LỜI GIẢI CHI TIẾT ĐỀ THI MINH HỌA – KỲ THI THPT QUỐC GIA NĂM 2015

Thành phần chính của đạm ure là: NH22CO.. CO là khí độc vì nó kết hợp với hemoglobin trong máu tạo phức chất bền cacboxi hemoglobin làm cho hemoglobin mất khả năng vận chuyển oxi đến các

LỜI GIẢI CHI TIẾT

ĐỀ THI MINH HỌA – KỲ THI THPT QUỐC GIA NĂM 2015

Môn thi: HÓA HỌC Câu 1 X: 3s2 → X: 1s22s22p63s2 → Z = 12.Chọn A.

Câu 2 2Fe + 6H2SO4 → Fe2(SO4)3 + 3SO2 + H2O → a:b = 2:6 = 1:3 Chọn A.

Câu 3 A: sai (Vì HNO3 là axit yếu hơn H2SO4 nếu lấy cùng nồng độ nhưng không thể đẩy được

ra khỏi muối) Chọn A

Câu 4 Cl: thuộc nhóm halogen Chọn A.

Câu 5 Thành phần chính của đạm ure là: (NH2)2CO Chọn A.

Câu 6 Tính chất vật lí của khí CO: là chất khí không màu, không mùi, hóa lỏng ở -191,50C và hóa rắn ở -205,20C tan ít trong nước vì phân tử CO phân cực yếu, rất bền với nhiệt CO là khí độc vì nó kết hợp với hemoglobin trong máu tạo phức chất bền cacboxi hemoglobin làm cho hemoglobin mất khả năng vận chuyển oxi đến các tế bào. Chọn B.

Câu 7 Nhận thấy: mdd tăng = mKL = 13,23g = → Sản phẩm khử phải có NH 4 NO 3 : x mol

BTe :2.0,1+3.0,04+2.0,15=8.x→ x=0,0775

n HNO

3 (pứ) = 10. n NH

4 NO 3 = 0,775 Chọn D.

Câu 8 D: sai (vì Cu đứng sau H trong dãy điện hóa kim loại nên không phản ứng H2 SO 4 loãng) Chọn D Câu 9 X: H (Phi kim); Y: N (Phi kim); E: Mg (Kim loại); T: K (Kim loại) Chọn C.

Câu 10 B: đúng Chọn B.

Giải thích:

A: sai (Vì khối lượng riêng nhỏ nhất của kim loại Li là: D = 0,543g/cm 3 < H 2 O: D = 1g/cm 3

C: sai (Vì Fe 3 O 4 trong đó Fe SOXH là: +2 và +3)

D: sai (Vì kim loại Hg ở nhiệt độ thường tồn tại ở trạng thái lỏng)

Câu 11 Nhận thấy: Fe + dung dịch X → NO (duy nhất) → H + (hết), NO 3- (dư)

nH+ (max )= 2.nCu 2+= 2.0,2=0,4(mol)

1

Giả sử chất rắn chỉ có Fe → dung dịch X chỉ có H + , không có Cu 2+ → n H+=0,4 (mol ) và

n Fe( pu)=14 ,4−13,5

56 ≈0,016(mol) (mâu thuẩn xảy ra theo cơ chế phản ứng phía dưới) → Cu2+

(còn dư)

Catot (–) Anot (+)

Cu2+ + 2e → Cu↓ 2H 2 O → 4H + + O 2 ↑ + 4e

x → 2x 2x 2x ←2x

Dung dịch X: {Cu H 2++: 0,2−x (mol ) :2 x (mol )

NO

3−:0,4( mol)

Fe + 4H + + NO 3- → Fe 3+ + NO + 2H 2 O

0,5x ← 2x → 0,5x

Fe + 2Fe 3+ → 3Fe 2+

0,25x → 0,5x

Fe + Cu 2+ → Fe 2+ + Cu↓

0,2 – x ← 0,2 – x 0,2 – x

Chất rắn: {Fe :14 ,4−(0,5 x+0 ,25 x+0,2−x) 56=3,2+14 x Cu:0,2−x

(mol ) (gam)}=13 , 5→x=0, 05

Theo Faraday:

n= I t

n e F→0 , 05=

2, 68 t

2 96500→t≈3600 s=1 (giờ) Chọn B.

Câu 12 D: không xảy ra (vì CuO không phải là oxit lưỡng tính) Chọn D.

Giải thích:

A: Cl 2 + 2NaOH → NaCl + NaClO + H 2 O

B 2Al + 2NaOH + 2H 2 O → 2NaAlO 2 + 3H 2

C CO 2 + 2NaOH → Na 2 CO 3 + H 2 O

Câu 13 Lớp cặn (CaCO3 hoặc MgCO 3 ) là do tác hại của nước cứng tạo ra Để loại bỏ lớp cặn đá ta phải dùng giấm ăn (CH 3 COOH) Vì

CaCO 3(rắn) + 2CH 3 COOH → (CH 3 COO) 2 Ca + CO 2 ↑ + H 2 O

MgCO 3(rắn) + 2CH 3 COOH → (CH 3 COO) 2 Mg + CO 2 ↑ + H 2 O Chọn A.

Câu 14 B: AlCl3 (dư) + 3NaOH → Al(OH) 3 ↓ + 3NaCl Chọn B.

Giải thích:

A: 4NaOH (dư) + AlCl3 → NaAlO 2 + 3NaCl + 2H 2 O

C: CaCO 3 + 2HCl → CaCl 2 + H 2 O + CO 2 ↑

D: 2CO 2 (dư) + Ca(OH) 2 → Ca(HCO 3 ) 2

Câu 15 {Al 3+ :0 , 15(mol )

H+:0 , 15(mol ) +⟨

⃗OH−:V1Al(OH )3↓:0 , 05(mol )

:V2Al(OH )3↓:0 , 05(mol )

TN1: Al3+ (dư): n Al (OH )3 ↓=

n OH−−n H+

V1−0 ,15

3 =0 , 05→V1=0,3

TN2: Al3+ (thiếu): n Al (OH )

3 ↓=4 nAl 3++nH+−nOH−=4 0 , 15+0 , 15−V2=0 ,05 →V2=0,7

→

V2

V1=7 :3 .Chọn D.

Câu 16 n H

2SO 4=n CO

2 bđ )=0,2=nH

2O

BTKL :m hh+m H

2SO 4=mX+m muoi(Y )+mCO

2+m H

2O

→115 , 3+0,2 98=mX+12+0,2 44+0,2 18→m X=110, 5

BTKL :m X=m Z+m CO

2(sau )→110 , 5=m Z+0,5 44 →mZ=88 , 5

.Chọn D.

Câu 17 C: CrO3 là những tinh thể hình kim, màu đỏ sẩm, phân hủy ở 250 0 C, là oxit axit, tan trong nước tạo axit cromic hoặc đicromic (màu vàng); tác dụng với nhiều chất hữu cơ như: C, P, S, NH 3 , C 2 H 5 OH,

Chọn C.

Giải thích:

A: P có 2 dạng (trắng, đỏ) không tan trong nước

3

B: Fe 2 O 3 chất rắn màu đỏ nâu, không tan trong nước

D: Cu chất rắn màu đỏ, không tan trong nước

Câu 18 C: sai (Vì % các nguyên tố trong vỏ trái đất giảm dần: O, Si, Al, Fe, Ca, Na, Mg) Chọn C.

Câu 19

Fe : x(mol )+{Ag+:0 , 03(mol )

Cu 2+ :0 , 02(mol )→{dd(X⃗)+Zn: 0, 05 (mol) hhKL:3 , 84 g 3 , 895 ghhKL

mZn< mhhKL→ dd (X) phải có chứa Ag+

Fe + 2Ag +→ Fe2+ + 2Ag↓

a→ 2a a 2a

3,84g hhKL: { Fe (du): x−a Ag :2a →160 a+56 x=3, 84 (*)

Dd X: { Ag Cu+:0 ,03−2 a2+: 0 ,02

Fe2+:a

→

ne(nhận) = 1.(0,03 – 2a) + 2.0,02 + 2.a = 0,07 < ne(cho) = 2.nZn = 0,1

→ ne(cho) (dư) = 0,1- 0,07 = 0,03 → nZn(dư) = 0,03:2 = 0,015

3,895g hhKL: { Ag :0,03−2a Cu:0,02

Fe : a Zn(du): 0,015

→108(0 ,03−2a)+64 0,02+56a+65.0,015=3,895→a=0,01

(*) → x = 0,04 → m = 0,04.56 = 2,24 Chọn B.

Câu 20 Các chất tác dụng với dung dịch NaOH là: Al, FeCl3 Chọn B.

2Al + 2NaOH + 2H2O → 2NaAlO2 + 3H2↑

FeCl3 + 3NaOH → Fe(OH)3↓ + 3NaCl

Câu 21.

{CuO: 0 ,15 (mol)

Fe 3 O4:0 ,15(mol )⃗+H2SO 4(vuadu){Cu Fe 2+ 2+ :0 ,15(mol) :0 ,15 (mol)

Fe 3+ :0,3 (mol)

⃗+Mg: x(mol )dd ( B)⃗+KOH (du )(D )↓⃗ t0(kk)ran( E ): 45g

Rắn (E) luôn có Fe2O3 Vì m Fe 2 O3

(tối đa) = 0,225.160 = 36g < 45g → rắn (E) phải chứa CuO; MgO

Mg + 2Fe3+ → Mg2+ + 2Fe2+

0,15 ← 0,3→ 0,15 0,3

Mg + Cu2+ → Mg2+ + Cu↓

x – 015 → x – 0,15 x – 0,15

Dd (B):

{Cu Fe 2+ 2+ : 0,3−x (mol ) :0 , 45 (mol )

Mg 2 + : x (mol )

→E :{Fe CuO :0,3−x (mol ) 2 O3:0 , 225(mol )

MgO : x (mol)

→0 , 15 80+0 , 225 160+40 a=45 →a=0 , 375

→ m = 0,375.24 = 9g Chọn D.

Câu 22.

{FeCl 2 : 0 ,05 (mol )

NaCl :0,1(mol ) ⃗AgNO 3(du)↓:{Ag :0 , 05(mol )(n AgCl :0,2(mol ): BTNT (Cl ) Fe 2 +=nAg ↓)→m↓=0,2 143 , 5+108 0 , 05=34 ,1

Chọn A Nhớ: Fe2+ + Ag+ → Fe3+ + Ag↓

Câu 23 (b): sai (Vì độ dinh dưỡng của phân lân được đánh giá bằng % P2O5 tương ứng với lượng P có trong thành phần của nó)

(c): sai (Vì thành phần chính của supephotphat kép là: Ca(HPO4)2) Chọn C.

Câu 24 C: đúng Chọn C.

Giải thích:

A: sai (không thỏa điều kiện thứ III)

B: sai (không thỏa điều kiện thứ III)

D: sai (không thỏa điều kiện thứ I, III)

Câu 25

66 , 2 ghh( X ):{ Fe 3 O4

Fe(NO 3)2 Al

+⃗KHSO 4 :3,1( mol )

hoantoan {dd (Y ):466 ,6 g( muoi sunfat trunghoa) 10 , 08 lit( Z↑)⏟

d Z/He=23 /18

:{NO (hoa nau) ?

5

0 , 45 (mol )(Z ↑)

⏟

M Z=46 /9

→{NO: 0 ,05 (mol ) H2:0,4( mol)

(Vì M Z≈5→ khí còn lại phải là H

2)

BTKL:66 ,2+3,1 136=466 ,6+0 , 45.46

9 +mH2O→m H

2O=18, 9g →nH

2O=1 , 05(mol )

Vì có Al, xét muối chứa: (NH4)2SO4: a (mol) →8a+2.1 ,05+0,4 2=3,1→a=0,025(mol )

Muối sunfat trung hòa: { FeSO 4 : x( mol)

Fe 2(SO 4)3: y(mol )

(NH 4)2SO 4 :0,025(mol )

BTNT ( K ): K2SO 4 :1, 55(mol )

Al 2(SO 4)3: z(mol)

→{BTNT ( Fe): Fe 3 O4:x+2 y−0,05

BTNT (N ): Fe(NO 3)2: 0,05(mol )

BTNT ( Al): Al :2z(mol)

BTKL muối (Y): 152x+400 y+3,3+269,7+342 z=466,6→152x+400 y+342 z=193,6 (1)

BT gốc (SO4): x+3 y+0,025+1,55+3 z=3,1→ x+3 y+3 z=1,525 (2)

BTKL (X):

232

3 (x+2 y−0 ,05)+9+54 z=66 ,2→323 x+464 y+162 z=183 ,2 (3)

(1), (2) và (3) → x = 0,1; y = 0,275; z = 0,2 → mAl=0,4.27=10,8

% Al= 10,8.100%

66,2 =16,3% Chọn A

Câu 26 Ba(OH )2:0 ,12(mol ) + {NaHCO 3 :0,2(mol )

BaCl 2 :0,1(mol ) →ag(↓)?

Dd trộn chứa: {OH Ba 2 +−:0 , 12(mol ) :0 , 24( mol)

Na+:0,2(mol )

HCO

3−: 0,2(mol )

Ba 2+ :0,1(mol )

Cl−: 0,2(mol )

→{Ba 2+ :0 , 22(mol )

CO

3 2− :0,2(mol )→m BaCO 3↓=0,2 197=39 , 4 g

Chọn C

Câu 27 Khói thuốc lá có chứa chất nicotin là thành phần chính gây ra bệnh ung thư phổi ở

người Chọn A.

Câu 28 Ankin là những hiđrocacbon không no, mạch hở, có công thức chung là: CnH2n-2 (n ≥ 2)

Chọn C.

Câu 29 Manetol = 5,286.28 = 148 =M C10H12O Chọn A.

Câu 30 C

3

H3C

2

H2C

1

H2OH : propan-1-ol Chọn A.

Câu 31 Chất có phản ứng tráng bạc là: CH3CHO Chọn A

Câu 32

mg(T ):{50<M X ,Y , Z X<M Y<M Z

(C , H , O)

⟨⃗+NaHCO 3(du ) CO 2 :0 , 07(mol )

⃗AgNO 3(du) Ag:0,1 (mol)

Vì có khí CO2 thoát ra → (T) phải có nhóm chức –COOH

n−COOH=n CO

2=0 , 07 (mol )→m−COOH=0 ,07 45=3 , 15 g

Vì có kết tủa Ag → (T) phải có nhóm chức –CHO

n−CHO=1

2n Ag=0 ,05(mol )

(Vì MT > 50 nên không thể có HCHO, HCOOH)

→ m−CHO=0,05.29=1,45g

Nếu trong nhóm chức: -COOH và –CHO có thêm gốc hiđrocacbon thì:

nhiđrocacbo ≥ min{ n−CHO;n−COOH } = 0,05 → m

hiđrocacbon > 12.0,05 = 0,6g

→ m > 3,15 + 1,45 + 0,6 = 5,2g (mâu thuẩn các đáp án)

7

Vậy trong (T) các chất đa chức hoặc tạp chức tạo nên từ -COOH và –CHO không có gốc

hiđrocacbon → m = 3,15 + 1,45 = 4,6g Chọn A

Câu 33 Các dung dịch phản ứng được với phenol là: NaOH, Br2 Chọn A

Giải thích:

C6H5OH + NaOH → C6H5ONa + H2O

C6H5OH + 3Br2 → C6H2Br3OH↓trắng + 3HBr

Câu 34 Để giảm vị chua các axit như: oxalic (HOOC-COOH), axit tactric (HOOC-(CHOH)2 -COOH) ta dùng nước vôi trong (Ca(OH)2) vì khử được H+ có trong axit do OH- của nước vôi

trong tạo ra Chọn A.

Câu 35 Chất trong dịch truyền cho người bệnh là glucozơ Chọn A.

Câu 36 HCOO−C−C−C

HCOO−C

|

−C

Câu 37

[

CH 2→

CH −

CH 2→

O

→S

S ¿

S O S

¿

Chọn A.

Câu 38 C6H10O5⃗H =75 %2 CO2

a(mol) → 1,5a

CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3↓ + H2O

CO2 + CaCO3 + H2O → Ca(HCO3)2

x - 0,5 ← x – 0,5 → x – 0,5

Ca(HCO3)2 + NaOH → CaCO3↓ + NaHCO3 + H2O

x – 0,5 → x – 0,5

x – 0,5 = 0,1 → x = 0,6 → a = 7/15 → m = (7/15).162 = 75,6 Chọn D.

Câu 39 CnH2n+1COOCmH2m+1 + MOH → CnH2n+1COOM + CmH2m+1OH

m H

2O=26−26 28

100=18 ,72 g→nH2O=1,04 (mol)

Chất lỏng (X): {C m H 2m +1 OH : x (mol )

H2O :1 , 04(mol ) ⃗+Na ( du) H2:0,5 x +0 , 52=0 , 57→ x=0,1(mol )

Rắn khan (Y): {MOH ( du) : 7 , 28

M +17−0,1( mol )

C n H 2 n+1 COOM : 0,1( mol)

⃗+O2M2CO 3: 7 , 28

2( M +17 )(BTNT −M )

3 , 64

M +17(2 M+60)=8 , 97→ M=39 : Kali

→56.0, 03+(14 n+84 ).0,1=10,08→n=0

→ Muối: HCOOK: 0,1 (mol) → mHCOOK = 0,1.84 = 8,4g

%HCOOK =

8,4.100

10,08 =83,33% Chọn B.

Câu 40 Chất trùng hợp tạo PVC là CH2=CHCl Chọn A.

Câu 41 Amin bậc 2 là: CH3-NH-CH3 (đimety amin) Chọn C

Câu 42 B: sai (Vì có một số protêtin không tan trong nước như: keratin có trong tóc, sừng,…)

Chọn B.

Câu 43

0 , 16(mol )( E ):{(X ):C x H y O7N6: x (mol )

(Y ):C n H m O6N5: y ( mol)⃗+NaOH :0,9( mol){Muoi−Gly :a(mol )=n Gly

Muoi− Ala:b(mol )=n Ala

30 ,73 g( E )⃗+O2(vuadu){ CO2+ H2O:69 , 31 g

N2

Nhớ: Gly (C2H5O2N: 75), Ala (C3H7O2N: 89)

BTNT (Na): a + b = 0,9 (*)

gt→

t /c( peptit )→ { 6 x+5 y=0,9 x+ y =0 , 16 → { y=0, 06 x=0,1

9

Giả sử: mE(lúc sau) = k.mE(ban đầu) → 30,73 = k.(mGly + mAla – mH2O)

→ 30,73=k[ 75a+89b−18(5 x+4 y )] → 30,73=k[ 75a+89b−13,32] (1)

BTNT (C): nCO2(lúc sau) = k.nCO2(ban đầu) = k.(2a + 3b)

BTNT (H): nH2O(lúc sau) = k.nH2O(ban đầu) = k

1

2 .nH(ban đầu) =

1

2 .k[5a + 7b – 2.(5x + 4y)]

=

1

2 .k[5a + 7b – 1,48]

mH2O + CO2 = 69,31 → 44.k(2a + 3b) + 18

1

2 .k[5a + 7b – 1,48] = 69,31

→ 69,31 = k[133a + 195b – 13,32] (2)

(1 )

(2 )→

69 , 31

30 ,73=

133 a+195 b−13 , 32 75a+89 b−13 , 32 (**)

Từ (*) và (**) → a = 0,38; b = 0,52 → a : b = 0,7308 Chọn A

Câu 44

(⏟X )

(NH 2)2C3H5COOH :0 , 02( mol)

+{H2SO 4 :0 ,02(mol ) HCl :0 , 06(mol ) →dd (Y )+vđ{NaOH :0 , 04 KOH :0 , 08 →mg

(muối)

Dd hỗn hợp chứa: {(NH 2)2C3H5COO: 0 ,02( mol)

SO

42− :0 , 02(mol )

Cl−:0 , 06(mol )

Na+:0 , 04 (mol )

K+

:0 , 08(mol )

∑H+:0 ,12(mol )

∑OH−:0 , 12(mol )

→{(NH 2)2C3H5COO:0 , 02(mol )

SO

42− :0 , 02(mol )

Cl−

:0 , 06(mol )

Na+:0 , 04 (mol )

K+:0 , 08(mol )

→m=117.0,02+96.0,02+35,5.0,02+23.0,04+39.0,08=10,43 g Chọn A.

Câu 45 (A): CH3CH(OH)-COOC(OH)(CH3)COOH

(B): CH2=CHCOOCH(CH3)-COOH

(D): CH3CH(OH)COONa

(E): CH3CH(OH)COOH: axit 2-hiđroxi propanoic (axit lactic) Chọn B.

Câu 46 Dung dịch không làm đổi màu quỳ tím là: C6H5OH Chọn C.

Câu 47 Ancol ( X )( M=76 )+axit cacboxylic (Y )→Z (X, Y chỉ chứa một loại nhóm

chức)

17 , 2 g( Z )⟨⃗+O2:0 ,65 ( mol){CO 2 :7 x (mol )

H2O :4 x (mol )

⃗vđ +NaOH :0,2(mol ) (biết CTPT ≡ CTĐGN) Số CT (Z) thỏa mãn.

BTKL: 17,2 + 0,65.32 = 44.7x + 18.4x → x = 0,1 → {CO 2 :0,7 (mol )

H2O:0,4 (mol )

Gọi CTPT (Z) là: C x H y O z→

12x

8,4 =

y

0,8 =

16 z

8 → x : y: z=7: 8:5 →(Z ):C7H8O5

→ n(Z )=0,1(mol) mà n(Z):n NaOH=1 :2→(Z )

este 2 chức (X) có (M = 76) → (X): C3H6(OH)2 → (Z) có dạng (R1COO)C3H6(R2COO)

Mà: R1 + R2 = 42 → { R1=1( H )

R2=41(C3H5) (Loại: vì n(Z ):nNaOH=1:2

không thỏa mãn) hoặc

{R1=15(CH3)

R2=27 (C2H3)

Các vị trí thế là:

[−

¿

¿

Chọn B

Câu 48 Các chất thỏa mãn là: m-CH3COOC6H4CH3; ClH3NCH2COONH4; p-C6H4(OH)2

Chọn B

11

Câu 49.

1 ,86 g ( X ):{ CH 3 OH ≡CH 4 O : x (mol )

C2H5OH ≡C2H6O: x (mol )

C2H5COOH≡C3H6O2: y (mol)

HOOC [CH 2]4COOH ≡C6H10O4:z ( mol)

⃗+O2: 0, 09 (mol) hh(Y ):{CO 2

H2O

⃗+Ca(OH )2(du)

Khối lượng dung dịch giảm mg?

BTKL: mX + mO2 = mCO2 + H2O → mCO2 + H2O = 1,86 + 0,09.32 = 4,74 (1)

Quy đổi hỗn hợp (X): { C3H10O2: x (mol )

C3H6O2: y (mol )

C3H5O2:2 z=t (mol )

→C3H k O2: a(mol )

(68 + k).a = 1,86 (1)

3a.44 + (ka/2).18 = 4,74 → (132 + 9k)a = 4,74 (2)

(1 )

(2 )→

68+k

132+9 k=

1 ,86

4 , 74→k =6,4→a=0 , 025→n CaCO 3↓=nCO

2=3 0 , 025=0 ,075 (mol )

→ m CaCO

3↓=0 ,075 100=7,5 g

mdd(giảm) = m↓ – (mCO2 + mH2O) → m = 7,5 – 4,74 = 2,76 Chọn A.

Câu 50

Trường hợp 1

mg:{CH 3 OH :a (mol )

C2H5OH :b (mol )⃗+CuO(t

0 (⏟X )

M X=27 ,5{CH HCHO : a(mol ) 3 CHO :b(mol )

H2O: a+b (mol)

⃗+AgNO 3(du)0,6 (mol) Ag: 4 a+2b (mol )

→ {30 a+44 b+18(a+ b) 4 a+2 b=0,6

→{a=0,1 b=0,1→m=0,1 32+0,1 46=7,8 g

Chọn B.

Không cần xét trường hợp còn lại

13