: 75% băng ADN nặng HS trả lời ý 0,25 điểm Điểm 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 Câu (1,5 điểm) Trôpônin T loại prôtêin liên quan đến hoạt động Để thu prôtêin người tế bào vi sinh vật, người ta tiến hành hai thí nghiệm sau: Thí nghiệm 1: Tách gen mã hố trơpơnin T từ ADN hệ gen người chuyển vào vectơ biểu nấm men tạo plasmit tái tổ hợp A1; chuyển vào vectơ biểu vi khuẩn tạo plasmit tái tổ hợp A2 Thí nghiệm 2: Tổng hợp phân tử cADN cách phiên mã ngược phân tử mARN trưởng thành mã hố trơpơnin T Sau đó, chuyển phân tử cADN vào loại vectơ biểu nấm men tạo plasmit tái tổ hợp B1; chuyển vào loại vectơ biểu vi khuẩn tạo plasmit tái tổ hợp B2 a) Hãy so sánh kích thước hai plasmit tái tổ hợp A1 B1 Giải thích 1/9 b) Khi biến nạp biểu hai plasmit A1 B1 tế bào nấm men điều kiện thí nghiệm, họ thu hai loại prơtêin có kích thước khác từ plasmit A1 loại prôtêin từ plasmit B1 Hãy giải thích kết c) Khi biến nạp biểu hai plasmit A2 B2 vào vi khuẩn E coli điều kiện thí nghiệm, prơtêin thu từ plasmit A2 khơng có chức năng, cịn prơtêin thu từ plasmit B2 có chức bình thường Hãy giải thích kết Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Xét trường hợp: - TH1: gen Troponin T gen phân đoạn, kích thước plasmit A1 lớn B1, plasmit A1 mang gen có chứa đoạn intron, cịn plasmit B1 khơng 2a chứa intron - TH2: gen Troponin T gen không phân đoạn, kích thước plasmit A1 B1, plasmit A1 B1 mang gen không chứa đoạn intron - Plasmit A1 phiên mã tạo phân tử tiền thân mARN => trải qua trình cắt intron nối exon => phân tử mARN trưởng thành khác số lượng exon => dịch mã tạo phân tử protein kích thước khác 2b - Trong đó, plasmit B1 cịn exon nên khơng trải qua q trình cắt nối thay tạo loại protein - Hệ thống biểu gen vi khuẩn khơng có máy cắt intron nối exon (spliosome) nấm men 2c - mARN tạo từ plasmit A2 intron nên tạo thành protein khơng có chức Cịn mARN từ plasmit B2 có trình tự exon nên tạo protein có chức Điểm 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 Câu (2,0 điểm) Hội chứng Patau người bệnh di truyền gây có ba nhiễm sắc thể (NST) số 13 Trên NST số 13 có ba lơcut gen X, Y Z, lơcut Y gần tâm động (Hình 2) lơcut có alen khác (kí hiệu từ D đến N) Một người bị mắc hội chứng thuộc hệ III gia đình có phả hệ hình Kết phân tích ADN alen người gia đình thể hình a) Người thuộc hệ thứ III phả hệ mắc hội chứng Patau? Giải thích b) Hai người III1 III2 phả hệ di truyền alen từ bố mẹ lôcut X, Y Z? c) Sự rối loạn phân ly cặp NST số 13 giảm phân tạo giao tử diễn bố (II1) hay mẹ (II2)? Ở giai đoạn phân bào nào? Vẽ sơ đồ cặp NST số 13 người thuộc hệ II bị rối loạn giảm phân giai đoạn: kỳ giảm phân I, kỳ giảm phân II hình thành giao tử (khi vẽ cần rõ vị trí alen, điểm trao đổi chéo (nếu có) giao tử bất thường thụ tinh) Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Người III mắc hội trứng Patau, lơcut Z người có alen K, L, M 3a Locut X Locut Y 3b Locut Z Điểm số Bố Mẹ Bố Mẹ Bố Mẹ (EE) (EF) (HI) (II) (KM) (LN) Người III1 EE F II I KM L (0,25 điểm) Người III2 E E H I K L (0,25 điểm) Điểm 0,25 0,5 Ghi chú: HS cần trả lời thông tin tương tự bảng HS trả lời 1-2 ý: điểm; 3-4 ý: 0,125 điểm; 5-6 ý: 0,25 điểm 3c Xét locut Z: người III1 nhận alen (K M) từ bố (II1) => rối loạn phân ly cặp NST 13 giảm phân người bố II1 Xét locut Y: bố (II1) dị hợp HI, người III1 nhận alen I từ bố => rối 0,25 0,25 2/9 loạn phân ly NST xảy kỳ sau giảm phân II bố II1 Vậy: - Rối loạn phân bào xảy kỳ sau giảm phân II người bố II1; - Đã xảy trao đổi chéo lôcut Y Z kỳ đầu giảm phân I, làm hoán đổi vị trí alen K M (do lơcut Y gần tâm động) 0,25 (Vị trí đánh dấu X vị trí xảy trao đổi chéo kỳ đầu giảm phân I) 0,25 0,25 Giao tử bị rối loạn phân ly NST thụ tinh với giao tử bình thường, tạo mắc bệnh Ghi chú: - HS vẽ cặp NST đối chứng khơng (không trừ điểm) - HS cần vẽ trường hợp giai đoạn hình thành giao tử Câu (2,0 điểm) Nhằm xác định gen tham gia vào đường sinh tổng hợp phêninalanin nấm đơn bội Neurospora, người ta phân lập ba chủng đột biến đơn Bảng gen cần có phêninalanin để sinh trưởng Chất bổ sung Các chủng đột biến thể khả Chủng Phêninpiruvat Prêphênat Côrismat Phêninalanin mọc khác môi trường nuôi (Phenylpyruvate) (Prephenate) (Chorismate) (Phenylalanine) cấy có bổ sung chất nằm chuỗi + + + + sinh tổng hợp phêninalanin (Bảng 1) Biết Kiểu dại Đột biến + rằng, gen bị đột biến nằm NST Đột biến + + + khác Đột biến + + a) Hãy xác định thứ tự chất chuỗi Kí hiệu: + (mọc); - (khơng mọc) sinh tổng hợp phêninalanin vị trí thể đột biến chuỗi b) Thể lưỡng bội tạo từ phép lai hai chủng nấm đột biến giảm phân tạo thành bốn dòng nấm đơn bội khác kiểu gen Hãy cho biết khả mọc chúng nuôi điều kiện môi trường Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Điểm - Chủng đột biến mọc bổ sung phêninalanin => đột biến xảy phản 0,25 ứng cuối chuỗi sinh tổng hợp 4a - Chủng đột biến không sinh trưởng bổ sung chorismate, => chorismate chất chuỗi sinh tổng hợp, đột biến ảnh hưởng đến chuỗi sinh tổng 0,25 hợp sau chorismate 3/9 4b - Chủng đột biến sinh trưởng bổ sung phenylpyruvate phenylalanine => đột biến xảy trước tạo thành phenylpyruvate phenylalanine, giai đoạn sau chuỗi sinh tổng hợp Kết luận, chuỗi sinh tổng hợp diễn theo hình sau với đột biến tương ứng Côrismat (2) Prêphênat (3) Phêninpiruvat (1) Phêninalanin - HS nêu trình tự chất chuỗi chuyển hóa giải thích 0,5 điểm - HS vị trí thể đột biến giải thích, 0,5 điểm Quy ước: Đột biến 2: alen kiểu dại A, trội hoàn toàn so với alen đột biến a; Đột biến 3: alen kiểu dại B, trội hoàn toàn so với alen đột biến b Vậy, - Kiểu gen chủng đột biến số 2: aB (đơn bội) - Kiểu gen chủng đột biến số 3: Ab (đơn bội) Khi lai, thể bào tử lưỡng bội 2n có kiểu gen AaBb giảm phân tạo dòng đơn bội: Chất bổ sung Điểm số 0,25 0,25 0,25 0,25 Kiểu gen Phêninpiruvat Prêphênat Côrismat Phêninalanin 25% AB + + + + 0,125 0,5 25% ab + + 0,125 25% aB + + + 0,125 25% Ab + + 0,125 Câu (1,5 điểm) Để tìm hiểu quy luật di truyền chi phối hai tính trạng hình dạng màu sắc bí, nhà khoa học tiến hành lai hai dịng bí chủng dẹt, màu xanh với dài, màu vàng thu F1 toàn dẹt, màu xanh Cho F1 tự thụ phấn thu F2 gồm kiểu hình có tỷ lệ: 9/16 cho dẹt, màu xanh 1/16 cho tròn, màu trắng 3/16 cho tròn, màu xanh 1/16 cho dài, màu vàng 2/16 cho tròn, màu vàng Biết vị trí gen NST khơng thay đổi q trình giảm phân a) Hãy xác định quy luật di truyền chi phối tính trạng nêu Viết sơ đồ lai từ P đến F2 di truyền hai tính trạng b) Xác định tỷ lệ kiểu gen, kiểu hình đời cho lai F1 với có kiểu hình dài, màu trắng Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Điểm * Xét riêng di truyền cặp tính trạng + Tính trạng hình dạng quả: Tỷ lệ phân ly F2: dẹt : tròn : dài = : : = 16 tổ hợp lai = 4x4 F1 dị hợp cặp gen không alen cho loại giao tử quy định tính trạng hình dạng 0,25 với tỷ lệ phân ly : : => theo quy luật tương tác gen kiểu bổ trợ Quy ước: A-B-: dẹt; A-bb, aaB-: tròn; aabb: dài P: AABB (quả dẹt) x aabb (quả dài) F1: AaBb (quả dẹt) + Tính trạng màu sắc Tỷ lệ phân ly F2: xanh : vàng : trắng = 12 : : = 16 tổ hợp lai = 4×4 F1 dị hợp cặp gen không alen cho loại giao tử quy định tính trạng màu sắc với 5a tỷ lệ phân ly 12 : : => theo quy luật tương tác gen kiểu át chế gen trội 0,25 Quy ước: X: quy định màu xanh, gen át chế; x: không át chế; V: quy định màu vàng; v: quy định màu trắng P: XXvv (quả xanh) x xxVV (quả vàng) F1: XxVv (quả xanh) * Xét di truyền hai tính trạng Tỷ lệ phân ly kiểu hình F2: : : : : = 16 tổ hợp lai = 4×4 F1 dị hợp cặp gen, cho loại giao tử khác => cặp gen chi phối tính 0,25 trạng tồn NST liên kết với hồn tồn (HS biện luận trường hợp cặp gen chi phối cặp tính trạng nằm cặp NST liên kết hồn toàn, F1 dị hợp chéo tỷ lệ kiểu gen, kiểu hình đạt điểm tối đa) 4/9 Sơ đồ lai: Trường hợp 1: A liên kết với X, B liên kết với V 𝐴𝑋 𝐵𝑣 𝑎𝑥 𝑏𝑉 P: (quả dẹt, xanh) × (quả dài, vàng) 𝐴𝑋 𝐵𝑣 𝐴𝑋 𝐵𝑣 F1: 𝑎𝑥 𝑏𝑉 (quả dẹt, xanh) × 𝐴𝑋 𝐴𝑋 F2: (4 𝐴𝑋 : 5b 𝑎𝑥 𝑎𝑥 0,25 𝑎𝑥 𝑏𝑉 𝐴𝑋 𝐵𝑣 𝑎𝑥 𝑏𝑉 𝐵𝑣 𝐵𝑣 ∶ 𝑎𝑥 ) × (4 𝐵𝑣 : 𝑏𝑉 (quả dẹt, xanh) 𝑏𝑉 ∶ 𝑏𝑉) 𝐴𝑋 𝐵𝑣 𝐴𝑋 𝐵𝑣 𝐴𝑋 𝑏𝑉 : ∶ 16 𝐴𝑋 𝐵𝑣 16 𝐴𝑋 𝑏𝑉 16 𝐴𝑋 𝑏𝑉 𝐴𝑋 𝐵𝑣 𝐴𝑋 𝐵𝑣 𝐴𝑋 𝑏𝑉 𝑎𝑥 𝐵𝑣 𝑎𝑥 𝐵𝑣 𝑎𝑥 𝑏𝑉 ∶ : : : : : 16 𝑎𝑥 𝐵𝑣 16 𝑎𝑥 𝑏𝑉 16 𝑎𝑥 𝑏𝑉 16 𝑎𝑥 𝐵𝑣 16 𝑎𝑥 𝑏𝑉 16 𝑎𝑥 𝑏𝑉 Tỷ lệ kiểu gen (9): : : : : : : : : Tỷ lệ kiểu hình: dẹt, xanh : tròn, xanh : tròn, vàng : dài, vàng : tròn, trắng Trường hợp 2: A liên kết với V, B liên kết với X Kết tương tự trường hợp Ghi chú: HS cần viết trường hợp 0,25 điểm Cây có kiểu hình dài màu trắng có kiểu gen đồng hợp tử lặn cặp gen Trường hợp 1: A liên kết với X, B liên kết với V 𝐴𝑋 𝐵𝑣 𝑎𝑥 𝑏𝑣 F1: 𝑎𝑥 𝑏𝑉 (quả dẹt, xanh) × 𝑎𝑥 𝑏𝑣 (quả dài, trắng) 𝐴𝑋 𝐵𝑣 𝐴𝑋 𝑏𝑉 𝑎𝑥 𝐵𝑣 F: 𝑎𝑥 𝑏𝑣 (quả dẹt, xanh); 𝑎𝑥 𝑏𝑣 (quả tròn, xanh); 𝑎𝑥 𝑏𝑣 (quả tròn, trắng); Tỷ lệ phân ly kiểu gen kiểu hình : : : Trường hợp 2: A liên kết với V, B liên kết với X Kết tương tự trường hợp 𝑎𝑥 𝑏𝑉 𝑎𝑥 𝑏𝑣 (quả dài, vàng) 0,25 0,25 Câu (1,5 điểm) Để nghiên cứu tốc độ tích lũy đột biến thay nuclêơtit gen, nhà khoa học so sánh trình tự nuclêơtit vùng đầu (chứa trình tự nuclêơtit mã hóa tín hiệu nhận biết tiến hành dịch mã ribôxôm) 149 gen E coli Một phần kết nghiên cứu thể hình a) Mạch ADN gen hình mạch khn hay mạch khơng làm khn q trình phiên mã? Giải thích b) Hãy viết trình tự ba mã hóa bảo thủ đoạn trình tự hình Chức chúng gì? Tại chúng bảo tồn q trình tiến hóa? Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Mạch ADN hình mạch khơng làm khn 6a Giải thích: Mạch ADN hình có chiều 5' -> 3'; điểm khởi đầu dịch mã có ba mở đầu (ATG) => Đây mạch khơng làm khn Trình tự ba mã hóa bảo thủ đoạn trình tự ATG, vị trí 0-1-2 Chức năng: Đây ba mở đầu có chức mở đầu cho q trình tổng hợp chuỗi polypeptit mã hóa cho axit amin Methionin Giải thích: Nói chung, đột biến xảy nucleotit ADN ngẫu 6b nhiên, nên tần số đột biến nuclêôtit khác tương đương - Bộ ba ATG tín hiệu nhận biết cho yếu tố khởi đầu trình dịch mã Các đột biến ba ảnh hưởng nghiêm trọng đến trình dịch mã => bị CLTN đào thải => bảo tồn tiến hóa Điểm 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 Câu (1,5 điểm) Fenner cộng (1983) công bố số liệu nghiên cứu tiến hóa virut Myxoma gây bệnh thỏ hoang dại Úc từ năm 1950 đến 1981 Họ phân chia virut thành nhóm (kí hiệu từ I đến V) theo khả gây bệnh tăng dần Hình mơ tả thay đổi tỷ lệ nhóm virut giai đoạn nghiên cứu khác nhau, biết sức đề kháng thỏ tăng nhẹ thời gian nghiên cứu a) Sự tiến hóa virut Myxoma nói diễn theo hình thức chọn lọc tự nhiên chủ yếu? Giải thích 5/9 b) Tác nhân chọn lọc chủ yếu chi phối tiến hóa virut Myxoma nghiên cứu gì? Giải thích c) Tại hai nhóm virut có khả gây độc mạnh (nhóm V) yếu (nhóm I) khơng thể chiếm tỷ lệ cao nghiên cứu trên? Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Điểm - Sự tiến hóa virut Myxoma chủ yếu diễn theo hình thức chọn lọc ổn định 0,25 - Giải thích: 7a + Giai đoạn 1950-1955: khả gây bệnh virut có tăng lên 0,25 + Từ 1952 đến 1981: Tỷ lệ nhóm virut có khả gây bệnh trung bình (nhóm III) ln chiếm ưu so với nhóm khác - Tác nhân chọn lọc chủ yếu sức đề kháng hệ miễn dịch virus thỏ 0,25 hoang dại 7b - Giải thích: virut phải sống ký sinh bắt buộc vật chủ nên chịu áp lực chọn 0,25 lọc gây hệ miễn dịch vật chủ - Nhóm virut gây độc mạnh (nhóm V) khơng thể chiếm đa số quần thể virut 0,25 virut nhanh chóng gây chết vật chủ 7c - Nhóm virut gây bệnh yếu (nhóm I) có khả xâm nhập gây bệnh 0,25 sức đề kháng vật chủ tăng lên Câu (2,0 điểm) Hai quần thể rắn nước thuộc lồi có số lượng cá thể lớn Quần thể I sống môi trường đất ngập nước có số cá thể gấp lần số cá thể quần thể II sống hồ nước Biết rằng, gen quy định tính trạng màu sắc vảy có hai alen: alen A quy định có sọc thân trội hoàn toàn so với alen a quy định khơng sọc; quần thể I có tần số alen A 0,8; quần thể II có tần số alen a 0,3 a) Do hai khu vực sống gần nhau, nên 25% cá thể quần thể đất ngập nước di cư sang khu vực hồ có 20% cá thể từ hồ di cư sang khu đất ngập nước Việc di cư diễn đồng thời thời gian ngắn không làm thay đổi sức sống, sức sinh sản cá thể Hãy tính tần số alen hai quần thể sau di - nhập cư b) Người ta đào mương lớn nối liền khu đất ngập nước với hồ nước nên cá thể hai quần thể dễ dàng di chuyển qua lại giao phối ngẫu nhiên tạo thành quần thể Biết quần thể không chịu tác động nhân tố tiến hóa Hãy tính tần số alen thành phần kiểu gen sau mùa sinh sản c) Khi mơi trường sống thay đổi, kiểu hình không sọc trở nên bất lợi bị chọn lọc tự nhiên loại bỏ hoàn toàn Nhưng sau nhiều hệ, người ta quan sát thấy cá thể rắn không sọc xuất dù Biết quần thể khơng chịu tác động nhân tố tiến hóa khác Hãy giải thích tượng Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Quy ước: N1, N2 số lượng cá thể hai quần thể I II (N1 = 3N2) p1, p2 tần số alen A hai quần thể I II q1, q2 tần số alen a hai quần thể I II Tần số alen hai quần thể sau di - nhập cư: - Quần thể I: Số lượng cá thể: 0,75N1 + 0,2N2 Tần số alen A: p1* = [(p1 x 0,75N1) + (p2 x 0,2N2)]/ [0,75N1 + 0,2N2] 8a p1* = [(p1 x 0,75 x 3N2) + (p2 x 0,2N2)]/ [0,75 x 3N2 + 0,2N2] = 0,79 => Tần số alen a: q1* = - p1* = 1- 0,79 = 0,21 - Quần thể II: Số lượng cá thể: 0,25N1 + 0,8N2 Tần số alen A: p2* = [(p1 x 0,25N1) + (p2 x 0,8N2)]/ [0,25N1 + 0,8N2] 8b Điểm 0,25 0,25 0,25 p2* = [(p1 x 0,25 x 3N2) + (p2 x 0,8N2)]/ [0,25 x 3N2 + 0,8N2] = 0,748 => Tần số alen a: q2* = - p2* = 1- 0,748 = 0,252 HS tính cách khác hợp logic đạt điểm - Số lượng cá thể quần thể mới: N1 + N2 => Tần số alen A: p = (p1xN1 + p2xN2)/(N1 + N2) = 0,775 => Tần số alen a: q = - p = 0,225 0,25 0,25 6/9 - Sau hệ ngẫu phối, thành phần kiểu gen quần thể là: (pA + qa)2 = p2AA + 2pqAa + q2aa ≈ 0,6AA + 0,35Aa + 0,05aa = 8c 0,25 - Quần thể có số lượng lớn, giao phối ngẫu nhiên giúp cho alen lặn có hại phát tán quần thể - Alen lặn không biểu thể dị hợp, nên bị tác động loại bỏ CLTN trạng thái đồng hợp lặn => CLTN làm giảm tần số bắt gặp kiểu hình lặn, khơng thể loại bỏ hoàn toàn alen khỏi quần thể 0,25 0,25 Câu (1,5 điểm) Quần thể gà lôi đồng cỏ lớn (Tympanuchus cupido) bang Illinois (Hoa Kỳ) bị sụt giảm số lượng nghiêm trọng hoạt động canh tác người Bảng kỷ XIX-XX Bảng thể kết Địa điểm, Kích thước quần thể Số alen/ Tỷ lệ % nghiên cứu quần thể gà lôi bang Illinois hai thời gian (số lượng cá thể) lôcut trứng nở bang khác không bị tác động (Kansas Nebraska) Illinois a) Hãy sử dụng số liệu bảng để giải thích cho 1930-1960 1.000 - 25.000 5,2 93 bốn tác động phiêu bạt di truyền (yếu tố ngẫu 1993 < 50 3,7 < 50 Kansas, 1998 750.000 5,8 99 nhiên) Nebraska, 1998 75.000 200.000 5,8 96 b) Để phục hồi quần thể gà lôi đồng cỏ bang Illinois, năm 1993 người ta bổ sung vào quần thể 271 cá thể lấy ngẫu nhiên từ bang khác Sau năm, tỉ lệ trứng nở tăng lên 90% Hãy giải thích kết Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Điểm - Phiêu bạt di truyền làm thay đổi tần số alen quần thể cách ngẫu nhiên 0,25 - Do số alen/ lôcut giảm từ 5,2 => 3,7 alen/ lôcut quần thể gà lôi, nên phiêu bạt di 0,25 truyền làm giảm biến dị di truyền quần thể - Tỷ lệ trứng nở giảm nghiêm trọng từ 93% xuống 50%: Phiêu bạt di truyền có 9a thể loại bỏ alen có lợi có hại cố định alen cách ngẫu nhiên => làm 0,25 tăng nguy diệt vong quần thể - Kích thước quần thể gà bang Illinois năm 1993 50 cá thể => Tác động 0,25 phiêu bạt di truyền thể rõ rệt quần thể nhỏ - Việc bổ sung cá thể làm tăng kích thước quần thể quần thể gà Illinois - 271 cá thể lấy ngẫu nhiên từ bang lân cận có độ đa dạng di truyền cao 0,25 9b quần thể gốc - Sau năm (nhiều hệ), độ đa dạng di truyền quần thể gà tăng lên => làm tăng 0,25 khả thích nghi quần thể (tăng tỷ lệ trứng nở lên 90%) Câu 10 (1,5 điểm) Các hình biểu diễn: lát cắt ngang thân vị trí cách mặt đất 1,3 m (Hình 7); phần cấu tạo giải phẫu thân (Hình 8) diễn biến nhiệt độ, lượng mưa trung bình năm (Hình 9) thời gian sinh trưởng cá thể thuộc lồi thơng nhựa (Pinus latteri) a) Hãy xác định tuổi hình dựa số lượng vòng gỗ hàng năm Giải thích b) Quan sát hình 8, phân tích ảnh hưởng nhân tố sinh thái dẫn đến khác biệt độ dày, độ đậm nhạt vịng gỗ, kích thước độ dày thành tế bào Biết rằng, hàm lượng khoáng đất ổn định theo thời gian c) Vịng gỗ thứ X hình tương đương với năm thời gian nghiên cứu? Vì vịng gỗ X mỏng vịng khác? Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Điểm 7/9 10a 10b 10c tuổi có 18 vịng gỗ, năm có vịng gỗ, vịng gỗ sẫm màu vòng gỗ sáng màu 0,25 Mùa thuận lợi: nhiệt độ cao, lượng mưa lớn, ánh sáng mạnh => tầng sinh mạch hoạt động mạnh, hình thành nhiều tế bào gỗ 0,25 Tế bào sinh trưởng nhanh, kích thước lớn, thành mỏng, hóa gỗ => vịng gỗ lớn, sáng màu 0,25 - Mùa không thuận lợi: nhiệt độ, lượng mưa thấp, cường độ ánh sáng yếu => tầng sinh mạch hoạt động yếu, hình thành tế bào gỗ - Tế bào sinh trưởng chậm, kích thước nhỏ, độ dày thành tế bào lớn, hóa gỗ mạnh, làm tăng sức chống chịu với môi trường bất lợi => vòng gỗ nhỏ, sẫm màu 0,25 c) Thời điểm X tương đương với năm 2009 thời gian nghiên cứu Giải thích: Năm 2009 có nhiệt độ, lượng mưa thấp ảnh hưởng đến mức hoạt động tầng sinh mạch sinh trưởng tế bào, đặc biệt mùa không thuận lợi nên kích thước vịng gỗ sẫm màu nhỏ 0,25 0,25 Bảng B Chỉ tiêu nghiên cứu Mật độ quần thể (cá thể/km2) Tuổi thành thục sinh sản Môi trường sống Tác động người Quần thể I Quần thể II 25 10 Ít bụi, thảm cỏ phát triển mạnh Đốt rừng định kì Số lượng sống (cá thể) Câu 11 (2,0 điểm) Taber Dasmann (1957) nghiên cứu ảnh hưởng môi trường đến số lượng sống hai nhóm cá thể hươu đen (Odocoileus hemionus colombianus) thuộc hai quần thể ổn định (I 250 Nhóm cá thể thuộc quần thể I II), sống hai địa điểm độc lập với đặc điểm thể Nhóm cá thể thuộc quần thể II 200 195 192 200 bảng Kết nghiên cứu thể hình 10 181 171 200 150 160 152 148 137 127 125 115 100 104 104 95 84 74 50 64 Thảm bụi Khơng có tác động 55 30 15 Hình 10 10 11 12 Tuổi (năm) a) Loài hươu đen có chiến lược chọn lọc theo r hay K? Giải thích b) Hãy phân tích diễn biến xác định nguyên nhân tử vong theo tuổi hai nhóm cá thể nghiên cứu mối quan hệ với môi trường sống, mật độ đặc điểm sinh học loài Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Điểm a) Đây lồi có chiến lược chọn lọc K 0,25 Giải thích: Căn vào đường cong sống sót quần thể II thấy: - Tỷ lệ tử vong năm thấp (8/200 cá thể) => lồi có tập 11a tính chăm sóc bảo vệ non 0,25 - Hơn nửa số cá thể (138/200 cá thể) chết nhóm tuổi 10-12 => chết tuổi già, đạt tới giới hạn tuổi thọ Trả lời ý 0,25 điểm - Quần thể I, số cá thể tử vong theo nhóm tuổi: 48,27,10,11,9,11,10,10,9,40,15 - Quần thể II, số cá thể tử vong theo nhóm tuổi: 5,3,11,10,11,12,11,10,23,74,26 0,25 (Trả lời ý 0,25 điểm Nếu học sinh diễn đạt lời cho điểm bình thường) - Tuổi 1-2: Quần thể I có mật độ cao gấp 2,5 lần so với quần thể II nên mức cạnh tranh lồi cao, mơi trường có nhiều thức ăn nhiễu loạn sinh thái mạnh 11b => non sức chống chịu tỷ lệ tử vong cao 0,25 - Quần thể II sống môi trường ổn định, nhiễu loạn sinh thái, mật độ thấp, lồi có tập tính chăm sóc bảo vệ non nên tỷ lệ tử vong thấp hai năm đầu Trả lời ý 0,25 điểm - Từ tuổi đến 10, tỷ lệ chết ổn định theo thời gian hai quần thể 0,25 mức tử vong không phụ thuộc mật độ 8/9 - Nguồn sống quần thể I phong phú quần thể II quần thể I sống mơi trường có thảm cỏ phát triển mạnh mức tử vong hai quần thể tương đương mức tử vong không phụ thuộc nguồn sống - Nguyên nhân tử vong giai đoạn cạnh tranh sinh sản, đầu mùa sinh sản đực tử vong tìm kiếm, đánh tranh giành cái, cuối mùa sinh sản chết kiệt sức chăm sóc, bảo vệ non tỷ lệ tử vong ổn định hàng năm - Sau 10 tuổi, tỷ lệ tử vong hai quần thể cao tuổi già Học sinh phân tích nguyên nhân theo quần thể theo nhóm tuổi cho điểm 0,25 0,25 0,25 Câu 12 (1,5 điểm) Hình 11 thể phần lưới thức ăn cánh đồng trồng cỏ chăn ni mía đảo Hawaii Hình 12 thể thay đổi số lượng, sinh khối số loài quần xã trước sau loài vi khuẩn gây bệnh cóc (Bufo marinus) xuất làm số lượng cóc giảm mạnh a) Hãy cho biết điều xảy với cỏ chăn ni mía tồn cóc khu vực bị chết vi khuẩn? Giải thích b) Nêu vai trị sinh thái lồi cóc quần xã nghiên cứu Giải thích Hướng dẫn chấm Câu Nội dung Điểm a) Năng suất mía cỏ chăn ni giảm mạnh tồn cóc bị chết quần 0,25 thể sâu phát triển mạnh Giải thích: - Khi tồn cóc bị chết => côn trùng sinh trưởng mạnh không cịn lồi ăn thịt 0,25 đứng sau kiểm sốt số lượng - Loài Lutana sp giảm số lượng bị khai thác mức Lutana sp thức ăn 12a côn trùng quần xã => số lượng côn trùng giảm (do thiếu thức ăn nên 0,25 bị chết bỏ khơng cịn thức ăn) Mật độ côn trùng giảm từ 15 cá thể/m2 cá thể/m2 (hoặc thấp) - Chim sáo sử dụng Lutana sp sâu làm thức ăn, Lutana sp giảm làm giảm 1/3 số lượng chim sáo (từ 15 xuống cá thể/1000 m2) thiếu thức ăn => Số 0,25 lượng sâu tăng gấp (từ 10 cá thể lên 30 cá thể/m2) số lượng chim sáo giảm HS phân tích theo chuỗi thức ăn đạt điểm b) Cóc lồi chủ chốt/lồi kiểm sốt đa dạng quần xã 0,25 Giải thích: cóc bị giảm mạnh số lượng hoạt động vi khuẩn => số lượng, sinh 12b khối trùng, chim sáo, mía, cỏ, Lutana sp., côn trùng giảm Sâu phát 0,25 triển mạnh => đa dạng quần xã giảm HẾT - 9/9 ... 0 ,21 - Quần thể II: Số lượng cá thể: 0 ,25 N1 + 0,8N2 Tần số alen A: p2* = [(p1 x 0 ,25 N1) + (p2 x 0,8N2)]/ [0 ,25 N1 + 0,8N2] 8b Điểm 0 ,25 0 ,25 0 ,25 p2* = [(p1 x 0 ,25 x 3N2) + (p2 x 0,8N2)]/ [0 ,25 ... Số lượng cá thể: 0,75N1 + 0,2N2 Tần số alen A: p1* = [(p1 x 0,75N1) + (p2 x 0,2N2)]/ [0,75N1 + 0,2N2] 8a p1* = [(p1 x 0,75 x 3N2) + (p2 x 0,2N2)]/ [0,75 x 3N2 + 0,2N2] = 0,79 => Tần số alen a:... 3N2 + 0,8N2] = 0,748 => Tần số alen a: q2* = - p2* = 1- 0,748 = 0 ,25 2 HS tính cách khác hợp logic đạt điểm - Số lượng cá thể quần thể mới: N1 + N2 => Tần số alen A: p = (p1xN1 + p2xN2)/(N1 + N2)