dap an hsg lop 9 2013 2014 vinh phuc vat ly tài liệu, giáo án, bài giảng , luận văn, luận án, đồ án, bài tập lớn về tất...
SỞ GD&ĐT NGHỆ AN KÌ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH NĂM HỌC 2007-2008 HƯỚNG DẪN CHẤM VÀ BIỂU ĐIỂM ĐỀ CHÍNH THỨC Môn: VẬT LÝ 9 - BẢNG A Câu - ý Nội dung Điểm 1 2 1 a Gọi v 1 là vận tốc người đi xe đạp, v 2 là vận tốc người đi xe máy. C là điểm gặp nhau lần thứ nhất (7h), D là điểm gặp nhau lần thứ 2 (10h 40'). Ta có AC= v 1 t 1 =v 2 t 2 (t 1 =1h, t 2 =1/2h) v 1 .1 = v 2 . v 2 = 2v 1 (1) 0.5 3 2 4 3 2 3 3 2 4 3 2 3 Lần gặp thứ 2 ta có: v 1 .t 1 ' + v 2 . t 2 ' = 2.AB (t 1 ' = h ; t 2 '= h) v 1 . + v 2 . = 2.90 14 v 1 + 11v 2 = 540 (2) 0.5 Từ (1) và (2) giải ra ta có: v 1 = 15km/h , v 2 = 30km/h 1.0 2 v AB 30 90 Thời gian người đi xe máy từ thành phố A đến thành phố B là Xe máy đến thành phố B lúc: 6 h 30 ph + h = 9h 30ph 0.5 1 v AB 15 90 Thời gian người đi xe đạp từ thành phố A đến thành phố B là: Xe đạp đến thành phố B lúc: 6h + h = 12h 0.5 b Đồ thị chuyển động của 2 người 1.0 2 1 a. - Trọng lượng nước trong cốc: P 1 = S(h - n). d 1 0.25 - Trọng lượng dầu trong cốc: P 2 = S(h + n). d 2 0.25 h dd dd n 21 21 + − = h DD DD n 21 21 + − = - Vì các cốc nằm cân bằng: F A = P + P 1 = P + P 2 P 1 = P 2 S(h - n). d 1 = S(h + n). d 2 Hay 0.5 )(5,05,4. 8001000 8001000 cmn = + − = Thay số 0.5 + P = F A - P 1 = Shd 1 - S(h - n)d 1 = S.n.d 1 = S.n.D 1 .g 0.5 Thay số: P = 0,1(N) 0.5 b - Trọng lượng dầu trong cốc đựng nước: P x = S.x.d 2 0.25 1 1 dySF A = - Lực đẩy Ácsimet tác dụng lên cốc đựng dầu và nước là: 0.25 1 A F - Vì cốc nằm cân bằng: P + P 1 + P x = S.n.d 1 + S(h - n)d 1 + S.x.d 2 = S.y.d 1 0.5 x d d h 1 2 + x D D h 1 2 + 4 5 y = hay y = thay số y = h + x 0.5 3 Tóm tắt đề: P = 1KW = 1000W ; C n = 4200J/kg.độ ; t 0 = 20 0 C; t 1 = 45 0 C; t 2 = 40 0 C; t 3 = 100 0 C ; 1 = 5 phút ; 2 = 3 phút; m = ? ; = ? Gọi nhiệt lượng nước toả ra môi trường trong 1 phút là q; thời gian đun nước từ 40 0 C đến 100 0 C là 3 . Theo bài ra ta có: P. 1 = C.m(t 1 - t 0 ) + q. 1 0.5 q. 2 = C.m(t 1 - t 2 ) 0.5 P. 3 = C.m(t 3 - t 2 ) + q. 3 0.5 Thay số vào: 5P = 25Cm + 5q P - q = 5Cm (1) 3q = 5Cm 3q = 5Cm (2) P 3 = 60Cm + q 3 3 (P - q) = 60Cm (3) 0.5 - Từ (1) và (2): P - q = 3q q = P/4 = 250(J) 0.5 )(14,2 5 3 kg C q = - Từ (2) m = 0.5 Cm Cm qP qP 5 60 )( 3 = − − τ - Từ (1) và (3): 3 = 12(phút) 0.5 - Thời gian cần thiết: = 1 + 2 + 3 = 5 + 3 + 12 = 20 (phút) 0.5 4 2 )(6 6 6 2 2 Ω== dm dm P U )(1 6 6 A U P dm dm == a - Điện trở của đèn: R đ = - Cường độ dòng điện định mức của đèn: I đm = 0.25 0.25 d x x R RR RR + + 0 0 . )(2,1 A R U AB = - Khi R x = 2 thì R = = 7,5 () - Số chỉ Ampekế: I = 0.25 0.25 + Vì I > I đ đèn sáng hơn mức bình thường 0.5 + P đ = I 2 . R đ = 8,64(W) 0.5 x x RR RR + 0 0 . b - Muốn đèn sáng bình thường thì I phải giảm R tăng tăng R x tăng Phải di chuyển con chạy về phía đèn ( bên phải ) . 0.5 AB U I x x RR RR + 0 0 . - Khi đèn sáng bình thường: I = I đm = 1A R = = 9() = R - R đ = 3 R x = 6() 0.5 c - Công suất toàn mạch: P = UI = 9. 1 = 9 (W) 0.5 dm P 6 .100% .100% 66,7% P 9 = ≈ Vậy hiệu suất của mạch: H = 0.5 1 3 1 3 P P P U U U + = 1 3 4 3 15 U U 3 + = 3 3 4U 3U 3− 5 Giả sử chiều dòng điện như hình vẽ: - Công suất cả mạch: P = P 1 + P 2 + P 3 + P 4 + P 5 = 15 (W) - Cường độ dòng điện mạch chính: I = I 1 + I 3 = U 1 = (1) 0,5 } 5 4 3 5 3 1 I I - I U U U = = − 5 4 3 3 1 3 3 P P P U U U U U = − − − 3 1 3 3 1 4 3 U U 5 U U = − − − 3 3 1 3 8U 20U U 7U 15 − = − + (2) 0,5 2 3 3 3U 14U 15 0 − + = Từ (1) và (2) giải ra ta được: U 3 = 3V và U 3 = V 0,5 3 5 3 1 1 P 2A U = 1 1 U 1( ) I = Ω a Nếu U 3 = 3V U 1 = 2V I 1 = ; R 1 = 0,25 2 2 2 1 P P 1(A) U U U = = − 2 2 2 P 3( ) I = Ω I 2 = ; R 2 = 0,25 3 3 U 3( ) I = Ω I 3 = I – I 1 = 1(A); R 3 = 0,25 4 4 4 3 P P 2(A) U U U = = − 4 2 4 P 1( ) I = Ω I 4 = ; R 4 = 0,25 5 3 1 P 1 1(A) U U 3 2 = = − − 5 2 5 P 1( ) I = Ω I 5 = ; R 5 = 0,25 Chiều dòng điện như quy ước là đúng. 3 5 b Nếu U 3 = V tương tự ta tìm được I 1 = 1,2A ; R 1 = 2,8 0,25 I 2 = 1,8A ; R 2 = 0,92 0,25 I 3 = 1,8A ; R 3 = 0,92 0,25 SỞ GD&ĐT VĨNH PHÚC ĐÁP ÁN KÌ THI CHỌN HSG LỚP CẤP TỈNH NĂM HỌC 2013-2014 (Đáp án có trang) Bài Bài (2đ) Nội dung Điểm L E M S O I S’ N F d d' a Với d = 45 cm Áp dụng công thức thấu kính ta tìm được: d’ = fd 20.45 36 cm (nếu học sinh không chứng minh cơng thức thấu kính , cho d f 45 20 điểm bình thường) Xét hai tam giác đồng dạng Δ EFS’ Δ MNS’ ta có: D ' MN IS' d d ' L 45 36 50 31 D EF OS' d' 36 36 D’ 5,16 cm b Ta sử dụng công thức: D ' MN IS' d d ' L D EF OS' d' fd 20.d Thay d’ = ta được: d f d 20 20d 1000 d 50 d 50 D' d 50d 1000 d 20 d 20d 20 D 20d d 20 D ' 1000 50 Áp dụng bất đẳng thức Côsi ta được: D 20 D’min = 3,97 cm Dấu xảy d = 1000 31,6 cm Bài (2đ) Ký hiệu A; B; C vị trí đám mây phát tia chớp tương ứng 1; 2; Gọi D vị trí người quan sát, S1; S2; S3 đường âm ánh sáng, ta có phương trình sau: S1 S 20 S1 6600 m c u S2 S S2 1650 m c u A H S1 B C v S2 h S3 D S3 S 30 S3 9900 m c u Đặt S2 = a S1 = 4a S3 = 6a Từ hình suy ra: AB = AH + HB Hay AB S12 h S22 h 180 v = 16a h a h (1) Và BC = HC – HB = S32 h S22 h 240 v = 36a h a h (2) Từ (1) (2) a h 36a h 16a h Giải phương trình được: h = 0,9479 a, thay a = 1650 m h = 1564,03 m v 38,54 m/s Bài (2,5 đ) (R R )R 16(R1 R ) 8 R1 R R R1 R 16 R1 R 16 Ω (*) a) R AB R (R1 R ) R (R1 16) 7,5 R1 R R 16 16 (1) R (R 16) 7,5(16 16) 240 Từ (*) R (R 16) 32 (2) R ' AB Từ (1) (2) ta thấy R2 (R1+16) nghiệm phương trình bậc x2 - Sx + p = suy x2 – 32x + 240 = phương trình có nghiệm x1 = 20 Ω x2 = 12 Ω Vậy R2= x2= 12 R1+16=20 R1=4 b) R1 R2 mắc nối tiếp nên I1 = I2 U1/U2 = R1/R2 = 2/6 U2max = V lúc U1 = V U3 = UAB = U1+U2 = V U3max Vậy hiệu điện UABmax=8v Công suất lớn điện trở đạt Pmax=U2Abmax/RAB=8w c) RAB Rbộ đèn B A C U = 16 V B C Mỗi bóng có Rđ=U2đ/P=16 cường độ định mức Iđ = 0,25 A -Theo câu b ta tính cường độ dòng lớn mà điện trở chịu A Và đoạn AB có điện trở RAB = mắc nối tiếp với bóng đèn hình vẽ - Ta có phương trình cơng suất: PBC = PAC – PAB = 16.I – 8.I2 (*) điều kiện I 1A Từ (*) suy PBCmax = =8W, lúc I = 1A 4a Vậy số bóng nhiều mắc 8/1=8 bóng Tính hiệu điện UBC = UAC – UAB = V Mà Uđ = V bóng mắc hình vẽ: có dãy mắc song song nhau, dãy có bóng mắc nối tiếp Bài Khi cân bằng: trọng lực hình trụ cân với lực đẩy Acsimét hai chất lỏng: D.S.h.10 = D1.S.(h – h1).10 + D2.S.h1.10 (2,5 đ) D h h1 D h1 1000.5 800.10 866,67 kg/m3 D= h 15 a Khi hình trụ dịch chuyển đoạn x Có hai giai đoạn: + Giai đoạn 1: hình trụ nằm hai khối chất lỏng Điều kiện cân cho hình trụ: F + D.S.h.10 = D1.S.(h – h1 + x).10 + D2.S.(h1 – x)10 F = (D1 – D2)S.10.x Nhìn vào biểu thức ta thấy đồ thị F theo x đoạn thẳng qua gốc toạ độ + Giai đoạn 2: hình trụ nằm hồn toàn chất lỏng bên F + D.S.h.10 = D1.S.h.10 F = (1000 – 866,67).20.10-4.15.10-2.10 0,4 N Nhìn vào biểu thức ta thấy F khơng phụ thuộc vào x nên đồ thị F theo x đoạn thẳng song song với trục hoành F (N) 0,4 0,25 0,1 0,15 x (m) Đồ thị của F theo x có dạng hình vẽ Bài (1 đ) b Công mà lực F thực diện tích hình thang A = 0, 0,15 0, 05 = 0,04 J - Bố trí thí nghiệm hình vẽ 0,5 0,25 hđ hr - Với khối đặc phần chìm có chiều cao hd, khối rỗng phần chìm có chiều cao hr Chiều cao vật h - Với khối đặc: P = FA 0,25 Trong đó: P = V.D.10 = π.R2.h.D.10 FA = v.Dn.10 = π.R2.hđ.Dn.10 h D D d n h Như cần đo hđ h ta tìm D - Với khối rỗng: P’ = F’A Trong đó: P’ = V.D.10 = π.(R2 – r2).h.D.10 0,25 h F’A = v’.Dn.10 = π.R2.hr.Dn.10 = r π.R2.h.D.10 hd r = R 1 hr hd - Quấn sợi dây quanh hình trụ thành vòng tròn chu vi hình tròn 0,25 l chiều dài phần dây quấn l R = Đo l ta tìm R 2 - Như đo hr, hd, l ta tìm r Chú ý:- Học sinh làm cách khác cho điểm tuyệt đối Sai chất vật lý mà đáp số không cho điểm phần -Học sinh viết thiếu viết sai đơn vị từ 1-2 lần trừ 0,25 điểm; từ lần trở lên trừ 0,5 điểm Phòng giáo dục và đào tạo vĩnh Lộc đề thi thành lập đội tuyển học sinh giỏi lớp 9 năm học 2008 - 2009 Môn: Toán ( Thời gian làm bài: 150 phút ) Bài 1 ( 2,5 điểm ): Cho biểu thức A = 312 513 xx xx 1/ Rút gọn biểu thức A. 2/ Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức A. Bài 2: ( 4,5 điểm ) 1/ Trong mặt phẳng toạ độ Oxy cho tam giác ABC mà phơng trình của các đờng thẳng AB, BC, CA lần lợt là x + 2y 2 = 0; 2x + y 13 = 0; x 2y + 6 = 0. Chứng minh rằng tam giác ABC là tam giác vuông và tính bán kính của đờng tròn ngoại tiếp tam giác ABC. 2/ Giải phơng trình: 721033 +=+++ xxx Bài 3: ( 5,0 điểm ) 1/ Cho là góc nhọn thoả mãn Sin + Cos = 5 6 . Hãy tính tổng Sin 4 + Cos 4 . 2/ Cho x > y 0; chứng minh rằng: x + + 2 )1)(( 4 yyx 3 Bài 4: ( 5,5 điểm ) Cho P là một điểm cố định nằm trong đờng tròn tâm O bán kính R cho trớc ( P không trùng với O ). 1/ Trong số các dây cung đi qua P hãy tìm dây cung có độ dài nhỏ nhất. 2/ Qua P kẻ hai dây cung AC và BD vuông góc với nhau. Chứng minh rằng tổng AB 2 + CD 2 có giá trị không đổi khi hai dây AC và BD quay xung quanh điểm P nhng luôn vuông góc với nhau. 3/ Đờng tròn ( O; OP ) cắt dây BD tại điểm M ( M nằm giữa P và B ). Hãy tính tổng PA 2 + PM 2 + PC 2 . Bài 5: ( 2,5 điểm ) Cho x, y, a, b là các số thực thoả mãn đồng thời các điều kiện: x 2 + y 2 = 1 và bab y a x + =+ 1 44 và. Chứng minh rằng: 10041004 2008 1004 2008 )( 2 bab y a x + =+ - Họ và tên thí sinh: ; Số báo danh: - Họ tên, chữ ký của ngời coi thi: Chú ý: Ngời coi thi không đợc giảI thích gì thêm. Phòng giáo dục và đào tạo vĩnh Lộc hớng dẫn chấm môn toán kỳ thi thành lập đội tuyển học sinh giỏi lớp 9 năm học 2008 - 2009 Bài Câu Yêu cầu cần đạt Mức điểm 1 2,5 điểm 1 1,5 điểm - Với x 1; Đặt 1 x = y 0; Ta có: x 1 = y 2 , nên x = y 2 + 1. Khi đó: 3x - 1 x - 5 = 3y 2 + 3 y 5 = 3y 2 y 2 = ( y 1 ) ( 3y + 2 ) = ( 1 x - 1 ) ( 3 1 x + 2 ); 2x - 1 x - 3 = 2y 2 + 2 y 3 = 2y 2 y 1 = ( y 1 ) ( 2y + 1 ) = ( 1 x - 1 ) ( 2 1 x + 1 ); - Tìm ĐKXĐ của biểu thức A: Với x 1; thì 1 x 0 nên ĐKXĐ là: x 1; x 2 - Khi đó A = 112 213 )112)(11( )213)(11( + + = + + x x xx xx - Vậy A = 112 213 + + x x ; với x 1; x 2 0,25 0,50 0,25 0,25 0,25 2 1,0 điểm Với x 1; x 2, theo câu a ta có: A = 112 213 + + x x = 11.2 2 1 )11.2( 2 3 + ++ x x = )11.2.(2 1 2 3 + + x Do 1 x 0 nên 2. 1 x + 1 1, do đó 2.( 2. 1 x + 1 ) 2 > 0, suy ra )11.2.(2 1 + x 2 1 ; Từ đó A 2. Dấu = xảy ra khi x = 1. Vậy khi x = 1 thì biểu thức A đạt giá trị lớn nhất bằng 2. 0,50 0,25 0,25 2 4,5 điểm 1 2,0 điểm - Đờng thẳng ( AB ) có phơng trình x + 2y 2 = 0, hay y = - 1 2 1 + x ; với hệ số góc a 1 = - 2 1 ; Đờng thẳng ( BC ) có phơng trình 2x + y 13 = 0, hay y = - 2x + 13; với hệ số góc a 2 = - 2; Đờng thẳng ( CA ) có phơng trình x - 2y + 6 = 0, hay y = 3 2 1 + x ; với hệ số góc a 3 = 2 1 . - Vì a 2 . a 3 = - 2 . 2 1 = - 1, nên ( BC ) ( CA ), do đó tam giác ABC vuông ở C, với cạnh huyền AB. 0,25 0,25 0,50 Bài Câu Yêu cầu cần đạt Mức điểm - Toạ độ của điểm A là nghiệm chung của hai phơng trình: x + 2y 2 = 0 ( 1 ) và x - 2y + 6 = 0 ( 2 ). Trừ từng vế hai phơng trình ta đợc 4y = 8, nên y = 2 Thay y = 2 vào phơng trình ( 1 ) ta đợc x = - 2. Vậy A ( - 2; 2 ). - Toạ độ của điểm B là nghiệm chung của hai phơng trình: 2x + 4y 4 = 0 ( 1 / ) và 2x + y 13 = 0 ( 3 ). Trừ từng vế hai phơng trình ta đợc 3y = - 9, nên y = - 3 Thay y = - 3 vào phơng trình ( 3 ) ta đợc x = 8. Vậy B ( 8; - 3 ). - Gọi R là bán kính của đờng tròn ngoại tiếp tam giác ABC thì R = 2 1 . AB = 2 1 . 22 )32()82( ++ = 2 5 . 5 ( Đơn vị độ dài ) 0,25 0,25 0,50 2 2,5 điểm Xét phơng trình 721033 +=+++ xxx ( 1 ) - ĐKXĐ của phơng trình ( 1 ): + + + 072 0103 03 x x x Hay 2 7 !" #$ %&'(')*+, ( ) ( ) y x x x y x xy y = + + − + = + − %&'('*+, ! n "#$%& '( a ) a n≤ *+,*- %&/'(/'*+, ., * / ABC 0 + 12 3 4 O 5- 6 6AD BE CF ') 7* 12 *, ( ) 6 6D BC E CA F AB∈ ∈ ∈ -829 EF : BC ; 6G 129 AG :';123 4 5O ;1< M - - .=>71< 6 6 6A M E F ?> 0123- - / N ')1<; BC $) H ')@A* ABC -.=> GH AN ⊥ %&0'(')*+, .=> ( ) B B 4 54 54 5 a b c abc a b b c c a a b b c c a abc + + + + + + ≥ + + + + + + $%/ 6 6 Ca b c > %&)'('*+, D&E$E1$FG*7H#% C C× 4C!36C051I0 !HE$IJC*,,7HK*),,*E0;,L*E 01MG*7')* ?*-.=>"1I#N'O- P+ !" #$% 12342567+45 888888888888888888889:;<=>45 8888888 ?@A B C4 <;4 %&'(')*+, ' D+=&4E2FG45:HI +,- Q+';=*G*$R!; ( ) ( ) Cy x y x x− + + + − = .,1A')7S*6T 6y x ')*-." ( ) ( ) U Vx x x x∆ = + − + − = C- W1"61I 6 y x y x= − = + C- X Y+ y x= − 6*$),=61I C6 6 x x x= = − = − C- • Q% Cx = y x= − = • Q% x = − y x= − = • Q% x = − Vy x= − = C- X Y+ y x= + 6*$),=61I C6 6 Vx x x= = − = C- • Q% Cx = y x= + = • Q% x = − y x= + = − • Q% Vx = VVy x= + = C- QS6G*') ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) Z CZ 6 Z 6 Z 6 ZV 6 VZVVx y = − − − − C- %&'('*+, D+=&4E2FG45:HI +,- / a ')'('%) -a n≤ [ ( ) n a< + C- Y+ Na ≥ 6 6a a a− − ')%'(G* -n 8<\>6) ?*1E 06 ( ) ( ) ]a a a n− − -^* ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) B N C N Ca a a n a a a a a a a− − ≤ < + ⇒ − + − < ⇒ − + − < -QE'\4!, Na ≥ 5- C- _,1" a = ,L Ba = ,L a = C- X Y+ a = { } B 66B6666N6n n≤ < ⇒ ∈ C- X Y+ Ba = { } B V66666n n≤ < ⇒ ∈ 4!, 6B]n 5 C- X Y+ a = { } N BC6n n≤ < ⇒ ∈ 4!, 6B6]n 5 C- QS ! n O')66B6666N66V666666BC6 C- %&/'(/'*+, D+=&4E2FG45:HI +,- &'() 6 6 6A M E F *('$+', ') 5J4KL2.,=`a._6b')*,1<G*`a$)._-=`a._0+ H$)MH - -PA PB PC PD= X c!dSef ,= AMBC 0+6*1I GM GA GB GC × = × /0 123/45 )% C- X c!d,= BFEC 0+6*1I UBND TỈNH QUẢNG TRỊ SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ĐỀ THI CHÍNH THỨC KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI VĂN HÓA LỚP 9 THCS Năm học: 2012 – 2013 Khóa thi ngày: 28/3/2013 Môn thi: HÓA HỌC Thời gian làm bài: 150 phút (không kể thời gian giao đề) Câu 1. (5,5 điểm) 1. Hoàn thành các phương trình phản ứng sau: a) M x O y + H 2 SO 4 đặc → M 2 (SO 4 ) 3 + SO 2 b) Na 2 S + dung dịch AlCl 3 → c) KMnO 4 + KI + H 2 SO 4 → d) KHSO 4 + Fe 3 O 4 → e) M 2 (CO 3 ) n + HNO 3 (loãng) → M(NO 3 ) m (n<m) f) FeS 2 + H 2 SO 4 đặc, nóng → g) Na 2 CO 3 + dung dịch FeCl 3 → h) KMnO 4 + FeSO 4 + H 2 SO 4 → 2. Chỉ từ Na 2 SO 3 , NH 4 HCO 3 , Al, MnO 2 , O 2 , các dung dịch Ba(OH) 2 và HCl; có thể điều chế được những khí gì? Viết các phương trình phản ứng xảy ra. 3. Viết thứ tự các phương trình phản ứng xảy ra trong các thí nghiệm sau: a) Cho từ từ Na vào dung dịch HCl. b) Cho từ từ HNO 3 loãng đến dư vào dung dịch Na 2 CO 3 . 4. Một khoáng chất có chứa 20,93 % nhôm; 21,7% silic; còn lại là oxi và hiđro (về khối lượng). Hãy xác định công thức đơn giản nhất của khoáng chất này. Câu 2. (4,5 điểm) 1. Có 5 hợp chất A, B, C, D, E. Khi đốt A, B, C, D, E đều cho ngọn lửa màu vàng. A tác dụng với nước thu được O 2 , B tác dụng với nước thu được NH 3 . Khi cho C tác dụng với D cho ta chất X, C tác dụng với E thu được chất Y. X, Y là những chất khí, biết tỉ khối của X so với O 2 và Y so với NH 3 đều bằng 2. Hãy xác định A, B, C, D, E, X, Y và viết các phương trình phản ứng xảy ra. 2. Trộn dung dịch Al 2 (SO 4 ) 3 với dung dịch Ba(OH) 2 thu được kết tủa T và dung dịch Z. Nung kết tủa T thì thu được chất rắn. Thêm BaCl 2 dư vào dung dịch Z thu được kết tủa. Viết các phương trình phản ứng xảy ra, biết các phản ứng xảy ra hoàn toàn. 3. Có thể chọn những chất nào để khi cho tác dụng với 1 mol H 2 SO 4 thì được: a) 0,25 mol SO 2 . b) 0,5 mol SO 2 . c) 1 mol SO 2 . d) 1,5 mol SO 2 . Câu 3. (4,0 điểm) 1. Đốt cháy hoàn toàn x gam hỗn hợp FeS 2 và FeCO 3 với số mol bằng nhau trong không khí dư, thu được y gam chất rắn. Viết các phương trình phản ứng xảy ra và tính giá trị x:y. 2. Cho m gam bột sắt tác dụng với dung dịch A gồm AgNO 3 và Cu(NO 3 ) 2 thì thu được chất rắn B và dung dịch C. Cho C tác dụng với dung dịch NaOH dư, không có không khí, thu được a gam kết tủa gồm hai hiđroxit kim loại. Nung kết tủa trong không khí đến khối lượng không đổi thu được b gam chất rắn. Cho các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Viết các phương trình phản ứng xảy ra và chứng minh rằng: m = 8,575b – 7a. Câu 4. (6,0 điểm) 1. Hoàn thành các phương trình phản ứng theo sơ đồ chuyển hóa sau: A C 2 H 4 D +X E +X G I K +H 2 (Pd,t 0 ) (1) (2) (4) (7) (3) (6) (5) (8) +O 2 , men giÊm +HBr F H +Br 2 Biết: E tác dụng với H theo tỷ lệ mol 1:1, K chứa 6 nguyên tử C trong phân tử. 2. Hỗn hợp M gồm rượu etylic và 2 axit hữu cơ no, đơn chức, mạch hở kế tiếp trong dãy đồng đẳng. Cho m gam M tác dụng với Na dư thì thu được 3,92 lít H 2 (đktc). Nếu đốt cháy m gam hỗn hợp M bằng lượng O 2 dư, rồi cho toàn bộ sản phẩm cháy hấp thụ hết vào dung dịch Ba(OH) 2 dư thì thu được 147,75 gam kết tủa và khối lượng bình đựng dung dịch Ba(OH) 2 tăng 50,1 gam. Cho các phản ứng xảy ra hoàn toàn. a) Xác định công thức phân tử và tính số mol mỗi axit trong m gam hỗn hợp M. b) Đun nóng m gam hỗn hợp M trên, xúc tác H 2 SO 4 đặc, đun nóng. Tính khối lượng este thu được, biết hiệu suất phản ứng este hóa là 80% và 2 axit phản ứng với hiệu suất như nhau. Cho: H=1, C=12, N=14, O=16, Al=27, Si=28, S=32, Cl=35,5; Fe=56, Cu=64, Ag=108, Ba=137. Thí sinh không được dùng bảng HTTH các nguyên tố hóa học và tính tan. Hết UBND TỈNH QUẢNG TRỊ SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ĐỀ THI CHÍNH THỨC HƯỚNG DẪN CHẤM KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI VĂN HÓA LỚP 9 THCS Năm học: 2012 – 2013 Khóa thi ngày: 28/03/2013 Môn thi: HÓA HỌC Câu Ý Nội dung Điểm Câu 1 5,5 điểm 1 Hoàn thành các phương trình phản ứng: a) 2M x O y +(6x-2y)H 2 SO 4 đặc → xM 2 (SO 4 ) 3 +(3x-2y) SO 2 + (6x-2y)H 2 O b) 3Na 2 S + 2AlCl 3 + 6H 2 O SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HÓA ĐỀ CHÍNH THỨC Số báo danh: ………………… KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH NĂM HỌC 2013- 2014 MÔN THI: SINH HỌC LỚP THCS Ngày thi: 21/3/2014 Thời gian: 150 phút (không kể thời gian giao đề) (Đề gồm 02 trang, câu) Câu (2,0 điểm) a Thể dị bội ? Trình bày chế phát sinh, hậu thể nhiễm dạng XO người b Ở loài thực vật, nhiễm sắc thể lưỡng bội 2n = 24, tạo tối đa dạng thể ba nhiễm khác ? Câu (2,0 điểm) Một số bà nông dân cho rằng: Tự thụ phấn, giao phối gần gây hậu xấu vai trò sản xuất chọn giống Dựa hiểu biết kiến thức di truyền học, cho biết nhận định hay sai ? Giải thích Câu (2,0 điểm) a Mật độ cá thể quần thể điều chỉnh quanh mức cân ? b Trình bày nguyên nhân mối quan hệ cạnh tranh loài ? Khi quần tụ cá thể tăng mức cực thuận xảy diễn biến quần thể ? Câu (2,0 điểm) Trong phòng ấp trứng, điều kiện nhiệt độ cực thuận người ta thay đổi độ ẩm tương đối không khí Kết thu sau: Độ ẩm tương đối (%) 74 75 85 90 95 96 Tỉ lệ trứng nở (%) 90 90 a Từ bảng số liệu trên, nêu nhận xét phụ thuộc tỉ lệ nở trứng với độ ẩm tương đối Xác định giá trị giới hạn dưới, giới hạn khoảng cực thuận độ ẩm không khí nở trứng b Điều xảy nhiệt độ phòng ấp trứng không trì nhiệt độ cực thuận ? Giải thích Câu (3,0 điểm) a Nguyên tắc bổ sung thể trình nhân đôi ADN, phiên mã dịch mã ? Trong trình phiên mã dịch mã gen, nguyên tắc bổ sung bị vi phạm gen có đột biến không ? Giải thích b Cho giao phấn hoa đỏ có kiểu gen AA với hoa trắng có kiểu gen aa F1 có 1501 hoa đỏ hoa trắng Quan sát tế bào xôma hoa trắng kính hiển vi quang học, người ta thấy số lượng nhiễm sắc thể không thay đổi so với bố mẹ Hãy giải thích chế xuất hoa trắng F1 phép lai Câu (3,0 điểm) a Ở loài thực vật, gen quy định tính trạng, tính trạng trội trội hoàn toàn Cho phép lai P: AaBbDd x AaBbDd tỉ lệ kiểu gen AabbDd; AaBbDd; aabbdd F1 ? b Người ta sử dụng tác nhân gây đột biến, tác động vào giai đoạn giảm phân tế bào sinh hạt phấn cà chua lưỡng bội Kết có cặp nhiễm sắc thể (mang cặp gen Aa) phân li không bình thường Cây cà chua có kiểu gen Aa thí nghiệm phát sinh cho loại giao tử ? Biết hiệu việc xử lí gây đột biến không đạt 100% Câu (3,0 điểm) Một hợp tử loài động vật có kiểu gen Ab Cặp gen Aa có 1650G, aB 1350A số lượng A gen trội 50% số lượng T gen lặn Cặp gen Bb có 675A, 825G gen lặn có số lượng loại nuclêôtit Mỗi alen cặp gen dị hợp dài a Tính số lượng loại nuclêôtit gen b Tính số lượng loại nuclêôtit toàn gen có hợp tử Câu (3,0 điểm): Ở ruồi giấm, alen A quy định tính trạng thân xám trội hoàn toàn so với alen a quy định tính trạng thân đen Cặp alen nằm cặp nhiễm sắc thể số II Cho ruồi giấm thân xám giao phối ngẫu nhiên với ruồi giấm đực thân đen, đời F1 có 75% ruồi thân xám : 25% ruồi thân đen Tiếp tục cho F giao phối ngẫu nhiên với với thu F2 a Giải thích kết viết sơ đồ lai từ P đến F1 b Số ruồi giấm thân đen mong đợi F2 chiếm tỉ lệ ? .HẾT SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HÓA Câu KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH NĂM HỌC 2013- 2014 MÔN THI: SINH HỌC LỚP THCS Ngày thi: 21/3/2014 HƯỚNG DẪN CHẤM Nội dung a - Thể dị bội thể mà tế bào sinh dưỡng có số cặp NST bị thay đổi số lượng - Cơ chế phát sinh thể OX người: + Trong trình phát sinh giao tử, cặp NST giới tính bố (hoặc mẹ) không phân li, tạo loại giao tử mang NST giới tính loại giao tử không chứa NST giới tính X (O) + Khi thụ tinh, giao tử không mang NST bố (hoặc mẹ) kết hợp với giao tử bình thường mang NSTgiới tính X mẹ (hoặc bố) tạo hợp tử chứa NST giới tính (OX) - Hậu quả: Gây hội chứng tơcnơ nữ: lùn, cổ ngắn, tuyến vú không phát triển, khoảng 2% sống đến lúc trưởng thành kinh nguyệt, tử cung nhỏ, trí, b Xác định số loại thể ba nhiễm - Ta có 2n = 24 → n = 12 cặp NST - Thể ba nhiễm cặp NST có NST (2n + = 25) - Thể ba nhiễm xảy cặp NST 12 cặp → có 12 dạng thể ba nhiễm khác Điểm (2,0đ) 0,5 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 2,0 - Nhận định sai - Giải thích: + Tự thụ phấn, giao phối gần gây hậu xấu → thoái hóa giống, tạo điều kiện cho gen lặn tổ hợp tạo cặp gen đồng hợp lặn → tính trạng xấu biểu (thoái hóa) + Ở số loài thực vật tự ...S2 S S2 1650 m c u A H S1 B C v S2 h S3 D S3 S 30 S3 99 00 m c u Đặt S2 = a S1 = 4a S3 = 6a Từ hình suy ra: AB = AH + HB Hay AB S12 h S22 h... 240 v = 36a h a h (2) Từ (1) (2) a h 36a h 16a h Giải phương trình được: h = 0 ,94 79 a, thay a = 1650 m h = 1564,03 m v 38,54 m/s Bài (2,5 đ) (R R )R 16(R1 R ) 8 R1... 0,15 x (m) Đồ thị của F theo x có dạng hình vẽ Bài (1 đ) b Công mà lực F thực diện tích hình thang A = 0, 0,15 0, 05 = 0,04 J - Bố trí thí nghiệm hình vẽ 0,5 0,25 hđ hr - Với khối đặc phầndap an hsg lop 9 2013 2014 vinh phuc vat ly
4
97
0
Đang tải... (xem toàn văn)
THÔNG TIN TÀI LIỆU
Thông tin cơ bản
| Định dạng | |
|---|---|
| Số trang | 4 |
| Dung lượng | 192,28 KB |
Nội dung
Ngày đăng: 02/11/2017, 19:48
HÌNH ẢNH LIÊN QUAN
TỪ KHÓA LIÊN QUAN
TÀI LIỆU CÙNG NGƯỜI DÙNG
-
1 347 2
-
3 152 0
TÀI LIỆU LIÊN QUAN
-
4 97 0
-
2 119 0
-
1 129 0
-
1 122 0
-
6 65 0
-
5 62 0
-
7 1,5K 2
-
5 208 0