Tài liệu hạn chế xem trước, để xem đầy đủ mời bạn chọn Tải xuống
1
/ 38 trang
THÔNG TIN TÀI LIỆU
Thông tin cơ bản
Định dạng
Số trang
38
Dung lượng
1,09 MB
Nội dung
GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUYÊN TIỀN GIANG TEAM HÓA NÂNG CAO GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG Các em có nhu cầu ơn luyện thi ĐH luyện đề thi ĐH đăng ký học nhóm TEAM HĨA 2019 với học phí: Ơn luyện thi ĐH 200.000 đồng Ôn luyện đề&giải đề thi ĐH với 40 đề có video giải chi tiết với 200.000 đồng Đăng ký combo khóa với 350.000 đồng Khi đăng ký khóa học em nhận tất tài liệu anh biên soạn như: 250 câu vơ hay khó tập 1&2 100 câu hữu hay khó… Cách đăng ký đơn giản cần kết bạn với nick facebook: Nguyễn Thành Tín Link facebook: https://www.facebook.com/tin.thanh.73113?ref=bookmarks Sau nhắn tin đăng ký khóa học bắt đầu học (học phí trả qua Card điện thoại) CHÚC TẤT CẢ CÁC EM THI THẬT TỐT VÀ ĐẬU VÀO TRƯỜNG ĐẠI HỌC MÌNH MONG MUỐN HẾT NHÉ !!! Câu 1: Cho 13,8 gam chất hữu X (gồm C, H, O; tỉ khối X so với O2 < 5) vào dung dịch NaOH vừa đủ, đun nóng, sau chưng khơ Phần bay có nước, phần rắn khan Y lại có khối lượng 22,2 gam Đốt cháy toàn Y oxi dư tới phản ứng hoàn toàn, thu 15,9 gam Na2CO3 hỗn hợp khí Z Cho Z hấp thụ hồn tồn vào nước vơi thu 25 gam kết tủa dung dịch T có khối lượng tăng lên so với ban đầu 3,7 gam Đun nóng T lại có 15 gam kết tủa Cho X vào nước brom vừa đủ thu sản phẩm hữu có 51,282% Br khối lượng Biết phản ứng xảy hoàn toàn, số công thức cấu tạo phù hợp X A B C D Lời giải Ta có nNa2CO3 0,15mol nNaOH 0,3mol BTKL nH 2O 0, 2mol Trong phản ứng tạo muối ta có CO2 Ta có sơ đồ sau: Y O2 H 2O Từ 25 gam kết tủa 15 gam kết tủa thêm mol Na2CO3 0,15 nung T ta có: nCO2 nCaCO3 2n Ca( HCO3 )2 CaCO3 CO2 H 2O 0,55mol 0,25mol 0,15 0,15 TEAM HĨA NÂNG CAO GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TOÁN – THPT CHUYÊN TIỀN GIANG Từ 3,7 gam dung dịch tăng ta có: mCO2 mH 2O mCaCO3 3,7 nH 2O 0, 25mol 0,55 mol 0,25 mol BTKL BT O Trong phản ứng đốt cháy Y nO2 0,7mol nO(Y ) 0, 4mol Ta tìm Oxi, Hidro X sau: nC ( X ) nCO2 nNa2CO3 0, mol mol C : H :O 7:6:3 nO( X ) nO(Y ) nO( H 2O) nO( NaOH ) 0, 0, 0,3 0,3 mol nH ( X ) nH (Y ) nH ( H 2O) nH ( NaOH ) 0,5 0, 0,3 0, CTTQ : C7 H 6O3 Từ phần trăm Br suy có Công thức thỏa mãn, Brom gắn vào vị trí o, p o, m p, m vị trí lại OH m 14 gam Câu 2: Hỗn hợp E gồm X, Y hai axit đồng đẳng kế tiếp, Z, T hai este (đều hai chức, mạch hở, Y Z đồng phân nhau, M T – MZ = 14) Đốt cháy hoàn toàn 12,84 gam E cần vừa đủ 0,37 mol O2, thu CO2 H2O Mặt khác, cho 12,84 gam E phản ứng vừa đủ với 220ml dung dịch NaOH 1M Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu hỗn hợp muối khan G axit cacboxylic 2,8 gam hỗn hợp ba ancol có số mol Khối lượng muối axit có phân tử khối lớn G A 6,48 B 2,68 C 3,24 D 4,86 Lời Giải X Y axit , Y , Z dp Y axit 2c X Y axit 2c Từ kiện ban đầu ta có: Z T este 2c Giả sử chất đề cho ban đầu no, mạch hở ta có: Do ancol thu có số mol nên ta suy Z, T có số mol bẳng nE 0,11mol CO2 0, 43mol CO2 H 2O 0,11 Khi ta có: BTKL mol CO2 H 2O 24, 68 H 2O 0,32 Ta có: C 3,9 X có cacbon X, Y mà Y Z đồng phân Z este chức nên CZ Cacbon Y tối thiểu mà muốn cho C 3,9 X phải có cacbon nên X là: CH (COOH )2 Y CH CH (COOH )2 Z HCOO CH CH OOCH TEAM HÓA NÂNG CAO GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUYÊN TIỀN GIANG BTKL Do T Z 14 dvC T CH OOC COOC2 H nH 2O 0,14mol m(COONa)2 2,68gam Câu 3: Cho 0,08 mol hỗn hợp X gồm bốn este mạch hở phản ứng vừa đủ với 0,17 mol H (xúc tác Ni, to), thu hỗn hợp Y Cho toàn Y phản ứng vừa đủ với 110 ml dung dịch NaOH 1M, thu hỗn hợp Z gồm hai muối hai axit cacboxylic no có mạch cacbon khơng phân nhánh 6,88 gam hỗn hợp T gồm hai ancol no, đơn chức Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 0,01 mol X cần vừa đủ 0,09 mol O2 Phần trăm khối lượng muối có phân tử khối lớn Z A 54,18% B 50,31% C 58,84% D 32,88% Lời giải Từ 0,08 mol hỗn hợp X gồm bốn este mạch hở phản ứng vừa đủ với 0,17 mol H (xúc tác Ni, to) ta có: k X 2, 215 Ta đặt CTTQ bốn este X là: Cn H n 22 k 2 z O2 z 0, 08mol CTTQ NaOH Cn H n z 2,25O2 z 0, 08mol 0, 08 z 0,11 z 1,375 Ta thay k 2, 215 Khi Cơng thức este là: Cn H n5O2,75 0,01mol Khi ta đốt cháy 0,01 mol X ta có phương trình sau: BTO 0,01 2,75 0,09 0,02 n 0,01 (n 2,5) n 7,75 mX 12,14 gam BTKL mM 9,66gam Ta có nancol nNaOH 0,11mol M ancol 62,54 mol axit no, dc CTTQ Cn H nO2 Cn H n 1O2 Na a NaOH Ta có: z 1,375 mol axit no, 2c Cm H m3O2 Na b Cm H m 2O4 a b 0, 08 a 0, 05 Khi ta có: BTO 2a 4b 0,11*3 0,11 0, 22 b 0, 03 Khi ta có: mol n CH CH COONa 0, 05 0, 05n 0, 03m 0, 27 % 50,31% mol m NaOOC CH (CH ) COONa 0, 03 Câu 4: Este X hai chức, mạch hở, tạo ancol no với hai axit cacboxylic no, đơn chức Este Y ba chức, mạch hở, tạo glyxerol với axit cacboxylic không no, đơn chức (có liên kết pi C=C) Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp E gồm X Y cần vừa đủ 0,5 mol O2 thu TEAM HĨA NÂNG CAO GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TOÁN – THPT CHUYÊN TIỀN GIANG 0,45 mol CO2 Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 0,16 mol E cần vừa đủ 210 ml dung dịch NaOH 2M, thu hai ancol (có số nguyên tử cacbon phân tử) hỗn hợp ba muối, tổng khối lượng muối hai axit no a gam Giá trị a A 10,68 B 13,20 C 12,36 D 20,60 Lời giải Từ kiện đề cho ta có : mol ab 0,16 X este no, 2c Cn H n 2O4 a NaOH o mol 2a 3b 0, 42 Y este k no, 3c, lk pi C C Cm H m10O6 b Theo công thức độ bất bảo hòa hợp chất hữu ta có : BTO nCO2 nH 2O a 5b nH 2O 0, 45 a 5b 4a 6b 0,5 0, 45 a 5b 5a 11b 0,35 mol a 0, 015 Khi ta có hệ phương trình sau : a b C 11, 25 mol b 0, 025 2a 3b 21 0, 015n 0, 025m 0, 45 n 10 n Ta tìm cacbon X Y sau : n ( L) m 12 m 15 m 12 X C10 H18O4 Khi CTCT X Y : Do đề yêu cầu ta tìm tổng Y (CH CH COO)3 C3 H khối lượng hai axit no nên cách nhanh dễ ta áp dụng phương pháp bảo tồn khơi lượng đề giải tìm a gam C10 H18O4 0, 06mol a muoi no C3 H 8O2 0, 06 NaOH Ta làm sau : mol mol C3 H 8O3 0,1 CH CH COONa 0,3 C12 H14O6 0,1 0,42 mol 37,52 gam BTKL a 12,36 gam Câu 5: Hỗn hợp P gồm ancol A, axit cacboxylic B (đều no, đơn chức, mạch hở) este C tạo từ A B Đốt cháy hoàn toàn m gam P cần dùng vừa đủ 0,36 mol O2, sinh 0,28 mol CO2 Cho m gam P vào 250 ml dung dịch NaOH 0,4M đun nóng, sau kết thúc phản ứng thu dung dịch Q Cô cạn dung dịch Q lại 7,36 gam chất rắn khan Người ta cho thêm bột CaO 0,96 gam NaOH vào 7,36 gam chất rắn khan nung bình kín khơng có TEAM HĨA NÂNG CAO GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG khơng khí đến phản ứng hồn tồn thu a gam khí Giá trị a gần với giá trị sau đây? A 2,5 B 2,9 C 2,1 D 1,7 Lời giải A Cn H n 2O a mol Từ kiện đề ta có: B Cm H mO2 b mol nA nH 2O nCO2 nH 2O 0, 28 a mol C Ck H k O2 c BTO a 2b 2c 0,36*2 0, 28*3 a b c 0, 06 Khi ta có: Khi cho hỗn hợp P tác dụng với NaOH ta có dung dịch Q sau cạn dung dịch Q ta có: R COONa 0, 06 R 29 dvC C2 H COONa NaOH 0, 04 7,36 gam Khi cho thêm CaO NaOH vào nung ta có: CaO C2 H COONa NaOH C2 H Na2CO3 m 1,8gam 0,06 mol 0,06 mol Câu 6: Hỗn hợp E chứa hai este hai chức, mạch hở khơng chứa nhóm chức khác Đốt cháy 15,44 gam E cần dùng 0,86 mol O2, thu 8,64 gam nước Mặt khác, đun nóng 15,44 gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu hỗn hợp F chứa hai ancol no có tỉ khối so với He 172/13 hỗn hợp chứa hai muối Dẫn tồn F qua bình đựng Na dư, thấy khối lượng bình tăng 6,72 gam Phần trăm khối lượng este có khối lượng phân tử nhỏ hỗn hợp E A 35,6% B 59,6% C 60,9% D 60,2% Lời giải H 2O 0, 48mol BTKL BTO nCO2 0, 78mol nO(este) 0,32mol Ta có kiện: O2 0,86mol gam meste 15, 44 Do este đề cho este chức nên từ mol O este ta suy số mol este sau: neste nO(este) 0, 08mol 0,16 Ta đặt công thức ancol là: R (OH ) x nR (OH ) x x nNaOH neste 0,16 mol mol TEAM HÓA NÂNG CAO GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG Khi ta có: d / H 2172 688 13 R 32 R 17 x 13 16 x 0,16 x 0,16 R m 6,72 gam gam mancol 6, 72 mH 6, 72 2* * 6,88 4,16 13 x x Khi ta thấy: nancol 0,13mol Do x 16 ancol thu có ancol ancol đơn chức 13 ancol ancol chức Khi ta đặt: mol nancol 0,13mol mol ancol no, dc Cn H n 2O a a b 0,13 a 0,1 nH 20,08mol mol mol a 2b 0,16 b 0, 03 ancol no, 2c Cm H m 2O2 b Từ khối lượng ancol ta có: C2 H 6O n mancol 6,88 gam 0,1 (14n 18) 0, 03 (14m 34) 6,88 m C3 H 8O2 mol C H OOC R1 COOC2 H 0, 05 Ta có cơng thức cấu tạo este là: mol R2 COO CH CH CH OOC R2 0, 03 Gọi k k1 số liên kết pi C=C este tạo ancol đơn chức este tạo ancol chức ta có CTTQ là: mol mol k CTTQ Cq H q 2 k O4 0, 05 Cq H q 6O4 0, 05 CO H O 0,3 mol 0, 05k 0, 03k1 0, 22 mol mol k1 C H O 0, 03 C p H p 10O4 0, 03 p p k 0, 05q 0, 03 p 0, 78 q % 59, 6% Từ ta suy ra: q p 11 p Câu 7: Cho hỗn hợp M gồm hai axit cacboxylic X, Y (cùng dãy đồng đẳng, có số mol MX < MY) amino axit Z (phân tử có nhóm -NH2) Đốt cháy hồn tồn 0,4 mol hỗn hợp M thu khí N2; 14,56 lít CO2 (ở đktc) 12,6 gam H2O Cho 0,3 mol M phản ứng vừa đủ với dung dịch x mol HCl Nhận xét sau không đúng? A Giá trị x 0,075 B X có phản ứng tráng bạc C Phần trăm khối lượng Y M 40% TEAM HÓA NÂNG CAO GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG D Phần trăm khối lượng Z M 32,05% Lời giải mol CO2 0, 65 C 1, 625 HCOOH mol H O 0, Từ kiện đề ta có : Mà nH 2O nCO2 amino axit amino axit no, chức axit, chức amin axit axit no, đơn chức, mạch hở nên để nH 2O nCO2 amino axit phải amino axit no, chức axit, chức amin X HCOOH c mol nH O nCO nhh 0,4 mol b 0,1mol a c 0,15mol Khi ta có : Y Cn H nO2 a mol mol Z Cm H m1 NO2 b Từ ta có : X HCOOH 0,15mol 0,1m 0,15n 0,5 nhh 0,3 mol x 0, 075mol m CTTQ mol Y CH COOH 0,15 m n %Y 38, 46% n mol Z H N CH COOH 0,1 2 Từ ta thấy phương án sai C Câu 8: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp hai este đơn chức mạch hở A,B (MA 75) cần 1,09 mol O2, thu CO2 H2O với tỉ lệ mol tương ứng 48 : 49 0,02 mol khí N2 Cũng lượng X cho tác dụng hết với dung dịch KOH, cô cạn dung dịch sau phản ứng m gam rắn khan ancol Biết KOH dùng dư 20% so với lượng phản ứng Giá trị m A 38,792 B 31,880 C 34,760 D 34,312 Lời giải X Y este dc Ta có từ liện đề cho đặc điểm chất ta có : Z a o axit TEAM HÓA NÂNG CAO 24 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG BTKL mCO2 mH 2O 59,88 nCO2 0,96mol Ta có : nCO2 48 mol nH O 0,98 nH O 49 BTO na a 0,04 mol nO( X ) 0, 72mol nO(este) 0, 64mol Từ nN2 0,02mol na.a 0,04mol Ta có quan hệ sau : nCO2 (a.a) nH 2O(a.a) nCO2 ( X ) nH O( X ) este cho phải este no, đơn chức 0, 04n 0,32m 0,96 Cm H mO2 0,32mol n Khi ta có cơng thức tổng qt : Nhưng mol m Cn H n 1 NO2 0, 04 n2m 0,96 0, 04n 2, 75 m 2, 75 Nên khoảng este cho : 0,32 HCOOCH ancol CH OH CH COOCH Khi ta có : 0,36*120 dung du 20% mol nKOH bd 0, 432mol KOH pu 0,36 100 BTKL mol m 38, 792 gam CH OH 0,32 mol H 2O 0, 04 Câu 6: X, Y, Z ba peptit mạch hở MX < MY < MZ Đốt cháy a mol X a mol Y hay a mol Z thấy số mol CO2 lớn số mol H2O 1,5a mol Thủy phân hoàn toàn 56,22 gam hỗn hợp E chứa x mol X, y mol Y y mol Z KOH thu 103,38 gam hỗn hợp muối Gly Ala Biết 4x – 9y = 0,38 Số nguyên tử H có Z là: A 31 B 23 C 29 D 27 Lời giải Từ việc nhận thấy đốt cháy peptit thu lượng CO2 H2O chênh lệch nên ta áp dụng cơng thức để tìm số mắc xích peptit sau: k X X5 k X, Y, Z nCO nH O 1 n peptit k Y Y5 2 k Z Z TEAM HÓA NÂNG CAO 25 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUYÊN TIỀN GIANG mol C H N k Ok 1 x Do X5,Y5,Z5 Khi ta áp dụng cơng thức Đồng Đẳng Hóa ta có: 2k 3kmol k CH y 57xk 18x 14y 56, 22 x 0,18mol nCO 2xk y 1,92 mol Ta có hệ phương trình: 113xk 14y 103,38 mol k y 0,12 Khi ta có: C 10,67 X5 Gly5 (CX 10) mol mol npeptit 0,18mol x 2y 0,18 Gly 0, 78 x 0,14 Ta có: mol mol 4x 9y 0,38 Ala 0,12 y 0, 02 Gọi n số mắc xích Ala Z m số mắc xích Ala Y 0, 02n 0, 02m 0,12 n 15 Khi ta có: n m Ta có bảng số liệu sau đây: m 15 m n m n Hidro Z (HZ) 25 27 Y Ala 4Gly Từ bảng số liệu ta suy ra: Z 5Ala Câu 7: Hỗn hợp E chứa ba peptit mạch hở, tạo từ glyxin valin Đun nóng 37,98 gam hỗn hợp E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu dung dịch chứa 40,74 gam muối glyxin 16,68 gam muối valin Biết tổng số liên kết peptit ba peptit có E 10 phân tử peptit có số ngun tử oxi khơng nhỏ Phần trăm khối lượng peptit có khối lượng phân tử lớn có hỗn hợp E A 46,4% B 51,2% C 48,8% D 54,5% Lời giải mol mol Gly Na 0, 42 Gly 0,36 DDH Ta có số mol muối sau: mol mol CH 0,54 Val Na 0,12 mol C H N k Ok 1 x Khi ta áp dụng Đồng Đẳng Hóa ta có: 2k 3kmol CH y TEAM HÓA NÂNG CAO 26 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG mol 57xk 18x 14y 37,98 xk 0,54 Khi ta có sau: xk 0,54mol x 0,12mol k 4,5 Có chất y 0,38mol mol y 0,36 tetrapeptit ( Oxi không nhỏ 5) Vậy tổng số liên kết peptit lại mà oxi khơng nhỏ nên ta suy ra: k tetrapeptit Khi ta gọi peptit là: k pentapeptit X mol 0, 06 M 316,5 dvC X Gly3 Val ( Y4 mol Z5 0, 06 peptit cấu tạo từ Gly Val) Ta có Z khơng thể chứa Valin Z chứa Valin nVal 0,12 (L) Z5 Gly Val Mà ta thấy quan hệ nVal n Z n X Y Y có chứa Val Y4 Gly3 Val Do X Y đồng phân %Z 54,5% Câu 8: Đun nóng 0,1 mol hỗn hợp M gồm hai peptit mạch hở X, Y (X hớn Y liên kết peptit) với dung dịch NaOH vừa đủ, thu dung dịch chứa 0,38 mol muối A 0,18 mol muối B (A, B hai amino axit no, hở, có nhóm COOH nhóm NH 2; MA < MB) Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 10,32 gam M cần vừa đủ 0,5175 mol O2 Phân tử khối Y A 303 B 387 C 359 D 402 Lời giải A Gly kCH 0,38mol 0,38mol Ta có sơ đồ sau: nGly 0,56mol B Gly k1CH 0,18mol 0,18mol Khi ta áp dụng phương pháp Đồng Đẳng Hóa ta có: C2k H3k N k Ok 1 x mol CH y mol 57xk 18x 14y 10,32 xk 0,14mol xk 0,56 x 0, 025mol 0,1 x y 0,135mol 2, 25xk 1,5y 0,5175 mol mol a b 0, 025 X a a 0, 01 Do X hớn Y liên kết peptit có k 5, mol mol b 0, 015 5a 6b 0,14 Y6 b Trong 0,1 mol M ta có: nCH2 y 0,54mol 3n B B Valin TEAM HÓA NÂNG CAO 27 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG Khi A Glyxin Khi ta gọi: n số mắc xích Val X m số mắc xích Val Y ta m X5 3Val 2Gly n Y6 Val 5Gly M Y 402 dvC D có: 0, 01n 0, 05m 0, 045 X 5Gly m n Y6 3Val 3Gly M Y 486 dvC (L) Câu 9: Hỗn hợp M gồm este no, đơn chức mạch hở G, hai amino axit X, Y ba peptit mạch hở Z, T, E tạo X, Y Cho 65,4 gam M phản ứng hoàn toàn với lượng vừa đủ 600 ml dung dịch NaOH 1M, thu 1,104 gam ancol etylic dung dịch F chứa a gam hỗn hợp ba muối natri alanin, lysin axit cacboxylic Q (trong số mol muối lysin gấp 14 lần số mol muối axit cacboxylic) Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn b gam M lượng oxi vừa đủ thu 2,36 mol CO 2,41 mol H2O Kết luận sau sai? A Phần trăm khối lượng este M 3,23% B Khối lượng muối natri alanin a gam hỗn hợp 26,64 gam C Giá trị a 85,56 D Giá trị b 54,5 Lời giải Ly sin Na C6 H13 N 2O Na Ta có F chứa Ala.Na C3H NO Na C H O Na n 2n 1 Ta có từ nLysin.Na 14nQ nC2H5 OH 0,024mol neste 0,024mol nQ 0,024mol nlysin.Na 0,336mol Ta có nNaOH 0, mol nAla.Na 0, 24mol Ta tiến hành quy đổi chất M thành sau: Ta quy đổi amimo axit peptit thành ( có Lysin nên ta khơng dùng đồng đẳng hóa) mà ta dùng phương pháp quy đổi thành sau hỗn hợp chứa amino axit peptit: C3 H NO NH Trong đó: CH H O nC3H NO2 nAla.Na nLy sin Na 0,576mol mol nNH nLy sin Na 0,336 mol nCH 3nNH 1, 008 H O x mol TEAM HÓA NÂNG CAO 28 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG C3 H NO 0,576 mol mol NH 0,336 mol NaOH nH 2O 0,576 x Khi ta có: CH 1, 008mol mol H 2O x este 0, 024 mol Gọi n số cacbon axit ta có CTTQ este là: C3 H NO 0,576 mol mol NH 0,336 mM 65,4gam mol 14n 0, 024 18x 6, 456 Ta có bảng số liệu sau ( đối CH 1, 008 mol H 2O x C H O 0, 024 mol n 2n với lập bảng số liệu ta lưu ý nghiệm cho giá trị mol đẹp ta lấy, mol lẻ ta loại đa số tốn khó số mol chất cho mol đẹp nên để tránh thời gian ta thấy trường hợp cho mol đẹp ta lấy trường hợp mol lẻ ta loại Trong trường hợp mol đẹp ta giải khơng có đáp án ta nghĩ đến mol xấu trường hợp theo kinh nghiệm anh khả xảy thấp nên em an tâm lấy mol đẹp mà giải cho khỏe) Khi ta có bảng số liệu sau: n x Lẻ 0,396 Lẻ Lẻ 0,452 Lẻ n CTTQ este C4 H8O2 % 3, 23% ( Câu A đúng) Ngay mol x 0,396 Ta xét câu B Ala.Na 0, 24mol m 26, 64gam Câu B Ly sin Na 0,336 mol Ta xét câu C Ala.Na 0, 24mol a 85, 056gam Câu C câu sai mol CH COONa 0, 024 agam Ta xét câu D Khi đốt cháy 65,4 gam M lượng CO thu nCO2 3nC3H7 NO2 nCH2 nC4H8O2 2,832mol Vậy nCO2 2,36mol b 54,5gam Câu D TEAM HÓA NÂNG CAO 29 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG Câu 10: Peptit E mạch hở bị thủy phân theo phương trình phản ứng: E + 5NaOH X + 2Y + Z + 2H2O (trong X, Y, Z muối amino axit) Thủy phân hoàn toàn 6,64 gam E thu m gam X Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 2,352 lít khí O2 (đktc), thu 2,12 gam Na2CO3; 3,52 gam CO2; 1,26 gam H2O 224 ml khí N2 (đktc) Biết X có cơng thức phân tử trùng công thức đơn giản Tên gọi Y A Glutamic B Alanin C Glyxin D Valin Lời giải O 0,105mol mol Na CO3 0, 02 BTO nO(X) 0, 08mol Ta có số liệu: CO 0, 08mol mol H O 0, 07 N 0, 01mol Khi ta có: C 0,1mol mol H 0,14 CTTQ M CTTQ a.a mol C : H : O : N : Na : : :1: C5H NO Na C5H NO O 0, 08 N 0, 02mol Na 0, 04mol X axit Glutamic 0,02mol Ta có E 5NaOH 0,1mol X 2Y Z 0,02mol 0,04mol 0,02mol BTKL 2H 2O m(Y Z) 6,1gam 0,04mol M Y 97 dvC Gly.Na a o axit Y Glyxin Khi ta có: 0, 04M Y 0, 02M Z 6,1 M Z 111 dvC Ala.Na Câu 11: Thủy phân hoàn toàn m gam hexapeptit X mạch hở thu hỗn hợp Y gồm alanin valin Oxi hóa hồn tồn lượng hỗn hợp Y cần vừa đủ a mol khí oxi, thu hỗn hợp Z gồm CO2, H2O N2 Dẫn hỗn hợp Z qua bình H2SO4 đậm đặc (dư) thấy khối lượng khí khỏi bình giảm 18b gam so với khối lượng hỗn hợp Z; tỉ lệ a : b = 51 : 46 Để oxi hóa hồn tồn 27,612 gam X thành CO2, H2O N2 cần tối thiểu V lít oxi (đktc) Giá trị V gần với A 32,70 B 29,70 TEAM HÓA NÂNG CAO 30 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG C 53,80 D 33,42 Lời giải Ta có cho hỗn hợp Z qua bình H2SO4 đậm đặc (dư) thấy khối lượng khí khỏi bình giảm 18b gam so với khối lượng hỗn hợp Z phần khối lượng giảm phần nước bị hấp nH O b mol thụ ta có sau: mol nO a Ta có CTTQ amino Cn H2n 1NO2 x mol nH2O nCO2 0,5x mol nCO2 b 0,5x axit là: mol BT.Oxi 3b x 2a 2x 3x 3b 2a Ta có: Ta đặt mol Ala y mol Val z mol amino axit sau: mol 5b 18b y 3y 3z 3y 3z 3b 2a 23 Ala 5 23 mol Val b 7y 11z 2b z 23 a 51 b 46 Từ ta suy CT peptit là: CTTQ X6 5Ala Val C20H36 N6O7 0,0585mol nO2 1, 49175mol V 33, 4152l Câu 12: Đun nóng m gam hỗn hợp X gồm glyxin alanin thu m1 gam hỗn hợp Y gồm đipeptit mạch hở Nếu đun nóng 2m gam X thu m2 gam hỗn hợp Z gồm tetrapeptit mạch hở Đốt cháy hoàn toàn m1 gam Y thu đuợc 0,76 mol H2O; đốt cháy hồn tồn m2 gam Z thu 1,37 mol H2O Giá trị m A 24,74 gam B 24,60 gam C 24,46 gam D.24,18 gam Lời giải Ta có sơ đồ sau: 2C n H 2n 1 NO C 2n H 4n N O3 H O amol a an 0, 76 mol an 0, 76mol 38 n a mol 15 4C n H 2n 1 NO C 4n H8n 2 N O5 3H O (4n 1) 1,37 a 0,3 2amol a mol BTKL Khi ta có: 2Cn H 2n 1 NO C2n H 4n N O3 H O m 24, 74gam amol a mol a mol TEAM HÓA NÂNG CAO 31 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG Câu 13: Cho hỗn hợp F gồm hai peptit X Y (đều mạch hở có số nguyên tử H 17), MX < MY Cho m gam F tác dụng với lượng dư dung dịch HCl đun nóng thu 135,07 gam muối Lysin Glyxin Nếu đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp F cần dùng 82,992 lít (đktc) khí O2 Thành phần phần trăm khối lượng Y hỗn hợp F A 78,18% B 53,17% C 41,41% D 38,34% Lời giải X có 17 Hidro suy X đipeptit Gly-Lys ta thấy Gly Lys H 2O Gly Lys 514 217 Tương tự Y có 17 hidro Y Gly5 Do 5Gly 4H 2O Gly5 55817 mol Gly Lys a Khi ta có 330,5a 557,5b 135, 07 mol Gly5 b Đốt cháy Gly-Lys ta làm sau để tìm hệ số Oxi Gly a mol Gly Lys H 2O Gly Lys Do đốt cháy Gly-Lys đốt hỗn hợp Lys a mol H O a mol amol amol amol amol C2 H5 NO2 a mol CO2 2a 6a 8a mol BTO O2 mol nO2 10, 75a mol Do ta có sau C6 H14 N 2O2 a mol H O 8,5a mol H O a Tương tự với Gly5 ta có nO 11, 25b mol mol 330a 557,5b 135, 07 a 0, 24 %Y 38,34% mol 10, 75a 11, 25b 3, 705 b 0,1 Khi ta có hệ phương trình Câu 14: Hỗn hợp H gồm peptit X, Y, Z (MX < MY) mạch hở; Y Z đồng phân Cho m gam hỗn hợp H tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa 0,98 mol NaOH, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu 112,14 gam muối khan (chỉ chứa muối natri alanin valin) Biết m gam H có mO : mN = 552 : 343 tổng số liên kết peptit peptit Tổng số nguyên tử có peptit Z A 65 B 70 C 63 D 75 Lời giải TEAM HÓA NÂNG CAO 32 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUYÊN TIỀN GIANG mol C H N k Ok 1 x Ta áp dụng phương pháp ĐĐH ta có 2k 3kmol CH y xk 0,98mol xk 0,98 x 0, mol k 2, 45 X đipeptit, X Khi ta có 97xk 14y 112,14 mN 14xk 343 y 1,12mol mO 16xk 16x 552 đipeptit nên tổng số mắc xích Y Z 10 Nhưng Y Z đồng phân nên Y Z Y5 pentapeptit Z5 Do Y Z pentapeptit nên ta lấy Y đại diện, ta có mol mol a b 0, a 0,34 X a nAla 0,86 Mà ta có X không chứa Val mol mol 2a 5b 0,98 b 0, 06 Y b nVal 0,12 nX > nVal Do thấy Y chứa 2Val mol Y 0,06 mol Khi Y 3Ala 2Val 0, 06mol Ta có CTTQ peptit tạo amoni axit chức amin, chức axit : Cn H 2n 2k N k Ok 1 Ứng với Y ta thay k = n = 19 ta có CTTQ Y C19 H35 N5O6 NT 65 Câu 15: E hỗn hợp peptit X, Y, Z Thủy phân hoàn toàn 37 gam E cần dùng 450 ml dung dịch KOH 1M, sau phản ứng hồn tồn cạn thu hỗn hợp M gồm muối kali Gly, Ala Lys với số mol tương ứng x, y, z Nếu đốt cháy hoàn toàn lượng hỗn hợp peptit E thu số mol CO2 H2O Nếu đốt cháy hỗn hợp gồm d mol muối kali Gly e mol muối kali Ala (d.y =e.x) 99 gam CO2 49,5 gam nước Phần trăm khối lượng muối kali Ala M gần với giá trị sau đây? A 65% B 75% C 45% D 25% Chú ý: Anh chỉnh lại mol chổ xanh để thuận lợi dễ nhìn cách đặt mol Lời giải TEAM HĨA NÂNG CAO 33 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TOÁN – THPT CHUYÊN TIỀN GIANG C2 H5 NO2 a mol C2 H NO2 K a mol mol mol NH d NH d KOH Ta quy đôi hỗn hợp sau: mol mol CH 4b CH 4b H O c mol H O c mol Lưu ý ta từ nCH2 4bmol nNH bmol , peptit không cấu tạo từ Glyxin Lysin mà có thêm Ala, nghĩa quy đổi tổng mol CH2 có thêm lượng mol CH2 Ala nên mol NH CH2 khác (ta cần lưu ý) Khi peptit cấu tạo từ anpha amino axit Lysin từ mol CH2 ta suy mol NH ngược lại mE 37gam 75a 56b 18c 15d 37 Khi ta có: nKOH 0,45mol mol a 0, 45 CO2 1,5d 2,5e mol C H NO2 K d mol O2 mol Ta có mol muối Gly Ala sau: H O 2d 3e mol C3H NO2 K e mol K CO3 0,5d 0,5e mol 1,5d 2,5e 2, 25 d 0, 25 d x Khi ta có: Từ tỉ lệ dy ex mol e y 2d 3e 2, 75 e 0, 75 Ta có sơ đồ sau: Lys Gly 4CH NH dmol dmol dmol 4dmol x a 4b 3d 3a 16b 13d Ala Gly CH y 4b 4d 4b 4d mol 4b 4d mol 4b 4d mol nGly a mol Gly Gly CH a 4b 3d a 4b 3d Ta có kiện đốt cháy lượng E thu số mol CO2 H2O Giả sử lượng k lần lượng 37 gam ta có: TEAM HĨA NÂNG CAO 34 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TOÁN – THPT CHUYÊN TIỀN GIANG C2 H5 NO2 ak mol mol mol NH dk CO2 2ak 4bk O2 nCO2 nH2O ck 0,5k(a d) c 0,5(a d) mol mol CH 4bk H 2O 2,5ak 4bk ck 0,5dk H O ck mol Khi ta có hệ phương trình sau: a 0, 45mol 3a 16b 13d Lys.K d mol 0, 05mol a 0, 45 mol mol b 0,125 mol Gly.K a 4b 3d 0,1 %Ala.K 65, 02% mol 75a 56b 18c 15d 37 c 0, 25 mol mol c 0,5 (a d) d 0, 05mol Ala.K 4b 4d 0,3 Câu 16: Cho m gam hỗn hợp X gồm glyxin, alanin, axit glutamic lysin (trong m O : mN = 16 : 9) tác dụng với lượng dung dịch NaOH vừa đủ thu dung dịch Y Cô cạn dung dịch Y đốt cháy hết lượng muối thu 7,42 gam Na2CO3 Cho tồn khí cacbonic nước sinh qua bình đựng dung dịch Ca(OH)2 dư thu 49 gam kết tủa đồng thời thấy khối lượng bình tăng 31,64 gam so với ban đầu Các phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m A 14,98 B 13,73 C 14,00 D 14,84 Lời giải Từ số liệu mà đề cho ta có : nNa 2CO3 0,07mol nNaOH 0,14mol Mà ta có mối quan hệ chức axit amino axit mol NaOH phản ứng : nCOO nNaOH 0,14mol Mà ta thấy tất Oxi X nằm hết chức axit nên ta có : nO(X) 2n COO 0, 28mol Từ tỉ lệ mO : mN = 16 : nN 0,18mol Từ khối lượng kết tủa ta có : nCaCO3 nCO 0, 49 mol nC(X) nCO nNa 2CO 0,56 mol Ta có khối lượng bình tăng tổng khối lượng CO2 H2O Từ ta suy sau : mCO2 mH2O 31,64gam nH2O 0,56mol Từ mol nước ta suy mol hidro X hidro hidro muối hidro X phần chuyển qua nước phản ứng tạo muối Do để tính mol hidro X ta phải dùng bảo toàn hidro theo sơ đồ tạo muối sau : X NaOH 0,28mol M nCOO nH2 O BT.hidro nH O 0,14mol nH(X) 1, 26mol nH 1,12mol Khi ta có : mX mC mH mO mN 14,98gam TEAM HÓA NÂNG CAO 35 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG Câu 17: Hỗn hợp X gồm Ala-Gly, Ala-Gly-Gly, Ala-Gly-Ala-Gly Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp X thu hỗn hợp Alanin Glyxin với tỉ lệ số mol Alanin : Glyxin = 15 : 19 Đốt cháy m gam hỗn hợp X cần 11,088 lít O2 (đktc) Khối lượng Ala-Gly-Gly m gam hỗn hợp X A 4,060 B 3,654 C 8,120 D 6,090 Lời giải Ta có tỉ lệ mol Ala Gly ta suy ra: mol nAla 15 nAla 15x mol nGly 19 nGly 19x Ta có sơ đồ tạo peptit mô sau: xAla yGly (x y 1)H 2O peptit nO2 đốt cháy peptit số mol Oxi cần đốt cháy Ala Gly phản ứng trùng ngưng tạo peptit nước sinh không cháy nên Oxi đốt cháy peptit X lượng Oxi đốt cháy amino axit Ala Gly Khi ta có: nO2 2, 25 19x 3, 75 15x 0, 495 x 10 3mol nO (Gly) nO (Ala ) Mà ta thấy Ala Gly nAla 15x mol nAla nGly nAla Gly Gly 4x 0, 02mol m 4, 06gam nGly 19x mol Ala Gly Ala Gly Câu 18: X, Y peptit có tổng số liên kết peptit tạo từ loại amino axit no chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH Đun nóng 34,65 gam X cần dùng 450 ml dung dịch NaOH 1M thu 49,95 gam muối Mặt khác đốt cháy 74,6 gam Y lượng oxi vừa đủ, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)2 dư thu m gam kết tủa Giá trị m A 350 gam B 250 gam C 300 gam D 400 gam Lời giải mol C H N k Ok 1 x Ta áp dụng phương pháp Đồng Đẳng Hóa với peptit X ta có: 2k 3kmol CH y mol mX 34,65 57xk 18x 14y 34, 65 xk 0, 45 x 0,15mol Từ kiên đề cho ta có: xk 0, 45 mM 49,95gam y 0, 45mol 97xk 14y 49,95 gam k Từ ta suy ra: nCO 1,35mol X3 3Ala C(X) Ta có X Y có tổng số liên kết peptit TEAM HÓA NÂNG CAO 36 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG X tripeptit mY 74,6gam Y pentapeptit Y5 5Ala nY 0, 2mol nCO 3mol Ca (OH)2 mCaCO3 300gam Câu 19: X α-amino axit có cơng thức H2N-CxHy-(COOH)2 Cho 0,025 mol X tác dụng vừa đủ với dung dịch Y chứa đồng thời NaOH 0,5M KOH 0,5M thu 4,825 gam muối Z đipeptit mạch hở tạo X alanin T tetrapeptit Ala-Val-Gly-Ala Đun nóng 27,12 gam hỗn hợp chứa Z T với tỉ lệ mol tương ứng : với dung dịch Y vừa đủ Cô cạn cẩn thận dung dịch sau phản ứng thu m gam chất rắn khan Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m A 40,68 B 38,12 C 41,88 D 33,24 Lời giải Từ nồng độ mol NaOH KOH ta suy tỉ lệ mol sau: mol nNaOH a H N Cx H y COOH 2 0,025mol mol 1 nOH 2a 2a 0, 05 a 0, 025mol mol nKOH nKOH a Khi 4,825 gam muối chứa chất sau: nNaOH H N C x H y COO 2 0, 025mol CT mol M Cx H y 27 dvC H N CH CH (COOH) Na 0, 025 K 0, 025mol Vậy đun nóng 27,12 gam ta có: Ala X 2b mol 408b 948b 27,12 b 0, 02mol mol Gly 2Ala Val 3b Khi mol OH- là: nOH 2b 3b nOH 0,32 mol mol NaOH 0,16 BTKL m 40, 68gam mol KOH 0,16 Câu 20: Cho m gam peptit X (mạch hở) phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH đun nóng, thu dung dich chứa (m + 18,2) gam hồn hợp Z chứa muối natri glyxin, valin alanin Đốt cháy hoàn toàn Z thu N2, CO2, H2O 26,5 gam Na2CO3 Cho a gam X phản ứng với 400ml dung dịch NaOH 0,1M, thu dung dịch T Cho toàn T phản ứng tối đa với 520ml dung dịch HCl 2M, thu dung dịch chứa 125,04 gam hỗn hợp muối Kết luận sau không đúng? A Khối lượng muối Gly 27,05 gam Z 29,1 gam TEAM HÓA NÂNG CAO 37 GIÁO VIÊN: NGUYỂN THÀNH TÍN – 12 TỐN – THPT CHUN TIỀN GIANG B Giá trị a 71,8 C Trong phân tử X có chứa gốc Ala D Phần trăm khối lượng Oxi X 26,74% Lời giải BTKL Từ kiện đề cho ta có: nNa 2CO3 0, 25mol nNaOH 0,5mol nH2O 0,1mol X pentapeptit Từ mol nước ta suy ra: nX 0,1mol k X5 Ta có nHCl 1, 04mol lượng HCl phản ứng với NaOH 0,04 mol, từ ta suy lượng HCl phản ứng với peptit mol Khi ta có: X5 pentapeptit nX 0, 2mol Ta có sơ đồ phản ứng peptit với HCl sau: X5 H 2O 5HCl M 0,2mol 0,8mol Khi ta có sơ đồ phản ứng q trình tạo muối sau: mol X H O 5HCl NaOH HCl M H 2O nH 2O 0, 76 0,2mol 0,04mol 0,8mol 0,04mol BTKL CT Từ ta suy ra: m 71,8gam MX 359 dvC X5 Val Ala 3Gly Từ kết ta thấy nhận định A sai B, C, D HẾT TEAM HÓA NÂNG CAO ... đồng Ôn luyện đề&giải đề thi ĐH với 40 đề có video giải chi tiết với 200.000 đồng Đăng ký combo khóa với 350.000 đồng Khi đăng ký khóa học em nhận tất tài liệu anh biên soạn như: 250 câu vơ hay khó. .. đồng Khi đăng ký khóa học em nhận tất tài liệu anh biên soạn như: 250 câu vơ hay khó tập 1&2 100 câu hữu hay khó Cách đăng ký đơn giản cần kết bạn với nick facebook: Nguyễn Thành Tín Link... tin đăng ký khóa học bắt đầu học (học phí trả qua Card điện thoại) CHÚC TẤT CẢ CÁC EM THI THẬT TỐT VÀ ĐẬU VÀO TRƯỜNG ĐẠI HỌC MÌNH MONG MUỐN HẾT NHÉ !!! Câu 1: Cho 13,8 gam chất hữu X (gồm C,