tuyen chon mot so bai tap dai so lop 6 33294

tuyen chon mot so bai tap dai so lop 6 33294 tài liệu, giáo án, bài giảng , luận văn, luận án, đồ án, bài tập lớn về tất...

Đề số 1 Câu1: (2,5 điểm) Cho hàm số: y = -x 3 + 3mx 2 + 3(1 - m 2 )x + m 3 - m 2 1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số trên khi m = 1. 2) Tìm k để phơng trình: -x 3 + 3x 2 + k 3 - 3k 2 = 0 có 3 nghiệm phân biệt. 3) Viết phơng trình đờng thẳng đi qua 2 điểm cực trị của đồ thị hàm số trên. Câu2: (1,75 điểm) Cho phơng trình: 0121 2 3 2 3 =++ mxlogxlog (2) 1) Giải phơng trình (2) khi m = 2. 2) Tìm m để phơng trình (2) có ít nhất 1 nghiệm thuộc đoạn 3 31; . Câu3: (2 điểm) 1) Tìm nghiệm (0; 2) của pt : 32 221 33 5 += + + + xcos xsin xsinxcos xsin 2) Tính diện tích hình phẳng giới hạn bởi các đờng: y = 34 2 + xx , y = x + 3 Câu4: (2 điểm) 1) Cho hình chóp tam giác đều S.ABC đỉnh S có độ dài cạnh đáy bằng a. Gọi M và N lần lợt là trung điểm của các cạnh SB và SC. Tính theo a diện tích AMN biết rằng mặt phẳng (AMN) vuông góc mặt phẳng (SBC). 2) Trong không gian Oxyz cho 2 đờng thẳng: 1 : =++ =+ 0422 042 zyx zyx và 2 : += += += tz ty tx 21 2 1 a) Viết phơng trình mặt phẳng (P) chứa đờng thẳng 1 và song song với đờng thẳng 2 . b) Cho điểm M(2; 1; 4). Tìm toạ độ điểm H thuộc đờng thẳng 2 sao cho đoạn thẳng MH có độ dài nhỏ nhất. Câu5: (1,75 điểm) 1) Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Đềcác vuông góc Oxy xét ABC vuông tại A, phơng trình đờng thẳng BC là: 033 = yx , các đỉnh A và B thuộc trục hoành và bán kính đờng tròn nội tiếp bằng 2. Tìm toạ độ trọng tâm G của ABC 2 Khai triển nhị thức: n x n n n xx n n x n x n n x n n xx CC .CC + ++ + = + 3 1 32 1 1 3 1 2 1 1 2 1 0 32 1 22222222 Biết rằng trong khai triển đó 13 5 nn CC = và số hạng thứ t bằng 20n, tìm n và x Đề số 2 Câu1: (2 điểm) Câu Cho hàm số: y = mx 4 + (m 2 - 9)x 2 + 10 (1) 1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1) khi m = 1. 2) Tìm m để hàm số (1) có ba điểm cực trị. Câu2: (3 điểm) 1) Giải phơng trình: sin 2 3x - cos 2 4x = sin 2 5x - cos 2 6x 2) Giải bất phơng trình: log x (log 3 (9 x - 72)) 1 3) Giải hệ phơng trình: ++=+ = 2 3 yxyx yxyx Câu3: (1,25 điểm) Tính diện tích hình phẳng giới hạn bởi các đờng: y = x y và x 2 24 4 4 2 = Câu4: (2,5 điểm) 1) Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Đềcác vuông góc Oxy cho hình chữ nhật ABCD có tâm I 0 2 1 ; , phơng trình đờng thẳng AB là x - 2y + 2 = 0 và AB = 2AD. Tìm toạ độ các đỉnh A, B, C, D biết rằng đỉnh A có hoành độ âm 2) Cho hình lập phơng ABCD.A 1 B 1 C 1 D 1 có cạnh bằng a a) Tính theo a khoảng cách giữa hai đờng thẳng A 1 B và B 1 D. b) Gọi M, N, P lần lợt là các trung điểm của các cạnh BB 1 , CD 1 , A 1 D 1 . Tính góc giữa hai đờng thẳng MP và C 1 N. Câu5: (1,25 điểm)Cho đa giác đều A 1 A 2 .A 2n (n 2, n Z) nội tiếp đờng tròn (O). Biết rằng số tam giác có các đỉnh là 3 điểm trong 2n điểm A 1 , A 2 , . ,A 2n nhiều gấp 20 lần số hình chữ nhật có các đỉnh là 4 điểm trong 2n điểm A 1 , A 2 , . ,A 2n . Tìm n. Đề số 3 Câu1: (3 điểm) Cho hàm số: y = ( ) 1 12 2 x mxm (1) (m là tham số) 1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số (1) ứng với m = -1. 2) Tính diện tích hình phẳng giới hạn bởi đờng cong (C) và hai trục toạ độ. 3) Tìm m để đồ thị của ONTHIONLINE.NET Bài 1: Hiệu sau số nguyên tố hay hợp số? Vì sao? 7.9.11 – 2.3.7 Bài 2: Tìm số tự nhiên x biết a) x = 28:24 + 32.33 b) 6x – 39 = 5628 : 28 Bài 3: ( Tìm số tự nhiên chia hết cho 8, cho 10, cho 15 Biết số khoảng từ 1000 đến 2000 Bài 4: Bạn An đánh số trang sách cách viết số tự nhiên từ đến 106 tính xem An phải viết tất chữ số? Bài Thực phép tính (tính nhanh có thể) a) 52 – 23+ 33 : 32 b) 28 76 + 24 28 – 28 20 Bài Một đám đất hình chữ nhật dài 52m, rộng 36 m Người ta chia đám đất thành khoảng hình vuông để trồng loại rau Hỏi với cách chia cạnh hình vuông lớn bao nhiêu? Bài Tìm tất số tự nhiên a b cho tích a.b = 246 a< b Bài 7: Điền chữ số vào dấu * để có số * chia hết cho Bài Tìm số tự nhiên x biết: a) 2x -138 = 23 32 b) 42x = 39.42 – 37.42 Bài 410 Một trường tổ chức cho khoảng từ 700 đến 800 HS tham quan ô tô Tính số HS tham quan biết xếp 40 người hay 45 người vào xe không dư Bài 11 Chứng tỏ số tự nhiên n tích (n + 4)(n + 7) số chẵn Bài 2: Rút gọn biểu thức: a) -11 + y + b) x + 22 +(-14) c) a + (-15) + 62 Bài 12 Tìm số nguyên x biết a) x2 = b) x - + = 12 c) x+ (x + 1) + (x + 2) + + 19 + 20 = 20 (trong vế trái tổng số nguyên liên tiếp viết theo thứ tự tăng dần) Bài 13 Tìm ƯCLN BCNN hai số 90 126 Bài 14 1) Thực phép tính: a) (-17) + + + 17 +(-3) b) 25 22 – (15 - 18) +(12 -19 +10) 2) Tìm số nguyên x, biết: a) x + = 20 –(12 -7) b) 10 + x = 2(3 − 1) Bài 15 Một nhà hình chữ nhật, có chiều rộng 6m chiều dài 9m Có hai loại gạch dùng để lát nhà có kích thước sau: Gạch loại I có kích thước: 30cm x 30cm Gạch loại II có kích thước: 40cm x 40cm a) Hỏi muỗn lát nhà loại gạch cho viên gạch lát nguyên vẹn phải chon loại gạch nào? Vì sao? b) Tính tổng viên gạch cần dùng Bài 15: Thực phộp tớnh a, + (–12) – 10 ; b, 25 – (–17) + 24 – 12 c, 56: 54 + 23.22 – 225 : 152 c, (-5 – 3) (3 – 5):(-3 + 5) e, 4.(13 – 16) – (3 – 5).(–3)2 f, 235 – (34 + 135) – 100 Bài 17: Tớnh hợp lý giỏ trị cỏc biểu thức sau:   38  17  −3 −3 A = 49 −  + 14  ; B = 71 −  43 −  ; C = + +2 ; 23  32 23  45  45 57  9 7 74 5   2 E = (10 + ) – ; F= − +4 D = 19 : − 13 :  ÷ 13  13  12   12 9 3 5 7 −15 : G= (6 - ).3 + : H = − 0, 25 : + ×( −2 ) ; K = 19 : ; 12 12 8 4 Bài 17: Tỡm x: a) ( x − 1)3 = 125 b) x + − x = 96 c) (2 x + 1)3 = 343 d) 720 : [ 41 − (2 x − 5) ] =  50 x 25 x  + e/ x −  ÷ = 11  100 200  30 200 x = +5 100 100 Bài 18: Một lớp cú 45 học sinh Số học sinh trung bỡnh số học sinh lớp Số học sinh 15 khỏ số học sinh cũn lại Tớnh số học sinh giỏi? Bài 19: Một lớp cú 45 học sinh Khi giỏo viờn trả kiểm tra, số đạt điểm giỏi tổng số Số đạt điểm số cũn lại Tớnh số bạn đạt điểm trung bỡnh.(Giả sử khụng cú 10 điểm yếu kém) Bài 20: Ba lớp trường THCS có 120 học sinh Số học sinh lớp 6A chiếm 35% so với học sinh 20 khối Số học sinh lớp 6B số học sinh lớp 6A Cũn lại học sinh lớp 6C Tớnh số học 21 sinh lớp? Bài 21: Trên đĩa có 24 táo Hạnh ăn 25% táo, Hoàng ăn số tỏo cũn lại Hỏi trờn đĩa cũn tỏo f/ ( x − ) Bài 22: Lớp 6B cú 48 học sinh Số học sinh giỏi số học sinh lớp Số học sinh trung bỡnh 300% số học sinh giỏi, cũn lại học sinh khỏ a Tớnh số học sinh loại b Tớnh tỉ số % học sinh loại Bài 23:Một lớp cú 40 học sinh gồm loại: giỏi, khỏ, trung bỡnh Số học sinh giỏi chiếm sinh lớp Số học sinh trung bỡnh số học số học sinh cũn lại a Tớnh số học sinh loại b Tớnh tỉ số % học sinh loại Bài 24 Một lớp học cú 30 học sinh gồm loại: khỏ, trung bỡnh, yếu Số học sinh khỏ chiếm học sinh lớp Số học sinh trung bỡnh số 15 số học sinh cũn lại a Tớnh số học sinh loại lớp b Tính tỉ số phần trăm học sinh trung bỡnh so với số học sinh lớp Bài 25: Số học sinh khỏ học kỳ I lớp số học sinh lớp Cuối năm có thêm học 16 sinh đạt loại nên số học sinh số học sinh lớp Tớnh số học sinh lớp Bài 26: Số học sinh giỏi học kỳ I lớp 6A số học sinh lớp Cuối năm có thêm học sinh đạt loại giỏi nên số học sinh giỏi số học sinh lớp Tính số học sinh lớp 2. Sau phản ứng còn dư ion pemanganat (có giải thích). Biết giản đồ thế khử của I và Mn trong môi trường axit như sau: 1,70 1,14 1,45 0,54 4 6 3 3 H IO IO HIO I I             4 0,56 2,26 0,95 1,51 1,18 2 3 2 42 MnO MnO MnO Mn Mn Mn               Hướng dẫn giải: Dựa vào giản đồ thế khử của I - ta suy ra HIO không bền vì 33 00 //HIO I IO HIO EE   nên HIO sẽ dị phân thành 3 IO  và 3 I  Ta viết lại giản đồ thế khử của I như sau: 1,70 1,20 0,54 4 6 3 3 H IO IO I I         Dựa vào thế khử của Mn ta suy ra 2 4 MnO  và Mn 3+ không bền vì chúng có thể khử bên phải lớn hơn thế khử bên trái nên chúng sẽ bị dị phân thành hai tiểu phân bên cạnh như ở HIO. Đối với quá trình Mn 2+ → Mn ta cũng không xét vì Mn kim loại không thể tồn tại trong dung dịch nước khi có mặt H + do thế khử của Mn 2+ /Mn quá âm. Do đó ta có thể viết lại giản đồ thế khử của Mn như sau: 4 1,70 1,23 2 2 MnO MnO Mn      Ta có phương trình ion thu gọn trong các trường hợp như sau: 1. Trường hợp sau phản ứng có I - dư: 46 H IO  hoặc 3 IO  không thể cùng tồn tại với I - vì: 4 6 3 3 00 // 1,7 0,54 H IO IO I I E V E V        và 33 00 / 1,2 0,54 IO I I E V E V       Nên 46 H IO  hoặc 3 IO  đều có thể oxi hóa I  thành 3 I  . Như vậy I  chỉ bị oxi hóa thành 3 I  . +1,20 +1,7 +1,23 +1,51 Khi I  dư thì 4 MnO  và 2 MnO không thể tồn tại vì 42 0 /MnO MnO E  và 2 2 0 /MnO Mn E  đều lớn hơn 3 0 /II E  nên 4 MnO  và 2 MnO đều có thể oxi hóa I  thành 3 I  . Như vậy 4 MnO  bị khử hoàn toàn thành 2 Mn  . Do đó phương trình phản ứng xảy ra khi I  dư dưới dạng ion thu gọn như sau: 2 4 3 2 2 15 16 5 2 8MnO I H I Mn H O           Trường hợp sau phản ứng có dư 4 MnO  : 2 Mn  không thể tồn tại khi 4 MnO  dư vì 2 4 2 2 00 //MnO MnO MnO Mn EE   nên 4 MnO  sẽ oxi hóa 2 Mn  thành 2 MnO . Khi 2 MnO dư thì 3 I  và I  cũng không thể tồn tại vì: 4 2 3 3 3 0 0 0 / / / , MnO MnO I I IO I E E E      nên 4 MnO  oxi hóa là 3 I  và I  . Như vậy sản phẩm sinh ra khi I  bị oxi hóa là 3 IO  và một lượng nhỏ 46 H IO  vì 4 2 4 6 00 / 1,7 MnO MnO H IO E E V   . Do đó phương trình này xảy ra khi 4 MnO  dư như sau: 4 2 3 2 2 2 2MnO I H MnO IO H O          4 2 2 4 6 8 3 8 2 8 3MnO I H H O MnO H IO          Câu 7: trang 170 Đánh giá khả năng hòa tan của HgS trong: a, Axit nitric b, Nước cường toan Biết 3 00 2 / 0,96 NO NO E E V   ; 2 01 /0 0,17 S H S E E V ; 51,8 10 HgS T   Hướng dẫn giải: a, Trong axit nitric: Các quá trình xảy ra: 33 HNO H NO   22 3 HgS Hg S   51,8 10 t HgS TT   2 3 H S HS     2 1 12,92 10 a k   2 3 HS H H S   1 17 10 a k   2 3 2 2H S e S H     1 0 2 1 0,059 1 10 E k    0 2 3 1 0,059 3 2 2 2 32 2 4 3 2 10 3 2 8 3 3 2 4 E NO H e NO H k HgS NO H Hg S NO H O                    21 3 3 3 3 2 12 t a a k T k k k k   21 12 lg 3lg 3lg 3lg 3lg 2lg aa k T k k k k      00 12 23 3( 51,8) 3( 12,92) 3( 7) 3 2 0,059 0,059 EE                      155,4 38,76 21 17,29 97,63 15,3        15,3 10k   Vì k rất nhỏ nên xem như HgS không tan trong HNO 3 . b, Trong nước cường toan: Các quá trình xảy ra: 2 32 3 2 8 3 3 2 4HgS NO H Hg S NO H O         15,3 10k   22 4 34Hg Cl HgCl     14,92 4 10   2 3 4 2 3 2 8 12 3 3 2 4HgS NO H Cl HgCl S NO H O           4 34 ' . lg ' lg 3lg 15,3 3.14,92 29,46k k k k          29,46 10k rất lớn. Vậy HgS tan mạnh trong nước cường toan. Câu 8: trang 171 Thêm 1 ml dung dịch H 2 S 0,01M vào 1ml dung dịch hỗn hợp: Fe 3+ 0,01M và H + 0,1M. Có xuất hiện kết tủa không? Biết: 2 7,02 1( Tuyến chọn một số bài từ sách TUYỂN TẬP 10 NĂM ĐỀ THI OLYMPIC 30/4 HÓA HỌC 10- NXB GIÁO DỤC PHÂN I: HALOGEN Câu 4: (đề 1996 trang 7) Xét phản ứng tổng hợp hiđro iođua: H 2 (khí) + I 2 (rắn)  2HI(khí) ∆H = +53kJ (a) H 2 (khí) + I 2 (rắn)  2HI(khí) (b) 1.Phản ứng (a) là toả nhiệt hay thu nhiệt? 2.Xác định hiệu ứng nhiệt của phản ứng tổng hợp hiđro iođua (b) dựa vào năng lượng liên kết nếu biết năng lượng liên kết của H – H, H – I và I – I lần lượt bằng 436, 295 và 150 kJ.mol -1 . Giải thích sự khác biệt của hai kết quả cho (a) và (b). 3.Viết biểu thức tính hằng số cân bằng K của phản ứng (a) theo phương trình hoá học của phản ứng. 4.Thực hiện phản ứng tổng hợp hiđro iođua theo (b) trong một bình kín, dung tích 2 lit ở nhiết độ T, có hằng số cân bằng K = 36. a, Nếu nồng độ ban đầu của H 2 và I 2 bằng nhau và bằng 0,02M thì nồng độ của các chất tại thời điểm cân bằng là bao nhiêu? b, Ở cân bằng trên, người ta thêm vào bình 0,06gam hiđro thì cân bằng cũng bị phá vỡ và hình thành cân bằng mới. Tính khối lượng hiđro iođua ở cân bằng cuối? Giải: 1. Theo quy ước ∆H > 0 thì phản ứng thu nhiệt. 2. H 2 (khí) + I 2 (rắn)  2HI(khí) (b) Nên: ∆H = (436 + 150) - 2. 295 = - 4kJ Giá trị nhỏ bất thường là do chưa xét năng lượng cần cung cấp để chuyển I 2 (rắn) theo phản ứng (a) thành I 2 (khí) theo phản ứng (b). 3. Vì I 2 là chất rắn nên:     2 2 HI K H  4. H 2 (khí) + I 2 (rắn)  2HI(khí) Trước phản ứng: 0,02M 0,02M 0 Phản ứng: x x 2x Còn lại: 0,02 – x 0,02 – x 2x Vậy :         2 2 36 2 6 0,02 0,015 0,02 . 0,02 x x x x xx        Kết luận: Ở cân bằng: [HI] = 0,03M, [H 2 ] = [I 2 ] = 0,005M Số mol H 2 thêm: 0,06 : 2 = 0,03 (mol) → nồng độ tăng thêm: 0,03: 2 = 0,015M H 2 (khí) + I 2 (rắn)  2HI(khí) Ban đầu: 0,02M 0,005M 0,03M Phản ứng: a a 2a Cân bằng: 0,02 – a 0,005 – a 0,03 + 2a      2 0,03 2 36 0,02 0,005 a K aa    → a = 2,91.10 -3 và 2,89.10 -2 . Vì a < 0,005 nên chỉ nhận a = 2,91.10 -3 Khối lượng HI ở cân bằng cuối: (0,03 + 2. 0,0029). 2. 128 = 9,165(gam) Câu 6 (năm 1997 trang 17) Điều chế clo bằng cách cho 100g MnO 2 (chứa 13% tạp chất trơ) tác dụng với lượng dư dung dịch HCl đậm đặc. Cho toàn bộ khí clo thu được vào m500ml dung dịch có chứa NaBr và NaI. Sau phản ứng, cô cạn dung dịch, thu được chất rắn A (muối khan) có khối lượng m gam. a, Xác định thành phần chất rắn A nếu m = 117gam b, Xác định thành phần chất rắn A trong trường hợp m = 137,6 gam. Biết rằng trong trường hợp này, A gồm hai muối khan. Tỉ lệ số mol NaI và NaBr phản ứng với Cl 2 là 3: 2. Tính nồng độ mol của NaBr và NaI trong dung dịch đầu. Các phản ứng đều hoàn toàn. Cho Mn = 55, Br = 80, I = 127, Cl = 35,5, Na = 23 Giải: MnO 2 + 4HCl → MnCl 2 + Cl 2 + 2H 2 O 1 mol 1 mol 1 mol 2 100 13 1( ) 87 MnO moln   Cl 2 + 2NaI → 2NaCl + I 2 1,5a mol 3a mol 3a mol Cl 2 + 2NaBr → 2NaCl + Br 2 a mol 2a mol 2a mol a, Giả sử Cl 2 phản ứng hết → m NaCl = 2.58,5 = 117(g) Cl 2 phản ứng hết, NaI và NaBr phản ứng hết m A = m NaCl = 117g (thỏa) → A chỉ chứa NaCl Cl 2 phản ứng hết, NaI và NaBr dư → m A > 117 (g) (loại) Cl 2 dư, NaI và NaBr hết → m A < 117(g) (loại) Vậy A chỉ chứa NaCl b, m = 137,6g > 117g → Cl 2 phản ứng hết t o NaI, NaBr dư, n NaI : n NaBr = 3 : 2 → NaI phản ứng hết, NaBr còn dư. n NaI : n NaBr = 3 : 2 → gọi 3a và 2a lần lượt là số mol NaI và NaBr phản ứng Cl 2 ta có 2 1,5 2,5 1 0,4 Cl a a a an       m A = m NaCl + m NaBr = 5a. 58,5 + Tuyển chọn một số phương pháp giải nhanh bài toán hóa học về kim loại giúp học sinh trung học phổ thông nâng cao kiến thức và kĩ năng giải toán hóa Bùi Trọng Tâm Trường Đại học Giáo dục Luận văn ThS ngành: Lý luận và PP giảng dạy; Mã số: 60 14 10 Người hướng dẫn: PGS. TS. Phạm Văn Nhiêu Năm bảo vệ: 2012 Abstract: Tìm hiểu tình hình hiện nay về các phương pháp giải các bài toán hóa học. Tuyển chọn một số phương pháp giải nhanh phù hợp cho từng loại bài tập, đơn giản, ngắn gọn, dễ nhớ giúp học sinh giải bài toán hóa học. Áp dụng các phương pháp vào giải các bài toán kim loại nói riêng và các bài toán hóa học nói chung. Tiến hành thực nghiệm tại một số trường trên địa bàn Hải Phòng. Keywords: Hóa học; Kim loại; Toán hóa học; Kỹ năng làm bài; Trung học phổ thông Content M U 1. Lí do ch tàì Một trong những mục tiêu của dạy học hóa học ở phổ thông là ngoài việc truyền thụ kiến thức hóa học phổ thông cơ bản còn cần mở rộng, phát triển kiến thức, hình thành cho học sinh phương pháp học tập khoa học, phát huy tính chủ động sáng tạo, rèn luyện năng lực nhận thức, tư duy hóa học cho học sinh. Việc giảng dạy hóa học cũng có chức năng phát hiện, bồi dưỡng, nâng cao tri thức cho những học sinh có năng lực, hứng thú học tập bộ môn. Nhiệm vụ này được thực hiện bằng nhiều phương pháp khác nhau, song sử dụng hệ thống bài tập hoá học được đánh giá là phương pháp dạy học hiệu nghiệm trong việc phát hiện, bồi dưỡng năng lực nhận thức và tư duy hóa học cho học sinh nhất là học sinh khá giỏi. Trong hóa học THPT, bài tập hóa học giữa vai trò quan trọng, giúp học sinh khắc sâu kiến thức đã học, rèn luyện kĩ năng giải toán, mang lại hiệu quả sâu sắc trong việc thực hiện mục tiêu đào tạo. Trong bài tập hóa học, phần lớn bài tập ở dạng bài toán hóa học. Việc giải các bài toán hóa học phụ thuộc nhiều vào kĩ năng của học sinh. Đối với các học sinh khá việc nhớ một lượng kiến thức lớn về lý thuyết, sau đó là các bài tập ở mỗi chương là không dễ dàng. Đối với học sinh yếu, kém thì càng khó khăn hơn. Số lượng bài toán hóa học lớn, đa dạng về thể loại, gây khó khăn cho học sinh trong việc phân loại và lựa chọn phương pháp giải thích hợp. Trong số các bài toán hóa học, các bài toán về kim loại chiếm một lượng lớn và thường liên quan đến nhiều kiến thức. Học sinh giải tốt các bài toán về kim loại giúp các em nắm vững tính chất hóa học của các chất, nắm vững lý thuyết liên quan đến phi kim, có kĩ năng giải nhanh các bài toán hóa học. Từ đó củng cố thêm kĩ năng giải các bài toán hữu cơ, tạo Biên soạn: Nguyễn Đình Hành- THCS Chu Văn An, Đăk Pơ, Gia Lai 1 1) Este X tạo bởi glixerol và 3 axit hữu cơ no đơn chức các axit đều có tính chất tương tự CH 3 COOH. Trộn a gam X với t mol hỗn hợp Y gồm các axit trên thu đc b gam hỗn hợp Z. Nếu cho b gam hỗn hợp Z tác dụng với dd NaOH dư, ( hiệu suất của quá trình là 80%) thu được 1,84 gam glixerol. Mặt khác nếu đốt cháy hoàn toàn b gam hỗn hợp Z thu được V lit CO 2 (đktc) và 7,2 gam H 2 O. a) Tìm giá trị V b) Biết trọng hỗn hợp Y các chất có số mol bằng nhau và t =0,015 mol, tìm giá trị a,b. ( Trích đề thi vào lớp 10 chuyên Hóa Hà Nội Ams 2013-2014 ) ĐS :V = 0,45*22,4 = 10,08 lít ; a= 7,725 gam b = 9,08 gam 2)Hỗn hợp A gồm 3 axit: X-COOH; Y-COOH; Z-COOH. Cho X tác dụng với glyxerol C 3 H 5 (OH) 3 trong điều kiện có H 2 SO 4 đặc, đun nóng. Viết tất cả các CTCT của các este có thể tạo thành. ĐS: Có 18 CTCT khác nhau 3) Chất hữu cơ X có công thức phân tử trùng với công thức đơn giản nhất. Trong đó thành phần % theo khối lượng của cacbon và hidro là 45,45% và 6,06% còn lại là oxi. Khi cho X tác dụng với NaOH tạo ra 3 sản phẩm hữu cơ. Mặt khác khi cho 9,9 g X tác dụng với H 2 O trong môi trường H 2 SO 4 làm xúc tác thu được 3 sản phẩm hữu cơ, trong đó hai sản phẩm cùng một loại nhóm chức có tổng khối lượng là 5,406 và đạt hiệu suất là 68%. Xác định công thức phân tử và viết công thức cấu tạo của X. ĐS: HCOO-C 2 H 4 -OOCH 3 4) Tách mỗi chất khỏi hỗn hợp CH 3 COOH; C 2 H 5 OH; CH 3 COOC 2 H 5 ; H 2 O bằng phương pháp hóa học. 5) Chất hữu cơ X có công thức RCOOH và Y có công thức R'(OH) 2 trong đó R và R' là các gốc hiđrocacbon mạch hở. Hỗn hợp A vừa trộn gồm X và Y, chia A thành hai phần bằng nhau, mỗi phần chứa tổng số mol hai chất là 0,05 mol. Phần 1: Cho tác dụng với Na dư được 0,08 gam khí. Phần 2: Đốt cháy hoàn toàn được 3,136 lít khí CO 2 (đktc) và 2,7 gam nước . a) Tìm CTPT của X, Y. b) Viết CTCT của X và Y ĐS: Rượu: C 2 H 6 O 2 CH 2 (OH)-CH 2 OH Axit: C 4 H 6 O 2 CH 3 – CH = CH – COOH ; CH 2 = C – COOH CH 3 CH 2 =CH – CH 2 – COOH 6) Hai este P và Q có khối lượng mol hơn kém nhau 28 gam, phân tử mỗi chất đều chứa C, H và 2 nguyên tử O. Cho 32,4 gam hỗn hợp Z gồm P và Q tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, sau đó cô cạn dung dịch thì thu được 32,8 gam chất rắn khan. Phần bay hơi gồm nước và hai rượu, trong đó phần hơi của hai rượu chiếm thể tích bằng thể tích của 11,2 gam khí N 2 đo ở cùng điều kiện. Khi đốt cháy hoàn toàn một lượng mol như nhau của hai rượu thì số mol CO 2 tạo ra từ các rượu hơn kém nhau 3 lần.Xác định CTCT các este và thành phần %m của mỗi chất trong hỗn hợp Z. { trích đề thi vào lớp 10 chuyên ĐH KHTN Hà nội 2008) ĐS: 68,52% và 31,48% Công thức của P là: CH 3 COOCH 3 Công thức của Q là : CH 3 COOC 3 H 7 7) Đun nóng hỗn hợp rượu etylic và 2-butanol với H 2 SO 4 đặc nóng ở 140 0 C và 180 0 C.Viết các phương trình phản ứng xảy ra và ghi rõ điều kiện. 8) Đốt cháy hoàn toàn 0,524g hợp chất F có CTPT trùng với công thức đơn giản,sản phẩm chỉ gồm 492,8 ml CO 2 ( đktc) và 0,324 gam H 2 O. a)Tìm CTPT của F. TUYỂN CHỌN MỘT SỐ BÀI TẬP HAY VÀ KHÓ VỀ RƯỢU - AXIT - ESTE Giáo viên: Nguyễn Đình Hành – THCS Chu Văn An, Đăk Pơ, Gia Lai Mclass.vn Biên soạn: Nguyễn Đình Hành- THCS Chu Văn An, Đăk Pơ, Gia Lai 2 b) Lấy 6,55 gam F tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH thu được sản phẩm chỉ gồm 6,45 gam muối khan và hỗn hợp 2 ancol cùng dãy đồng đẳng.Nung nóng hoàn toàn lượng muối trong O 2 tới khối lượng không đổi thu được 3,975gam chất rắn. Lấy 1/5 lượng ancol cho hóa hơi thu được thể tích bằng đúng thể tích của 0,48 gam O 2 ở cùng điều kiện. Biết F tác dụng với Na giải phóng H 2 ; ứng với mỗi cặp ancol hãy viết CTCT của F để minh họa. ĐS: CH 3 OH và C 2 H 5 OH hoặc CH 3 OH và C 2 H 5 OH 9) Khi đốt cháy hoàn toàn riêng biệt benzen và hiđrocacbon (X) với số mol như nhau thu được hỗn hợp sản phẩm khí ở 300 độ C với tỉ lệ thể tích tương ứng ... lớp trường THCS có 120 học sinh Số học sinh lớp 6A chiếm 35% so với học sinh 20 khối Số học sinh lớp 6B số học sinh lớp 6A Cũn lại học sinh lớp 6C Tớnh số học 21 sinh lớp? Bài 21: Trên đĩa có... trung bỡnh so với số học sinh lớp Bài 25: Số học sinh khỏ học kỳ I lớp số học sinh lớp Cuối năm có thêm học 16 sinh đạt loại nên số học sinh số học sinh lớp Tớnh số học sinh lớp Bài 26: Số học... cho viên gạch lát nguyên vẹn phải chon loại gạch nào? Vì sao? b) Tính tổng viên gạch cần dùng Bài 15: Thực phộp tớnh a, + (–12) – 10 ; b, 25 – (–17) + 24 – 12 c, 56: 54 + 23.22 – 225 : 152 c, (-5