GIẢI CHI TIẾT ĐỀ THI ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG MÔN HÓA 2011

Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ GIẢI CHI TIẾT ĐỀ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2011 Môn thi : Hóa học - khối A Mã đề : 482 Cho biết nguyên tử khối (theo đvC) của các nguyên tố : H = 1; C = 12; N = 14; O = 16; Na = 23; Mg = 24; Al = 27; S = 32; Cl = 35,5; K = 39; Ca = 40; Cr = 52, Mn = 55; Fe = 56; Cu = 64; Zn = 65; Br = 80; Ag=108. I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (40 câu, từ câu 1 đến câu 40) Câu 1 : Đốt cháy hoàn toàn 3,42 gam hỗn hợp gồm axit acrylic, vinyl axetat, metyl acrylat và axit oleic, rồi hấp thụ toàn bộ sản phẩm cháy vào dung dịch Ca(OH) 2 (dư). Sau phản ứng thu được 18 gam kết tủa và dung dịch X. Khối lượng X so với khối lượng dung dịch Ca(OH) 2 ban đầu đã thay đổi như thế nào ? A. Tăng 2,70 gam. B. Giảm 7,74 gam. C. Tăng 7,92 gam. D. Giảm 7,38 gam. Giải : Cách 1: Các chất đề cho đều có dạng : C n H 2n-2 O 2 (n : Giá trị trung bình) C n H 2n-2 O 2 → nCO 2 + (n-1)H 2 O mol : 3,42 14n 30 + 3,42.n 14n 30 + 3,42.(n 1) 14n 30 − + 3,42.n 14n 30 + = 0,18 → n = 6 → nH 2 O = 0,15 Vậy dung dịch sau phản ứng giảm so với dung dịch X là : mCaCO 3 – m(CO 2 + H 2 O) =7,38 gam. Cách 2: Nhận thấy : nC n H 2n-2 O 2 = nCO 2 - nH 2 O ; nO (trong C n H 2n-2 O 2 ) =2. nC n H 2n-2 O 2 ; mC n H 2n-2 O 2 = mC + mH + mO (trong C n H 2n-2 O 2 ) → 3,42 = 0,18.12 + 2.nH 2 O + 2.(0,18 - nH 2 O).16 → nH 2 O = 0,15 mol Vậy dung dịch sau phản ứng giảm so với dung dịch X là : mCaCO 3 – m(CO 2 + H 2 O) =7,38 gam. Câu 2: Cho axit salixylic (axit o-hiđroxibenzoic) phản ứng với anhiđrit axetic, thu được axit axetylsalixylic (o-CH 3 COO-C 6 H 4 -COOH) dùng làm thuốc cảm (aspirin). Để phản ứng hoàn toàn với 43,2 gam axit axetylsalixylic cần vừa đủ V lít dung dịch KOH 1M. Giá trị của V là : A. 0,72. B. 0,48. C. 0,96. D. 0,24. Giải : o-CH 3 COO-C 6 H 4 -COOH + 3KOH → CH 3 COOK + o-KO-C 6 H 4 -COOK + H 2 O mol : 0,24 0,72 Vậy V dd KOH = 0,72:1 =0,72 lít. Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ Câu 3: Hòa tan 13,68 gam muối MSO 4 vào nước được dung dịch X. Điện phân X (với điện cực trơ, cường độ dòng điện không đổi) trong thời gian t giây, được y gam kim loại M duy nhất ở catot và 0,035 mol khí ở anot. Còn nếu thời gian điện phân là 2t giây thì tổng số mol khí thu được ở cả hai điện cực là 0,1245 mol. Giá trị của y là : A. 4,480. B. 3,920. C. 1,680. D. 4,788. Giải : ● Điện phân X (với điện cực trơ, cường độ dòng điện không đổi) trong thời gian t giây: Áp dụng bảo toàn electron ta có : 4.nO 2 = 2.nM 2+ → nM 2+ = 0,07 mol → nM = 0,07 mol ● Điện phân X (với điện cực trơ, cường độ dòng điện không đổi) trong thời gian 2t giây: nO 2 =2.0,035 = 0,07 → nH 2 =0,0545 mol → M 2+ đã hết Áp dụng bảo toàn electron ta có : 4.nO 2 = 2.nM 2+ + 2.nH 2 → nM 2+ = 0,0855 mol → nMSO 4 = 0,0855 mol M + 96 = 13,68 : 0,0855 =160 → M = 64 (Cu) Vậy y =64.0,07 = 4,48 gam. Câu 4: Cho dãy các chất : NaOH, Sn(OH) 2 , Pb(OH) 2 , Al(OH) 3 , Cr(OH) 3 . Số chất trong dãy có tính chất lưỡng tính là : A. 4. B. 1. C. 3. D. 2. Giải : Số chất trong dãy có tính chất lưỡng tính là : Sn(OH) 2 , Pb(OH) 2 , Al(OH) 3 , Cr(OH) 3 Câu 5: Khi nói về peptit và protein, phát biểu nào sau đây là sai ? A. Liên kết của nhóm CO với nhóm NH giữa hai đơn vị α-amino axit được gọi là liên kết peptit. B. Tất cả các protein đều tan trong nước tạo thành dung dịch keo. C. Protein có phản ứng màu biure với Cu(OH) 2 . D. Thủy phân hoàn toàn protein đơn giản thu được các α-amino axit. Giải : Protein dạng hình cầu tan tốt trong nước tạo thành dung dịch keo, còn protein dạng hình sợi không tan trong nước. Câu 6: Phát biểu nào sau đây là sai ? A. Bán kính nguyên tử của clo lớn hơn bán kính nguyên tử của flo. B. Độ âm điện của brom lớn hơn độ âm điện của iot. C. Tính axit của HF mạnh hơn tính axit của HCl. D. Tính khử của ion Br - lớn hơn tính khử của ion Cl - . Giải : HF là axit yếu còn HCl là axit mạnh Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ Câu 7: Đốt cháy hoàn toàn x mol axit cacboxylic E, thu được y mol CO 2 và z mol H 2 O (z = y–x). Cho x mol E tác dụng với NaHCO 3 (dư) thu được y mol CO 2 . Tên của E là : A. axit acrylic. B. axit oxalic. C. axit ađipic. D. axit fomic. Giải : Theo giả thiết z = y-x nên ta suy ra công thức của E là C n H 2n-2 O x Vì : Đốt cháy hoàn toàn x mol axit cacboxylic E, thu được y mol CO 2 Cho x mol E tác dụng với NaHCO 3 (dư) thu được y mol CO 2 Nên E có số nhóm COOH bằng số C trong phân tử. Vậy E là HOOC–COOH. Câu 8: Phèn chua được dùng trong ngành công nghiệp thuộc da, công nghiệp giấy, chất cầm màu trong ngành nhuộm vải, chất làm trong nước. Công thức hóa học của phèn chua là : A. Li 2 SO 4 .Al 2 (SO 4 ) 3 .24H 2 O. B. K 2 SO 4 .Al 2 (SO 4 ) 3 .24H 2 O. C. (NH 4 ) 2 SO 4 .Al 2 (SO 4 ) 3 .24H 2 O. D. Na 2 SO 4 .Al 2 (SO 4 ) 3 .24H 2 O. Giải : K 2 SO 4 .Al 2 (SO 4 ) 3 .24H 2 O là phèn chua, các chất còn lại là phèn nhôm. Câu 9: Sản phẩm hữu cơ của phản ứng nào sau đây không dùng để chế tạo tơ tổng hợp ? A. Trùng hợp vinyl xianua. B. Trùng ngưng axit ε-aminocaproic. C. Trùng hợp metyl metacrylat. D. Trùng ngưng hexametylenđiamin với axit ađipic. Giải : Trùng hợp metyl metacrylat sẽ tạo ra chất dẻo Câu 10: Este X được tạo thành từ etylen glicol và hai axit cacboxylic đơn chức. Trong phân tử este, số nguyên tử cacbon nhiều hơn số nguyên tử oxi là 1. Khi cho m gam X tác dụng với dung dịch NaOH (dư) thì lượng NaOH đã phản ứng là 10 gam. Giá trị của m là : A. 14,5. B. 17,5. C. 15,5. D. 16,5. Giải : Theo giả thiết ta suy ra X có 4 nguyên tử O và có 5 nguyên tử C, công thức của X là : HCOOC 2 H 4 OOCCH 3 HCOOC 2 H 4 OOCCH 3 + NaOH → HCOONa + CH 3 COONa + C 2 H 4 (OH) 2 mol: 0,125 ← 0,25 Vậy m X = 0,125.132 = 16,5 gam Câu 11: Đun nóng m gam hỗn hợp Cu và Fe có tỉ lệ khối lượng tương ứng 7 : 3 với một lượng dung dịch HNO 3 . Khi các phản ứng kết thúc, thu được 0,75m gam chất rắn, dung dịch X và 5,6 lít hỗn hợp khí (đktc) gồm NO và NO 2 (không có sản phẩm khử khác của N +5 ). Biết lượng HNO 3 đã phản ứng là 44,1 gam. Giá trị của m là : A. 44,8. B. 40,5. C. 33,6. D. 50,4. Giải : Theo giả thiết suy ra trong m gam hỗn hợp có : mFe = 0,3m, mCu = 0,7m. Sau phản ứng thu được 0,75m gam chất rắn lớn hơn mCu nên Fe dư. Vậy trong dung dịch chỉ có Fe(NO 3 ) 2 , mFe phản ứng = 0,25m. Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ nFe pư = nFe 2+ = 1 2 nNO 3 - tạo muối = 1 2 (nHNO 3 – nNO – nNO 2 ) = 0,225 mol → 0,25m = 0,225.56 → m = 50,4 gam. Câu 12: Cho dãy các chất: phenylamoni clorua, benzyl clorua, isopropyl clorua, m-crezol, ancol benzylic, natri phenolat, anlyl clorua. Số chất trong dãy tác dụng được với dung dịch NaOH loãng, đun nóng là : A. 4. B. 3. C. 6. D. 5. Giải : Số chất trong dãy tác dụng được với dung dịch NaOH loãng, đun nóng là : phenylamoni clorua, benzyl clorua, isopropyl clorua, m-crezol, anlyl clorua Câu 13: Hấp thụ hoàn toàn 0,672 lít khí CO 2 (đktc) vào 1 lít dung dịch gồm NaOH 0,025M và Ca(OH) 2 0,0125M, thu được x gam kết tủa. Giá trị của x là : A. 2,00. B. 0,75. C. 1,00. D. 1,25. Giải : nCO 2 = 0,03 mol; nOH - =0,05 mol ; nCa 2+ = 0,0125 mol nCO 3 2- = 0,05-0,03 =0,02 > nCa 2+ Vậy mCaCO 3 = 0,0125.100 = 1,25 gam Câu 14: Điện phân dung dịch gồm 7,45 gam KCl và 28,2 gam Cu(NO 3 ) 2 (điện cực trơ, màng ngăn xốp) đến khí khối lượng dung dịch giảm đi 10,75 gam thì ngừng điện phân (giả thiết lượng nước bay hơi không đáng kể). Tất cả các chất tan trong dung dịch sau điện phân là : A. KNO 3 và KOH. B. KNO 3 , KCl và KOH. C. KNO 3 và Cu(NO 3 ) 2 . D. KNO 3 , HNO 3 và Cu(NO 3 ) 2 . Giải : nKCl = 0,1 mol; nCu(NO 3 ) 2 = 0,15 mol Thứ tự điện phân: Tại anot, thứ tự oxi hóa : Cl - >H 2 O Tại catot , thứ tự khử : Cu 2+ >H 2 O 2KCl + Cu(NO 3 ) 2 → Cl 2 + Cu + 2KNO 3 mol: 0,1 0,05 0,05 0,05 mdd giảm = 0,05.64 + 0,05.71 = 6,75 < 10,75 suy ra Cu(NO 3 ) 2 tiếp tục bị điện phân 2H 2 O + 2Cu(NO 3 ) 2 → O 2 + 2Cu + 4HNO 3 mol: 2x x 2x mdd giảm = 6,75 + 32x + 2x.64 = 10,75 → x = 0,025 Tổng số mol Cu(NO 3 ) 2 phản ứng là 0,1 < 0,15 Vậy trong dung dịch sau phản ứng có các chất : KNO 3 , HNO 3 và Cu(NO 3 ) 2 . Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ Câu 15: Hợp chất hữu cơ X chứa vòng benzen có công thức phân tử trùng với công thức đơn giản nhất. Trong X, tỉ lệ khối lượng các nguyên tố là m C : m H : m O = 21 : 2 : 8. Biết khi X phản ứng hoàn toàn với Na thì thu được số mol khí hiđrô bằng số mol của X đã phản ứng. X có bao nhiêu đồng phân (chứa vòng benzen) thỏa mãn các tính chất trên ? A. 9. B. 3. C. 7. D. 10. Giải : Từ giả thiết suy ra : n C : n H : n O = 7 : 8 : 2 → CTPT của X là C 7 H 8 O 2 Vì X phản ứng hoàn toàn với Na thì thu được số mol khí hiđrô bằng số mol của X đã phản ứng nên trong X có 2 nguyên tử H linh động Nếu X có 1 chức OH ancol và 1 chức OH phenol thì có 3 CTCT Nếu X có 2 chức OH phenol thì có 6 CTCT (Tôi không thạo vẽ công thức trên máy tính, các bạn tự vẽ nhé!) Câu 16: Khi so sánh NH 3 với NH 4 + , phát biểu không đúng là : A. Trong NH 3 và NH 4 + , nitơ đều có số oxi hóa -3. B. NH 3 có tính bazơ, NH 4 + có tính axit. C. Trong NH 3 và NH 4 + , nitơ đều có cộng hóa trị 3. D. Phân tử NH 3 và ion NH 4 + đều chứa liên kết cộng hóa trị. Giải : Trong NH 3 nitơ có cộng hóa trị 3, trong NH 4 + có cộng hóa trị 4 Câu 17: Đốt cháy hoàn toàn x gam hỗn hợp gồm hai axit cacboxylic hai chức, mạch hở và đều có một liên kết đôi C=C trong phân tử, thu được V lít khí CO 2 (đktc) và y mol H 2 O. Biểu thức liên hệ giữa các giá trị x, y và V là : A. V = 28 ( 30 ) 55 x y − . B. V = 28 ( 62 ) 95 x y − . C. V = 28 ( 30 ) 55 x y + . D. V = 28 ( 62 ) 95 x y + . Giải : Công thức phân tử tổng quát của axit là : C n H 2n+2-2a-2b O 2b Theo giả thiết ta suy ra a=1; b= 2 nên CTPT của 2 axit là : C n H 2n-4 O 4 C n H 2n-4 O 4 → nCO 2 + (n-2)H 2 O Từ sơ đồ phản ứng ta suy ra nC n H 2n-4 O 4 = (CO 2 - H 2 O)/2 → nO trong axit =4.(CO 2 - H 2 O)/2 =2.(CO 2 - H 2 O) Áp dụng bảo toàn khối lượng cho phân tử, ta có : mC n H 2n-4 O 4 = mC + mH + mO = 28 ( 30 ) 55 x y + Câu 18: Thành phần % khối lượng của nitơ trong hợp chất hữu cơ C x H y N là 23,73%. Số đồng phân amin bậc một thỏa mãn các dữ kiện trên là : A. 2. B. 3. C. 4. D. 1. Giải : Từ giả thiết suy ra C x H y N là C 3 H 9 N ( 14 23,73 12x y 100 23,73 = + − ) Vậy có hai amin bậc 1 là : CH 3 -CH 2 -CH 2 -NH 2 ; (C H 3 ) 2 CH-NH 2 Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ Câu 19: Hợp chất nào của canxi được dùng để đúc tượng, bó bột khi gãy xương ? A. Vôi sống (CaO). B. Thạch cao sống (CaSO 4 .2H 2 O). C. Đá vôi (CaCO 3 ). D. Thạch cao nung (CaSO 4 .H 2 O). Giải : Hợp chất của canxi được dùng để đúc tượng, bó bột khi gãy xương là : Thạch cao nung (CaSO 4 .H 2 O). Câu 20: Cho 13,8 gam chất hữu cơ X có công thức phân tử C 7 H 8 tác dụng với một lượng dư dung dịch AgNO 3 trong NH 3 , thu được 45,9 gam kết tủa. X có bao nhiêu đồng phân cấu tạo thỏa mãn tính chất trên ? A. 5. B. 4. C. 6. D. 2. Giải : C 7 H 8 + nAgNO 3 + nNH 3 → C 7 H 8-n Ag n + nNH 4 NO 3 mol: 0,15 0,15 Ta có : (12.7 + 8 –n + 108n).0,15 = 45,9 → n = 2 (1) Mặt khác độ bất bão hòa của C 7 H 8 = 2.7 8 2 4 2 − + = (2) Từ (1) và (2) suy ra C 7 H 8 có hai nối ba ở đầu mạch Các đồng phân: C ≡ C-C-C-C-C ≡ C; C ≡ C-C-C(C)-C ≡ C ; C ≡ C-C(C) 2 -C ≡ C ; C-C-C(C ≡ C) 2 Câu 21: Cho 0,87 gam hỗn hợp gồm Fe, Cu và Al vào bình đựng 300 ml dung dịch H 2 SO 4 0,1M. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được 0,32 gam chất rắn và có 448 ml khí (đktc) thoát ra. Thêm tiếp vào bình 0,425 gam NaNO 3 , khi các phản ứng kết thúc thì thể tích khí NO (đktc, sản phẩm khử duy nhất) tạo thành và khối lượng muối trong dung dịch là : A. 0,224 lít và 3,750 gam. B. 0,112 lít và 3,750 gam. C. 0,112 lít và 3,865 gam. D. 0,224 lít và 3,865 gam. Giải : nSO 4 2- = 0,03 mol; nH + = 0,06, nH 2 = 0,02 → nH + dư = 0,06 -0,02.2 =0,02 mol ; nCu = 0,005 mol Đặt nFe = x mol ; nAl = y mol, ta có : 56x 27y 0,55 x 0,005 2x 3y 0,02.2 (ptbtelectron) y 0,01 + = =   →   + = =   Khi cho tiếp 0,005 mol NO 3 - vào thì sẽ xảy ra phản ứng oxi hóa Cu trước sau đó mới đến Fe 2+ Vì tỉ lệ mol H + và NO 3 - 1 : 4 đúng như trên phương trình và áp dụng định luật bảo toàn eletron, ta có : 2.nCu +nFe 2+ pư = 3.nNO 3 - → nFe 2+ pư = 0,005 nên NO 3 - và H + Cu, Fe 2+ đều hết. nNO = nNO 3 - = 0,005 mol → V NO =0,112 lít. Khối lượng muối trong dung dịch = m(Al, Cu, Fe) + mSO 4 2- + mNa + = 0,87+ 0,03.96 + 0,005.23= 3,865 gam Câu 22: Dãy gồm các chất đều có thể làm mất tính cứng tạm thời của nước là : A. HCl, NaOH, Na 2 CO 3 . B. NaOH, Na 3 PO 4 , Na 2 CO 3 . C. KCl, Ca(OH) 2 , Na 2 CO 3 . D. HCl, Ca(OH) 2 , Na 2 CO 3 . Giải : 2NaOH + M(HCO 3 ) 2 → MCO 3 ↓ + Na 2 CO 3 + 2H 2 O Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ 2Na 3 PO 4 + 3M(HCO 3 ) 2 → M 3 (PO 4 ) 2 ↓ + 6NaHCO 3 Na 2 CO 3 + M(HCO 3 ) 2 → MCO 3 ↓ + 2NaHCO 3 (M là Ca, Mg) Câu 23: Quặng sắt manhetit có thành phần chính là : A. FeS 2 . B. Fe 3 O 4 . C. Fe 2 O 3 . D. FeCO 3 . Giải : Quặng sắt manhetit có thành phần chính là : Fe 3 O 4 . Quặng sắt hematit có thành phần chính là : Fe 2 O 3 . Quặng sắt pirit có thành phần chính là : FeS 2 . Quặng sắt xiđerit có thành phần chính là : FeCO 3 . Câu 24: Tiến hành các thí nghiệm sau : (1) Cho dung dịch NaOH vào dung dịch Ca(HCO 3 ) 2 . (2) Cho dung dịch HCl tới dư vào dung dịch NaAlO 2 (hoặc Na[Al(OH) 4 ]). (3) Sục khí H 2 S vào dung dịch FeCl 2 . (4) Sục khí NH 3 tới dư vào dung dịch AlCl 3 . (5) Sục khí CO 2 tới dư vào dung dịch NaAlO 2 (hoặc Na[Al(OH) 4 ]). (6) Sục khí etilen vào dung dịch KMnO 4 . Sau khi các phản ứng kết thúc, có bao nhiêu thí nghiệm thu được kết tủa ? A. 3. B. 4. C. 6. D. 5. Giải : Sau khi các phản ứng kết thúc, số thí nghiệm thu được kết tủa là 4 : (1) Cho dung dịch NaOH vào dung dịch Ca(HCO 3 ) 2 (kết tủa là CaCO 3 ) (4) Sục khí NH 3 tới dư vào dung dịch AlCl 3 (kết tủa là Al(OH) 3 ) (5) Sục khí CO 2 tới dư vào dung dịch NaAlO 2 (hoặc Na[Al(OH) 4 ]) (kết tủa là Al(OH) 3 ) (6) Sục khí etilen vào dung dịch KMnO 4 (kết tủa là MnO 2 ) Câu 25: Chia hỗn hợp X gồm K, Al và Fe thành hai phần bằng nhau. - Cho phần 1 vào dung dịch KOH (dư) thu được 0,784 lít khí H 2 (đktc). - Cho phần 2 vào một lượng dư H 2 O, thu được 0,448 lít khí H 2 (đktc) và m gam hỗn hợp kim loại Y. Hòa tan hoàn toàn Y vào dung dịch HCl (dư) thu được 0,56 lít khí H 2 (đktc). Khối lượng (tính theo gam) của K, Al, Fe trong mỗi phần hỗn hợp X lần lượt là : A. 0,39; 0,54; 1,40. B. 0,78; 0,54; 1,12. C. 0,39; 0,54; 0,56. D. 0,78; 1,08; 0,56. Giải : Ở phần 2, khi hỗn hợp phản ứng với nước khí thoát ra ít hơn ở phần 1 là vì nhôm chưa phản ứng hết, dung dịch thu được ở phần 2 là KAlO 2 (x mol) Áp dụng bảo toàn electron : nK + 3nAl = 2.nH 2 → x + 3x =0,04 → x=0,01 Ở phần 1, Al phản ứng hết, gọi nAl là y mol Áp dụng bảo toàn electron : nK + 3nAl = 2.nH 2 → x + 3y =0,07 → y=0,02 Ở phần 2, gọi nFe là Z mol : Áp dụng bảo toàn electron : nK + 3nAl +2nFe= 2. tổng nH 2 → x + 3y+ 2z =2.(0,02 + 0,025) → z = 0,01 Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ Khối lượng (tính theo gam) của K, Al, Fe trong mỗi phần hỗn hợp X lần lượt là : 0,39; 0,54; 0,56 Câu 26: Hỗn hợp X gồm axit axetic, axit fomic và axit oxalic. Khi cho m gam X tác dụng với NaHCO 3 (dư) thì thu được 15,68 lít khí CO 2 (đktc). Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam X cần 8,96 lít khí O 2 (đktc), thu được 35,2 gam CO 2 và y mol H 2 O. Giá trị của y là : A. 0,3. B. 0,8. C. 0,2. D. 0,6. Giải : (COOH + HCO 3 - → COO - + CO 2 + H 2 O) → nO trong hh axit = 2.nH linh động = 2.nCO 2 = 1,4 mol Áp dụng định luật BTNT đối với O, ta có : nO trong hh axit + nO trong O 2 = nO trong CO 2 + nO trong H 2 O → nO trong H 2 O = 0,6 → nH 2 O = 0,6 Câu 27: Hỗn hợp X gồm C 2 H 2 và H 2 có cùng số mol. Lấy một lượng hỗn hợp X cho qua chất xúc tác nung nóng, thu được hỗn hợp Y gồm C 2 H 4 , C 2 H 6 , C 2 H 2 và H 2 . Sục Y vào dung dịch brom (dư) thì khối lượng bình brom tăng 10,8 gam và thoát ra 4,48 lít hỗn hợp khí (đktc) có tỉ khối so với H 2 là 8. Thể tích O 2 (đktc) cần để đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp Y là : A. 22,4 lít. B. 44,8 lít. C. 26,88 lít. D. 33,6 lít. Giải : Quy hỗn hợp X thành C 2 H 4 mX = mY = m bình Br 2 tăng + m khí thoát ra = 10,8 + 0,2.2.8 = 14 gam Đốt cháy Y cũng như đốt cháy X (Theo BTKL và BTNT): C 2 H 4 + 3O 2 → 2CO 2 + 2H 2 O mol : 0,5 1,5 Vậy thể tích O 2 (đktc) cần để đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp Y là : 33,6 lít Câu 28: Trung hòa 3,88 gam hỗn hợp X gồm hai axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở bằng dung dịch NaOH, cô cạn toàn bộ dung dịch sau phản ứng thu được 5,2 gam muối khan. Nếu đốt cháy hoàn toàn 3,88 gam X thì thể tích oxi (đktc) cần dùng là : A. 4,48 lít. B. 3,36 lít. C. 2,24 lít. D. 1,12 lít. Giải : Đặt công thức chung của hai axit là C n H 2n O 2 , theo phương trình phản ứng và phương pháp tăng giảm khối lượng, ta có : n C n H 2n O 2 = 5,2 3,88 0,06 mol 22 − = → 14n + 32 = 3,88 : 0,06 = 64,667 → n= 7 3 C n H 2n O 2 + 3n 2 2 − O 2 → nCO 2 + nH 2 O mol: 0,06 3n 2 2 − .0,06 = 0,15 Vậy thể tích oxi (đktc) cần dùng là : 0,15.22,4 = 3,36 lít. Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ Câu 29: Xenlulozơ trinitrat được điều chế từ phản ứng giữa axit nictric với xenlulozơ (hiệu suất phản ứng 60% tính theo xenlulozơ). Nếu dùng 2 tấn xenlulozơ thì khối lượng xenlulozơ trinitrat điều chế được là : A. 2,97 tấn. B. 3,67 tấn. C. 2,20 tấn. D. 1,10 tấn. Giải : C 6 H 7 O 2 (OH) 3 + 3HNO 3 → C 6 H 7 O 2 (ONO 2 ) 3 + 3H 2 O gam: 162 297 tấn : 2.0,6 2.0,6.297 162 = 2,2 Câu 30: Đốt cháy hoàn toàn anđehit X, thu được thể tích khí CO 2 bằng thể tích hơi nước (trong cùng điều kiện nhiệt độ, áp suất). Khi cho 0,01 mol X tác dụng với một lượng dư dung dịch AgNO 3 trong NH 3 thì thu được 0,04 mol Ag. X là : A. anđehit fomic. B. anđehit no, mạch hở, hai chức. C. anđehit axetic. D. anđehit không no, mạch hở, hai chức. Giải : Đốt cháy hoàn toàn anđehit X, thu được thể tích khí CO 2 bằng thể tích hơi nước suy ra X có công thức C n H 2n O : anđehit no, đơn chức (1). Khi cho 0,01 mol X tác dụng với một lượng dư dung dịch AgNO 3 trong NH 3 thì thu được 0,04 mol Ag (2). Từ (1) và (2) suy ra X là anđehit fomic HCHO Câu 31: Thủy phân hết m gam tetrapeptit Ala-Ala-Ala-Ala (mạch hở) thu được hỗn hợp gồm 28,48 gam Ala, 32 gam Ala-Ala và 27,72 gam Ala-Ala-Ala. Giá trị của m là : A. 90,6. B. 111,74. C. 81,54. D. 66,44. Giải : Ala-Ala-Ala-Ala + H 2 O → Ala + Ala-Ala + Ala-Ala-Ala mol: 0,32 0,2 0,12 Suy ra nAla-Ala-Ala-Ala = 0,32 0,2.2 0,12.3 0,27 4 + + = m = (89.4 – 18.3).0,27 = 81,54 gam. Câu 32: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm C 2 H 2 , C 3 H 4 và C 4 H 4 (số mol mỗi chất bằng nhau) thu được 0,09 mol CO 2 . Nếu lấy cùng một lượng hỗn hợp X như trên tác dụng với một lượng dư dung dịch AgNO 3 trong NH 3 , thì khối lượng kết tủa thu được lớn hơn 4 gam. Công thức cấu tạo của C 3 H 4 và C 4 H 4 trong X lần lượt là : A. CH≡C-CH 3 , CH 2 =CH-C≡CH. B. CH≡C-CH 3 , CH 2 =C=C=CH 2 . C. CH 2 =C=CH 2 , CH 2 =C=C=CH 2 . D. CH 2 =C=CH 2 , CH 2 =CH-C≡CH. Giải : Số mol mỗi chất = 0,09: (2+3+4) =0,01 mol C 2 H 2 → C 2 Ag 2 ↓ mol: 0,01 0,01 m kết tủa là 2,4 gam suy ra hai chất còn lại cho lượng kết tủa lớn hơn 1,6 gam (1) CH 2 =CH-C≡CH → CH 2 =CH-C≡CAg ↓ mol: 0,01 0,01 Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ m kết tủa là 1,59 gam (2) Từ (1) và (2) suy ra C 3 H 4 phải tham gia phản ứng tạo kết tủa Vậy Công thức cấu tạo của C 3 H 4 và C 4 H 4 trong X lần lượt là :CH≡C-CH 3 , CH 2 =CH-C≡CH. Câu 33: Số đồng phân amino axit có công thức phân tử C 3 H 7 O 2 N là : A. 2. B. 4. C. 3. D. 1. Giải : Số đồng phân amino axit có công thức phân tử C 3 H 7 O 2 N là 2 N-C-C-COOH ; C-C(N)- COOH Câu 34: Khối lượng riêng của canxi kim loại là 1,55 g/cm 3 . Giả thiết rằng, trong tinh thể canxi các nguyên tử là những hình cầu chiếm 74% thể tích tinh thể, phần còn lại là khe rỗng. Bán kính nguyên tử canxi tính theo lí thuyết là : A. 0,155nm. B. 0,185 nm. C. 0,196 nm. D. 0,168 nm. Giải : V 1 = V của 1 mol Ca = M 40 .74% .74% d 1,55 = V 2 = V của 1 nguyên tử Ca = 23 V 1 mol Ca 6,023.10 = 23 40 .74% 1,55.6,023.10 = V 2 = V của 1 nguyên tử Ca = 3 2 3 3.V4 r r 3 4 π π → = = 1,96.10 -8 cm = 0,196 nm. Câu 35: Cho 7,68 gam Cu vào 200 ml dung dịch gồm HNO 3 0,6M và H 2 SO 4 0,5M. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn (sản phẩm khử duy nhất là NO), cô cạn cẩn thận toàn bộ dung dịch sau phản ứng thì khối lượng muối khan thu được là : A. 20,16 gam. B. 19,76 gam. C. 19,20 gam. D. 22,56 gam. Giải : nCu = 0,12 mol ; nH + = 0,32 ; nNO 3 - = 0,12 ; nSO 4 2- = 0,1 3Cu + 2NO 3 - + 8H + → 3Cu 2+ + 2NO + 4H 2 O mol: 0,12 0,08 0,32 0,12 Khối lượng muối = mCu 2+ + mNO 3 - dư + mSO 4 2- = 7,68 + 0,04.62 + 0,1.96 = 19,76 gam Câu 36: Nung m gam hỗn hợp X gồm FeS và FeS 2 trong một bình kín chứa không khí (gồm 20% thể tích O 2 và 80% thể tích N 2 ) đến khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được một chất rắn duy nhất và hỗn hợp khí Y có thành phần thể tích: 84,8% N 2 , 14% SO 2 , còn lại là O 2 . Phần trăm khối lượng của FeS trong hỗn hợp X là : A. 42,31%. B. 59,46%. C. 19,64%. D. 26,83%. Giải : Chọn VN 2 = 84,8 lít → VSO 2 = 14 lít ; VO 2 dư = 1,2 lít ; VO 2 bđ = 21,2 lít ; VO 2 pư = 20 lít 2FeS + 7 2 O 2 → Fe 2 O 3 + 2SO 2 mol : x 7x 4 x [...]... ẹong truứng hụùp X + CH2=CH-CH=CH2 polime Z Y v Z l n l t dựng ch t o v t li u polime no sau õy ? A.T capron v cao su buna B T nilon-6,6 v cao su cloropren C T olon v cao su buna-N D T nitron v cao su buna-S Gi i : T gi thi t suy ra Y v Z l n l t dựng ch t o v t li u polime l t olon v cao su buna-N Giỏo viờn Nguy n Minh Tu n T Húa THPT Chuyờn Hựng Vng Phỳ Th Cõu 55: Hũa tan h n h p b t g m m gam... trờn chuy n d ch theo chi u thu n ? A (2), (3), (4), (6) B (1), (2), (4) C (1), (2), (4), (5) D (2), (3), (5) Gi i : (2) tng ỏp su t chung c a h ph n ng : Do khi tng ỏp su t cõn b ng chuy n d ch theo chi u lm gi m ỏp su t (chi u lm s phõn t khớ) 3) h nhi t : H nhi t cõn b ng s chuy n d ch theo chi u ph n ng t a nhi t (H < 0) (5) gi m n ng SO3 : Cõn b ng s chuy n d ch theo chi u lm tng n ng c a... C6H5CH2CH3 C6H5CHClCH3 C6H5CH=CH2 1:1 to t o , xt Tờn g i c a Y, Z l n l t l : 1-brom-1-phenyletan v stiren Giỏo viờn Nguy n Minh Tu n T Húa THPT Chuyờn Hựng Vng Phỳ Th GI I CHI TI T THI TUY N SINH I H C NM 2011 Mụn thi : HểA H C, kh i B - Mó : 794 Cho bi t nguyờn t kh i (theo vC) c a cỏc nguyờn t : H = 1; He = 4; C = 12; N = 14; O = 16; Na = 23; Mg = 24; Al = 27; S = 32; Cl = 35,5; K = 39;... CH3-CO-CH3, CH3-CH2-CHO C CH3-CH2-CHO, CH3-CO-CH3, CH2=CH-CH2-OH D CH3-CO-CH3, CH3-CH2-CHO, CH2=CH-CH2-OH Gi i : Theo gi thi t suy ra cỏc ch t X, Y, Z l n l t l : CH2=CH-CH2-OH, CH3-CH2-CHO, CH3-CO-CH3 Giỏo viờn Nguy n Minh Tu n T Húa THPT Chuyờn Hựng Vng Phỳ Th B Theo chng trỡnh Nõng cao (10 cõu, t cõu 51 n cõu 60) Cõu 51: Phỏt bi u no sau õy v anehit v xeton l sai ? A Hiro xianua c ng vo nhúm cacbonyl... un núng (4) Cho CaOCl2 tỏc d ng v i dung d ch HCl c (5) Cho Si n ch t tỏc d ng v i dung d ch NaOH (6) Cho khớ O3 tỏc d ng v i Ag (7) Cho dung d ch NH4Cl tỏc d ng v i dung d ch NaNO2 un núng S thớ nghi m t o ra n ch t l : A 4 B 7 C 6 D 5 Gi i : S thớ nghi m t o ra n ch t l : (2) Cho khớ SO2 tỏc d ng v i khớ H2S (T o ra S) (3) Cho khớ NH3 tỏc d ng v i CuO un núng (T o ra N2) (4) Cho CaOCl2 tỏc d ng... Minh Tu n T Húa THPT Chuyờn Hựng Vng Phỳ Th RCHO 2Ag 0,015 0,03 T s ph n ng v gi thi t ta suy ra : (R+29).0,015 + 0,035.30 = 1,89 R = 27 (C2H3) Cõu 27: Cho cỏc phỏt bi u sau: (a) Khi t chỏy hon ton m t hirocacbon X b t kỡ, n u thu c s mol CO2 b ng s mol H2O thỡ X l anken (b) Trong thnh ph n h p ch t h u c nh t thi t ph i cú cacbon (c) Liờn k t húa h c ch y u trong h p ch t h u c l liờn k t c ng... n T Húa THPT Chuyờn Hựng Vng Phỳ Th Cõu 43: Phỏt bi u no sau õy l sai ? A Nhụm l kim lo i d n i n t t hn vng B Chỡ (Pb) cú ng d ng ch t o thi t b ngn c n tia phúng x C Trong y h c, ZnO c dựng lm thu c gi m au dõy th n kinh, ch a b nh eczema, b nh ng a D Thi c cú th dựng ph lờn b m t c a s t ch ng g Gi i : Phỏt bi u sai : A Nhụm l kim lo i d n i n t t hn vng Cõu 44: Ch t h u c X m ch h cú d... (d) Dung d ch axit axetic tỏc d ng c v i Cu(OH)2 (f) Trong cụng nghi p, axeton c s n xu t t cumen B Theo chng trỡnh Nõng cao (10 cõu, t cõu 51 n cõu 60) Cõu 51:Phỏt bi u khụng ỳng l : A Etylamin tỏc d ng v i axit nitr nhi t th ng t o ra etanol B Protein l nh ng polopeptit cao phõn t cú phõn t kh i t vi ch c nghỡn n vi ch c tri u C Metylamin tan trong n c cho dung d ch cú mụi tr ng baz D ipeptit... u quan tr ng trong cụng nghi p s n xu t th y tinh B nhi t th ng, t t c kim lo i ki m th u tỏc d ng c v i n c C Nhụm b n trong mụi tr ng khụng khớ v n c l do cú mng oxit Al2O3 b n v ng b o v D Theo chi u tng d n c a i n tớch h t nhõn, nhi t núng ch y c a kim lo i ki m gi m d n Gi i : Phỏt bi u no sau õy l sai : nhi t th ng, t t c kim lo i ki m th u tỏc d ng c v i n c Ta bi t nhi t th ng ch cú... x y ra nhanh v khụng theo m t h ng nh t nh (g) H p ch t C9H14BrCl cú vũng benzen trong phõn t S phỏt bi u ỳng l : A 4 B 3 C 2 D 5 Gi i : S phỏt bi u ỳng l : 2 (b) Trong thnh ph n h p ch t h u c nh t thi t ph i cú cacbon (c) Liờn k t húa h c ch y u trong h p ch t h u c l liờn k t c ng húa tr Cõu 28: Ancol v amin no sau õy cựng b c ? A (C6H5)2NH v C6H5CH2OH C (CH3)3COH v (CH3)3CNH2 B C6H5NHCH3 v C6H5CH(OH)CH3 . Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ GIẢI CHI TIẾT ĐỀ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2011 Môn thi : Hóa học - khối A Mã đề : 482 Cho biết nguyên tử. Giáo viên Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ GIẢI CHI TIẾT ĐỀ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC NĂM 2011 Môn thi : HÓA HỌC, khối B - Mã đề : 794 Cho biết nguyên tử khối. capron v cao su buna. B. T nilon-6,6 v cao su cloropren. C. T olon v cao su buna-N. D. T nitron v cao su buna-S. Gii : T gi thit suy ra Y v Z ln lt dựng ch to vt liu polime l t olon v cao su