Sử dụng phương pháp quy đổi giải bài tập este 2020 .DPF

Những năm gần đây đề thi THPTQG có tính phân hóa rất cao, cũng chính vì vậy để đạt được điểm cao trong thời gian thi chỉ có 50 phút đỏi hỏi học sinh không ngừng cải tiến các phương pháp

Những năm gần đây đề thi THPTQG có tính phân hóa rất cao, cũng chính vì vậy để đạt được điểm cao trong thời gian thi chỉ có 50 phút đỏi hỏi học sinh không ngừng cải tiến các phương pháp cổ truyền thay vào đó là phương pháp mới nhằm đáp ứng được đòi hỏi về mặt thời gian.Phương pháp quy đổi este thông qua đề thi THPTQG 2019 tôi trình bày thông qua hướng dẫn giải dưới đây hy vọng sẽ giúp ích các em học sinh khóa 2002.Trân trọng!

Hướng dẫn giải Lời dặn dò : Cơ sở lý thuyết quy đổi dạng bài tập này như sơ đồ dưới đây ( chú ý là số mol

3 a c

Câu 68(Mã đề 202-2019):Đốt cháy hoàn toàn 25,74 gam triglixerit X, thu được CO2 và 1,53 mol

H2O Cho 25,74 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ , thu được glixerol và m gam muối Mặt khác 25,74 gam X tác dụng được tối đa với 0,06 mol Br2 trong dung dịch Giá trị của m là

A 27,72 B 26,58 C.27,42 D 24,18

35,36 gam

CO2 (6x + y)

C3H5 xHCOO 3x

A 0,09 B 0,12 C.0,15 D 0,18

+ Áp dụng ĐLBT nguyên tố C:

6x + y = 1,65 (I)

+ Áp dụng BT khối lượng : 204.x + 14y – 2.a = 26,52 (II)

+ Áp dụng ĐLBT nguyên tố O: 3x + 2,31 = 2x+ 0,5.y – 0,5.a + 1,65

Câu 67(Mã đề 207-2019):Đốt cháy hoàn toàn 17,16 gam triglixerit X, thu được H2O và 1,1 mol

CO2 Cho 17,16 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ , thu được glixerol và m gam muối Mặt khác 17,16 gam X tác dụng được tối đa với 0,04 mol Br2 trong dung dịch Giá trị của m là

A 16,12 B 18,48 C.18,28 D 17,72

Câu 66(Minh họa 2019): Đốt cháy hoàn toàn 0,06 mol hỗn hợp X gồm ba triglixerit cần vừa đủ 4,77 mol O2, thu được3,14 mol H2O Mặt khác, hiđro hóa hoàn toàn 78,9 gam X (xúc tác Ni, to), thu được hỗn hợp Y Đunnóng Y với dung dịch KOH vừa đủ, thu được glixerol và m gam muối Giá trị của m là

A 86,10 B 57,40 C 83,82 D 57,16

C3H5 0,06 HCOO 0,18

Sơ đồ thí nghiệm 78,9 gam X (gấp 1,5 lần thí nghiệm 1)

2,12 mol

0,04 mol

Bao toan O

Dễ có được k =5 Vậy a = 0,08 mol Chọn B

Câu 41(ĐHA- 2014): Cho X, Y là hai chất thuộc dãy đồng đẳng của axit acrylic và MX < MY; Z là ancol có cùng số nguyên tử cacbon với X; T là este hai chức tạo bởi X, Y và Z Đốt cháy hoàn toàn 11,16 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z, T cần vừa đủ 13,216 lít khí O2 (đktc), thu được khí CO2 và 9,36 gam nước Mặt khác 11,16 gam E tác dụng tối đa với dung dịch chứa 0,04 mol Br2 Khối lượng muối thu được khi cho cùng lượng E trên tác dụng hết với dung dịch KOH dư là

A 4,68 gam B 5,04 gam C 5,44 gam D 5,80 gam

KOH

m gam

Câu 68(Mã đề 201-2018): Thủy phân hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH, thu được

glixerol, natri stearat và natri oleat Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 3,22 mol O2 , thu được H2O và 2,28 mol CO2 Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br2 trong dung dịch

Hướng dẫn giải 1

E

O20,59 mol

Nhận thấy số mol H2O lớn hơn số mol CO2 nên ta luận được an col trong E phải no

Ta quy đổi hỗn hợp E như sau:

Dựa theo dữ kiện đề cho ta có thể quy đổi E như sau:

Et

(Chú ý: Trong bài toán này số mol COO bằng số mol liên kết pi trong gốc )

Sơ đồ biến hóa hóa học:

E

O20,59

CO2

H2O

0,470,52

+ Bảo toàn C: 0,04 + 3y +z = 0,47 → 3y + z = 0,43 (I)

+ Bảo toàn O : 0,04 + y –t + 0,59 = 0,47 + 0,26 → y – t = 0,1 (II)

+ Bảo toàn H : 4y +z -2t = 0,52 (III)

Giải hệ : y= 0,11 ; z=0,1 ; t=0,01

Vì z = 0,1< y =0,11 nên an col là C3H6(OH)2

Khi cho E tác dụng KOH thì muối thu được gồm :

m =4,68 gam chọn A

Hướng dẫn giải 2

E

O20,59 mol

Nhận thấy số mol H2O lớn hơn số mol CO2 nên ta luận được an col trong E phải no

Ta quy đổi hỗn hợp E như sau:

C3H6(OH)2

H2O a mol

( b + c )(a + 2c )

( m gam)

Bảo toàn O: a + b + 2c = 0,14 (I)

Dựa vào sự chênh lệch số mol CO2 và H2O : -a + b – 3c = 0,05 (II)

Bảo toàn liên kết pi gốc ta có: a + 2c = 0,04 (III)

Bảo toàn khối lượng: 72.a + 76.b + 184.c + 14.d =11,16 (IV)

Bảo toàn nhóm COO: a + b = 0,08 (I)

Bảo toàn H: 2a + 4b + c = 0,22 (II)

Bảo toàn khối lượng: 60a + 100.b + 14.c = 5,88 (III)

Giải hệ: a = 0,06 ; b= 0,02; c=0,02

Vì c= 0,02 =b nên trong este không no không thể chứa nhóm CH2 Vì nếu có CH2 thì đồng nghĩa este no không có nhóm CH2 (vô lý)

Vậy % este không no dễ tính được : 34,01% chọn A

Câu 43( THPTQG 2015): Hỗn hợp X gồm 3 este đơn chức, tạo thành từ cùng một ancol Y với 3 axit cacboxylic (phântử chỉ có nhóm -COOH); trong đó, có hai axit no là đồng đẳng kế tiếp nhau và một axit không no (có đồng phân hình học, chứa một liên kết đôi C=C trong phân tử) Thủy phân hoàn toàn 5,88 gam X bằng dung dịch NaOH, thu được hỗn hợp muối và m gam ancol Y Cho m gam Y vào bình đựng Na

dư, sau phản ứng thu được 896 ml khí (đktc) và khối lượng bình tăng 2,48 gam Mặt khác, nếu đốtcháy hoàn toàn 5,88 gam X thì thu được CO2 và 3,96 gam H2O Phần trăm khối lượng của este không no trong

X là

A 34,01% B 38,76% C 40,82% D 29,25%

Hướng dẫn giải

M

O20,1975 mol5,07 gam

7,7 gam

Nhận thấy số mol H2O lớn hơn mol CO2 nên ta luận được an col trong M phải no

Ta quy đổi hỗn hợp E như sau:

CO2

H2O

0,175 mol

0,205 molKOH

0,1 mol

5,07 gam

Bảo toàn O: a + b + 2c = 0,08 (I)

Bảo toàn nhóm COO: a + 2c = 0,1 (II)

Sự chênh lệch số mol CO2 và H2O ta có: b – c = 0,03 (III)

Câu 46: X, Y là hai axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng kế tiếp (MX < MY) T là este tạo bởi

X, Y với một ancol hai chức Z Đốt cháy hoàn toàn 5,07 g hỗn hợp M gồm X, Y ,Z ,T bằng lượng vừa đủ khí O2, thu được 3,92 lít CO2 (đktc) và 3,69 g H2O Mặt khác 5,07 g M phản ứng vừa đủ với 500ml dung dịch KOH 0,2M, đun nóng Phát biểu nào sau đây là sai?

A Thành phần phần trăm theo số mol của Y trong M là 21,43%

B Tổng số nguyên tử hidro trong hai phân tử X, Y là 6

C Tổng số nguyên tử cacbon trong phân tử T bằng 5

D X làm mất màu nước brom

Bảo toàn C: a + 2b + 4c + d = 0,175 (IV)

A.43,0 B 37,0 C.40,5 13,5

v 0,56 mol

H2O

0,72 mol 1,08 mol

a gam

51,12 gam Bao toan O

Bảo toàn nhóm COO: x + 2y = 0,56 (I)

Bảo toàn O cho sơ đồ đốt cháy ancol:

mol CO

mol O

0,16.t

0,42.tz

là a gam Giá trị của a là

A 13,20 B 20,60 C 12,36 D 10,68

3 5 (I) Bảo toàn C :6x + 12y +z = 0,45 (II)

R3C O O

R3C O O C3H5

R3C O O ( CmH2 m - 1 0O6 )

x

3 5(1)

Áp dụng ĐLBT O:

t = 4x + 6y + 0,1

Theo sự chênh lệch số mol CO2 và H2O và dựa vào hệ số ta có :

2 2

Muoi

H2O

C3H5(OH)3

xy

Bảo toàn nhóm COO: x + 3y = 0,09 (I)

Dựa vào sự chênh lệch số mol CO2 và H2O ta có:

2y =1,56- 1,52 → y =0,02 ; x = 0,03

Bảo toàn C: 16x + 51.y + z =1,56 → z = 0,06

Câu 64(Mã đề 202-2018): Hỗn hợp X gồm axit panmitic, axit stearic và triglixerit Y Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu được 1,56 mol CO2 và 1,52 mol H2O Mặt khác, m gam X tác dụng vừa đủ với 0,09 mol NaOH trong dịch, thu được glixerol và dung dịch chỉ chứa a gam hỗn hợp muối natri panmitat, natri stearat Giá trị của a là

A 25,86 B 26,40 C 27,70 D 27,30

( x + y) 4,46 mol

Áp dụng ĐLBTKL (1) m= 24,64 gam

Sự chênh lệch số mol CO2 và số mol H2O : z = 0,02 ; x + y = 0,03

Áp dụng ĐLBTKL (2): 24,64 + 0,09.40 = a + 0,03.18 + 0,02 92 → a =25,86 gam chọn A

Hướng dẫn giải 1 Theo giả thiết đề cho Không giảm tính tổng quát ta quy đổi E:

Sơ đồ biến hóa:

Câu 74: Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở, đều có bốn liên kết pi (π) trong phân tử, trong đó có một este đơn chức là este của axit metacrylic và hai este hai chức là đồng phân của nhau Đốt cháy hoàn toàn 12,22 gam E bằng O2 , thu được 0,37 mol H2O Mặt khác, cho 0,36 mol E phản ứng vừa đủ với 234 ml dung dịch NaOH 2,5M, thu được hỗn hợp X gồm các muối của các axit cacboxylic không no, có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử; hai ancol không no, đơn chức có khối lượng m1 gam và một ancol no, đơn chức có khối lượng m2 gam Tỉ lệ m1 : m2 có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?

A 2,7 B 1,1 C 4,7 D 2,9

Hướng dẫn giải 2

O2

CO2

H2O( 0,37 + 3 t ) mol

molNaOH0,585 mol12,22 gam

Hướng dẫn giải Dựa theo dữ kiện đề cho ta có thể quy đổi E như sau:

CH2 = CH- COONa COONa

COONa

CH2

+ O 2 0,175 mol

Na2CO3

CO2

H2O 0,055 mol (12,88 gam )

Bao toàn khôi luong : 24,28 + 0,175.32 = 0,055.18 + 106 u + 44 v 28,89 = 106u + 44v

Bao toàn Na: x + y + 2z = 2u

Bao toàn Oxi: 2x + 2y + 4z + 0,175.2 = 3u +2v + 0,055

0,295 = - u + 2v

u=

v=

0,175 0,235

t’ =0 nên CH2 chỉ thuộc các gốc của ancol nên ta dễ có:

0,12 = 0,02n + 0,03 m + 0,15.l ( n,m,l lần lượt là số nhóm CH2 Trong X,Y,Z )

l = 0 là giá trị duy nhất phù hợp.và ta có PT toán học

Câu 77(Mã đề 222-2019):Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol :

X(no,đơn chức) Y (không no,đơn chức ,phân tử có hai liên kết pi ) và Z (no, hai chức).Cho 0,2 mol E tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được 12,88 gam hỗn hợp ba ancol cùng dãy đồng đẳng và 24,28 gam hỗn hợp T gồm ba muối của ba axit cacboxylic Đốt cháy toàn bộ T cần vừa đủ 0,175 mol O2 , thu được Na2CO3 ,CO2 và 0,055 mol H2O Phần trăm khối lượng của X trong E là có già trị gần nhất với giá trị nào sau đây ?

A 9 B 12 C.5 D 6

2n + 3m = 12

Loại Loại Chọn Loại Loại

Loại vì : số lẻ hoặc không đảm bảo tạo 3 ancol khác nhau

Sơ đồ biến hóa hóa học:

Câu 79(Mã đề 213-2019):Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol : X(no,đơn chức) Y (không no,đơn chức ,phân tử có hai liên kết pi ) và Z (no, hai chức).Cho 0,58 mol E tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được 38,34 gam hỗn hợp ba ancol cùng dãy đồng đẳng và 73,22 gam hỗn hợp T gồm ba muối của ba axit cacboxylic Đốt cháy toàn bộ T cần

E là có già trị gần nhất với giá trị nào sau đây ?

A 8 B 5 C.7 D 6

CH2 = CH- COONa COONa

COONa

CH2

+ O20,365 mol

Na2CO3

CO2

H2O 0,6 mol (38,34 gam )

Bao toàn khôi luong : 73,22 + 0,365.32 = 0,6.44 + 106 u + 18 v 58,5 = 106u + 18v

Bao toàn Na: x + y + 2z = 2u

Bao toàn Oxi: 2x + 2y + 4z + 0,365.2 = 3u +v + 0,6.2

- 0,47 = - u + v

u=

v=

0,54 0,07

t’ =0 nên CH2 chỉ thuộc các gốc của ancol nên ta dễ có:

0,27 = 0,05n + 0,03 m + 0,5.l ( n,m,l lần lượt là số nhóm CH2 Trong X,Y,Z )

l = 0 là giá trị duy nhất phù hợp.và ta có PT toán học

5n + 3m = 27

Loại vì : số lẻ hoặc không đảm bảo tạo 3 ancol khác nhau

A 9,38% B 8,93% C 6,52% D 7,55%

Bao toan OH: x =2,35

Hướng dẫn giải Dựa theo dữ kiện đề cho ta có thể quy đổi E như sau:

E

23,06 gam

NaOH0,4 mol

+ Bảo toàn khối lượng ta dễ tính t =0,03

Vậy ta dễ nhận ra Trong T phải có 2 gốc HCOO :