14 phương pháp giải nhanh hiện đại bài tập hóa học 2019

Phương pháp 1: A PHƯƠNG PHÁP GIẢI CHUNG Cách giải chung phương pháp đồ thị gồm bước sau  Xác định dáng đồ thị  Xác định tọa độ điểm quan trọng [thường điểm gồm: xuất phát, cực đại cực tiểu]  Xác định tỉ lệ đồ thị (tỉ lệ đồ thị tỉ lệ phản ứng)  Từ đồ thị cho giả thiết để trả lời yêu cầu toán DẠNG XO2 PHẢN ỨNG VỚI DUNG DỊCH M(OH)2 I Thiết lập dáng đồ thị: + Khi sục CO2 vào dung dịch a mol Ca  OH 2 xảy phản ứng CO2  Ca  OH 2  CaCO3   H O Suy ra:  Lượng kết tủa tăng dần  Số mol kết tủa số mol CO2  Số mol kết tủa max = a(mol)  đồ thị phản ứng là: + Khi lượng CO2 bắt đầu dư lượng kết tủa tan theo phản ứng: CaCO3  CO2  H O  Ca  HCO3 2 Suy ra:  Lượng kết tủa giảm dần đến (mol)  Đồ thị xuống cách đối xứng II Phương pháp giải:  Dáng đồ thị: Hình chữ V ngược đối xứng  Tọa độ điểm quan trọng + Điểm xuất phát: (0,0) + Điểm cực đại (kết tủa cực đại): (a,a) [ a số mol Ca  OH 2 ]  kết tủa cực đại a mol + Điểm cực tiểu: (0,2a)  Tỉ lệ đồ thị 1:1 III Bài tập áp dụng Câu 1: Sục từ từ đến dư CO2 vào dung dịch Ca(OH)2 Kết thí nghiệm biểu diễn đồ thị hình bên Giá trị a b A 0,2 0,4 B 0,2 0,5 C 0,2 0,3 D 0,3 0,4 Hướng dẫn: + Từ tỉ lệ đồ thị toán  a = 0,2 mol + Tương tự ta có b = 2a = 0,4 mol Đáp án A Câu 2: (Trích Đề Thi Thử THPT Trí Đức 2016) Sục từ từ đến dư CO2 vào cốc dung dịch Ca(OH)2 Kết thí nghiệm biểu diễn đồ thị hình bên Khi lượng CO2 sục vào dung dịch 0,85 mol lượng kết tủa xuất m gam Giá thị m A 40 gam B 55 gam C 45 gam D 35 gam Hướng dẫn: Dựa vào đồ thị ta có: n CO2  0,3  a  n CO2  n CaCO3  0,3 n CaCO3  0,3 n CO2     n Ca OH  0, 65mol n Ca  HCO3 2  0,35mol n CaCO3  x  x  y  0, 65  x  0, 45mol n CO2  0,85      m CaCO3  45g n  ymol x  2y  0,85 y  0, 2mol   Ca HCO   2 Đáp án C Câu 3: (Trích Đề Thi Thử Nam Phù Cừ - 2016) Hòa ta hồn tồn 11,2 gam CaO H2O thu dung dịch Y Sục khí CO2 dung dịch Y, qua trình khảo sát người ta lập đồ thị phản ứng sau: Giá trị x là: A 0,025 B 0,050 C 0,020 D 0,040 Hướng dẫn: n CO2  x  n CaCO3  x n CaCO3  x bt.Ca n CO2  x     8x  0,  x  0, 025mol Ca  HCO3  : 7x Đáp án A DẠNG CO2 PHẢN ỨNG VỚI DUNG DỊCH GỒM NaOH; Ca(OH)2 I Thiết lập dáng đồ thị: + Khi sục từ từ CO2 vào dung dịch chứa x mol NaOH y mol Ca(OH)2 xảy phản ứng: CO  2OH    CO32  H O CO32  CO  H O  2HCO3 Ca  CO32  CaCO3  1 2  3 + Ta thấy: Số mol OH    x  2y   CO32 max   0,5x  y  + Từ ta có đồ thị biểu thị quan hệ số mol CO32 CO sau: + Mặt khác: số mol Ca 2  y  mol   số mol CaCO3  max   y  mol  Suy ra: Số mol kết tủa max = y(mol) Đồ thị phản ứng là: II Phương pháp giải: - Dáng đồ thị: Hình thang cân  Tọa độ điểm quan trọng + Điểm xuất phát: (0,0) + Điểm cực đại (kết tủa cực đại): ( Ca 2 …)[a sô smol Ca(OH)2]  kết tủa cực đại a mol + Điểm cực tiểu: (0,nOH-)  Tỉ lệ đồ thị: 1:1 III Bài tập áp dụng: Câu 1: Sục CO2 vào dung dịch hỗn hợp gồm Ca(OH)2 KOH ta quan sát tượng theo đồ thị hình bên (số liệu tính theo đơn vị mol) Giá trị x A 0,12 mol B 0,11 mol C 0,13 mol D 0,10 mol Hướng dẫn: Từ đồ thị ta có  n Ca OH  0,15mol n Ca OH   0,15mol    n KOH : 0,3mol K  : 0,3  bt.ÑT x  n CaCO  Ca2  : 0,15  x   0,3  0,3  2x  0,5  x  x  0,1mol HCO : 0,5  x  Đáp án D n CO  y  x  n KOH    Ghi nhớ: n CaCO  y   y  n   n  y  x Ca OH      CO2 Câu 3: (Trích Đề Thi Thử THPT Hồng Lĩnh 2016) Khi sục từ từ đến dư CO2 vào dung dịch hỗn hợp gồm a mol NaOH b mol Ca(OH)2, kết thí nghiệm biễu diễn đồ thị sau Tỉ lệ a:b A 4: B 4: C 5: Hướng dẫn: Ta có  b  n CaCO  0,5 a    b n OH  a  2b  1,4  a  0,4.mol Đap án A Câu 4: (Trích Đề Thi Thử THPT Đồng Đậu 2016) Dung dịch A chứa a mol Ba(OH)2 Thêm m gam NaOH vào A sau sục CO2 dư vào ta D 2: thấy lượng kết tủa biến đổi theo đồ thị (hình bên) Giá trị (a+m) là: A 20,5 B 20,6 C 20,4 D 20,8 Hướng dẫn: n NaOH  b  0,5  a  m  20,4g  n OH  0,5  2a  1,3  a  0,4 Đáp án C DẠNG OH- PHẢN ỨNG VỚI DUNG DỊCH Al3+ I Thiết lập dáng đồ thị: Cho từ từ dung dịch chứa NaOH vào dung dịch chứa a mol AlCl3 ta có: + Phản ứng xảy ra: Al3  3OH   Al  OH 3  Al  OH 3  OH   AlO2  H O + Đồ thị biễu diễn hai phản ứng sau: + Ta ln có: BO BC   BM  a BM BM II Phương pháp giải:  Dáng đồ thị: Tam gác không cân  Tọa độ điểm quan trọng + Điểm xuất phát: (0,0) + Điểm cực đại (kết tủa cực đại): (a,3a)[a số mol Al3+]  kết tủa cực đại a mol + Điểm cực tiểu: (0,4a)  Tỉ lệ đồ thị: (1:3) (1;1) III Bài tập áp dụng Câu 1: (A_2014): Khi nhỏ từ từ đến dư dung dịch NaOH vào dung dịch hỗn hợp gồm a mol HCl b mol AlCl3, kết thí nghiệm biễu diễn đồ thị sau: Tỉ lệ a:b A 4: B 2: C 1: D 2: Hướng dẫn: a = 0,8 mol Khi mol n OH  0,8 dung dịch thu sau phản ứng: Na : 2,8mol   a 0,8 bt.dt  2,8  0,8  3b  b  0,4  b  0,6 mol    Cl : 0,8  3b  b 0,6 AlO : b  0,4  Đáp án A Câu 2: Khi nhỏ từ từ đến dư dung dịch NaOH vào dung dịch AlCL3, kết thí nghiệm biễu diễn đồ thị sau (số liệu tính theo đơn vị mol) Tỷ lệ x:y : A 6: B 7: C 5: D 4: Hướng dẫn: Từ đồ thị ta có mol NaOH x kết tủa cực đại a n AlCl  a  x  3a Khi mol NaOH y kết tủa cực đại 0,5a, dung dịch thu sau phản ứng: Na : y  x 3a n Al OH  : 0,5a   Cl  : 3a  y  3,5a    y 3,5a OH  : 0,5a  Đáp án A Câu 3: Dung dịch X chứa a mol AlCl3 2a mol HCl Rót từ từ dung dịch NaOH vào dung dịch X ta có đồ thị sau: Giá trị x A 0,624 B 0,748 C 0,756 D 0,684 Hướng dẫn: Khi mol NaOH x mol kết tủa 0,8a mol dung dịch thu sau phản ứng: Na : x mol  3 bt.DT  x  0,6a  5a  x  4,4a  Al : 0,2a mol  Cl  : 5a  Khi mol NaOH 0,918 mol kết tủa 0,6a mol dung dịch thu sau phản ứng: Na : 0,918  bt.DT   0,918  5,4a  a  0,17 mol AlO2 : 0,4a mol    Cl : 5a  x=0,748 mol Đáp án B Câu 4: (Trích Đề Thi Thử THPT Lương Thế Vinh Quảng Bình 2016) Cho từ từ đến dư dung dịch NaOH 0,1M vào 300ml dung dịch hỗn hợp gồm H2SO4 a mol/lít Al2(SO4)3 b mol/lít Đồ thị mơ tả phụ thuộc số mol kết tủa Al(OH)3 vào số mol NaOH dùng Tỉ số a/b gần với giá trị sau A 1,7 B 2,3 C 2,7 Hướng dẫn: H SO : 0,3a  Al  SO  : 0,3b Trường hợp n NaOH  2,4b dung dịch thu sau phản ứng D 3,3 Na : 2,4 b  btdt Al  OH 3 : y.mol  SO24 : 0,3a +0,9b  2,4b  1,8b  3y  0,6a  1,8b  3 Al : 0,6b  y 2,4b  0,6a  3y  0,8b  0,2a  y Trường hợp n NaOH  1,4a dung dịch thu sau phản ứng Na :1,4 b  btdt Al  OH 3 : y.mol  SO24 : 0,3a +0,9b  1,4a  0,6a  1,8b  0,6b  y   AlO2 : 0,6b  y y  2,4b  0,8a  0,8b  0,2a  1,6b  0,6a  a  2,7 b Đáp án C Câu 5: (Chuyên Lào Cai 2016) Khi nhỏ từ từ đến dư dung dịch NaOH vào dung dịch hỗn hợp gồm a mol H2SO4 b mol Al2(SO4)3, kết thí nghiệm biểu diễn đồ thị sau: Tỉ lệ a: b A 8: B 2: C 1: D 4:5 Hướng dẫn: H SO : a  Al  SO 3 : b Từ đồ thị ta có: 2a  0,2  a  0,1 Khi mol n NaOH  0,9 dung dịch thu sau phản ứng: Na : 0,9  2 a btdt SO : 0,1 + 3b  0,9  0,2  6b  2b  0,1  8b  0,8  b  0,1   b   AlO2 : 2b  0,1 Đáp án C Câu 6: (Trích Đề Thi Thử THPT Quỳnh Lưu 1-2016) Nhỏ từ từ dung dịch đến dư Ba(OH)2 0,2M vào 100ml dung dịch A chứa Al2(SO4)3 xM Mối quan hệ khối lượng kết tủa số mol OH- biễu diễn đồ thị sau: Nếu cho 100ml dung dịch hỗn hợp Ba(OH)2 0,2M NaOH 0,3M vào 100ml dung dịch A khối lượng kết tủa thu A 5,44 gam B 4,66 gam C 5,70 gam D 6,22 gam Hướng dẫn: Từ đồ thị ta có: BaSO : 0,03 mol  n SO2  0,3x  0,03  x  0,1M Ba2  : 0,02 BaSO : 0,02 Al : 0,02    Al  SO 3 : 0,01 mol     Na : 0,03  mg   m  5,44g Al OH  : 0,01   SO : 0,03    OH : 0,07 3 Đáp án A Câu 7: (Chuyên KHTN Lần -2016) Nhỏ V lít dung dịch NaOH 1M vào dung dịch chứa H2SO4 1M Al2(SO4)2 xM Đồ thị mô tả phụ thuộc lượng kết tủa vào thể tích dung dịch NaOH biểu diễn sau: Giá trị X tương ứng là: A 0.450 B 0.350 C 0.375 Hướng dẫn: H SO : a  Al  SO 3 : b Từ đồ thị suy ra: 2a  0,24  a  0,12 mol  b=0,12.x n NaOH Na : 0,36   0,36 mol  n Al OH   c  SO24 : 0,12 + 3b  3 Al : 2b  c D 0.425 13,98  18b  20,16  62an  18b  28a  62an  28a  34,14 a  0, 09 an  0,51    17 a  0, 09 n  C17 H 17 O NNa : 0, 27  Suy muối: mg   m  31,5g  NaOH : 0, 054 Đáp án B Câu 24: Peptit X peptit Y có tổng liên kết peptit Thủy phân hoàn toàn X Y thu Gly Val Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp Z chứa X Y có tỷ lệ mol tương ứng 1:3 cần dùng 22,176 lít O2 (đktc) Dẫn tồn sản phẩm cháy gồm CO , H O vaø N vào bình đựng dung dịch Ca  OH 2 dư thấy khối lượng bình tăng 46,48 gam, khí khỏi bình tích 2,464 lít (đktc) Thủy phân hoàn toàn hỗn hợp Z thu a mol Gly b mol Val Tỷ lệ a:b A 1:1 B 1:2 C 2:1 D 2:3 Hướng dẫn: CO : 0, 22n Cn H 2n 1 NO : 0, 22 mol 0,99 mol O2   H O : 0, 22n  0,11  y  H O : y  N : 0,11mol  40,92n  18y  1,98  46, 48 40,92n  18y  44,5    n  3,5  y  0, 22.2  2.0,99  0, 66n  y  0,11 0, 66n  2,31 bt.C     2a  5b  3,5.0, 22  0, 77 a  0,11 Val : b a   bt.N      a  b  0, 22 Gly : a b  0,11 b   Đáp án A Câu 25: Đun nóng 0,045 mol hỗn hợp A chứa hai peptit X, Y (số liên kết peptit liên kết peptit) cần vừa đủ 120 ml dung dịch KOH M thu hỗn hợp Z chứa muối Gly, Ala, Val muối Gly chiếm 33,832% khối lượng Đốt cháy hoàn toàn 13,68g A cần 14,364 l khí O2 đktc thu hỗn hợp khí tổng khối lượng CO2 nước 31,68g phần trăm khối lượng muối Ala Z gần với: A 50% Hướng dẫn: B 55% C 45% D 60% Bảo tồn khối lượng tính khối lượng nito CO O :0,64125 mol btkl 13, 68g A   31, 68g   N : 2,52 g  n N2  0, 09 mol H O  Qui đổi A thành amino axit ban nước CO : 0,18.n C H NO : 0,18 mol O2 :0,64125 mol qd 13, 68g A    n 2n 1  31, 68g  H O : 0,18n  0, 09  b H O : b mol bt.O   0,18.2  b  1, 2825  0,54n  0, 09  b  n  2,875.mol  b  0,1125 mol Tính peptit trung bình n KOH 0,12    2, 67 suy A gồm đipeptit tripeptit nA 0, 045 C2,875 H 6,75 NO  H O   C 23 H 44 N O11 3 3 3 608 kl   0, 045 mol A  m A  9,12 g C2 H NO K : a  KOH:0,12 mol 9,12 g A   mg C3 H NO K : b  0, 045 mol H O C H NO K : c  10 113a.100 btkl  m  15, 03  %m C2 H4 NO2 K   33,832  a  0, 045 mol 15, 03  MA  b  c  0, 075 b  0, 06 mol 127.0, 06    %m C3H6 NO2 K  100  50, 69% 15, 03 127b  155c  9,945 c  0, 015 mol Đáp án A Câu 26: Đun nóng 0,08 mol hỗn hợp E gồm hai peptit X  C x H y O z N  Y  Cn H m O6 N t  cần dùng 300 ml dung dịch NaOH 1,5M thu dung dịch chứa a gam muối glyxin b gam muối alanin Mặt khác, đốt cháy 60,90 gam E O vừa đủ thu hỗn hợp CO , H O vaø N , tổng khối lượng CO nước 136,14 gam Tỉ lệ a: b gần với giá trị sau đây: A 0,765 Hướng dẫn: B 0,625 C 0,750 D 0,875 X  C x H y O7 N  : x C2 H NO Na : a NaOH:0,45 mol 0, 08 mol E     a  b  0, 45 mol C3 H NO Na : b Y  Cn H m O6 N  : y  x  y  0, 08  x  0, 05   6x  5y  0, 45  y  0, 03 Qui đổi E thành amino axit nước 5, 625Cn H 2n 1 NO  4, 625H O   C5,625n H11,25n 3,625 N 5,625 O6,625  A : C5,625n H11,25n 1 N 5,625 O6,625  M A  78, 75.n  181,125 CO : 5, 625n a O2 a mol C5,625n H11,25n 3,625 N 5,625 O6,625  136,14 g  H O : 5, 625n a  1,18125a 152  78, 75.n a  181,125a  60,9 38 n a    375  n  15 348, 75na  32, 625a  136,14 a  0,16 a  b  0, 45 mol a  0, 21 a     0,875 b 2a  3b  1,14 b  0, 24 Đáp án D Câu 27: Cho 0,225 mol hỗn hợp M gồm hai peptit mạch hở X (x mol) Y (y mol), tạo glyxin alanin Đun nóng 0,225 mol M lượng dư dung dịch NaOH có 0,775 mol NaOH phản ứng Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn x mol X y mol Y thu số mol CO2 Tổng số nguyên tử oxi hai peptit hỗn hợp M Tổng số nguyên tử Hidro hai peptit M là: A 34 B 33 C 35 Hướng dẫn: Tính peptit trung bình n NaOH 31   3, n peptit Gọi m n số aa tạo thành hai peptit 2m   m  1  2n   n     mn 7 D 36 X : RN : x  x  y  0, 225  x  0,125    Y : R N : y 3x  4y  0, 775  y  0,1 C 0,1 C x 0,125  C y 0,1  x   C y 0,125 10 X : Ala  Ala  Gly : 2.C3 H NO  C2 H NO  2H O   C8 H15 N O Y : Ala  Ala  Gly  Gly : 2.C3 H NO  2C2 H NO  3H O   C10 H18 N14 O5   H  33 Đáp án B Câu 28: Hỗn hợp X gồm Gly – Ala – Ala, Gly – Ala – Gly – Ala, Gly – Ala – Ala – Gly – Gly, Ala – Ala Đốt m gam hỗn hợp X cần vừa đủ khí O2 (đktc) thu 0,825 mol H2O 0,9 mol CO2 Lấy toàn m gam X tác dụng với lượng vừa đủ V lít dung dịch chứa NaOH 1M KOH 1M Sau phản ứng cô cạn dung dịch thu m’ gam chất rắn Giá trị m + m’ gần với: A 63 (gam) B 64 (gam) C 65 (gam) D 66 (gam) Hướng dẫn: Dồn X  Ala   Gly  x C2 H NO : a  x    : a  mol    CH : 2a H O : a  a  0,1 n KOH  0,175 Tính    X  0,35 n NaOH  0,175  x  1,5  n N m  24,55     m  m   64,1gam m   39,55 Đáp án B Câu 29: Hỗn hợp M gồm peptit A mạch hở công thức C x H y N O6 hợp chất B có cơng thức phân tử C4 H NO Lấy 0,06 mol M tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa 0,14 mol KOH thu sản phẩm gồm ancol etylic, a mol muối glyxin b mol muối alanin Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 26,85 gam hỗn hợp M lượng Oxi vừa đủ cho toàn sản phẩm cháy ( CO , H O N ) vào bình đựng dung dịch nước vơi dư thấy chất khí đồng thời khối lượng bình tăng thêm 61,55 gam Biết N2 không tan nước Tỉ lệ a:b bằng? A 2: B 3: C 5: D 2: Hướng dẫn: n A  0, 02 mol BTNT.K Nhận thấy A pentapeptit   n C4 H9 NO2  0, 04 mol Có ancol etylic nên chất B phải NH CH COOC2 H C2 H NO : 0,14k C H O : 0, 04k  Với 26,85 gam M ta dồn thành  H O : 0, 02k CH : 0, 02.k.n BTKL    k  57.0,14  0, 04.46  0, 02.18  0, 02kn.14  26,85    CO : k  0,14.2  0, 04.2  0, 02n     H O : 0, 21k  0,12k  0, 02k  0, 02nk  10,18k  0, 28nk  26,85   44.k  0,36  0, 02n   18  0,35k  0, 02nk   61,55 10,18k  0, 28nk  26,85 k  2,5     22,14k  1, 24nk  61,55 n  b  n Ala  K  0, 02.2  0, 04 a      n  nên A tạo 2Ala 3Gly  b a  n Gly  K  0, 04  0, 02.3  0,1 Đáp án C Câu 30: Hỗn hợp X gồm hai peptit (được tạo Gly, Ala, Val), metylamin axit glutamic Đốt cháy hoàn tồn m gam X (trong số mol metylamin axit glutamic nhau) thu 0,25 mol CO2, 0,045 mol N2 0,265 mol H2O Giá trị m gần với: A 7,42 (gam) B 7,18 (gam) C 7,38 (gam) D 7,14 (gam) Hướng dẫn: + Vì số mol metylamin axit glutamic nên dồn X về: Cn H 2n 1 NO : a  mol  Ta giải thích “nơng dân” sau:  H O : b  mol  Với peptit chất bỏ phân tử nước biến thành Cn H 2n 1 NO Còn metylamin axit glutamic ta cộng gộp lại ném phân tử nước biến thành Cn H 2n 1 NO 25  mol  25  0,53  0, 09   1    0, 06 mol BTNT.H   b    BTNT.N BTNT.C    0, 09  mol    n   25  + Vậy m  0, 09 14   14  16   0, 06.18  7,19  gam    Đáp án B Câu 31: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm peptit X peptit Y dung dịch NaOH thu 151,2 gam hỗn hợp gồm muối natri Gly, Ala, Val Mặt khác, để đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X, Y cần 107,52 lít O2 (đktc) thu 64,8 gam H O Giá trị m là: A 102,4 (gam) B 97,0 (gam) C 92,5 (gam) D 107,8 (gam) Hướng dẫn: Ta xử lý toán cách thêm nước qui đổi Đipeptit! Khi dùng phương pháp quy đổi này, Các bạn phải nhớ rằng: n O2 dùng để đốt cháy hỗn hợp sau không đổi thủy phân hỗn hợp trước sau NaOH dùng khơng đổi! Do ta có: CO   3,  y  mol  y  mol  4,8 mol    X H O2 2O  Cn H 2n O3 N   H O   3,  y  mol     Y   x  mol   N  x  mol  x  mol   NaOH Cn H 2n O3 N   Muoá i  H 2O   151,2 g  x  mol  x  mol    BTNT.O     x  0,   3x  4,8.2   3,  y    BTNT.C    nx  3,  y      y  0,3    BTKL 39   14n  76  x  56.2x  151,  18x     n    39   m  14  76  0,  18.0,3  104,  g  Đáp án A   Câu 32: Thủy phân m gam hỗn hợp X gồm tetrapeptit A pentapeptit Z dung dịch NaOH vừa đủ cô cạn thu (m + 23,7) gam hỗn hợp muối Gly Ala Đốt cháy toàn lượng muối sinh lượng oxi vừa đủ thu Na CO3 hỗn hợp T gồm CO , H O vaø N Dẫn toàn hỗn hợp T chậm qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng thêm 84,06 gam có 7,392 lít khí khỏi bình Thành phần phần trăm khối lượng Y hỗn hợp X có giá trị gần với (Biết thủy phân Y hay Z thu Gly Ala): A 53% B 54% C 55% D 52% Hướng dẫn: Dễ thấy ta cần xử lý toán đốt cháy trước:   BTNT.Na    Na CO3      0,33 mol     C2 H O NNa  O2 CO        C3 H O NNa  H2 O        84,06 g  0,66 mol    N2    0,33 mol  n CO  x  mol   44x  18y  84, 06   x  1, 26  mol  Đặt:       y  1,59  mol   n H2O  y  mol    x  y  0,33 BTNT.C n C2 H4O2 NNa  a      2a  3b  1, 26  0,33 a  0,39      Đặt: n C3H6O2 NNa  b  a  b  0, 66 b  0, 27    m  23,  0,39  74  23  0, 27. 88  23  m  44,1gam Giờ quay ngược lại xử lý tốn chính: 0,39 mol       Y4  Gly  Na        H2O Z5   Na  Ala     0,27 mol  m g  m  0, 66.40   m  23,  BTKL   n H2O   0,15  mol 18 0,66  mol   NaOH Y4  x  mol    x  y  0,15   x  0, 09  mol       Z5  y  mol   4x  5y  0, 66   y  0, 06  mol  Gọi n, m số mắt xích Gly có X , Y5 m   BT.Gly   0, 09n  0, 06m  0,39    n   0, 09  75.3  89  18.3   Y : Gly  Gly  Gly  Ala  %m Y   53% 44,1 Đáp án A Câu 33: Đun nóng 0,16 mol hỗn hợp E gồm hai peptit X  C x H y O z N  Y  Cn H m O6 N t  cần dùng 600 ml dung dịch NaOH 1,5M thu dung dịch chứa a mol muối glyxin b mol muối alanin Mặt khác đốt cháy 30,73 gam E O vừa đủ thu hỗn hợp CO , H O vaø N , tổng khối lượng CO nước 69,31 gam Giá trị a:b gần với A 0,730 B 0,810 C 0,756 Hướng dẫn: X  C x H y O z N  : x  mol   x  0,1 mol  x  y  0,16   Gọi  Y  Cn H m O6 N  : y  mol  6x  5y  0,9  y  0, 06  mol C2 H NO : 0,9 X  C x H y O z N  : 0,1 mol   qd E peptit    CH : b Y  Cn H m O6 N  : 0, 06  mol  H O : 0, 74 mol  C2 H NO : 0,9k CO :1,8k  bk  O2 30, 73gam E CH : bk   69,31.g  H O :1,51k  bk H O : 0, 74k mol  k  0,5 54,18k  14bk  30, 73 k  0,5 a     b  0,52   0, 73 b 106,38k  62bk  69,31 bk  0, 26  a  0,38 Đáp án A D 0,962 Phương pháp 14: TRÙNG NGƯNG HÓA PEPTIT  Phương pháp trùng ngưng hóa giúp giải nhanh toán hỗn hợp peptit cho biết tỉ lệ số mol peptit hỗn hợp  Ý tưởng phương pháp trùng ngưng hóa chuyển hỗn hợp peptit thành hỗn hợp cách gộp hỗn hợp peptit thành peptit nước Phương pháp giải: B1 : dựa vào giải thuyết đề cho ta gộp hỗn hợp peptit thành peptit nước B2 : tính mol aa Lập tỉ lệ mol peptit tìm tỉ lệ tối giản B3 : tính số gốc aa Số gốc aa tổng tỉ lệ tối giảm nhân với số k (k số tự nhiên khác khơng) Biện luận tìm k Số gốc aa trung bình lớn B4 : tính số mol nước thủy phân peptit bảo toàn khối lượng tính khối lượng peptit Bài tốn loại không cần xác định peptit tri hay tera hay penta peptit Câu 1: Hỗn hợp A gồm ba peptit mạch hở có tỉ lệ mol tương ứng 1:1: Thủy phân hoàn toàn m gam A thu hỗn hợp sản phẩm 52,5g Gly 71,2 gam Ala biết tổng số liên kết peptit phân tử X nhiều Z tổng số liên kết peptit ba phân tử X, Y, Z nhở 10 giá trị m A 96,7 B 101,74 C 100,3 Hướng dẫn: Phương pháp gộp chuỗi peptit X, Y, Z X  Y  Z  Z    X  Y  Z  Z  H 2O E Thủy phân hỗn hợp A thủy phân  E  3.H 2O  Gly : 0,7 mol Gly     mx    8 k  15k  Ala  Ala : 0,8 mol k  1:  15mx  E  3.H 2O   11.H 2O   7Gly  Ala     mA  103,9 g 1,1  0,7   0,8   Đáp án D D 103,9 Câu 2: Hỗn hợp T gồm ba peptit mạch hở X, Y, Z có tỉ lệ mol tương ứng : : Thủy phân hoàn toàn 35,97 gam T thu hỗn hợp sản phẩm gồm 0,29 mol A gam 0,18 mol B Biết tổng số liên kết peptit ba phân tử X, Y, Z 16, A B aminoaxit no, có nhóm  NH nhóm COOH phân tử Nếu đốt cháy 4x mol X 3x mol Y thu số mol CO Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp T thu N , 0,74 mol CO a mol H O Giá trị a gần là: A 0,65 (mol) B 0,67 (mol) C 0,69 (mol) D 0,72 (mol) Hướng dẫn: Gọi số aa mối pepetit X, Y, Z N1 , N , N  X : 2x 0, 47   Y : x  x.N1  x.N  x.N  0, 47 mol  2.N1  3.N  4.N  x Z : x   x  0,01  2.N1  3.N  4.N  47 N1   N   N   16  N1  N  N  19  N3   N3    N2   N  N3      N2   N1  10  N  12  loaïi   X  : 0,02  N3  12    A : Cm H n 1O2 N : 0,29 mol 0,38 mol H O   N   35,97gT Y 5 : 0,03   N  12   B : Cm H m 1O2 N : 0,18 mol   Z 2 : 0,04 4,06n  2,52.m  20,72 4,06n  20,72  n  5,1 n   m  Bài tốn chia hai phần khơng 35,97 gT   CO2 :1, 48 mol   H 2O :1,335 mol     a  0,6675 mol  CO2 : 0,74 mol   H 2O : a mol  mgT  Đáp án B Câu 3: (KH-2014) hỗn hợp gồm ba peptit mạch hở có tỉ lệ mol tương ứng 1:1: Thủy phân hoàn toàn m gam X , thu hỗn hợp sản phẩm gồm 14,24 gam alanin 8,19 gam valin Biết tổng số liên kết peptit phân tử ba peptit nhỏ 13 Giá trị m A 18,83 (gam) B 18,29 (gam) C 19,19 (gam) D 18,47 (gam) Hướng dẫn: Phương pháp gộp chuỗi peptit A, B, C A  B  C  C  C    A  B   C  C  C  H 2O E Thủy phân hỗn hợp A thủy phân  E  4.H 2O  Val : 0,7 mol Gly 0,07     mx    16  k  23k  Ala 0,16  Ala : 0,16 mol k  1:   23 mx  E  4.H 2O   18.H 2O  16Val  Ala     mX  19,19 g 0,18   0,16   0,07   Đáp án C Câu 4: Hỗn hợp M gồm peptit X peptit Y (chúng cấu tạo từ loại aminoaxit, tổng số nhóm CO  NH  hai phân tử 5) với tỉ lệ số mol n X : n Y  1: Khi thủy phân hoàn toàn m gam M thu 81 gam glyxin 42,27 gam alanin Giá trị m A 104,28 gam B 109,50 gam C 116,28 gam Hướng dẫn: Phương pháp gộp chuỗi peptit X, Y X  Y  Y  Y    X  Y  Y  Y  H 2O E Thủy phân hỗn hợp M thủy phân  E  3.H 2O  n n Gly  1,08  Gly   13.k  n Ala  0, 48 n Ala  k   13.mx D 110,28 gam  E  3H 2O   H 2O   9Gly  Ala     M        m  104, 28 g   1,08   1,08     Đáp án A Câu 5: Hỗn hợp M gồm peptit X peptit Y (chúng cấu tạo từ loại aminoaxit, tổng số nhóm CO  NH  phân tử 5) với tỉ lệ số mol n X : n Y  1: Khi thủy phân hoàn toàn m gam M thu 12 gam glixin 5,34 gam alanin m có giá trị A 14,46 g B 110,28 g C 16,548 g D 15,86 g Hướng dẫn: Phương pháp gộp chuỗi peptit X, Y X  Y  Y   X  Y  Y  H 2O E Thủy phân hỗn hợp M thủy phân  E  2.H 2O  n nGly  0,16  Gly     3 k mx  11k  nAla  0, 06 nAla k   11.m.x  E  2H O   8H O   8Gly  3Ala     M        m  14, 46 g   0,16   0,16     Đáp án A Câu 6: Hỗn hợp E gồm peptit X, Y, Z có tỉ lệ mol tương ứng : : Tổng số liên kết peptit X, Y, Z nhỏ Thủy phân hoàn toàn m gam E thu 45 gam Gly, 71,2 gam Ala 117 gam Val Giá trị m là: A 202,6 (g) B 227,8 (g) C 206,2 (g) D 211,6 (g) Hướng dẫn: Phương pháp gộp chuỗi peptit X, Y, Z : 2X  3Y  4Z   2X   3Y  4Z     8H 2O M Thủy phân hỗn hợp E thủy phân  M  8.H 2O  nVal   nAla  0,8  nVal : nAla : nGly  1: 0,8 : 0,  10 : :  24.k m.x n  0,  Gly  k   24.m.x  M  8.H O   15.H O   6Gly  8Ala  10Val     mE  206; g 1,5   0,   0,8     Đáp án C Câu 7: Hỗn hợp A gồm ba peptit mạch hở X, Y, Z có tỉ lệ mol tương ứng : : Thủy phân hoàn toàn m gam A thu sản phẩm gồm 21,75 gam glyxin 16,02 gam alanin Biết tổng số liên kết peptit phân tử ba peptit A nhỏ 17 Giá trị m A 31,29 gam B 30,57 gam C 30,21 gam D 30,93 gam Hướng dẫn: Phương pháp gộp chuỗi peptit X, Y, Z : 2X  3Y  4Z   2X   3Y  4Z     8H 2O M Thủy phân hỗn hợp A thủy phân  M  8.H 2O  nGly  0, 29 nGly 29    47 k  nAla 18 nAla  0,18 k   47.mx  M  8.H 2O   38.H 2O   29Gly  18 Ala     mA  30,93 g 0,38   0, 29   0,18   Đáp án D Câu 8: Hỗn hợp X gồm peptit với tỉ lệ số mol 1: :1 Khi thủy phân hoàn toàn m gam X thu thu 13,5 gam glixin 7,12 gam alanin Giá trị m A 17,38 gam B 16,30 gam C 19,18 gam Hướng dẫn: Phương pháp gộp chuỗi peptit X, Y, Z : 1X  2Y  1Z    X   2Y  Z  3H O M Thủy phân hỗn hợp X thủy phân  M  8.H 2O  n nGly  0,18  Gly   13k  nAla  0, 08 nAla D 18,46 gam k   13.mx  M  3.H 2O   9.H 2O   9Gly  Ala     mA  17,38 g 0,18   0,18  0,8   Đáp án A Câu 9: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp A gồm peptit X peptit Y (được trộn theo tỉ lệ mol :1 ) thu 30 gam glyxin; 71,2 gam alanin 70,2 gam valin Biết tổng số liên kết peptit có phân tử X Y Giá trị nhỏ m là: A 146,8 B 145 C 151,6 D 148 Hướng dẫn: Phương pháp gộp chuỗi peptit X, Y : 4X  Y   4X  Y  H 2O  M Thủy phân hỗn hợp A thủy phân  M  4.H 2O  n Val  0,  n Ala  0,8  n Val : n Ala : n Gly  0, : 0,8 : 0,  : :  18k n  0,  Gly k   18.mx  M  4.H O   13.H O   4Gly  8Ala  6Val     mA  148 g 1,3   0,   Đáp án D Câu 10: Hỗn hợp G gồm peptit X peptit Y (tỉ lệ số mol 1: ) X Y cấu tạo từ loại aminoaxit, tổng số nhóm CO  NH  phân tử X Y Khi thủy phân hoàn toàn m gam G thu 81 gam glyxin 42,72 gam alanin Giá trị m A 104,28 gam B 109,5 gam C 116,28 gam Hướng dẫn: Phương pháp gộp chuỗi peptit X, Y : 1X  3Y   1X  3 Y  3H O   M Thủy phân hỗn hợp G thủy phân  M  3.H 2O   n Gly n Ala  1, 08   13.mx 0, 48  M  3.H O   9.H O   9Gly  4Ala     mA  104, 28 g 1,08   1, 08   D 110,28 gam Đáp án A ...II Phương pháp giải:  Dáng đồ thị: Hình chữ V ngược đối xứng  Tọa độ điểm quan trọng + Điểm xuất phát: (0,0) + Điểm cực đại (kết tủa cực đại) : (a,a) [ a số mol Ca  OH 2 ]  kết tủa cực đại. .. ứng là: II Phương pháp giải: - Dáng đồ thị: Hình thang cân  Tọa độ điểm quan trọng + Điểm xuất phát: (0,0) + Điểm cực đại (kết tủa cực đại) : ( Ca 2 …)[a sô smol Ca(OH)2]  kết tủa cực đại a mol... a BM BM II Phương pháp giải:  Dáng đồ thị: Tam gác không cân  Tọa độ điểm quan trọng + Điểm xuất phát: (0,0) + Điểm cực đại (kết tủa cực đại) : (a,3a)[a số mol Al3+]  kết tủa cực đại a mol +