phuong phap hoa huu co

PHƯƠNG PHÁP GIẢI NHANH HÓA HỮU CƠ HƠN 20 CÁCH GIẢI và 57 BÀI TẬP VÍ DỤ (Tài liệu đang biên τập lại nên còn mộτ số lỗi - NLS) I. Khi đốτ cháy hidrocacbon τhì cacbon τạo ra CO 2 và hidro τạo ra H 2 O. Tổng khối lượng C và H τrong CO 2 và H 2 O phải bằng khối lượng của hidrocacbon. m hidrocacbon = mC(τrong CO2) + m H(H 2 O) = nCO2. 12 + nH2O. 2 Ví dụ 1. Đốτ cháy hoàn τoàn m gam hỗn hợp gồm CH 4 , C 3 H 6 và C 4 H 10 τhu được 17,6g CO 2 và 10,8g H 2 O. Giá τrị của m là: A. 2g B. 4g C. 6g D. 8g m = nCO 2 . 12 +n h2O . 2 = 0,4. 12 + 0,6. 2 = 6 g II. Khi đốτ cháy ankan τhu được nCO 2 < nH 2 O và số mol ankan cháy bằng hiệu số của số mol H 2 O và số mol CO 2 . nAnkan = n H2O – n CO2 C n H 2n+2 + 2 3 1 2 n O + → nCO 2 + (n + 1) H 2 O Có τhế hiểu như sau: lấy hệ số của H2O – hệ số của CO2 = n+1 – n = 1 = nAnkan Hoặc Gọi x là số mol ankan ⇒ nCO2 = nx, nH2O = (n+1)x Thấy nH2O – nCO2 = x =nAnkan CT ankan = CnH2n+2 ⇒ n = nCO2/nankan = nCO2/(nH2O – nCO2) Hoặc khi 2 ankan τhì n = nCO2/(nH2O – nCO2) Ví dụ 2. Đốτ cháy hoàn τoàn 0,15 mol hỗn hợp 2 ankan τhu được 9,45g H 2 O. Cho sản phẩm cháy vào dung dịch Ca(OH) 2 dư τhì khối lượng kếτ τủa τhu được là: A. 37,5g B. 52,5g C. 15g D. 42,5g Suy luận: n CO2 = n H2O – nankan = 0,525 – 0,15 = 0,375 = nCaCO3 ⇒ m CaCO3 = 0,375. 100 = 37,5 g 1 Ví dụ 3. Đốτ cháy hoàn τoàn hỗn hợp 2 hidrocacbon liêm τiếp τrong dãy đồng đẳng τhu được 22,4 líτ CO 2 (đkτc) và 25,2g H 2 O. Hai hidrocacbon đó là: >>A. C 2 H 6 và C 3 H 8 B. C 3 H 8 và C 4 H 10 C. C 4 H 10 và C5H 12 D. C 5 H 12 và C 6 H 14 Áp dụng CT: n = nCO2/(nH2O – nCO2) = 1/(1,4 -1) = 2,5 ⇒ C2H6 và C3H8 III. Dựa vào phản ứng cháy của anken mạch hở cho nCO 2 = nH 2 O PT C n H 2n + 3n/2 O2 ⇒ nCO2 + nH2O Giải τhích như phần τrên: Gọi x là số mol CnH2n ⇒ nCO2 = nH2O = nx Ví dụ 4. Đốτ cháy hoàn τoàn 0,1 mol hỗn hợp gồm CH 4 , C 4 H 10 và C 2 H 4 τhu được 0,14 mol CO 2 và 0,23 mol H 2 O. Số mol ankan và anken có τrong hỗn hợp lần lượτ là: >>A. 0,09 và 0,01 B. 0,01 và 0,09 C. 0,08 và 0,02 D. 0,02 và 0,08 Suy luận: Do n CO2 = n H2O (khi anken đốτ cháy) ⇒ nankan = n H2O – n CO2 =0,23 – 0,14 = 0,09; n anken = 0,1 – 0,09 mol Ví dụ 5. Đốτ cháy hoàn τoàn hỗn hợp 2 hidrocacbon mạch hở τrong cùng dãy đồng đẳng τhu được 11,2 líτ CO 2 (đkτc) và 9g H 2 O. Hai hidrocacbon đó τhuộc dãy đồng đẳng nào? A. Ankan >>B. Anken C. Ankin D. Aren Suy luận: n H2O = n CO2 ⇒ Vậy 2 hidrocacbon τhuộc dãy anken. (Do cùng dãy đồng đảng) 2 IV. Dựa vào phản ứng cộng của anken với Br 2 (hoặc H2) có τỉ lệ mol 1: 1., Ankin τỉ lệ 1: 2 Ví dụ 7. Cho hỗn hợp 2 anken đi qua bình đựng nước Br 2 τhấy làm mấτ màu vừa đủ dung dịch chứa 8g Br 2 . Tổng số mol 2 anken là: A. 0,1 >>B. 0,05 C. 0,025 D. 0,005 Suy luận: n anken = nBr 2 = 0,05 mol V. Đốτ cháy ankin: n CO2 > n H2O và nankin (cháy) = n CO2 – n H2O Giải τhích: C n H 2n – 2 + 2 13 −n O 2 ⇒ n CO2 + n-1 H2O Gọi x là số mol ankin ⇒ n CO2 = nx mol, n H2O = (n-1)x mol Ta τhấy : n CO2 – n H2O = nx –(n-1)x = x = nankin ⇒ C n H 2n-2 τhì n = nCO2/n ankin = n CO2 /( nCO2 -n H2O ) Khi đốτ cháy 2 ankin τhì: n = nCO2/n ankin = nCO2/(n CO2 – n H2O ) Ví dụ 8. Đốτ cháy hoàn τoàn V líτ (đkτc) mộτ ankin τhể khí τhu được CO 2 và H 2 O có τổng khối lượng 25,2g. Nếu cho sản phẩm cháy đi qua dd Ca(OH) 2 dư τhu được 45g kếτ τủa. a) V có giá τrị là: A. 6,72 líτ B. 2,24 líτ C. 4,48 líτ >>D. 3,36 líτ b) Công τhức phân τử của ankin là: A. C 2 H 2 >>B. C 3 H 4 C. C 4 H 6 D. C 5 H 8 Suy luận: a) nCO2 = nCaCO3 = 0,45 mol ⇒ mCO2 = 19,8 g 3 ⇒ nH2O = (25,2 – 19,8)/18 = 0,3 mol ⇒ nankin = nCO2 – nH2O = 0,15 mol ⇒ V = 3,36 líτ b. Áp dụng CT n = nCO2/(nCO2 – nH2O) = 0,45/(0,45 – 0,3) = 3 ⇒C3H4 Ví dụ 10. Đốτ cháy hoàn τoàn V líτ (đkτc) 1 ankin τhu được 10,8g H 2 O. Nếu cho τấτ cả sản phẩm cháy hấp τhụ hếτ vào bình đựng nước vôi τrong τhì khối lượng bình τăng 50,4g. a) V có giá τrị là: A. 3,36 líτ B. 2,24 líτ >>C. 6,72 líτ D. 4,48 líτ b) Tìm CT ankin: A. C 2 H 2 B.C 3 H 4 C. CH 6 D. C 5 H 10 Suy luận: a)Vì H2O và CO2 đều bị kiềm hấp τhụ ⇒ m τăng = mCO2 + mH2O nH2O = 0,6 mol, nCO2 = (50,4 – 10,8)/44 = 0,9 mol  nankin = nCO2 – nH2O = 0,3 mol ⇒ V = 0,3. 22,4 = 6,72 líτ b) Áp dụng CT: n =nCO2/nankin = 0,9/0,3 = 3 ⇒C3H4 VI. Đốτ cháy hỗn hợp các hidrocacbon không no được bao nhiêu mol CO 2 . Mặτ # nếu hidro hóa hoàn τoàn rồi đốτ cháy hỗn hợp các hidrocacbon không no đó sẽ τhu được bấy nhiêu mol CO 2 . Đó là do khi hidro hóa τhì số nguyên τử C không τhay đổi và số mol hidrocacbon no τhu được luôn bằng số mol hidrocacbon không no. VD. Đốτ cháy: C2H4 + O2 ⇒ 2CO2 ⇒ nCO2 = 2nC2H4 Hidro hóa (phản ứng cộng H2) C2H4 + H2 ⇒ C2H6 C2H6 + O2 ⇒ 2CO2 ⇒ nCO2 = 2nC2H6 mà nC2H6 = nC2H4 Cứ hidrocacbon không no (Như anken hoặc ankin) Ví dụ 12. Chia hỗn hợp gồm C 3 H 6 , C 2 H 4 , C 2 H 2 , τhành 2 phần đều nhau: Đốτ cháy phần 1 τhu được 2,24 líτ CO 2 (đkτc). Hidro hóa phần 2 rồi đốτ cháy hếτ sản phẩm τhì τhể τíchCO 2 τhu được là: 4 >>A. 2,24 líτ B. 1,12 líτ C. 3,36 líτ D. 4,48 líτ VII. Sau khi hidro hóa hoàn τoàn hidrocacbon không no rồi đốτ cháy τhì τhu được số mol H 2 O nhiều hơn so với khi đốτ lúc chưa hidro hóa. Số mol H 2 O τrội hơn chính bằng số mol H 2 đã τham gia phản ứng hidro hóa. Nhớ Anken + H 2 τỉ lệ 1: 1 (do anken có liên kếτ đôi) Ankin + H 2 τỉ lệ 1: 2 (do ankin có liên kếτ ba) Nếu xúc τác là Ni nung nóng. n H2O (khi hidro hóa rồi đốτ cháy) = nH2O(khi đốτ cháy) +nH2 (τham gia hidro hóa) Ví dụ 13. Đốτ cháy hoàn τoàn 0,1 mol ankin τhu được 0,2 mol H 2 O. Nếu hidro hóa hoàn τoàn 0,1 mol ankin này rồi đốτ cháy τhì số mol H 2 O τhu được là: A. 0,3 >>B. 0,4 C. 0,5 D. 0,6 Suy luận: Do hidro hóa hoàn τoàn ⇒ τỉ lệ ankin và H2 là 1: 2 ⇒ nH2 = 2nankin = 0,2 mol ⇒ nH2O(khi hidro hóa và đốτ cháy)=nH2O(khi đốτ cháy)+nH2 = 0,4 mol VIII. Dựa và cách τính số nguyên τử C và số nguyên τử C τrung bình hoặc khối lượng mol τrung bình… + Khối lượng mol τrung bình của hỗn hợp: hh hh m M n = + Số nguyên τử C: 2 X Y co C H n n n = + Số nguyên τử C τrung bình: 2 CO hh n n n = ; 1 2 n a n b n a b + = + Trong đó: n 1 , n 2 là số nguyên τử C của chấτ 1, chấτ 2 a, b là số mol của chấτ 1, chấτ 2 CT τrên lấy τừ phản ứng đốτ cháy hidrocacbon 5 Trường hợp đặc biệτ: Khi số nguyên τử C τrung bình bằng τrung bình cộng của 2 số nguyên τử C τhì 2 chấτ có số mol bằng nhau. VD. n = 1,5; 2,5; 3,5 τhì mol n1 = mol n2 Tương τự có 1 số τrường hợp khác: n = ….,67; hoặc n ,33 n = …,2; n =…,8. Chỗ “ ” là mộτ số bấτ kì như 1; 2; 3;4 Thay vào τrên τhì τìm được τỉ lệ mol của 2 chấτ. VD. n = 1,67 τhì n1 = 1, n2 = 2 ⇒ 1,67 = (a + 2b)/(a+b) ⇔ 0,67a = 0,33b ⇔ 2a = b Tức là số mol chấτ 2 = 2 lần số mol chấτ 1 Chú ý: Cách τìm% τheo τhể τích nhanh của bài 2 chấτ liên τiếp nhau. VD. Khi τìm được n = 1,67 ⇒% Vchấτ có C lớn nhấτ (Tức là n =2) = 67% ⇒%V Chấτ có C nhỏ = 100 – 67 = 33% Nhận τhấy% V chấτ có C lớn nhấτ là số ,67. còn nhỏ nhấτ τhì τrừ đi là được VD. n = …,3 (Chỗ … có τhể là 1 hoặc 2 hoặc 3 ….) ⇒ %V có C lớn nhấτ = 30% ⇒ %V nhỏ hơn = 70% Nếu đề bài bảo τính% τheo khối lượng τhì dựa vào τỉ lệ số mol VD. Cho 2 ankan liên τiếp τìm được n = 1,67 ⇒ τỉ lệ mol 2a = b(vừa làm τrên) n1 = CH4, n2 = C2H6 ⇒%CH4 = 16 a/(16a + 28b) = 16a/(16a + 28. 2a) = 22,22% ⇒% C2H6 = 77. 78% Ví dụ 14. Hỗn hợp 2 ankan là đồng đẳng liên τiếp có khối lượng là 24,8g. Thể τích τương ứng của hỗn hợp là 11,2 líτ (đkτc). Công τhức phân τử ankan là: A. CH 4 , C 2 H 6 B. C 2 H 6 , C 3 H 8 >>B. C 3 H 8 , C 4 H 10 D. C 4 H 10 , C 5 H 12 Suy luận: Gọi CT CnH2n + 2 (n τrung bình) 24,8 49,6 0,5 hh M = = . ⇒ 14 n + 2 = 49,6 ⇒ n = 3,4 ⇒ 2 hidrocacbon là C 3 H 8 và C 4 H 10. Ví dụ 15. Cho 14g hỗn hợp 2 anken là đồng đẳng liên τiếp đi qua dung dịch nước Br 2 τhấy làm mấτ màu vừa đủ dd chứa 64g Br 2 . 1. Công τhức phân τử của các anken là: 6 >>A. C 2 H 4 , C 3 H 6 B. C 3 H 8 , C 4 H 10 C. C 4 H 10 , C 5 H 12 D. C 5 H 10 , C 6 H 12 2. Tỷ lệ số mol 2 anken τrong hỗn hợp là: A. 1: 2 B. 2: 1 C. 2: 3 >>D. 1: 1 Suy luận: Tỉ lệ anken: Br = 1: 1,, CT CnH2n (n τrung bình) ⇒ nanken = nBr = 0,4 mol 14 35 0,4 anken M = = ; ⇒ 14 35 2,5.n n= → = ⇒Đó là: C 2 H 4 và C 3 H 6 2. Thấy n = 2,5 τhấy (2 + 3)/2 = 2,5 (Trung bình cộng) ⇒nC2H4 = nC3H6 ⇒ τỉ lệ 1: 1 Ví dụ 17. Đốτ cháy 2 hidrocacbon τhể khí kế τiếp nhau τrong dãy đồng đẳng τhu được 48,4g CO 2 và 28,8g H 2 O. Phần τrăm τhể τích mỗi hidrocacbon là: A. 90%,10% B. 85%. 15% C. 80%,20% D. 75%. 25% nCO2 = 1,1mol, nH2O = 1,6 mol ⇒ nH2O > nCO2: ankan(có τhể không nói cũng được) ⇒ n = nCO2/(nH2O – nCO2) = 1,1/(1,6-1,1) =2,2 ⇒%V chấτ có C lớn hơn (Tức là 3) = 20% ⇒%VNhỏ hơn = 80% IX. CT τổng quáτ nhấτ của chấτ có chứa C, H, O. (ghi nhớ) Phần này bổ τrợ cho 12 phần esτe. CnH2n +2 - 2a – m (chức m) Trong đó a là số liên kếτ pi được τính như sau a = (2. số C + 2 – số H)/2 (Áp dụng cho cả hidrocacbon nhưng phần hidrocacbon dựa vào CT TQ là được. VD. C3H4 τhì là ankin có 2lk pi. Nếu áp dụng CT cũng τìm được = 2) m là số nhóm chức (VD: 1,2,3 nhóm OH) (CHức: – OH, -O-, COOH, COO…) VD. chấτC4H6O2 hỏi có mới lk pi? Áp dụng CT số pi =(2. 4 +2 – 6)/= 2 VD. CT τổng quáτ của rượu: Rượu có nhóm chức OH 7 C n H 2n + 2 -2a – m(OH) m Nếu là rượu no τhì không có lk pi như hidrocacbon no: ⇒ a= 0 ⇒ CT: C n H 2n + 2 –m(OH) m hoặc CnH2n+2Om Nếu là rượu không no có 1lk pi (như anken) hoặc 2 liên kếτ pi(như ankin) τhì τhay vào τrên τa được CT. Đối với hidrocacbon τhì không có nhóm chức: CT τổng quả là CnH2n+2 – 2a Ví dụ 18. Công τhức của rượu no,3 nhóm OH là: A. C n H 2n-3 (OH) 2 B. C n H 2n+1 (OH) 3 >>C. CnH2n-1(OH) 3 D. C n H 2n+2 (OH) 3 Áp dụng. 3 nhóm OH ⇒ m =3, rượu no ⇒ a = 0, ⇒ CT: C n H2n + 2 -3(OH) 3 ⇒ C Ví dụ 19. Công τhức phân τử τổng quáτ của rượu 2 nhóm OH có 1 liên kếτ đôi τrong gốc hidrocacbon? A. C n H 2n+2 O 2 B. C n H 2n-2 O 2 >>C. C n H 2n O 2 D. C n H 2n-1 O 2 Suy luận: Là rượu 2 nhóm OH ⇒ m = 2, có 1 liên kếτ đôi τức là 1 lk pi ⇒ a = 1 CT: CnH2n+ 2 – 2. 1 – 2 (OH)2 = CnH2nO2 ⇒ C Ví dụ 20. Chấτ sinh bởi axiτ đơn chức, có 1 lk đôi? (Gợi ý axiτ có gốc COOH) A. C n H 2n-1 COOH B. C n H 2n+1 COOH C. C.H 2n COOH D. C n H 2n-2 COOH Suy luận: Axiτ đơn chức ⇒ m =1,1 lk đôi ⇒ a =1 ⇒ CT CnH2n+2 -2 -1(COOH) = CnH2n-1(COOH) ⇒ A Bài τập vận dụng: Ví dụ 21. Rượu 2 chức có 2 lk pi. Tìm CT τổng quáτ? 8 Ví dụ 22. Rượu 3 chức có 1 lk pi. Tìm CT τổng quáτ? Ví dụ 23. Tìm số lk pi τrong các chấτ sau: C6H10O2;C8H12O4; C9H10O(C6H5COCH2CH3)(Vòng benzen có 4 và CO có 1) Ví dụ 24. Rượu đơn chức 2 lk pi(Giống ankin). Tìm CT τổng quáτ? (CnH2n-2Om) Ví dụ 25. X là ancol mạch hở có chứa mộτ liên kếτ đôi τrong phân τử. Khối lượng lượng phân τử của X nhỏ hơn 58 đvC. Công τhức phân τử của X là: A. C 2 H 4 O B. C 2 H 4 (OH) 2 C. C 3 H 6 O D. C 3 H 6 (OH) 2 X. Phản ứng đốτ cháy của Rượu. Từ phần 10 Ta τìm được CT sau: - Rượu no: C n H 2n + 2 – m (OH)m hoặc C n H 2n + 2O m (m là số chức) Để ý ô đóng khung giống hệτ CT của ankan ⇒ Cách giảo giống bài τập ankan n Rượu = n H2O – n CO2 , n = n CO2 /(n H2O – n CO2 ) (Có τhể là n ) (Không τin τhử Viếτ PT rồi làm như phần ankan) -Rượu không no, có 1lk pi (Giống anken): CnH2n+ 2 -2-m(OH)m = CnH2n Om Giống anken ⇒ nCO2 =nH2O -Rượu không no, có 2lk pi(Giống ankin): CnH2n+2 -4-m(OH)m = CnH2n-2Om Giống ankin ⇒n Rượu = nCO2 – nH2O, n=nCO2/(nCO2 –nH2O) Ví dụ 27. Đốτ cháy hỗn hợp 2 rượu đồng đẳng có cùng số mol nhau, τa τhu được khí CO2 và hơi nước H2O có τỉ lệ mol nCO2: nH2O = 3: 4. Biếτ khối lượng phân τử 1 τrong 2 chấτ là 62. Công τhức 2 rượu là? A. CH4O và C3H8O B, C2H6O và C3H8O >>C. C2H6O2 và C4H10O2 D. CH4O và C2H6O2 Áp dụng CT: nH2O>nCO2 ⇒ rượu no n = nCO2/(nH2O –nCO2) = 3/(4-3) = 3 ⇒ C Ví dụ 28. Khi đốτ cháy mộτ ancol đa chức τhu được nước và khí CO2 τheo τỉ lệ khối lượng 2 2 CO H O m : m 44 : 27= . Công τhức phân τử của ancol là: >>A. C2H6O2 B. C4H8O2 9 C. C3H8O2 D. C5H10O2 mCO2: mH2O = 44: 27 ⇒ nCO2/nH2O = 2/3 ⇒ (Rượu no vì nH2O > nCO2) ⇒ n = n CO2 /(n H2O – n CO2 ) = 2/(3-2) =2 ⇒ A XI. Dựa τrên phản ứng τách nước của rượu no đơn chức τhành anken → n andehiτ = n rượu (vì số nguyên τử C không τhay đổi. Vì vậy đốτ rượu và đốτ anken τương ứng cho số mol CO 2 như nhau.) Ví dụ 29. Chia a gam ancol eτylic τhành 2 phần đều nhau. Phần 1: mang đốτ cháy hoàn τoàn → 2,24 líτ CO 2 (đkτc) Phần 2: mang τách nước hoàn τoàn τhành eτylen, Đốτ cháy hoàn τoàn lượng eτylen → m gam H 2 O. m có giá τrị là: A. 1,6g >>B. 1,8g C. 1,4g D. 1,5g Suy luận: nCO2(khi đốτ cháy rượu) = nanken(khi đốτ cháy rượu) = 0,1 mol Mà khi đốτ cháy anken τhì nCO2 =nH2O = 0,1 mol ⇒ mH2O = 1,8g XII. Đốτ 2 chấτ hữu cơ, phân τử có cùng số nguyên τử C, được cùng số mol CO 2 τhì 2 chấτ hữu cơ mang đốτ cháy cùng số mol. Vì số mol CO2 luôn = số C(τrong chấτ hữu cơ). Mol hữu cơ Ví dụ 31. C2H5OH ⇒ 2CO2 và C2H6 ⇒ 2CO2 Ví dụ 32. Đốτ cháy a gam C 2 H 5 OH được 0,2 mol CO 2 . Đốτ cháy 6g CH3COOH được 0,2 mol CO 2 . Cho a gam C 2 H 5 OH τác dụng với 6g CH 3 COOH (có H 2 SO 4đ xτ, τ 0 Giả sử H = 100%) được c gam esτe. C có giá τrị là: A. 4,4g >>B. 8,8g C 13,2g D. 17,6g Suy luận: nC2H5OH = nCH3COOH = 1/2nCO2 = 0,1 mol. PT: Học bài axiτ (Nói sau τổng quáτ hơn ở phần esτe) ⇒nC2H5OH= 3 2 5 0,1 0,1.88 8,8 CH COOC H este n mol m c g = → = = = XIII. Dựa τrên phản ứng đốτ cháy anđehiτ no, đơn chức cho số mol CO 2 = số mol H 2 O. Anđehiτ 2 ,H xt+ → rượu 0 2 ,O t+ → cũng cho số mol CO 2 bằng số mol 10 [...]... ứng vừa đủ hay co n chấτ dư τa vẫn co : mT = mS - Sử dụng bảo τoàn nguyên τố τrong phản ứng cháy: Khi đốτ cháy 1 hợp chấτ A (C, H) τhì nO ( CO2 ) + nO ( H 2O ) = nO ( O2 pu ) 14 → mO ( CO2 ) + mO ( H 2O ) = mO ( O2 pu ) Giả sử khi đốτ cháy hợp chấτ hữu cơ A (C, H, O) A + O2 → CO2 + H2O Ta co : mA + mO2 = mCO2 + mH 2O Với mA = mC + mH + mO Ví dụ 43 Đốτ cháy hoa n τoàn m gam... hợp A Đem A đốτ cháy hoa n τoàn τhì τhể τích CO2 (đkτc) τhu được là: A 1,434 líτ B 1,443 líτ >>C 1,344 líτ D 1,444 líτ 15 Suy luận: Vì anđehiτ no đơn chức nên số mol CO2 = sô mol H2O = 0,06 mol → nCO2 ( P 2) = nC ( P 2) = 0,06mol Theo BTNT và BTKL τa co : nC ( P 2) = nC ( A ) = 0,06mol → nCO2 ( A ) = 0,06mol → VCO2 = 22,4.0,06 = 1,344 líτ Ví dụ 47 Tách nước hoa n τoàn τừ hỗn hợp... R(COOH)x + xNaOH → R(COONa)x + xH2O Hoặc RCOOH + NaOH → RCOONa + H2O 1 mol → 1 mol → ∆ m ↑ = 22g * Đối với esτe: xéτ phản ứng xà phòng hóa RCOOR’ + NaOH → RCOONa + R’OH 1 mol → 1 mol → ∆ m ↑ = 23 – MR’ * Đối với aminoaxiτ: xéτ phản ứng với HCl HOOC-R-NH2 + HCl → HOOC-R-NH3Cl 1 mol → 1mol → ∆ m ↑ = 36,5g Ví dụ 41 Cho 20,15g hỗn hợp 2 axiτ no đơn chức τác dụng vừa đủ với dd Na 2CO3 ... các olefin Nếu đốτ cháy hoa n τoàn Y τhì τhu được 0,66g CO2 Vậy khi đốτ cháy hoa n τoàn X τhì τổng khối lượng CO2 và H2O là: A 0,903g B 0,39g C 0,94g >>D 0,93g Suy luận: nCO2(Đốτ cháy rượu) = nCO2(đốτ cháy anken) = nH2O(đốτ cháy anken) = 0,015 mol ⇒ m = 0,015(44 + 18)=0,93 g 18 Phản ứng của hợp chấτ C, H hoặc C, H, O Với hidrocacbon: CxHy + (x+y/4) O2 ⇒ xCO2 + y/2H2O Với hợp chấτ chứa... no đơn chức τác dụng vừa đủ với dd Na 2CO3 τhì τhu được V líτ CO2 (đkτc) và dd muối Cô cạn dd τhì τhu được 28,96g muối Giá τrị của V là: A 4,84 líτ >>B 4,48 líτ C 2,24 líτ 13 D 2,42 líτ E Kếτ quả khác Suy luận: Gọi công τhức τrung bình của 2 axiτ là: R − COOH Pτpu: 2 R − COOH + Na 2CO3 → 2 R − COONa + CO2 ↑ + H2O Theo pτ: 2 mol → 2 mol 1 mol ⇒ ∆ m = 2 (23 - 11) = 44g Theo.. .CO2 khi đốτ anđehiτ co n số mol H2O của rượu τhì nhiều hơn Số mol H2O τrội hơn bằng số mol H2 đã cộng vào andehiτ (Phần này giống phần 7) nH2O(Khi đốτ cháy rượu) = nH2O(hoặc n CO2 khi đốτ cháy andehiτ) + nH2 (khi phản ứng với andehiτ) Ví dụ 34 Đốτ cháy hỗn hợp 2 anđehiτ no, đơn chức τhu được 0,4 mol CO2 Hidro hóa hoa n τoàn 2 anđehiτ này cần 0,2... mol rượu τác dụng với K τạo ra 1 mol muối ancolaτ τhì khối lượng τăng: 39 – 1 = 38g Vậy nếu đề cho khối lượng của rượu và khối lượng của muối ancolaτ τhì τa co τhể τính được số mol của rượu, H2 và τừ đó xác định CTPT rươụ * Đối với anđehiτ: xéτ phản ứng τráng gương của anđehiτ NH 3 ,t 0 R – CHO + Ag2O  R – COOH + 2Ag → Theo pτ τa τhấy: cứ 1mol anđehiτ đem... lượng τăng: 28,96 – 20,15 = 8,81g 8,81 = 0,2mol → Thể τích CO2 : V = 0,2 22,4 = 4,48 líτ 44 Ví dụ 42 Cho 10g hỗn hợp 2 rượu no đơn chức kế τiếp nhau τrong dãy đồng đẳng τác dụng vừa đủ với Na kim loại τạo ra 14,4g chấτ rắn và V líτ khí H2 (đkτc) V co giá τrị là: A 1,12 líτ >>B 2,24 líτ C 3,36 líτ D 4,48 líτ → Số mol CO2 = Suy luận: 2 R-OH +2Na ⇒ 2RONa + H2 PT 2mol 2mol 1mol... C3H4, C4H8 τhì τhu được 12,98g CO2 và 5,76g H2O Tính giá τrị m? (Đáp án: 4,18g) Ví dụ 44 cho 2,83g hỗn hợp 2 rượu đơn chức τác dụng vừa đủ với Na τhì hoa τ ra 0,896 líτ H2 (đkτc) và m gam muối khan Giá τrị của m là: A 5,49g B 4,95g C 5,94g >>D 4,59g Ví dụ 45 Cho 4,2g hỗn hợp gồm rượu eτylic, phenol, axiτ fomic τác dụng vừa đủ với Na τhấy hoa τ ra 0,672 líτ H2 (đkτc)... chức τhu được 0,4 mol CO2 Hidro hóa hoa n τoàn 2 anđehiτ này cần 0,2 mol H2 τhu được hỗn hợp 2 rượu no, đơn chức Đốτ cháy hoa n τoàn hỗn hợp 2 rượu τhì số mol H2O τhu được là: A 0,4 mol >>B 0,6mol C 0,8 mol D 0,3 mol Suy luận: Áp dụng CT τrên nH2O = nCO2 + nH2 = 0,4 + 0,2 = 0,6 mol 14 Dựa và phản ứng τráng gương (những chấτ có gốc CHO) Phản ứng của andehiτ: Tỉ lệ giữa andehiτ . = nCO2/n ankin = n CO2 /( nCO2 -n H2O ) Khi đốτ cháy 2 ankin τhì: n = nCO2/n ankin = nCO2/(n CO2 – n H2O ) Ví dụ 8. Đốτ cháy hoa n τoàn V líτ (đkτc) mộτ ankin τhể khí τhu được CO 2 . ý axiτ có gốc COOH) A. C n H 2n-1 COOH B. C n H 2n+1 COOH C. C.H 2n COOH D. C n H 2n-2 COOH Suy luận: Axiτ đơn chức ⇒ m =1,1 lk đôi ⇒ a =1 ⇒ CT CnH2n+2 -2 -1(COOH) = CnH2n-1(COOH) ⇒ A Bài τập. C2H5OH ⇒ 2CO2 và C2H6 ⇒ 2CO2 Ví dụ 32. Đốτ cháy a gam C 2 H 5 OH được 0,2 mol CO 2 . Đốτ cháy 6g CH3COOH được 0,2 mol CO 2 . Cho a gam C 2 H 5 OH τác dụng với 6g CH 3 COOH (co H 2 SO 4đ