ĐÁP án CHI TIẾT đề THI THỬ lần 2

Câu Giải phương trình cos x A x C x k , k 2 k2 , k B x k ,k D x k2 , k Lời giải Chọn D Ta có cos x Câu x k2 , k Cho hàm số y  f  x  có đạo hàm f '  x   x2  Chọn khẳng định A Hàm số nghịch biến C Hàm số đồng biến B Hàm số nghịch biến  ;1 D Hàm số nghịch biến  1;1 Lời giải Chọn C Ta có: f '  x   x2   0, x  Câu nên hàm số đồng biến Cho lăng trụ đứng ABC A/ B / C / có diện tích tam giác ABC Gọi M , N , P thuộc cạnh AA/ , BB / , CC / diện tích tam giác MNP 10 Tính góc hai mặt phẳng  ABC   MNP  A 600 B 300 C 900 Lời giải A' C' B' M P N A C B Chọn A Có ABC hình chiếu MNP lên mặt phẳng  ABC  Theo cơng thức diện tích hình chiếu có S /  S cos  , với S /  dt  ABC  ; S  dt  MNP  ;     ABC  ;  MNP   Suy cos   S/   Suy   600 Chọn A S 10 D 450 Câu 4: Phương trình có tập nghiệm biểu diễn đường tròn lượng giác điểm M, N ? A 2sin2x  B 2cos2x  C 2sin x  D 2cosx  Lời giải Chọn C Ta thấy điểm M N giao điểm đường thẳng vng góc với trục tung điểm với đường tròn lượng giác ⇒ M N điểm biểu diễn tập nghiệm phương trình lượng giác bản: sin x  Câu 5: Tìm giá trị lớn hàm số y  A B  2sin x  ⇒ Đáp án C x đoạn  2;3 x 1 C D Lời giải Chọn C Tập xác định: D  Đạo hàm: y '  \ 1  x  1  y '  0, x  D y(2)  ; y(3)  Max y  2;3 Câu 6: Trong không gian cho đường thẳng a điểm M Có đường thẳng qua M vng góc với đường thẳng a ? A Khơng có B Có hai C Vơ số D Có Lời giải Chọn C +) Trong khơng gian có vơ số đường thẳng qua M vng góc với đường thẳng a +) Chú ý: Tập hợp đường thẳng thỏa mãn qua M vng góc với đường thẳng a mặt phẳng  P  chứa M vng góc đường thẳng a Câu Cho hình chóp S.ABCD có đáy hình chữ nhật, SA  SB  SC  SD số mặt đối xứng hình chóp là? A B C D Lời giải Chọn C S A M B Q D P C N Hình chóp S.ABCD có đáy hình chữ nhật, SA  SB  SC  SD có hai mặt đối xứng mặt phẳng  SMN   SPQ  M , N , P, Q trung điểm cạnh đáy AB, CD, BC , AD Câu Lấy ngẫu nhiên thẻ từ hộp chứa 20 thẻ đánh số từ đến 20 Xác suất để lấy thẻ ghi số chia hết cho ? A 20 B 10 C Lời giải Chọn B Phép thử “lấy ngẫu nhiên thẻ từ 20 thẻ” nên n()  20 Gọi A biến cố “lấy thẻ ghi số chia hết cho ” D 20 Tập số tự nhiên từ đến 20 chia hết cho 3,6,9,12,15,18 nên n( A)  Xác suất cần tìm P( A)  n( A)   n() 20 10 Câu Cho hình chóp S.ABCD có đáy hình bình hành Giao tuyến  SAB   SCD  là? A Đường thẳng qua S song song với AB B Đường thẳng qua S song song với BD C Đường thẳng qua S song song với AD D Đường thẳng qua S song song với AC Lời giải Chọn A  S   SAB    SCD   Ta có:  AB / /CD   SAB    SCD   Sx / / AB / /CD  AB  SAB ; CD  SCD      Câu 10 Thể tích khối chóp có độ dài đường cao 6, diện tích đáy A 12 B 48 C 16 D 24 Lời giải Chọn C 1 Thể tích khối chóp V  S h  8.6  16 3 Câu 11 Trong dãy số  un  sau đây, dãy số cấp số nhân? A un  3n B un  2n C un  Lời giải Chọn B n D un  2n  Ta thấy, với n  2, n  dãy số  un   n có tính chất: un 2n  n 1  nên cấp số u n 1 nhân với công bội q  2, u1  Câu 12 Cho dãy số  un  ,   lim un  a, lim   lim A un C  B D  Lời giải Chọn B Dùng tính chất giới hạn: cho dãy số  un  ,   lim un  a, lim   a hữu hạn lim un 0 Câu 13 Tính đạo hàm hàm số y  x sin x A y  sin x  x cos x B y  x sin x  cos x C y  sin x  x cos x D y  x sin x  cos x Lời giải Chọn C Áp dụng cơng thức tính đạo hàm tích (u.v) '  u ' v  v ' u ta có ( x sin x) '  ( x) 'sin x  x(sin x) '  sin x  x cos x Vậy y  x sin x  y '  sin x  x cos x Câu 14 Có điểm M thuộc đồ thị hàm số f  x   x3  1sao cho tiếp tuyến đồ thị hàm số f  x  M song song với đường thẳng d : y  x  ? A B C D Lời giải Chọn D Gọi M  a; a  1 điểm thuộc đồ thị hàm số f  x   x3  1 C  Ta có f   x   3x2  phương trình tiếp tuyến  C  M là: y  3a2  x  a   a3   y  3a2 x  2a3  1   3a  a  1  //d     a  1  2a   1 a  Vậy, có điểm M thỏa mãn yêu cầu M  1;0  Câu 15 Nếu hai biến cố A B xung khắc xác suất biến cố P  A  B  A  P  A  P  B  B P  A P  B  C P  A P  B   P  A  P  B  D P  A  P  B  Lời giải Chọn D Vì hai biến cố A B xung khắc nên A  B   Theo cơng thức cộng xác suất ta có P  A  B   P  A  P  B  Câu 16 Tìm số điểm cực trị hàm số y  x  x A B C D Lời giải Chọn C Tập xác định D  x  y  x  x     x  1 ảng biến thiên ựa vào bảng biến thiên suy hàm số có điểm cực trị Câu 17 Tìm tiệm cận ngang đồ thị hàm số y  B y  1 A x  2x 1 x 1 C x  1 D y  Lời giải Chọn D Ta có lim y  ; lim y  x x o tiệm cận ngang đồ thị hàm số cho y  Câu 18 Cho a số thực dương Viết rút gọn biểu thức a 2018 2018 a dạng lũy thừa với số mũ hữu tỉ Tìm số mũ biểu thức rút gọn A 1009 B 1009 C 1009 D 20182 Lời giải Chọn A 3 a 2018 2018 a  a 2018 a 2018  a 2018  a1009 Vậy số mũ biểu thức rút gọn Câu 19 Tìm giới hạn: lim 1009 x2018 4x   2x  1 x  A 2019 B 2018 C 2019 D 2017 Lời giải Chọn B Ta có: lim x x   lim 2018 4x   2x  1 x  4 2019 x2  1 2  x    2019  lim x   x 2018 4x     x    x    40 2  0 2019  2019 2 2019   lim x  x 2018 x  x 2019  1 2  x    x2 2019 2018 Câu 20 Cho hình chóp S.ABCD có đáy hình vng, SA vng góc với đáy Góc đường thẳng SC mặt phẳng  ABCD  là: A SCB B CAS C SCA Lời giải Chọn C D ASC Từ giả thiết ta có SA   ABCD  suy AC hình chiếu SC mặt phẳng  ABCD o  SC,  ABCD     SC , AC   SCA Câu 21 Cho hàm số y  f  x  xác định liên tục đoạn  3;3 Đồ thị hàm số y  f '  x  hình vẽ Hỏi hàm số y  f  x  đạt giá trị lớn đoạn  3;3 x0 đây? A 3 B C D 1 Lời giải Chọn B Từ đồ thị hàm số y  f '  x  (hình vẽ) ta suy bảng biến thiên hàm số y  f  x  Dựa vào bảng biến thiên ta nhận thấy hàm số y  f  x  đạt giá trị lớn đoạn  3;3 x0  Câu 22 Giá trị cực đại hàm số y   x3  3x là: A 2 B C Lời giải Chọn B x  Ta tính y  3x      x  1 Bảng biến thiên: D 1 Dựa vào bảng biến thiên, giá trị cực đại hàm số Câu 23 Tứ diện ABCD có cạnh? A B C D Lời giải Chọn B A B D C Câu 24 Hàm số có đồ thị hình vẽ: A y   x3  3x B y  x3  3x C y  x3  3x D y  x3  3x Lời giải Chọn D - Nhánh cuối đồ thị đường lên nên a  - Dựa vào đồ thị ta có hàm số đạt cực trị hai điểm x  1; x   phương trình y '  có nghiệm phân biệt x  1 Câu 25: Cho điểm M 1;2  v   2;1 Tọa độ điểm M  ảnh M qua phép tịnh tiến theo v A M  1;  1 B M   3;  3 C M   1;1 D M   3;3 Lời giải Chọn D Gọi M   x; y  ảnh M 1;2  qua phép tịnh tiến theo v   2;1 , theo biểu thức tọa độ phép tịnh tiến theo v ta có  x    x    M   3;3   y    y  Câu 26: Cho hàm số y  f  x  liên tục có bảng biến thiên sau Tìm khẳng định A Hàm số khơng có cực trị C Hàm số đạt cực đại x B Hàm số đạt cực tiểu x D Hàm số đạt cực tiểu x Lời giải Chọn D TXĐ D y đổi dấu từ âm sang dương qua x nên hàm số đạt cực tiểu x Câu 27: Cho khối hộp ABCD.ABCD tích V , thể tích khối đa diện ACCDD A V B V C V Lời giải Chọn B D 2V Do vậy: T  3.3   10  2018  1989 Câu 34 Ta xác định số a, b, c để đồ thị hàm số y  x3  ax  bx  c qua điểm  0;1 có điểm cực trị  2;0  Tính giá trị biểu thức T  4a  b  c A 20 B 23 C 24 D 22 Lời giải Chọn B TXĐ y  x3  ax  bx  c ; y  3x  2ax  b Đồ thị hàm số qua điểm  0;1 nên c  Đồ thị hàm số có điểm cực trị  2;0  a  3b  a  3b  17    a    y  2    8  4a  2b  c       b  12  4a  b   y  2   o T  4a  b  c  17    23 Câu 35 Cho hình chớp S.ABCD, đáy ABCD hình bình hành, mặt phẳng   qua AB cắt cạnh SC, SD M, N Tính tỉ số SN SD để   chia khối chóp S.ABCD thành hai phần tích A B C 1 Lời giải Chọn C Ta có:    ( SCD)  NM  NM CD o   (ABMN) D 1 Mặt phẳng   chia khối chóp thành phần tích VS ABMN  VABCDNM  VS ABMN  Ta có: VS ABC  VS ACD  Đặt SN SD VS ACD VS ABCD (1) VS ABCD  x với (0  x  1) , theo Ta-let ta có Mặt khác VS AMN VS ABM VS ABC  SN SD  SM SC  x x SA SB SM  x  VS ABM  VS ABCD SA SB SC 2 x SA SM SN VS ABCD   x  VS AMN  SA SC SD  VS ABMN  x x2   VS ABM  VS AMN     VS ABCD (2) 2   1  x  x x 2   x  x 1   Từ (1) (2) suy  2  1   x  2 Đối chiếu điều kiện x ta Câu 36 SN SD  1 Người ta trồng 3240 theo hình tam giác sau hàng thứ trồng cây, kể từ hàng thứ hai trở số trồng hàng nhiều so với hàng liền trước Hỏi có tất hàng cây? A 81 B 82 C 80 D 79 Lời giải Chọn C Giả sử trồng n hàng  n  1, n   Số hàng lập thành cấp số cộng có u1  công sai d  Theo giả thiết: Sn  3240   n  80 n  2u1   n  1 d   3240  n  n  1  6480  n  n  6480     n  81 So với điều kiện, suy ra: n  80 Vậy có tất 80 hàng Câu 37 Cho hàm số y  x3  có đồ thị (C ) Trên đường thẳng d : y  x  tìm hai điểm M1  x1; y1  , M  x2 ; y2  mà từ điểm kẻ hai tiếp tuyến đến  C  Tính giá trị biểu thức S  A 113 15 y1  y22  y1 y2    B 41 15 C 14 15 D 59 15 Lời giải Chọn B Giả sử M  d : y  x  , ta gọi M  a; a  1 Đường thẳng  qua M  a; a  1 có hệ số góc k có phương trình y  k ( x  a)  a  Đường thẳng  tiếp xúc với  C  hệ phương trình sau có nghiệm:   x   k ( x  a )  a   g ( x)  x  3ax  a    3 x  k  3x  k  * Từ M kẻ hai tiếp tuyến đến  C  phương trình (*) có hai nghiệm phân biệt  hàm số y  g ( x)  x3  3ax  a có hai điểm cực trị x1 , x2 thỏa mãn g  x1   g  x2    g ( x)  x  6ax  có hai nghiệm phân biệt x1 , x2 g  x1   g  x2   x  Xét g '  x    x  6ax    x  a a  a   a  1    Ta có:   g (0)     a  a      g (a)      a  a  Suy ra: M1  1;0 M 1;2 Vậy: S  3 41 y1  y22  y1 y2      22  0.2     5 15 Câu 38 Cho khối lăng trụ ABC.ABC , hình chiếu điểm A lên mặt phẳng  ABC trung điểm M cạnh BC AM  a , hình chiếu điểm A lên mặt phẳng  BCCB H cho MH song song với BB AH  a , khoảng cách hai đường thẳng BB , CC  2a Thể tích khối lăng trụ cho A 3a3 B a3 C Lời giải Chọn D 2a D 3a 2 A C M' B H A' C' M B'  BC  AM  BC  AM Kéo dài MH cắt BC M  Ta có:   BC   AAMM      BC  AH  BC  MM  Lại có: AM  ( ABC )  AM  ( ABC )  AM  AM  nên AMM  vuông A  1 1 1 1 a          AM  2 2 2 AH AM AM  AM AH AM  a 3a 3a  BB // MM  Do   BB  BC nên tứ giác BBCC hình chữ nhật  MM   BC o d  BB, CC  BC  2a 2a  Vậy: V  SABC  AM  2a.a 3.a 2 Câu 39 Cho hàm số f  x    x  3 x  1  x  1 x  3 có đồ thị hình vẽ Đồ thị hàm số g  x  A x 1 có đường tiệm cận đứng tiệm cận ngang? f  x  f  x B C Lời giải Chọn B  x  Điều kiện xác định g  x  :   f  x   f  x   D  f  x  Xét phương trình f  x   f  x      f  x   Với f  x   ta có nghiệm x  1 , x  3 Dựa vào đồ thị ta thấy phương trình f  x   có nghiệm x0  Tập xác định hàm số y  g  x  D  1;   \ 1;3; x0   Tiệm cận ngang: Vì lim g  x   nên đồ thị hàm số y  g  x  có tiệm cận ngang đường thẳng x  y   Tiệm cận đứng: lim g  x    Suy đường thẳng x  tiệm cận đứng x 1 lim g  x    Suy đường thẳng x  tiệm cận đứng x 3 lim g  x    Suy đường thẳng x  x0 tiệm cận đứng x  x0 Vậy đồ thị hàm số y  g  x  có tất đường tiệm cận ngang tiệm cận đứng Câu 40 Cho khối chóp S.ABC có đáy ABC tam giác vuông C , BC  a; BSC  60 , cạnh SA vng góc với đáy, mặt phẳng  SBC  tạo với  SAB  góc 30 Thể tích khối chóp cho bằng: A a3 15 B 2a 45 C a3 Lời giải Chọn D S K A H B C Từ C kẻ CH  AB H Từ H kẻ HK  SB K + Giao tuyến hai mặt phẳng  SBC   SAB  SB D a3 45  HK   SAB  +   HK  SB  HK  SB  SB  CK mà CK   SBC  +  CH  SB o góc hai mặt phẳng  SBC   SAB  CKH  30  BC  AC  BC  SC Tam giác SBC vng C có góc BSC  60 nên +   BC  SA a   SC   a  SB   + Tam giác SBC vng C có CK đường cao nên 1 1 a       CK  2 CK CB CS a a a + Tam giác CKH vuông H (vì CH   SAB  ) có CKH  30 nên CH  CK sin 30  a + Tam giác ABC vng C có CH đường cao nên 1 1 1 16 15 a          CA  2 2 2 CH CA CB CA CH CB a a a 15 + Tam giác ABC vuông C nên AB  AC  BC  2 + Tam giác SAB vuông A nên SA  SB  AB  4a 15 4a 16a 2a   15 15 1 2a a a3 Thể tích khối chóp V  SA.S ABC  SA AC.BC  a  6 15 15 45 Câu 41 Cho hàm số y  f ( x) có đạo hàm có đồ thị đường cong hình vẽ Đặt g ( x)  f ( f ( x)  1) Tìm số nghiệm phương trình g '( x )  A B 10 C D Lời giải Chọn C Theo đồ thị hàm số hàm số y  f ( x) có ba điểm cực trị x   , x  x  a (1  a  2) o đó, f '( x)  có ba nghiệm x   , x  x  a (1  a  2) Ta có: g '( x)  f '( x) f '( f ( x)  1)  f '( x)  Xét g '( x)     f '( f ( x)  1)  (1) (2) Phương trình (1) có ba nghiệm x   , x  x  a (1  a  2)    f ( x)     f ( x)    Phương trình (2)   f ( x)     f ( x)   f ( x)   a  f ( x)  a      Theo đồ thị, ta thấy f ( x )  (3) (4) (5) có hai nghiệm phân biệt f ( x)  có hai nghiệm phân biệt Đặt b  a  Do  a  nên  b  Xét phương trình f ( x)  b (  b  ) Đường thẳng y  b cắt đồ thị hàm số y  f ( x) hai điểm phân biệt nên phương trình (5) có hai nghiệm phân biệt Xét thấy nghiệm phương trình (1), (3), (4) (5) nghiệm phân biệt Vậy phương trình g '( x )  có nghiệm phân biệt Câu 42 Cho hình chóp S ABCD, đáy ABCD hình vng cạnh a, cạnh SA  a vng góc với đáy Gọi M , N trung điểm cạnh BC , SD  góc đường thẳng MN  SAC  Giá trị tan  là: A B C D Lời giải Chọn A z S N B A y M D C x Gắn hệ trục tọa độ hình vẽ hi ta có A  0;0;0  B  0; a;0 C  a; a;0  D  a;0;0  S  0;0; a  a  M trung điểm BC  M  ; a;0  2  a a a  M trung điểm BC  N  ;0;   MN  0; a;  2 2 2  Do ABCD hình vng nên AC  BD SA   ABCD      SA  BD BD   ABCD    Ta có: AC  BD    BD   SAC   BD   a; a;0  pháp tuyến  SAC  SA  BD    hi ta có: sin   cos MN, BD  MN BD MN BD  a2 a a 2  10 25 3   cot     cot   cot    cot   (do    90 ) 10 sin  Lại có tan .cot    tan    Câu 43 Số giá trị nguyên m thuộc đoạn  10;10 để hàm số y  x3  mx   2m  1 x  nghịch biến khoảng  0;5 là: A 11 B C 18 D Lời giải Chọn B y  x3  mx   2m  1 x   y '  x  2mx   2m  1 Hàm số nghịch biến khoảng  0;5  y '  0, x   0;5 Do hàm số liên tục 0;5 nên y '  0, x  0;5  x  2mx   2m  1  0, x   0;5   x  1 x  2m  1  0, x  0;5  x  2m   0, x   0;5  2m   x, x  0;5  2m    m  Vì m 10;10 nên m2;3;4;5;6;7;8;9;10 Vậy có giá trị nguyên m thỏa mãn đề Câu 44 Cho tập hợp A  1;2;3;4;5;6;7;8;9 Gọi S tập hợp số tự nhiên có chữ số lập từ chữ số thuộc tập A.Chọn ngẫu nhiên số từ S, xác xuất để số chọn chia hết cho A 28 B 27 C D Lời giải Chọn B Khơng gian mẫu  có số phần tử n    94 Gọi A biến cố “ chọn số có chữ số chia hết cho ” Số chọn có dạng abcd Số chọn chia hết cho  chia hết cho 3, nên d  2;4;6;8  có cách chọn d Ta thấy abcd chia hết cho  (a+b+c+d) phải chia hết cho 3, xét trường hợp xảy TH1: Nếu a+b+d chia hết cho c chia hết c  {3,6,9},c có cách chọn TH2: Nếu a+b+d chia cho dư c chia dư 2,nên c  {2,5,8},c có cách chọn TH3: Nếu a+b+d chia cho dư c chia dư 1,nên c  {1,4,7},c có cách chọn Trong trường hợp c ln có cách chọn; a b có cách chọn; d có cách chọn Vậy : n  A  4.3.9.9 Xác suất cần tìm P  A   4.3.9.9  94 27   Câu 45 Cho hàm số y  f  x  có đạo hàm f '  x    x  1 x2  3x Có giá trị nguyên tham số m để hàm số g  x   f  x  10 x  m  có điểm cực trị A B C 10 D 11 Lời giải Chọn B   Ta có f '  x    x 1 x2  3x   x  1 x  x  3 2 g '  x    x  10  f '  x  10 x  m    x  10   x  10 x  m2  1  x  10 x  m2  x  10 x  m  3 Ta thấy: g '( x )  ln có nghiệm x  ; hai phương trình x  10 x  m  x  10 x  m2   khơng có nghiệm chung; phương trình x  10 x  m2  1  vơ nghiệm có nghiệm bội chẵn Hàm số g  x  có điểm cực trị  g '( x ) đổi dấu lần  g '( x )  có nghiệm bội lẻ hai phương trình x  10 x  m  x  10 x  m2   phương trình có hai nghiệm phân biệt khác 25  m2  5  m   25  m     m  5  5  m  28  m  m2  28  28  m2   Mà m lại nguyên  m 4; 3; 2; 1;0;1;2;3;4  có giá trị nguyên m Câu 46 Trên đường tròn lượng giác số điểm biểu diễn tập nghiệm phương trình 2sin 3x  cos x  sin x A B C Lời giải Chọn D D 2sin 3x  cos x  sin x  2sin 3x  sin x  cos x π   sin 3x  sin x  cos x  sin 3x  sin  x   2 3  π   x  x   k 2π  x     3x  π   x  π   k 2π x      3  Vì x  π π π 2π k  k k  6  π  kπ π π  x   k k  π π k  nên ta có điểm biểu diễn tập nghiệm phương trình đường tròn lượng giác (Áp dụng x  a  k 2π k  n  có n điểm biểu diễn đường tròn lượng giác) Câu 47 Cho tứ diện ABCD cạnh AB  Gọi M , N , P trung điểm cạnh AB , BC , AD Tính khoảng cách hai đường thẳng CM NP A 10 10 B 10 20 10 10 C D 10 20 Lời giải Chọn B A A M P Q B B G N C Có DN  D D N C 3  VABCD  AG.S ABC   DG   AG  , S ABC  12 3 Gọi Q trung điểm BM  NQ//MC  MC//  NPQ   d  MC, NP   d  MC,  NPQ    d  M ,  NPQ    d  A,  NPQ   Có VANQP  AQ AP 3 3 2 VANBD  VANBD  VANBD  VABCD   AB AD 16 16 12 64 Ta lại có: NQ  MC  , PQ  AQ  AP  AQ AP.cos 60  , 4 NP  DN  DP  Suy S NPQ  16 Có VANPQ 3VANPQ 10  d  A,  NPQ   S NPQ  d  A,  NPQ     64  S NPQ 20 16 10 Vậy d  MC , NP   d  A,  NPQ    20 Cách khác D A P M Q A H O C K I O M I K N B N B C Gọi O tâm đáy, K trung điểm BM ta có NK //  CMP  nên d  CM , NP   d CM ,  PNK    d O,  PNK   Từ O dựng OI  NK ABCD tứ diện nên DO  NK  NK  (DOI)   PNK    DOI  mà  PNK    DOI   IQ , Q giao điểm DO PN nên từ O dựng OH vng góc với IQ H OH   PNK   OH  d O,( PNK )  Xét tam giác vng OIQ ta có 1 1 1 OI  MK   2   2 2 OH OI OQ 1 1      4 4  1 10  40  OH   suy OQ  OD; OD  DA2  AO2  OH 20 10  d  CM , NP   Câu 48 Cho hàm số y  10 20  sin x  cos x   A y ''  16 cos8 x tan x  cot x Tính đạo hàm cấp hai y '' ? B y ''  16sin x C y ''  16sin x D y ''  16cos8 x Lời giải Chọn B sin x cos x   Ta có: sin x  cos x   sin 2 x ; tan x  cot x  cos x sin x sin x   1  sin 2 x   sin x 1   1  2sin 2 x   cos x.sin x  sin x o y   2 sin x Có: y '  8.cos8 x  cos8 x ; y ''  8.2.sin x  16sin x hongvanlk69@gmail.com Câu 49 Đường thẳng d : y  x  m cắt đồ thị hàm số y  x 1 điểm phân biệt A, B cho x 1 OA2  OB  , O gốc tọa độ hi m thuộc khoảng A (;  2) B (0;  2) C (2  2;  2) D (2  2; ) Lời giải Chọn A Phương trình hồnh độ giao điểm đường thẳng d : y  x  m vàđồ thị hàm số y x 1 : x 1 xm x 1 (1) x 1 x  1  (1)    x  mx  m   (2)  x  mx  m   (vì x  1 khơng nghiệm phương trình (2) Để d cắt đồ thị hàm số y  x 1 điểm phân biệt A, B phương trình (2) phải có x 1 nghiệm phân biệt m   2 Ta có   m2  4m  nên (2) có nghiệm phân biệt  (*)  m   2 Gọi A( x1; x1  m), B( x2 ; x2  m) giao điểm d đồ thị hàm số y  Ta tính AB   12 xB  xA    AB  2(m2  4m  4) a Gọi I trung điểm AB I ( m m ; ) 2 Ta có OA2  OB  2OI  AB AB 1 nên OA2  OB   OI   m  1 m m m  4m     hay  Suy 4  m3 x 1 x 1 Kết hợp với điều kiện (*) ta chọn m  1 Câu 50 Cho hình chóp S.ABCD , đáy ABCD hình vng cạnh a , tam giác SAB Gọi M điểm cạnh AD cho AM  x, x   0; a  Mặt phẳng   qua M song song với  SAB  cắt cạnh CB, CS , SD N , P, Q Tìm x để diện tích MNPQ A 2a 2a B a C a D a Lời giải Chọn D S Q P A D M B N C Kẻ đường thẳng qua M // AB , cắt BC N Kẻ đường thẳng qua N // SB , cắt SB P Kẻ đường thẳng qua M // SA , cắt SD Q Suy tứ giác MNPQ thiết diện hình chóp S.ABCD cắt       SCD   PQ  Có  SCD    ABCD   CD  PQ, CD, MN đôi song song, đồng quy   ABCD      MN Mà CD / / MN  PQ / / CD.(PQ  CD), (1) Gọi H hình chiếu vng góc S lên mp  ABCD  Ta có SA  SB  HA  HB Suy H thuộc đường trung trực đoạn AB  HC  HD  SC  SD  SBC  SAD, (c.c.c)  PCN  QDM  PCN  QDM , (c.g.c)  PN  QM, (2) Từ (1) (2) ta có tứ giác MNPQ hình thang cân PQ SQ AM    PQ  AM  x CD SD AD Gọi E  PN  QM  ENM cân E Ta có: Mà (PN, NM)  (SB, AB)  600  ENM tam giác cạnh a EPQ tam giác cạnh x  S MNPQ  SENM  S EPQ  Ta có: S MNPQ  a2 x2  4 2a a x 2a a    x 4 ... 2) 20 17  (  2) 20 18 B (  2) 2018  (  2) 2019 C (  2) 2018  (  2) 2019 D (  2) 2018  (  2) 2019 Lời giải Chọn C 0     (  2) 2018  (  2) 20 19  C   20 18  20 19     (  2) 20 17...     (  2) 20 17  (  2) 20 18  A sai   20 17  20 18     (  2) 20 18  (  2) 20 19  B sai   20 18  20 19 0     (  2) 20 18  (  2) 20 19  D sai   20 18  20 19 Câu 30 Trong... lim 1009 x2018 4x   2x  1 x  A 20 19 B 20 18 C 20 19 D 20 17 Lời giải Chọn B Ta có: lim x x   lim 20 18 4x   2x  1 x  4 20 19 x2  1 2  x    20 19  lim x   x 20 18 4x 