Bai 2 dap an cac pp dac trung hoa huu co n3

Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Môn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc )- Nhóm N3 CÁC PHƢƠNG PHÁP ĐẶC TRƢNG TRONG HÓA HỮU CƠ (ĐÁP ÁN BÀI TẬP TỰ LUYỆN) Giáo viên: VŨ KHẮC NGỌC Các tập tài liệu biên soạn kèm theo giảng “Các phương pháp đặc trưng hóa hữu cơ” thuộc Khóa học luyện thi THPT quốc gia PEN-C: Môn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) website Hocmai.vn để giúp Bạn kiểm tra, củng cố lại kiến thức giáo viên truyền đạt giảng tương ứng Để sử dụng hiệu quả, Bạn cần học trước giảng “Các phương pháp đặc trưng hóa hữu cơ” sau làm đầy đủ tập tài liệu I Phƣơng pháp bảo toàn nguyên tố Câu 1: B a  b  2c  d  nCO2  0, 03   a  a  0, 72  BTNT (O) : 2a  2b  4c  2d  0, 09  0,11  18  Câu B 2V2 4V2 V1    CH NH  CO  O  2   3  Có    C H NH  V2  H O  17V2 O  3V1    V 9V 8V 17V2 V Bảo toàn O có     2 V2 Câu 3: C nC  nCO2  0,  Theo ý có nH  2nH 2O   a  mX  mC  mH  mO  15,  nO  nX  0,3 Câu 4: A  nC  nCO2  0,8 Theo ý có  X  nH 2O  1,  nOpu  2,  A  nO  nX  0, Câu 5.A 44a  86b  88c  30, 44a  86b  88c  30,   b  0,1 Theo ý có  2a  4b  4c  nCO2  1, 44a  88b  88c  22nCO2  30,8 Câu 6: C 14, 11, 2  2.16  12  mCO2  44 Theo ý có mC  29,  18 22, Câu 7: A Tính toán với số liệu X 2,08 gam  RCOOC2 H5 : 0, 01 1, 26  4,18  2, 08 nCO2  0, 095  nOpu   0, 21  nOX  0, 05    16 RCOOH : 0, 015  nH 2O  0, 07  2, 08  0, 025.40  m  0, 46  0, 015.18  m  2,35 Câu 8: A H2O = 0,55 mol > CO2 = 0,3 mol Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Môn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc )- Nhóm N3 X : C1,2 H4,4O  nX  0,3  nH2O  0,15  m  10, 44  2,7  7,74 Câu 9: C 0,525 mol CO2 0,525 mol nước → tất no đơn chức a  0, 075  nAg  4.0, 075  C andehit : a a  b  0,    Cn H nO2 : b a  2b  0,325 b  0,125 Câu 10: B Dễ dàng mò R Na CO : 0,11 CH  COONa : 0,1  0, 09 : Na2CO3   B  H O : 0,19 NaOH : 0, 08   Câu 11: D  H : 0, 25 A  2  SO4 : 0,1   HCO3 : 0,15  CO2  B  2  Ba : 0, 05  BaSO4  Câu 12: C Do ancol no, đơn chức, bậc hỗn hợp X gồm anđehit, axit nước 1O  1RCHO 2m 2m Có    RCH 2OH   32  RCH 2OH  64 m m 2O  1RCOOH 16 2.16 Bai 13 A nX  0, 03 C4 H 8O2 : 0, 01   nCO2  0,14   A  a 3, 64  a   a  2,52 C5 H10O2 : 0, 02  44 18 Bài 14 D Dễ có nanđehit k no B = 0,175 – 0,125 = 0,05 mol Nếu X có HCHO (a mol) => a + 2.0,05 = 0,15 => a = 0,025 C B = (0,175 – 0,025) : 0,05 = (thỏa mãn) m Ag = (0,025.4 + 0,05.2 ).108 = 21,6 gam II Phƣơng pháp bảo toàn khối lƣợng Bài 1: C HOOC - R - NH2 + HCl  HOOC -R-NH3Cl  mHCl = m muối - maminoaxit = 0,365 gam  mHCl = 0,01 (mol) 0,89  Maminoxit = = 89 0,01 Mặt khác X  -aminoaxit  Đáp án C Bài 2: B ROH + 2Na  RONa + H2 Theo đề hỗn hợp rượu tác dụng với hết Na  Học sinh thường nhầm là: Na vừa đủ, thường giải sai theo hai tình sau: 9,2 15,6  rượu = Tình sai 1: nNa= = 0,4  nrượu = 0,4 M = 39 23 0,4  Đáp án A  Sai Tình sai 2: Áp dụng phương pháp tăng giảm khối lượng: Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Môn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc )- Nhóm N3 24,5  15,6 15,6 = 0,405  M rượu = = 38,52  Đáp án A  Sai 22 0,405 Áp dụng phương pháp bảo toàn khối lượng ta có: m H = mrượu + mNa - mrắn = 15,6 + 9,2 - 24,5 = 0,3 gam 15,6 = 52  Đáp án B  nrượu= 2nH = 0,3 (mol) M rượu = 0,3 Bài 3: B 70% 1,680 ĐLBTKL: mpropilen = mpolime = 42 = 2,205 gam  Đáp án B 100% 22,4 Bài 4: A nrượu = (RCOO)3C3H5 + 3NaOH  3RCOONa + C3H5(OH)3 0,06  0,02 (mol) Theo định luật bảo toàn khối lượng: 17,24 + 0,06.40= mxà phòng + 0,02.92  mxà phòng =17,80 gam  Đáp án: A Bài 5: B RCOOH + KOH  RCOOK + H2O RCOOH + NaOH  RCOONa + H2O nNaOH = nKOH = 0,5.0,12 = 0,06 mol ĐLBTKL: mX + mNaOH + mKOH = mrắn + m H2O  m H O = 1,08 gam  n H O = 0,06 mol 2 3,60  nRCOOH = nH O = 0,06 mol  MX = R + 45 = = 60  R = 15 0,06  X: CH3COOH  Đáp án B Bài 6: D 3(3  1) Số ete thu là: =6 ĐLBTKL: 27,6= 22,2 + m H O  m H O = 5,4 gam  n H O = 0,3 mol n H 2O = n ete = 6nete  nmỗi ete = 0,3: = 0,5 mol  Đáp án: D Bài 7: D mbình tăng = m CO2 , mbình tăng = m H O ĐLBTKL: mx + m O = m CO2 + m H O  mx + 32.0,05 = 0,9 + 2,2  mx = 1,5 gam  Mx = 1,5:0,025=60  Đáp án: D Bài 8: A a R (OH)a + aK  R (OK)a + H2 x xa 0,5 ax  n H = 0,5 ax = 0,25  ax = 0,5 mol ĐLBTKL: 20,2 + 39.0,5 = mmuối + 2.0,25  mmuối = 39,2 gam  Đáp án A Bài 9: B X + NaOH  muối Y + ancol Z  X: este đơn chức to RCOOR’ + NaOH  RCOONa + R’OH RCOONa + NaOH RH + Na2CO3 CaO/t MRH = 8.2 =16  RH: CH4  RCOONa : CH3COONa Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Môn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc )- Nhóm N3 CxHyO(Z) + O2  CO2 + H2O ĐLBTKL: 4,8 + 0,225.32 = m CO2 + m H O = 12 m CO2 = m H O + 1,2  m CO2 = 6,6 gam, m H O = 5,4 gam mC = 12 n CO2 =1,8 gam; mH = 2.nH2O = 0,6 gam; mO = 2,4 gam 1,8 0,6 2,4 : : = 0,15: 0,6: 0,15 = 1: 4: 12 16  Z: CH3OH  X : CH3COOCH3  Đáp án B Bài 10: D Theo ĐLBTKL: mX + m O = m CO2 + m H 2O x: y: z =  m O = 2,7 + 0,2  44 – 4,3 = 10,3 gam  n O = 0,225 (mol) Áp dụng bảo toàn nguyên tố oxi: nH O nH O nX + n O = n CO2 +  nX = n CO2 + - n O = 0,05(mol)  Đáp án D 2 Bài 11: A n CO2 = 1,09 mol ; n H 2O = 1,19 mol  x = mC + mH = 12 n CO2 + 2.n H 2o = 15,46 gam  Đáp án A Bài 12: A Ni,t o Br2 X   Y   Z Nhận thấy: mkhí tác dụng với dung dịch brom = mkhối lượng bình brom tăng mX = mY=mZ + mkhối lượng bình brom tăng 6,048 mkhối lượng bình brom tăng = mX - mZ = 5,14  8 = 0,82 gam  Đáp án A 22,4 III Phƣơng pháp trung bình Bài 1: C n Br2  4/160 Loại B  1 k hidrocacbon khôngno  n hidrocacbon khôngno (1,68  1,62)/22,4  Theo ra:  C  VCO2  2,8   1,67  Loại D  Vhh 1,68   Đáp án A C  có hiđrocacbon CH4 2,8  1,12.1  Chiđrocacbon không no =   Hiđrocacbon lại C3H6  Đáp án C 0,56 Bài 2: A 6,7 Gọi công thức chung X là: Cn H n O  Mx  14n  32   67  n  2,5 0,1 Sơ đồ cháy: Cn H n O2  nCO2  nH 2O  n H2O = 2,5 0,2 = 0,25 mol  m H O = 0,25 18 = 4,5gam  Đáp án A Bài 3: A Đốt cháy hỗn hợp khí cho: VCO2  VH2O  X ankan VCO2   Phân tử X có nguyên tử C  X C2H6 Vhh  Đáp án A C  Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Môn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc )- Nhóm N3 Bài 4: D Gọi công thức chung X là: Cn H n2m (OH)m Sơ đồ cháy: Cn H n2m (OH)m + O2  CO2 + H2O Theo ĐLBT khối lượng: 10,64 7,84 m H O = mx + m O - m CO2 = 8,3 + 32  44  8,1 gam 22,4 22,4  n H O  0,45mol Có:   n X  n H2O  nCO2  0,45  0,35  0,1  M X  83 (1) n  0,35mol CO   Áp dụng ĐLBT nguyên tố với oxi: nO(x)= nO(CO2 )  nO(H2O) - nO(O2 )  no(x) = 0,35 + 0,45 - 0,475 = 0,2 mol n 0,2  (2)  m  O(X)  nX 0,1 Từ (1),(2)  X gồm HOCH2CH2CH2OH HOCH2CH2CH2CH2OH  Đáp án D Bài 5: B Gọi công thức chung hỗn hợp X là: Cn H n22 k 0,35  1,75  Loại A 0,2 Nếu có hiđrocacbon (Y) bị hấp thụ  Y phải có dạng CnH2n-2 n Br2 ( pư ) 6,7  0,175mol  MY   38,3 (loại)  nY = 0,175 Vậy toàn X bị hấp thụ hết  Loại D 6,7  Có : M X   33,5  26 ( C2 H )  Đáp án B 0,2 Bài 6: D Gọi công thức lipit (RCOO)3 C3H5 444 715 239.2  237 nlipit = nglixerol = 0,5mol  Mlipit   888  R   0,5 3  Hai gốc axit béo lipit C17H35(239) C17H33(237)  Đáp án D Bài 7: A nx = 0,2 mol; n Br2 (phản ứng) = 0,35mol  k  46  60   53 ; n X  0,21 mol    Ancol hết  tính theo ancol 32.2  46.2 MY   37,6; n Y  0,20 mol  55 H=80% Phản ứng este hóa: RCOOH  R'OH RCOOR'  H 2O MX  Theo ĐLBT khối lượng: m = ( (MX  MY  18) 0,20 80%  m = (53 + 37,6 - 18) 0,20 80% = 11,616 gam  Đáp án A Bài 8: B Gọi công thức phân tử chung hỗn hợp X, Y C6 H6m (NO2 ) m Sơ đồ đốt cháy: Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Môn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc )- Nhóm N3 m  N2  12,75 m   0,055  m  1,1  78  45m 12,75  0,055  78  45.m   X C6H5NO2 ; Y C6H4(NO2)2 Gọi a % số mol X hỗn hợp ta có: 12,75 m  1.a  2.(1  a)  1,1  a  0,9  n X  n C6H5NO2  0,9  0,09 mol  Đáp án B 78  45.1,1 Bài 9: D nH2O  0,9mol; nCO2  0,6 mol C6 H 6m (NO2 ) m  Nhận thấy: n n H C  2.0,9   X phải có CH3NH2 C2H5NH2 0,6  X hỗn hợp amin no, mạch hở  A D Gọi công thức phân tử chung X Cn H n3 N  n n H  C 2n  3 n 3 n  X có chứa CH3 – CH2 – CH2 – CH2 – NH2  Đáp án D Bài 10: C Theo ta có: Mx  22,5  X chứa CH4 1,792 0,96 Với: m CH4 = 22,5  0,84  0,96 gam  n CH4 =  0,06 mol 16 22,4 1,792  0,06  0,02 mol  Gọi hiđrocacbon lại Y  nY = 22,4 0,84  MY =  42(C3 H6 )  Đáp án C 0, 02 Bài 11: A 16  58  Y C2H5CHO Este đơn chức  Y đơn chức với MY = 0,2759  Trong X có este dạng RCOOH = CH – CH3 Vì NaOH vừa hết  Hai chất rắn thu cô cạn Z hai muối  hai este có chung gốc axit Mặt khác X este đơn chức mà: nx = 0,3 < nNaOH = 0,4  Trong X có chứa este phenol, dạng RCOOC6H4-R’ với n RCOOC6H4 R' = 0,4 – 0,3 = 0,1 mol RCOOC6 H  R' : 0,1 mol  0,3mol X gồm:   n C2H5CHO = 0,2 mol RCOO  CH  CH - CH : 0,2mol Phản ứng  2NaOH  RCOONa  NaO  C6 H  R' H O (1)  RCOOC6 H  R'  0,1 0,1 0,1   (2)  RCOO  CH CH CH  NaOH  RCOONa  C H 5CHO  0,2 0,2 Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Môn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc )- Nhóm N3 Theo ĐLBT khối lượng: mx= mz  mC2H5OH  mH2O  m NaOH  32  0,2.58  0,1.18  40.0,4 =29,4 gam  M RCOOCHCHCH3  M X  29,4  98  M RCOOC6H4 R'  R  (H) 0,3  mx = 0,1 (121 + R’) + 0,2 86 = 29,4  R=1(H) HCOOC6 H  Công thức cấu tạo hai este là:  HCOO  CH  CH  CH  Đáp án A Giáo viên: Vũ Khắc Ngọc Nguồn Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 : Hocmai.vn - Trang | -