Đáp án thi ĐH và CĐ môn toán A năm 2009-2010

GII THI MễN TON KHI A K THI TUYN SINH H C NM 2009 I. Phn chung cho tt c thớ sinh Cõu I: (2,0) Cho hm s: x 2 y (1) 2x 3 + = + 1. Kho sỏt s bin thiờn v v th ca hm s (1). 2. Vit phng trỡnh tip tuyn ca th hm s (1), bit tip tuyn ú ct trc honh, trc tung ln lt ti hai im phõn bit A, B v tam giỏc OAB cõn ti gc to O. Bi gii ( ) 3 x 2 x 2 3 1. TXé: \ 2 S bi n thiờn x 2 3 Tỡm ti m c n ng: lim th hm s (1) cú ti m c n ng x 2x 3 2 x 2 1 1 Tỡm ti m c n ngang: lim th hm s (1) cú ti m c n ngang y 2x 3 2 2 1 Tớnh y' 0 v 2x 3 + = = + + = = + = < + Ă ự ế ệ ậ đứ đồ ị ố ệ ậ đứ ệ ậ đồ ị ố ệ ậ ớ 3 3 3 i x hm s luụn ngh ch bi n trờn ; v ; khụng cú c c tr 2 2 2 + ữ ữ ố ị ế ự ị. Bng bin thiờn th: bng bin thiờn ph V th: -4 -3 -2 -1 1 2 3 4 -4 -2 2 4 x y Nhn xột: th nhn giao im ca 2 tim cn l im 3 1 I , 2 2 ữ lm tõm i xng. ( ) ( ) 2. G i A a;0 Ox; B 0;b Oy theo gi thi t ta cú: |a| |b| nh ng vỡ hm s lu n ngh ch bi n nờn ti p tuy n ch cú th cú d ng y kx m v i k < 0 nờn a b 0. x y Ph ng trỡnh ng th ng AB: 1 a b x y 1 y x a ti p xỳc v a a = = + = + = + = = + ọ ả ế ư ố ô ị ế ế ế ỉ ể ạ ớ ươ đườ ẳ ế ớ 2 2 x 2 x a 2x 3 i (1) 1 1 (2x 3) x 1 a 0 (lo i) 1 T ph ng trỡnh 1 2x 3 1 (2x 3) x 2 a 2 V y ph ng trỡnh ti p tuy n c a (1) l y x 2 + = + + = + = = = + = + = = = ạ ừ ươ ậ ươ ế ế ủ Cõu II: (2,0 ) 1. Gii phng trỡnh: ( ) ( ) ( ) 1 2sinx cosx 3 1 2sinx 1 sinx = + 2. Giải phương trình: ( ) 3 2 3x 2 3 6 5x 8 0 x− + − − = ∈ ¡ Bài giải ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 x k2 6 1 1 2sinx 0 sinx 7 u ki n : x k2 2 1 sinx 0 6 sinx 1 x k2 2 1 2sinx cosx 3 1 2sinx 1 sinx cos x 2sinxcos x 3 1 sinx 2sinx 2sin x cosx 2sinxcosx 3 2sin x sinx +1 cos x 3 sinx 3 cos2x s π  ≠ − + π    + ≠ ≠ −  π   ⇔ ⇔ ≠ + π    − ≠    ≠  π  ≠ + π   − = + − ⇔ − = − + − ⇔ − = − + ⇔ − = + 1. §iÒ Ö ( ) in2x 1 3 3 1 cos x sinx cos2x sin2x 2 2 2 2 sin x sin 2x 6 3 k2 x 2x k2 x 6 3 18 3 2 x 2x k2 x k2 lo i 6 3 2 ⇔ − = + π π     ⇔ − = +  ÷  ÷     π π π π   − = + + π = − +   ⇔ ⇔   π π π   − = − + π = + π     ¹ ( ) ( ) 3 3 3 2 3 3 2 2 3 2 3 2 2 2 2) 2 3x 2 3 6 5x 8 0 Ð t 3x 2 u 3x 2 u 6 5x v 0 6 5x v 3 u 4 v 2u 3v 8 2 3 5u 3v 8 5 4 v 3v 8 2 3 Gi i ph ng trình: 5 4 v 3v 8 2 135v 1104v 2880v 2496 0 v 4 135v 564v 624 0 v 4 Vì 135v − + − − = − = ⇒ − = − = ≥ ⇒ − =  = −  + =   ⇔   + =     − + =  ÷       − + =  ÷   ⇔ − + − = ⇔ − − + = ⇔ = − Æ ¶ ­¬ 564v 624 0 VN u 2 6 5x 16 x 2 + = = − ⇔ − = ⇒ = − Câu III: (1,0 đ) ( ) ( ) /2 3 2 0 /2 /2 5 2 1 2 0 0 /2 /2 5 4 1 0 0 /2 2 2 0 /2 4 2 0 5 3 Tính tích phân I (cos x 1)cos x dx Gi i I cos x dx cos x dx I I Tính I cos x dx cos x.cos x dx 1 sin x d(sinx) sin x 2sin x 1 d(sinx) / 2 sin x 2sin x sinx 5 3 0 1 2 8 1 5 3 15 π π π π π π π = − = − = − = = = − = − + π   = − +  ÷   = − + = ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ¶ ( ) /2 /2 2 2 0 0 1 2 1 Tính I cos x dx 1 cos2x dx 2 / 2 1 sin2x 4 4 0 4 8 Ta c : I I I 15 4 π π = = + π π π = + = π = − = − ∫ ∫ ®­î Câu IV: (1,0điểm) Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thang vuông tại A và D ; AB = AD = 2a, CD = a, góc giữa hai mặt phẳng (SBC) và (ABCD) bằng 600. Gọi I là trung điểm của cạnh AD. Biết hai mặt phẳng (SBI) và (SCI) cùng vuông góc với mặt phẳng (ABCD). Tính thể tích khối chóp S.ABCD theo a. Bài giải Hình thang ABCD. µ µ ( ) 0 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 Hình thang ABCD. A D 90 AB AD 2a A D a A B l tam gi c vu ng B A AB a 4a 5a vu ng DC : C a a 2a T C k CH AB CHB l tam gi c vu ng. CH 2a, CD a HB a BC HC HB 4a a 5a BIC l tam gi c c n BC B 5a K = = = = ⇒ Ι = Ι = ∆ Ι ⇒ Ι = Ι + = + = ∆ Ι Ι = + = ⊥ ⇒ ∆ = = ⇒ = = + = + = ⇒ ∆ = Ι = µ ¸ « « õ Î µ ¸ « µ ¸ © Î ( ) ( ) ( ) ( ) · ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 0 0 K CB : T nh K. a 2 G i J l trung m C J 2 a 9a BJ B J 5a 2 2 3a BJ , 2 BJ. C Ta có BJ. C K.BC K BC 3a a 2 3a 2 K a 5 5 S C , S C ABCD S ABCD IK BC SK BC SKI 60 3a S K.tan60 . 3 5 AB CD AD 2a a .2a Di n t ch ABCD 3a 2 2 Ι ⊥ Ι Ι ⇒ Ι = ⇒ = Ι − Ι = − = = Ι Ι = Ι ⇒ Ι = Ι = = Ι Ι ⊥ ⇒ Ι ⊥ ⊥ ⇒ ⊥ ⇒ = ⇒ Ι = Ι = + + = = = Ý ä µ ®iÓ Ö Ý 2 3 3 2 1 3a 3a 3 3a 15 V 3a . . 3 . 3 5 5 5 = = = Câu V: (1,0 điểm) Chứng minh rằng với mọi số thực dương x, y, z thoả mãn x(x + y + z) = 3yz, ta có : (x + y) 3 + (x + z) 3 + 3(x + y)(x + z)(y + z) ≤ 5(y + z) 3 . Bài giải ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 2 3 3 3 3 3 2 x xt t t y z, gi thi t suy ra yz 3 y z 3 Vì yz x x y z 3yz y z 4 4 3 x tx t 2x t 4t 4 2x t 2t 2x t B T ph i ch ng minh 2x y z 3 x y x z 2x y z 3 x y x z y z 5 y z 2x y z 3 x y x z .2x 5 x z 2x y z 6x x x y z yz 5 + = + = + ≤ ⇒ + + = ≤ + ⇒ + ≤ ⇒ + ≤ ⇒ + ≤ ⇒ ≤ ⇔ + + − + + + + + + + + ≤ + ⇔ + + − + + ≤ +   ⇔ + + − + + + ≤   §Æ ¶ Õ § ¶ ø ( ) ( ) ( ) ( ) 3 2 3 2 3 2 2 Vì t 0 2 2 2 2 2 2 2 2 y z x xt 2x t 6x x xt 5t 3 2t 2x 3xt 2t 0 2x 3xt 2t 0 t t 3t Vì 0 x 2x 3xt 2t 2 2 2 2x 3xt 2t 0 pcm D u " " x y ra x y z 0. > +   + ⇔ + − + + ≤     ⇔ + − ≤ ⇔ + − ≤ < ≤ ⇒ + ≤ + = ⇒ + − ≤ = ⇔ = = > ® Ê ¶ Phần riêng (3,0) A. Theo chương trình chuẩn Câu VI.a (2.0 điểm) 1. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho hình chữ nhật ABCD có điểm I(6; 2) là giao điểm của hai đường chéo AC và BD. Điểm M(1; 5) thuộc đường thẳng AB và trung điểm E của cạnh CD thuộc đường thẳng: ∆: x + y – 5 = 0. Viết phương trình đường thẳng AB. 2. Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz, cho mặt phẳng (P): 2x – 2y – z – 4 = 0 và mặt cầu (S): x 2 + y 2 + z 2 – 2x – 4y – 6z – 11 = 0. Chứng minh rằng mặt phẳng (P) cắt mặt cầu (S) theo một đường tròn. Xác định toạ độ tâm và tính bán kính của đường tròn đó. Bài giải ' ' ' ' ' ' ' ' M M M I M M M M M I ' ' E E E E Ph ờ I l giao c a ACv BD nờn M ỡ M CD x x 1 x x 6 x 11 2 2 y y 5 y y 1 y 2 2 2 M t khỏc: ME IE nờn: EM.IE 0 (11 u )(x 1) (1 y )(y + + = = = + + = = = = + uuuur uur ần ri ng câu 6a (1) ủ đối xứng với M quaIth ặ 2 2 E E E E 2 2 E E E E E E 2 2 E E E E E E E E ' 5) 0 x 12x 11 y 4y 5 0 x y 12x 4y 6 0 (1) M E :x+y -5 =0 x y 5 0 (2) T ta c x y 12x 4y 6 0 x 5 y 79 y 169 79 18 E ; 169 18 18 x 18 29 61 ME ; l vec 18 18 = + + + = + + = + = + + = = = ữ = = ữ uuur ừ (1)và(2) ó à AB AB t ch ph ngc aAB hayu (29; 61) n (61; 29) Ph ng trỡnh ngAB : 61(x 1) 29(y 5) 0 61x 29y 84 0 = = = + = r r ơ ỉ ươ ủ ươ đườ ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 6a2. Ph ng trỡnh (C) x 2 y 2 2 T m 2 ; 2 ; b n k nh R 2 K H ( ) H l trung m AB. 1 4m V i H d. / 1 m ng th ng ( ) c t (C) khi H R |1 4m | 2 14m 8m 1 0 1 m 4 30 4 30 m 14 14 t H x K : 0 x 2 Trong vu ng HA ta c : HA + + + = = = = + < < < + + < < = < < ươ â á í ẻ à điể ớ Đườ ẳ ắ Đặ Đ ô ó ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 AB 2 2 2 2 2 AB 2 2 AB 2 2 A H 2 x HA 2 x 1 S H.AB x. 2 x 2 p d ng B T c si ta c : x 2 x S x. 2 x x 2 x 1 2 maxS 1khi x 2 x x 1 tho m n m 0 tho m n |1 4m | 1 15m 8m 0 8 m tho m n 1 m 15 = = = = = + = = = = = = = = = = + ụ Đ ô ó ả ã ả ã ả ã Cõu VII.a (1,0 im) Gi z 1 v z 2 l hai nghim phc ca phng trỡnh z 2 + 2z + 10 = 0. Tớnh giỏ tr ca biu thc A = |z 1 | 2 + |z 2 | 2 Bi gii 2 ' 1 1 2 2 2 2 1 2 PT : z 2z 10 0 1 10 9 z 1 3i | z | 10 z 1 3i | z | 10 A | z | | z | 10 10 20 + + = = = = = = + = = + = + = [...]... vuông HA ta có : HA 2 = A 2 H2 = 2 x 2 HA = 2 x 2 1 S AB = H.AB = x 2 x 2 2 p dụng BĐT c ôsi ta có: ( x 2 x = x 2 x 2 2 2 ) ( x2 + 2 x2 2 ) =1 SAB 1 max S AB = 1 khi x 2 = 2 x 2 x = 1 ( thoả mãn ) | 1 4m | 1+ m 2 = 1 | 1 4m | = 1 + m2 m = 0 ( thoả mãn ) 15m 8m = 0 m = 8 thoả mãn ( ) 15 Cõu VII .a (1,0 im) Gi z1 v z2 l hai nghim phc ca phng trỡnh z2 + 2z + 10 = 0 Tớnh giỏ tr ca biu... ( Đặt H = x ĐK : 0 < x < 2 ) Trong vuông HA ta có : HA 2 = A 2 H2 = 2 x 2 HA = 2 x 2 1 S AB = H.AB = x 2 x 2 2 p dụng BĐT c ôsi ta có: ( S AB = x 2 x = x 2 x 2 max S AB 2 2 ) ( x2 + 2 x2 ) =1 2 = 1 khi x = 2 x x = 1 ( thoả mãn ) 2 2 m = 0 ( thoả mãn ) = 1 15m 8m = 0 m = 8 thoả mãn 2 1+ m ( ) 15 | 1 4m | 2 ( 6b.2 ) Gọi A là điểm tr ê n 2 và B là điểm tr ê n m ặt phẳng (P) x = 1... biu thc A = |z1|2 + |z2|2 Bi gii 2 PT : z 2 + 2z + 10 = 0 ' = 1 10 = 9 z1 = 1 3i | z1 | = 10 z 2 = 1+ 3i | z 2 | = 10 A =| z1 |2 + | z 2 |2 = 10 + 10 = 20 B Theo chng trỡnh nõng cao Cõu VI.b (2.0 im) 1 Trong mt phng vi h to Oxy, cho ng trũn (C): x 2 + y2 + 4x + 4y + 6 = 0 v ng thng : x + my 2m + 3 = 0, vi m l tham s thc Gi l tõm ca ng trũn (C) Tỡm m ct (C) ti hai im phõn bit A v B sao cho... din tớch tam giỏc IAB ln nht 2 Trong khụng gian vi h to Oxyz, cho mt phng (P): x 2y + 2z 1 = 0 v hai ng thng 1 : x +1 y z + 9 x 1 y 3 z +1 = = , 2 : = = 1 1 6 2 1 2 Xỏc nh to im M thuc ng thng 1 sao cho khong cỏch t M n ng thng 2 v khong cỏch t M n mt phng (P) bng nhau Bi gii 1 Phương trỡnh (C) ( x + 2 ) + ( y + 2 ) = 2 2 2 Tâm ( 2 ; 2 ) ; bán kính R = 2 Kẻ H ( ) H là trung điểm AB Với H... 169 79 E ; ữ 169 18 18 x = E 18 u u 29 61 ur ' ME = ; ữlà vectơ chỉ phươngc a AB 18 18 r r hay uAB = (29; 61) nAB = (61; 29) Phương trỡnh đường AB : 61(x 1) 29(y 5) = 0 61x 29y + 84 = 0 2 Phương trỡnh (C) ( x + 2 ) + ( y + 2 ) = 2 2 Tâm ( 2 ; 2 ) ; bán kính R = 2 Kẻ H ( ) H là trung điểm AB Với H = d ( / ) = H = 1 4m 1 + m2 2 2m 2m + 3 1 + m2 2 Đường thẳng ( ) c ắt (C)...Phần riờng câu 6a (1) I l giao c a AC v BD nờn M' đối xứng với M quaIthỡ M' CD xM + xM' 1 + xM' xI = 6 = 2 2 xM' = 11 yM' = 1 y = yM + yM' 2 = 5 + yM' I 2 2 ' Mặt khỏc: ME IE nờn: u ur u uu u r EM' IE = 0 (11 uE )(xE 1) (1 + y E )(yE 5) = 0 2 2 xE + 12xE 11 yE + 4yE + 5 = 0 2 2 xE yE + 12xE + 4yE 6 = 0 (1) M E :x + y - 5 =0 xE + yE 5 = 0 (2) Từ (1) và( 2) ta có 2 2 xE... z = 9 + 6t x = 1 + 2t ' r 2 : y = 3 + t ' đi qua A ( 1 ; 3 ; 1) v à u2 = ( 2 ; 1 ; 2 ) z = 1 2t ' M 1 M ( 1 + t ; t ; 9 + 6t ) uu r ur 2 2 2 AM,u2 ( 14 8t ) + ( 14t 20 ) + ( 4 t ) d ( M, 2 ) = = r 3 u 2 d ( M, (P) ) = 1 + t 2t 18 + 12t 1 12 + ( 2)2 + 22 Vỡ d ( M, 2 ) = d ( M, (P) ) 11t 20 3 = ( 14 8t ) 2 = 11t 20 3 ( MA = MB ) nê n : + ( 14t 20 ) + ( 4 t ) 2 2 3 ( 11t . AB AD 2a A D a A B l tam gi c vu ng B A AB a 4a 5a vu ng DC : C a a 2a T C k CH AB CHB l tam gi c vu ng. CH 2a, CD a HB a BC HC HB 4a a 5a BIC l tam gi. K. a 2 G i J l trung m C J 2 a 9a BJ B J 5a 2 2 3a BJ , 2 BJ. C Ta có BJ. C K.BC K BC 3a a 2 3a 2 K a 5 5 S C , S C ABCD S ABCD IK BC SK BC SKI 60 3a S