3 kỹ THUẬT GIẢI TOÁN AMIN đã chuyển đổi

Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá Chuyên đề 6: HỢP CHẤT CHỨA NITƠ: AMIN, AMINOAXIT, PEPTIT VÀ PROTEIN BÀI 1: KỸ THUẬT GIẢI TOÁN AMIN I AMIN VỚI PHẢN ỨNG CHÁY Phương pháp: CTTQ amin: CnH2n+2-2k+tNt - Với k = 0, t =  amin no, đơn chức, mạch hở: CnH2n+3N - Với k = 0, t =  amin no, mạch hở, hai chức: CnH2n+4N2 - Nhận xét: Số nguyên tử H hợp chất chứa C, H C, H, O chẵn, số ngun tử H hợp chất amin có trường hợp: + Nếu số N chẵn số H chẵn + Nếu số N lẻ số H lẻ + Điều kiện: số nguyên tử H  (số nguyên tử C) + + số nguyên tử N ( nH  2.nC + + n N ) Cách khai thác tương quan sản phẩm cháy với số mol amin Ví dụ: Đốt amin no, đơn chức, mạch hở: 3  Cn H 2n +3 N + O2 → nCO2 +  n +  H 2O + N 2  Mol x → nx ( n + 1,5) x 0,5x * Nhận xét: n H2O − n CO2 = 1,5.n aminno,đơn, hở ( ) nH2O - nCO2 +nN2 =naminno,đơn,hở * Ghi chú: Vì số nguyên tử H amin liên quan tới số nguyên tử C số nguyên tử N nên đốt cháy amin cho kết n CO2  n H2O khơng kết luận amin no Cần phân biệt đốt amin O2 nguyên chất đốt amin không khí - Nếu đốt cháy amin O2 nN (sp chaùy) = n N(a ) - Nếu đốt cháy amin khơng khí (khơng khí thường chứa 20% O2, 80% N2 theo thể tích) Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá nN(sp cháy) = nN( không khí) + n N( amin)  n N(a ) = n N(sp cháy) − n N( không khí) = - Nếu biết n N(a ) số ngun tử N amin ta tính n amin Bài tập minh họa Bài Đốt cháy hoàn toàn 0,06 mol hỗn hợp X gồm C4H8 amin no, đơn chức, mạch hở đồng đẳng tạo 0,2 mol CO2, 0,245 mol H2O Xác định CTPT amin A CH5N, C2H7N B C2H7N, C3H9N C C3H9N, C4H11N D C4H9N, C5H11N Hướng dẫn giải: ( ) Cn H 2n +3 N + O → nCO + n + 1,5 H 2O + N2 Đốt C4H8 cho n CO2 = n H2O  n H2O − n CO2 = (1) Đốt amin no, đơn, hở cho n H2O − n CO2 = 1,5.n amin ( ) Cộng (1) (2) ta được: n H2O −  n CO2 = 1,5 n amin  n amin = 0, 245 − 0, = 0, 03 1,5  n C4H8 = 0, 06 − 0, 03 = 0, 03 Cn H 2n +3 N = 0, 03  + O2 X ⎯⎯⎯⎯ → n CO2 = 4.0, 03 + 0, 03.n = 0,  n = 2, 67 BTNT( C)  C4 H8 = 0, 03  CTPT amin C2H7N C3H9N  chọn B Bài Hỗn hợp M gồm anken hai amin no, đơn chức, mạch hở X Y đồng đẳng ( MX  MY ) Đốt cháy hoàn toàn lượng M cần dùng 4,536 lít O2 (đktc) thu H2O, N2 2,24 lít CO2 (đktc) Chất Y A etylamin B propylamin C butylamin D etylmetylamin (Đề thi tuyển sinh Đại học khối A, năm 2012) Hướng dẫn giải: n O2 = 0, 2025 mol; n CO2 = 0,1mol ( ) ⎯⎯⎯⎯ → n O(O2 )(đốt) = n O(CO2 ) + n O( H2O)  2.n O2 = 2.n CO2 + n H2O BTNT O Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá  n H2O = 0, 205 mol ( ) Cn H 2n +3 N + O → nCO + n + 1,5 H 2O + N2 Đốt anken → n CO2 = n H2O  n H2O − n CO2 = (1) Đốt amin no, đơn, hở → n H2O − n CO2 = 1,5.n amin ( 2) Cộng (1) (2) được: n H2 O −  n CO2 = 1,5.n amin  0, 2025 − 0,1 = 1,5.n amin  n amin = 0,07 Số nguyên tử C bình: n C = n CO2 n hhM  0,1 = 1, 43 (vì n hh M  n amin = 0, 07 ) 0, 07 Mà anken có số C   phải tồn amin có số C < 1,43  X CH5N  amin đồng đẳng C2H7N  chọn A (hoặc ta đánh sau: n C amin = n CO2 amin chaùy n amin  0,1 = 1, 43  amin CH5N  amin 0, 07 lại C2H7N  chọn A) ❖ Lời bình: Đây tốn hay Các bạn học sinh nên nhớ “trong trường hợp ta khơng tìm số mol cụ thể anken amin bắt buộc phải áp dụng phương pháp đánh giá” Bài *Đốt cháy hoàn toàn 100 ml hỗn hợp X gồm đimetylamin (CH3)2NH hiđrocacbon đồng đẳng lượng O2 vừa đủ thu 550 ml hh khí Y Dẫn Y qua dung dịch H2SO4 đặc dư, lại 250 ml khí (các thể tích khí đo điều kiện) CTPT hiđrocacbon A C2H6, C3H8 B C2H4, C3H6 C C3H6, C4H8 D CH4, C2H6 (Đề thi tuyển sinh đại học khối A, năm 2010) Hướng dẫn giải: * Cách Chọn 100 mol hỗn hợp X.n H2O = 550 − 250 = 300, n CO2 + n N2 = 250 mol NX: Từ đáp án  phải xét trường hợp: * TH 1: hiđrocacbon ankan: C2 H7 N đố t → 2CO2 + 3,5H2O + 1/ 2N ( ) n H2O − n CO2 + n N = n amin (1) Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá ( 2) n H2O − n CO2 = n ankan Cộng vế (1) (2) được: n H2O ( ) −  n CO2 + n N2 = n hh = 300 − 250 = 50  trái với giả thiết  loại * TH 2: hiđrocacbon anken Đặt CTPT TB Cn H 2n n H2O ( ) −  n CO2 + n N2 = n amin = 50  n hh anken = 100 − 50 = 50  n H = 7.50 + 2.n.50 = 300.2  n = 2,5  CTPT anken C2H4 C3H6  chọn B ❖ Lời bình: Thi trắc nghiệm xét trường hợp mà rút kết khơng cần xét trường hợp lại  n = 2a + xb  CO2 ( CH )2 NH a mol   dôt * Cách 2: Chọn 100 mol hỗn hợp X X  ⎯⎯ → n N2 = 0,5.a C x H y  b mol   7a + yb n = = 300  H2O a + b = 100 mol ( I ) n CO2 + n N2 = 2,5a + xb = 250 ( II ) Nhân vế (I) với 2,5 đối chiếu với (II)  x = 2,5  loại C, D n H2O = 300  7a + yb = 600 ( III ) ( ) Nhân vào (I) trừ cho (III) b − y = 100  b = 100 7−y Do  b  100  y   chọn B Bài *Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm amin đơn chức A ankan B có số mol tạo 0,1 mol CO2 0,15 mol H2O a Tính m? b Xác định CTPT A, B biết B A nguyên tử C Hướng dẫn giải: Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá Cn H2n +3 N + O2 → nCO2 + ( n + 1,5) H2O + N2 Cm H2m+2 + O2 → mCO2 + ( m + 1) H2O Từ phản ứng (1)  n H2O − n CO2 = 1,5n amin Từ phản ứng (2)  n H2O − n CO2 = n ankan   n H2O −  n CO2 = 1,5n amin + n ankan = 1,5x + x = 2,5x mol (với n ankan = n amin = x mol )  2,5x = 0,15 − 0,1 = 0,05  x = 0,02  n N (amin) = 0,02 mX = mC + mH + m N = 12.0,1 + 2.0,15 + 14.0,02 = 1,78 gam Số nguyên tử C trung bình: n C = n CO2 n hh = 0,1 = 2,5 0, 04  CTPT A, B C2H7N C3H8 (B A nguyên tử C) Bài Hỗn hợp X gồm NH3, CH5N, C2H7N (số mol NH3 số mol C2H7N) Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu 20,16 lít CO2 (đktc) x gam H2O Giá trị m x A 13,95; 16,20 B 40,50; 27,90 C 16,20; 13,95 D 27,90; 40,50 Hướng dẫn giải: * Cách 1:  NH3 = a mol  n CO = 2a + b = 0, 09 mol   dôt X CH5 N = b mol ⎯⎯→   n H O = 5a + 2,5b = 2,5 ( 2a + b ) = 2, 25 mol  C H N = a mol   m H 2O = 40,5 gam mX = 17a + 31b + 45a = 31 ( 2a + b ) = 27,9 gam  chọn D * Cách 2: P2 quy đổi: Vì n NH3 = n C2 H7 N nên chất  với chất NH3 C2 H7 N = x mol  C2 H10 N2 = x mol  CH5 N = 2x mol  hỗn hợp X ban đầu  với chất CH5N CH5 N + ( ) O2 → CO2 + 2,5H2O + 0,5 N2 Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá  0,9 → 2, 25 Mol 0,9 Vậy m = 0,9.31 = 27,9 gam; m H2O = x = 40,5 gam II AMIN TÁC DỤNG VỚI AXIT * Cách xác định số nhóm chức amin: T= n H* pư trung hòa n amin = = a  amin có a chức * Áp dụng ĐLBTKL phương pháp tăng giảm khối lượng: Ví dụ với amin bậc I: R ( NH2 )t + tHCl → R ( NH3Cl )t x→ Mol tx x - Tổng quá: Dù amin bậc ta đặt CTPT amin RNt RNt + tHCl → R ( NHCl )t x → tx Mol x  Vận dụng: BTKL ⎯⎯⎯ → mamin + m HCl = m muoái - Hoặc phương pháp tăng giảm khối lượng: Độ tăng khối lượng muối so với amin = mmuoái − mamin = 36,5.t.x  t = Bài tập minh họa Bài Đốt cháy hoàn toàn m gam amin thơm X bậc I lượng khơng khí vừa đủ tạo 3,08 gam CO2, 0,99 gam H2O 0,405 mol N2 Mặt khác, để trung hòa 0,1 mol X cần 300 ml dung dịch HCl 1M Xác định CTPT X Hướng dẫn giải: n CO2 = 0, 07; n H2O = 0, 055; n N2 = 0, 405 mol T= n HCl 0,3 = =  X amin chức n amin 0,1 ( ) ⎯⎯⎯⎯ → nO O BTNT O ( pö 2) = n O( CO2 ) + n O( H2O )  n O2 = 0, 07 + 0, 055 = 0, 0975  n N2 ( kk ) = 4.n O2 = 0,39 mol  n N2 (do chaùy) = 0, 405 − 0,39 = 0,015 mol Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá n X chaùy = 0, 015.2 = 0, 01 mol Số nguyên tử C = 0, 055.2 0, 07 = ; Số nguyên tử H = = 11 0, 01 0, 01  CTPT amin C7H11N3 Bài Cho 20 gam hỗn hợp A gồm amin no, đơn chức đồng đẳng phản ứng vừa đủ với HCl tạo 31,68 gam muối Biết hỗn hợp A có tỉ lệ mol amin theo thứ tự KLPT tăng dần 1: 10: Khối lượng phân tử amin nhỏ A A 31 B 45 C 59 D 73 Hướng dẫn giải: BTKL: mamin + mHCl = mmuoái  n HCl =  MA = ( 31,68 − 20) = 0,32 36,5 mol 20 = 62,5 0,32 Đặt KLPT amin nhỏ x  KLPT amin đồng đẳng x + 14 x + 28 M= x.1 + ( x + 14 ) 10 + ( x + 28 ) = 62,5  x = 45 ( C2 H N ) 16  amin lại C3H9N C4H11N  chọn B Bài X amin no, đơn chức, mạch hở, Y amin no chức, mạch hở có số C - TN 1: Trung hòa hỗn hợp gồm a mol X b mol Y cần dùng 0,5 mol HCl tạo 43,15 gam hỗn hợp muối - TN 2: Trung hòa hỗn hợp gồm b mol X a mol Y cần 0,4 mol HCl tạo p gam muối Giá trị p A 38 B 39,5 C 35,9 D 38,5 Hướng dẫn giải: Đặt CTPT amin: Cn H 2n +3 N Cn H2n +4 N2 Cn H2n +3 N + HCl → Cn H2n +4 NCl Cn H2n +4 N2 + 2HCl → Cn H2n +6 N2Cl2 n HCl ( TN 1) = a + 2b = 0,5 a = 0,1     n HCl ( TN 2) = 2a + b = 0, b = 0,  - TN 1: Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá BTKL ⎯⎯⎯ → mhh amin = mmuoái − mHCl = 43,15 − 36,5.0,5 = 24,9 gam  (14n + 17 ) 0,1 + (14n + 32) 0, = 24,9  n =  CTPT C4H11N C4H12N2 (hoặc khơng BTKL tính: mmuốiTN = (14n + 53,5) 0,04 + (14n + 105) 0,01 = 43,15  n = ) - TN 2: BTKL ⎯⎯⎯ → p = m2 amin + mHCl = 73.0, + 88.0,1 + 36,5.0, = 38 gam  chọn A Bài Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol amin no, mạch hở X oxi vừa đủ thu 0,5 mol hỗn hợp khí Cho 4,6 gam X tác dụng với dung dịch HCl dư, số mol HCl phản ứng A 0,3 B 0,1 C 0,2 D 0,4 (Đề thi tuyển sinh đại học khối B, năm 2010) Hướng dẫn giải: Đặt CTPT amin Cn H2n +2+ t Nt Cn H 2n + 2+ t N t + O2 → nCO + ( n + + 0,5t ) H 2O + Mol 0,1 →  khí vàhơi 0,1n ( n + + 0,5t ) 0,1 t N2 0,05t = 0,1n + ( n + + 0,5t ) 0,1 + 0,05t = 0,5  2n + t =  nghiệm: n = 1; t =  CTPT X CH6N2 (46) CTCT H2N–CH2–NH2 n amin = 4, = 0,1 mol  n HCl = 0, mol  chọn C 46 ❖ Lời bình: Bài yêu cầu học sinh cần nhớ công thức chung amin no, mạch hở Cn H2n +2+ t Nt Bài 5: *Chia 11,2 gam hỗn hợp X gồm C6H5OH C6H5NH2 làm phần - Phần tác dụng với 50 ml dd HCl 1M thu hỗn hợp sản phẩm Y Để phản ứng vừa đủ với hỗn hợp Y cần 90 ml dd NaOH 1M - Phần phản ứng vừa đủ với V lít dung dịch Br2 0,5M Giá trị V A 0,36 B 0,24 C 0,12 D 0,42 Hướng dẫn giải: Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá n HCl = 0, 05 + NaOH C6 H5 NH + HCl → C6 H5 NH3Cl ⎯⎯⎯→ C6 H5 NH H + + OH − → H O NX: đề không cho biết chất hết, chất dư nên ta nhận xét sau: + HCl + NaOH → − NH3Cl ⎯⎯⎯→ − NH nên coi nhóm NH2 khơng phản ứng nhóm − NH ⎯⎯⎯  ta có: n NaOH = n HCl + n C6 H5OH  n C6 H5OH = 0, 09 − 0, 05 = 0, 04 n C6 H5 NH2 = 11, 24 − 94.0, 04 = 1,86 gam  n C6 H5 NH2 = 0, 02 mol Phần 2: n Br2 = 3n C6H5 NH2 + 3n C6H5OH = ( 0,04 + 0,02) = 0,18 mol  Vdd = 0,18 = 0,36 lít  chọn A 0,5 Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá BÀI TẬP RÈN LUYỆN BÀI 1: AMIN Bài Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm C3H6 amin no, đơn chức, mạch hở đồng đẳng số mol C3H6 số mol amin, tạo 0,185 mol H2O, 0,155 mol hỗn hợp CO2 N2 CTPT amin có khối lượng phân tử nhỏ X A CH5N B C2H7N C C3H9N D C4H11N Bài Đốt cháy hoàn toàn 100 ml hỗn hợp gồm đimetylamin hiđrocacbon đồng đẳng thu 140 ml CO2; 250 ml H2O (các thể tích khí đo điều kiện t°, P) CTPT hiđrocacbon A C2H4; C3H6 B C2H2; C3H4 C CH4; C2H6 D C2H6; C3H8 Bài Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp A gồm x mol C2H4(NH2)2 5x mol hỗn hợp anken đồng đẳng tạo 0,22 mol H2O 0,21 mol hỗn hợp CO2 N2 Xác định CTPT anken A C2H4, C3H6 B C3H6, C4H8 C C4H8, C5H10 D C5H10, C6H12 Bài *Trộn 100 ml hỗn hợp khí A gồm metylamin hiđrocacbon đồng đẳng với 470 ml O2 (dư) đốt cháy hoàn toàn thu 645 ml hỗn hợp B gồm khí Dẫn B qua H2SO4 đặc 345 ml hỗn hợp khí D, dẫn D qua dung dịch NaOH dư thấy lại 25 ml khí E Các thể tích khí đo điều kiện nhiệt độ áp suất CTPT hiđrocacbon A C2H6 C3H8 B C2H4 C3H6 C C3H4 C4H6 D C3H6 C4H8 Bài Cho 0,76 gam hỗn hợp X gồm hai amin đơn chức, có số mol nhau, phản ứng hồn tồn với dung dịch HCl dư, thu 1,49 gam muối Khối lượng amin có phân tử khối nhỏ 0,76 gam X A 0,58 g B 0,31 g C 0,45 g D 0,38 g (Đề thi tuyển sinh đại học khối B, năm 2013) Bài Cho 0,08 mol hỗn hợp X gồm amin no, bậc I, mạch hở có số nhóm chức khơng q phản ứng vừa đủ với 100 ml dung dịch HCl 1M Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 0,08 mol hỗn hợp X thu 0,17 mol hỗn hợp CO2 N2 Khối lượng amin có phân tử khối lớn X A 1,86 gam B 0,93 gam C 4,44 gam D 1,48 gam Bài Cho m gam amin X no đơn chức bậc I tác dụng với dung dịch HCl thu muối Y Cho 16,3 gam Y tác dụng hết với 600 ml dung dịch KOH 0,5M Cơ cạn dung dịch sau phản ứng hồn toàn thu 20,5 gam chất rắn khan CTPT X A C3H9N B C2H7N Thầy phạm Minh Thuận C C4H9N D C4H11N Sống để dạy 10 Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá Bài Cho m gam amin A no đơn chức bậc I mạch hở tác dụng vừa đủ với 200 ml dung dịch B gồm HCl 0,1M FeCl3 0,3M thu 19,1 gam muối CTPT A A CH3NH2 B C2H5NH2 C C3H7NH2 D C4H9NH2 HƯỚNG DẪN GIẢI CHI TIẾT BÀI TẬP RÈN LUYỆN BÀI 1: AMIN Bài ( ) Cn H 2n +3 N + O → nCO + n + 1,5 H O + N2 Đốt C3H6 cho n CO2 = n H2O  n H2O − n CO2 = (1) ( ) Đốt amin no, đơn, hở cho n H2O − n CO2 + n N2 = n amin ( ) ( ) Cộng (1) (2) được: n amin =  n H2O −  n CO2 + n N2 = 0,185 − 0,155 = 0, 03 Cn H 2n +3 N = 0, 03  + O2 X ⎯⎯⎯⎯ →  n H = 6.0, 03 + 2n + 0, 03 = 0,185.2 BTNT( H )  C3H = 0, 03 ( )  n = 1, 67  CTPT amin CH5N C2H7N  chọn A Bài * Cách 1: C2H7N đốt cho n H2O : n CO2 = 3,5 : = 1, 75 - Theo n H2O : n CO2 = 250 :140 = 1, 786  1, 75  hiđrocacbon phải ankan Đặt CTPT TB hiđrocacbon C n H 2n + Đặt số mol: C2H7N (a mol); C n H 2n + (b mol) a + b = 100 (I) VCO2 = 2a + n b = 140 (II) VH2O = 3,5a + n b + b = 250 ( III ) - Trừ (III) cho (II) được: 1,5 a + b = 110 (IV) - Từ (I, IV)  a = 20; b = 80  n = 1, 25  chọn C * Cách 2: Đặt C2H7N (a mol); Cx H y (b mol) a + b = 100 (I) Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy 11 Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá VCO2 = 2a+x b = 140 (II) VH2O = 3,5a + 0,5 y b = 250 (III) ( ) Từ (I, II)  b − x = 60  b = 60  100  x  1,  hiđrocacbon CH4, hiđrocacbon lại 2−x C2H6  chọn C Bài C2 H8 N2 + O2 → 2CO2 + 4H2O + N ( Theo ptr: n amin = n H2O − n CO2 + n N2 ) Đốt anken Cn H 2n cho n H2O − n CO2 = ( )  n amin =  n H2O −  n CO2 + n N2 = 0, 22 − 0, 21 = 0, 01 mol  n hh anken = 0, 05 n H = 0,01.8 + 0,05.2.n = 0, 44  n = 3,6  anken C3H6 C4H8  Chọn B Bài Chọn 100 mol hỗn hợp A n H2O = 615 − 345 = 270; n CO2 = 345 − 25 = 320; n N2 + n O2 dö = 25 mol ( ) ⎯⎯⎯⎯ → n O pö = n O( CO2 ) + n O( H2O )  n O pö = 320 + BTNT O 270 = 455 mol  n O2 dö = 470 − 455 = 15 mol  n N2 = 25 − 15 = 10 mol  n CH3 NH2 = 2.n N2 = 20 mol  n C H = 100 − 20 = 80 x y n CO2 = 20  CH NH ( 20 mol ) + O →  20 n = 50 H O =  n CO2 = 320 − 20 = 300   Cx H y ( 80 mol ) + O →  n H O = 270 − 50 = 220  Tỉ lệ: n CO2 − n H 2O n Cx H y = 300 − 220 =  phân tử có  80 Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy 12 Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá x= n CO2 n hh = 300 = 3, 75  CTPT hiđrocacbon C3H4 C4H6  chọn C 80 Bài BTKL: mamin + mHCl = mmuoái  n HCl = (1, 49 − 0,76) 36,5 = 0,02 mol  MX = M= 0, 76 = 38  Một amin CH3NH2 (MA = 31) Gọi amin lại KLPT MB 0, 02 31.1 + M B = 38  M B = 45 ( C2 H N ) Gọi số mol amin x mol m hh X = 31.x + 45.x = 0, 76  x = 0, 01  m CH3 NH2 = 0,31 gam  chọn B Bài n HCl pö = 0,1 mol; RNH ( hay Cn H 2n +3 N ) :x mol n HCl 0,1  T= = = 1, 25  (1; )  X gồm  n amin 0, 08 R  ( NH ) ( hay Cm H 2m + N ) :y mol  (hoặc trước tiên đặt CTPT TB: R ( NH )k = 0,8 mol R ( NH )k + kHCl → R ( NH3Cl )k 0, 08 → n HCl 0, 08 k RNH ( hay Cn H 2n +3 N ) : x mol  = 0,08.k = 0,1  k = 1, 25  Hỗn hợp X gồm  R  ( NH ) ( hay Cm H 2m + N ) : y mol   x + y = 0, 08  x = 0, 06   Hệ     n = x + 2y = 0,1  y = 0, 02  HCl n N2 n CO2 = x + y = 0, 05;  n CO2 = 0,17 − 0, 05 = 0,12 mol = 0,06n + 0,02m = 0,12  3n + m =  nghiệm: n = 1; m =  CTPT amin: CH3NH2; C3H6(NH2)2  mC3H6 ( NH2 ) = 0, 02.74 = 1, 48 gam  chọn D Bài RNH2 + HCl → RNH3Cl Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy 13 Khóa LIVE C học xong trước 12 tháng 10 Đăng kí học em inbox Thầy nhá RNH3Cl + KOH → RNH2 + KCl + H2O x→ Mol x x Chất rắn khan sau phản ứng gồm KCl KOH dư mCR = 74,5x + ( 0,3 − x ) 56 = 20,5  x = 0, mB = 16,3 = 51,5  R + 52,5 = 81,5  R = 29 ( C2 H5 − ) 0,  CTPT amin C2H5NH2  chọn B Bài RNH2 + HCl → RNH3Cl 0, 02  0, 02 → 0, 02 3RNH2 + FeCl + 3H2O → Fe( OH )3  + 3RNH3Cl 0, 06 → n RNH3Cl = 0, 02 + 0,18 = 0,  M RNH3Cl = 0,18 19,1 = 95,5  R = 43 ( C3H ) 0,  A C3H7NH2  chọn C Thầy phạm Minh Thuận Sống để dạy 14 ... mol H2O Xác định CTPT amin A CH5N, C2H7N B C2H7N, C3H9N C C3H9N, C4H11N D C4H9N, C5H11N Hướng dẫn giải: ( ) Cn H 2n +3 N + O → nCO + n + 1,5 H 2O + N2 Đốt C4H8 cho n CO2 = n H2O  n H2O − n CO2... 1,5  n C4H8 = 0, 06 − 0, 03 = 0, 03 Cn H 2n +3 N = 0, 03  + O2 X ⎯⎯⎯⎯ → n CO2 = 4.0, 03 + 0, 03.n = 0,  n = 2, 67 BTNT( C)  C4 H8 = 0, 03  CTPT amin C2H7N C3H9N  chọn B Bài Hỗn hợp M gồm... B propylamin C butylamin D etylmetylamin (Đề thi tuyển sinh Đại học khối A, năm 2012) Hướng dẫn giải: n O2 = 0, 2025 mol; n CO2 = 0,1mol ( ) ⎯⎯⎯⎯ → n O(O2 )(đốt) = n O(CO2 ) + n O( H2O)  2.n