Phuong trinh vo ti BDHSG

MỘT SỐ DẠNG PHƯƠNG TRÌNH VƠ TỈ CHO HỌC SINH GIỎI §1 MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI PHƯƠNG TRÌNH VƠ TỶ MỘT SỐ QUY ƯỚC KHI ĐỌC CHUYÊN ĐỀ 1.1 1.2 1.3 1.4 1.5 1.6 1.7 Vt: Vế trái phương trình Vt : Bình phương vế trái phương trình Vp: Vế phải phương trình Vp : Bình phương vế phải phương trình Vt (1) : Vế trái phương trình (1) Vp (1) : Vế phải phương trình (1) Đk, đk: Điều kiện BĐT: Bất đẳng thức HSG, HSG: Học sinh giỏi VMO, VMO: Thi học sinh giỏi Việt Nam, CMO: Thi học sinh giỏi Canada PHƯƠNG PHÁP ĐẶT ẨN PHỤ 2.1 Một số lưu ý Khi giải phương trình vơ tỷ phương pháp đặt ẩn phụ ta gặp dạng như: 2.1.1 Đặt ẩn phụ đưa phương trình cho phương trình đại số khơng chứa thức với ẩn ẩn phụ 2.1.2 Đặt ẩn phụ mà ẩn chính, ta tính ẩn theo ẩn 2.1.3 Đặt ẩn phụ để đưa phương trình hệ hai phương trình với hai ẩn hai ẩn phụ, hai ẩn gồm ẩn ẩn phụ, thường ta hệ đối xứng 2.1.4 Đặt ẩn phụ để phương trình có hai ẩn phụ, ta biến đổi phương trình tích với vế phải Thường giải phương trình ta hay biến đổi tương đương, biến đổi hệ nhớ phải thử lại nghiệm 2.2 Một số ví dụ Ví dụ Giải phương trình sau: 1) 18 x  18 x x  17 x  x   2) 3) 4) x  x2  � 1�  x     �x  � x � x� x2   x  2x  x2  x  3x    Hướng dẫn (HD): 1) Đặt xy với y �0 Khi phương trình cho trở thành (3 y  y  2)(6 y  y  1)  , suy (3 y  y  2)  , ta y   10 Từ phương trình có nghiệm 14  10 2) Ta có x  x   ( x  1)  x  ( x  x  1)( x  x  1)  , với x Mặt khác x  x   2( x  x  1)  ( x  x  1) x Đặt y  x2  x  (có thể viết đk y �0 xác �y � ), ta x  x 1 3 3 (loại y   ) y � y  y   , ta y  3 Từ phương trình có nghiệm x  3) Ta thấy x  không thỏa mãn � � �x  � � � 1�  �x  � Khi phương trình tương đương với hệ � � � x� 2 � � � � � � 1� �  �x  � � � �  x   x2 � � � � � 1� � � � � � �y  4(1) � � Đặt x   y , ta � x  ( y  2)   2( y  2)  (4  y ) (2) � y2 1   Xét (2) �  y  y  y  � y  y  28 y  40 y  16  (do hai vế không âm) � ( y  2)( y  y  16 y  8)  � ( y  2)(( y  2)( y  y  8)  8)  Dẫn đến y  (do (( y  2)( y  y  8)  8)  với y thỏa mãn (1)) Từ phương trình có nghiệm x  Nhận xét: Bài tốn ta giải Phương pháp đánh giá phần sau 4) Ta có phương trình tương đương với  x   x  x  x �  x   x  x (1  x )  x  x  x  x  x � x (1   x  x  x )  x0 � ��   x  x  x  0(1) � Xét (1), đặt y   x , suy y �0 x   y Ta  y  y (1  y )  � y  y   � (2 y  1)(4 y  y  1)  � y 1 5 Từ suy x  � Thử lại ta nghiệm phương trình x  x   5 Nhận xét: Bài tốn ta giải Phương pháp lượng giác phần sau Ví dụ Giải phương trình x  3x   ( x  3) x  x   y , với y �1 Khi ta y  3x  ( x  3) y � ( y  3)( y  x)  Dẫn đến y  y  x Từ phương trình có nghiệm x  � HD: Đặt Ví dụ Giải phương trình 17  x8  x8   y �0 với 17  x8  y x8   z �y  z  �z  y  �� � y  z  33 � y  ( y  1)3  33 � Xét y  ( y  1)3  33 � ( y  2)(2 y  y  y  17)  Suy y - = Từ nghiệm phương trình x = x = -1 HD: Đặt Khi Ví dụ Giải phương trình sau: 1) x   x   3x  x 81x   x  x  x  2)  x  y , với �y �2 �x  y   xy Khi ta hệ � �x  y  Thế lại đặt x  y  S ; xy  P giải tiếp ta nghiệm phương trình HD: 1) Đặt x  ; x  x  2) Đặt 2  14 81x    y � x  y  y  y � 3x  y  y  y � � Khi ta hệ � � 3y  x  2x  x � 1 1 2 Xét hiệu hai phương trình dẫn đến x  y (do ( x  y )  ( x  2)  ( y  2)   ) 2 3 �2 Thay vào hệ giải phương trình ta x  0; x  Ví dụ Giải phương trình x  14 x   x  x  20  x  HD: Đk x �5 Với điều kiện ta biến đổi phương trình cho sau: x  14 x   x  x  20  x  � x  14 x   x  x  20  25( x  1)  10 ( x  1)( x  4)( x  5) � x  x   ( x  1)( x  5) x  � 2( x  1)( x  5)  3( x  4)  ( x  1)( x  5) x  Đặt ( x  1)( x  5)  y; x   z , với y �0; z �3 ta hệ yz � � Ta y  3z  yz � ( y  z )(2 y  3z )  , từ ta � y z � 2  61 Nếu y  z ta x  (do x �5 ) Nếu y  z ta x  8; x   Vậy phương trình có ba nghiệm 4x  , với x  28 4x  Nhận xét: Dạng phương trình ta thường đặt  ay  b , sau bình phương lên ta “cố ý” biến 28 đổi hệ đối xứng với hai ẩn x, y Từ ta biết giá trị a, b Với tốn ta tìm a  1; b  (Nếu a = b = mà giải phương trình q đơn giản, ta khơng xét đây) 4x  4x  9 HD: Đặt  y  , x  nên   , từ y  28 28 28 � 7x  7x  y  � � � y  y  x  Giải hệ bình thường theo dạng ta x  6  50 Ta hệ � 14 � �x, y  � � Ví dụ Giải phương trình x  x  Ví dụ Giải phương trình x    x3 Nhận xét: Khi giải phương trình khơng phải lúc có nghiệm thực, có phương trình vơ nghiệm cho học sinh làm ta kiểm tra lực học sinh trình bầy lời giải tốn Chẳng hạn tốn ví dụ �x  y  � 3 y � HD: Đặt x    x = y với Khi ta hệ �3 từ phương trình ban đầu ta có �x   y 2 x � Xét hiệu hai phương trình hệ ta phương trình ( x  y )( x  xy  y  x  y )  Với x   y x   x  , dẫn đến vơ nghiệm Còn x  xy  y  x  y  ( y  x )(1  x)  y  với y �0 x � Do hệ vơ nghiệm hay phương trình cho vơ nghiệm 2.3 Một số tập tương tự Bài Giải phương trình sau: 1) x2   x  x2  x (HD: Đặt y   x ; y �0 , ta ( y  1)( y  y  1)(2 y  y  4)  1 33  nghiệm phương trình ;y  1 33  ) x  1; x  ;x   2) x  x   x3  Từ y  1; y  x2  x   y , bình phương dẫn đến x 1 trình trở thành y  y   , ta y  Từ x  � ) (HD: Từ phương trình suy x �1 Đặt y �  Phương Bài Giải phương trình (4 x  1) x   x  x  (HD: Đặt x   y , với y �1 Từ ta y  �y  x  Phương trình có nghiệm x  ) Bài Giải phương trình sau: 1) 3(2  x  2)  x  x  (HD: Đặt x   y, x   z , với y �0; z �0 11  Ta x  �y  z  Từ phương trình có nghiệm x  3; x  ) 2  2(1  x)  x  2) (HD: Đk �x �  Đặt  2(1  x)  y � y  x  z � z  x với y �0; z �0 1 x � 1 � 2( y  z )  1(1) 2 Suy � Từ (1) thay y   z vào (2) ta ( z  1)  ( z  )  Xét hiệu hai bình 2 �y  z   1(2) phương suy 1� z  34 �  34 � 1� � Từ ta nghiệm phương trình x  � � � � Bài Giải phương trình x  x  1000  8000 x  1000 � � � �) � � � �x  x  2000 y � y (*) (HD: Đặt   8000x = , ta � �y  y  2000 x Từ (*) suy ( x  y )( x  y  1999)  , x  y  1999  Suy x  y , ta nghiệm x  2001 , loại x  ) Bài Giải phương trình sau: x3  1)  x2  (HD: Đặt y  x  �0; z  x  x  , ta 2 5y y y �y � �y � y yz  2( y  z ) �  � � � � � 2  �  2�  z z z �z � �z � z �x �1 y Nếu  ta x   x  x  � � (vô nghiệm) z x  5x   � �x �1 � 37 y � Nếu  ta x   x  x  � � � 37 � x  (thỏa mãn)) z �x  � 2 2) 2 x  x   2( x  21x  20 4 �x �1 � (HD: Đk � Đặt x �5 � x  x  10  y x   z , với y �0; z �0 � 193 17 �3 73 Khi ta ( y  z )( y  z )  Từ phương trình có bốn nghiệm x  x  ) 4 Bài Giải phương trình sau: 1) x2  4x   x  (HD: Đặt 2) 3) x   y  , ta x  1; x   29 ) x3 , với x �1 x3 3  17 3  17 (HD: Đặt )  y  ,được x   (loại), x �1 x  4 27 x  18 x  x  , với x  5  37 (HD: Tương tự, ta x  ) 18 x2  x  PHƯƠNG PHÁP ĐÁNH GIÁ 3.1 Một số lưu ý Khi giải phương trình vơ tỷ (chẳng hạn f ( x)  g ( x) ) phương pháp đánh giá, thường để ta phương trình có nghiệm (nghiệm nhất).Ta thường sử dụng bất đẳng thức cổ điển Cô si, Bunhiacopxki, đưa vế trái tổng bình phương biểu thức, đồng thời vế phải Ta sử dụng tính đơn điệu hàm số (có thể thấy sử dụng đạo hàm xét biến thiên hàm số) để đánh giá cách hợp lý �f ( x)  g ( x) � Thường ta đánh sau: �f ( x) �C (�C ) � f ( x)  g ( x)  C , đánh giá f ( x ) �g ( x ) �g ( x ) �C (�C ) � f ( x) �g ( x) … Ngoài cụ thể ta có cách đánh giá khác Cũng có số phương trình vơ tỷ có nhiều ẩn mà ta giải phương pháp đánh giá 3.2 Một số ví dụ Ví dụ Giải phương trình x 1  4x2   HD: Bài tốn có đề thi vào Đại học Bách Khoa ĐHQG năm 2001 Bài có nhiều cách giải, đáp án sử dụng đạo hàm Ta làm đơn giản sau: Ta thấy x  nghiệm phương trình Nếu x  Vt > = Vp Nếu x  Vt < = Vp Do phương trình khơng có nghiệm hai trường hợp Vậy phương trình có nghiệm x  Ví dụ Giải phương trình 3x  x   x  10 x  14   x  x HD: Bài đơn giản, đánh giá Vt �5 Vp �5 , hai vế Ta phương trình có nghiệm x  1 Ví dụ Giải phương trình x  x  19  x  x  13  13 x  17 x   3( x  2) HD: Bài cách giải tự nhiên cách “cố ý” cho Giáo viên học sinh sáng tác kiểu 75 Đk x �2 Với đk Vt = ( x  )   (2 x  1)2  3( x  2)  (2 x  1)2  (4 x  3)2 4 75 �  x2  4x  �  3( x  2)  (4 x  3) 2 �3 3.( x  2) = Vp 1 Dấu đẳng thức xảy x  Vậy phương trình có nghiệm x  2 Ví dụ Giải phương trình 27 x  24 x  28 27  1 x6 HD: Phương trình cho tương đương với phương trình (9 x  4) 3(9 x  4) , đk x � Đặt (9 x  4)  y , suy y �0 24  1 Khi ta y2 3y y2 3y   1 �4   1  y (bình phương hai vế) 3 Theo BĐT Cô-si ta �y � y6 y2 6y �  �2 y  � �  ��( y  2) , �3 � 2 � y  48 �3 y  12 y  12 � y  12 y  36 �0 � ( y  6) �0 thỏa mãn đk Vậy phương trình có nghiệm x  Từ ta y  , suy x  Ví dụ Giải phương trình x  3x  x  x3  x  x   HD: Phương trình cho tương đương với 3x  x  (2 x  x  1)  ( x  3) (2 x  x  1)( x  3)   (1) Phương trình xác định với x số thực Theo 2 BĐT Cô-si cho hai số dương ta Vt(1) �Vp(1) Do (1) � x  x   x  � x  x   Từ phương trình có nghiệm x  1 x  Ví dụ Giải phương trình  x2   � 1�   �x  � x � x� �  �x � � HD: Đk � Với đk đó, phương trình cho tương đương với �2 � �x � �2 1 phương trình  x    x   4(1) x x � (  x  x)  (  x  x.1) �4 � � 2 Theo BĐT Bunhiacopxki, ta � � 1� � 1 � � � �  x2  x � � � �  x  x 1� ��4 � � � � � �  x2  x  � Suy Vt (1) �4 = Vp (1) Do (1) � � , nghĩa dấu hệ xảy Từ phương trình 1 �2   x x � có nghiệm x  2  x  x9 x 1 Ví dụ Giải phương trình HD: Đk x �0 Theo BĐT Bunhiacopxki, ta � 2 Vt = � � � x � x � �1  x 1 �( x  9) �  � � Vp � x 1 x 1 � �x  x  � 2  x 1 � x  Phương trình có nghiệm dấu đẳng thức xảy hay x 1 x x 1 Vậy phương trình có nghiệm x  Ví dụ Giải phương trình 13 x  x  x  x  16 HD: Đk 1 �x �1 Với đk phương trình tương đương với x (13  x   x )  16 � x (13  x   x )  256(1) Theo BĐT Bunhiacopxki, ta (13  x   x )  ( 13 13  x  3  x ) �(13  27)(13(1  x )  3(1  x ))  40(16  10 x ) � 10 x  (16  10 x ) � Theo BĐT Cô-si cho hai số dương ta 10 x (16  10 x ) �� � 64 � � Do Vt(1) � 4.64  256 , ta �  x2 �  9x2   x2 �1  x2  � � (1) � � Từ dẫn đến x  � � 20 x  16 � � 10 x  16  10 x � Vậy phương trình có hai nghiệm x  � Ví dụ Giải phương trình x    x3 Nhận xét: Trong phần giải phương trình vơ tỷ Phương pháp đặt ẩn phụ ta giải tốn này, ta giải phương pháp đánh sau HD: Đk � x x 32 � x� Giả sử x nghiệm phương trình Khi x  �0 � � , ta x � x � � Mũ hai vế suy x  x  x  12 x3  x   (*) Cách thứ ta biến đổi Vt thành x  x  x ( x  x  1)  12 x  x  biểu thức âm x � Cách thứ hai ta biến đổi Vt thành x  x (6 x  1)  12 x  x  biểu thức âm x � … Ta biến đổi tiếp phương trình (*) sau chia hai vế cho x  �0 , ta x8  x  x  x5  x  x  x  x   � x ( x  x  1)  x ( x  1)  x( x  1)  4(2 x  1)  vơ nghiệm Vt ln dương x � Vậy phương trình vơ nghiệm Ví dụ 10 Giải phương trình ( x  2)(2 x  1)  x    ( x  6)(2 x  1)  x  HD: Biến đổi phương trình thành ( x   x  2)( x   3)  , suy x �5 Vt hàm số đồng biến đoạn  5; � Từ dẫn đến x  nghiệm phương trình cho Ví dụ 11 Giải phương trình x  11x  21  3 x   HD: Phương trình tương đương với ( x  3)(2 x  5)  12( x  3) (4 x  4)  x   Ta thấy x  nghiệm phương trình Nếu x �3 phương trình tương đương với (2 x  5)  12 (4 x  4)  x   (1) Nếu x  Vt(1) > > Vp(1) Nếu x  Vt(1) < < Vp(1) Vậy phương trình có nghiệm x  Ví dụ 12 Giải phương trình x   x  3x   x  x   x  x  Nhận xét: Với toán ta sử dụng đánh giá gặp sau đây: �f ( x) �0; g ( x) �0 f ( x )  g ( x)  f ( x)  ah( x)  g ( x)  bh( x ) � � , với a, b hai số thực dương h( x )  � HD: Biến đổi phương trình � x  �0; x  3x  �0 x   x  3x   x   2( x  2)  x  3x   2( x  2) � � �x   Từ ta phương trình có nghiệm x  2 Ví dụ 13 Giải phương trình 16  x  1996  10  ( x  1996  y  2008) y  2008 Nhận xét: Với toán này, ta thấy phương trình gồm hai ẩn Do ta nghĩ đến biến đổi phương trình thành phương trình có Vt tổng bình phương, Vp HD: Biến đổi phương trình thành 10 2 � �4 � �4 y  2008  � � x  1996  � � y  2008 � x  1996 � � � � � Từ ta phương trình có nghiệm ( x; y )  (2012; 2009) Ví dụ 14 Giải phương trình x y   y x   xy HD: Đk x �1; y �1 x( y  y  1)  xy 2   y ( x   1)  x( y   1)  xy 2 �x �1; y �1 � Khi phương trình cho tương đương với � y ( x   1)  x ( y   1)  � � Từ ta phương trình có nghiệm ( x; y )  (2; 2) Ta có x y   y x    y ( x  x  1)  PHƯƠNG PHÁP LƯỢNG GIÁC 4.1 Một số lưu ý Khi giải phương trình vơ tỷ phương pháp lượng giác ta đặt �  � f ( x )  sin  f ( x ) � 1;1 với điều kiện  ��  ; f ( x)  cos  với điều kiện � 2� �  � 0;   Cũng có đặt f ( x)  tan  ; f ( x)  cot  … để đưa phương trình cho phương trình lượng giác Giải phương trình lượng giác từ tìm nghiệm phương trình cho 4.2 Một số ví dụ Ví dụ Giải phương trình x 1  4x2   Nhận xét: Bài tốn (đã xét trên) giải phương pháp lượng giác, nhiên với cách giải lượng giác mang tính chất tham khảo � � x   cos y �� ; y �� 0; HD: Đặt �4 Khi ta phương trình � 2� � � x 1  sin y cos8 y  cos y  8cos y   � (cosy  1)( )  � (cos y  1)(cos y  cos y  cos y  7)  � cos y  1 Do phương trình có nghiệm x  11 1  2 x  x2  HD: Đặt x  cos y, y  (0;  ), y Phương trình cho trở thành 1   2 � sin y  cos y  2.sin y Đặt sin y  cos y  z ,  �z � cos y sin y Ví dụ Giải phương trình suy sin y  2sin y cos y  z  , ta z  z    , x  11 1 Với z   y  , x   12 2 Với z  y  Vậy phương trình có nghiệm x  1 x   2 Ví dụ Giải phương trình x  (1  x )3  x 2(1  x ) HD: Đk 1 �x �1 �  �  ; Đặt x  sin y , y �� suy cos y �0 �2 2� � Khi phương trình trở thành sin y  cos3 y  sin y cos y � sin y  cos y  z , z ��  2; � 1; � � � (chính xác z �� �), biến đổi phương trình ta z  2.z  3z   � ( z  2)( z   1)( z   1)  � z  �z    Nếu z  thì y  , x  Nếu z   sin y  cos y   � x   x   Đặt �  x    x �0 �x 1  2 1 Vậy phương trình có nghiệm 4.3 Một số tập tương tự Bài Giải phương trình x3  x   x 5 3 2� �  cos ;cos ;cos  (HD: Đặt x  cos y , phương trình có tập nghiệm S  � �) � �   Bài Giải phương trình   x  x  (1  x )3 12 Bài Giải phương trình x  x x2 1 2 Bài Giải phương trình (  x)  x  x  x x(1  x ) Bài Giải phương trình   x2 1 x Bài Giải phương trình (1  x )3   x2 x  20 x  x Bài Giải phương trình x   x  x  x  MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP KHÁC 5.1 Một số lưu ý Ngồi phương pháp thường gặp trên, đơi ta có lời giải khác lạ số phương trình vơ tỷ Cũng ta sử dụng kết hợp phương pháp để giải phương trình 5.2 Một số ví dụ Ví dụ Giải phương trình x  2.x   x  2.x  16  HD: Nếu x �0 Vt �3    = Vp (phương trình khơng có nghiệm) x  ta xét tam giác vuông ABC với A  900 , AB = 4; AC = Nếu Gọi AD phân giác góc A, lấy M thuộc tia AD Đặt AM = x, xét ACM � CM  x   2.x xét ABM � BM  x  16  2.x Từ suy Vt = CM  BM �BC  Dấu đẳng thức xảy M �D ,hay CM  BM � 16CM  BM � 16 x  16.9  48 2.x  x  16.9  36 2.x � x  12 2.x  � x Vậy phương trình có nghiệm x  Ví dụ Giải phương trình 12 12  x  x   x  y  y    y  x  16 Nhận xét: Bài tốn khơng khó, kiểm tra tính cẩn thận học sinh mà thơi sau đặt điều kiện tìm giá trị x Tuy nhiên học sinh học hời hợt ngồi nhìn mà khơng làm HD: Đặt đk cho phương trình xác định ta x  Khi phương trình trở thành y    y , suy y  � 3� 2; � Vậy phương trình có nghiệm ( x; y )  � � 2� 13 Ví dụ Giải phương trình x   x2  x   x  8x   HD: Đặt y  x  1;  z  x  x  8; t  x  x  , suy y  z  t  y  z  t  (1) Mặt khác  y  z  t   (2) Từ (1) (2) ta ( y  z  t )3  ( y  z  t )  3( y  z )( z  t )(t  y )  yz 0 y   z (3) � � � � �� zt  � � z  t (4) � � ty0 t   y (5) � � Xét (3) ta x  1 �x  , xét (4) x  (5) x  �x  Vậy tập nghiệm phương trình S   1;0;1;9 Ví dụ Giải phương trình x  x  20  x  x  29  97 r r HD: Trong mặt phẳng tọa độ xét hai véc tơ a  ( x  2; 4) b  (  x  2;5) r r r r r Khi ta a  b  (4;5) , suy a  b  97 ta có a  x  x  20 , r r r r r r r b  x  x  29 Phương trình trở thành a  b  a  b , đẳng thức xảy a b � x  x  2  Từ ta phương trình có nghiệm x  Ví dụ Giải phương trình  x  x   x  x  2( x  1) (2 x  x  1) �y �1 � HD: Đặt y  x  x   ( x  1) , suy � ( x  1)   y � Ta  y   y  2(1  y ) (1  y )(1) Mặt khác  y   y �1   y �2  y (2) Từ (1) (2), suy 2(1  y )2 (1  y ) �2  y Đặt y  z , ta �z �1 2(1  z ) (1  z ) �2  z � z (4 z  10 z  7) �0 ۣ z (do z  10 z   ) x0 � Do z  , suy y  hay x  x  � � x2 � Vậy phương trình có nghiệm x  x  §2 MỘT SỐ BÀI TỐN THI HỌC SINH GIỎI CẤP TỈNH Bài Giải phương trình x x   113  x  x   14  x  13 x  Bài 14 chiều Giải phương trình x   x  3x   x  x  x  Giải phương trình x   x   x   3x Bài Bài Giải phương trình x  x   x  x   x  x Bài Giải phương trình 2007  2008 x x  2009 x  x x  2007 Bài Giải phương trình sau: 1) x  x   x   x 2) 3) 4) x   x x   2x x  x   x  80 5) x   2(2 x  1)3 6) x  x   x  x 15 ... 2)  x  y , với �y �2 �x  y   xy Khi ta hệ � �x  y  Thế lại đặt x  y  S ; xy  P giải ti p ta nghiệm phương trình HD: 1) Đặt x  ; x  x  2) Đặt 2  14 81x    y � x  y  y  y... Cách thứ hai ta biến đổi Vt thành x  x (6 x  1)  12 x  x  biểu thức âm x � … Ta biến đổi ti p phương trình (*) sau chia hai vế cho x  �0 , ta x8  x  x  x5  x  x  x  x   � x (... x  ta xét tam giác vng ABC với A  900 , AB = 4; AC = Nếu Gọi AD phân giác góc A, lấy M thuộc tia AD Đặt AM = x, xét ACM � CM  x   2.x xét ABM � BM  x  16  2.x Từ suy Vt = CM  BM �BC