HỌ, TÊN CHỮ KÝ Giám thị số 1: Giám thị số 2: SỐ PHÁCH Do chủ tịch HĐ chấm thi ghi Chú ý: - Thí sinh phải ghi đủ các mục ở phần trên theo sự hướng dẫn của giám thị; - Thí sinh làm bà
Trang 1KỲ THI GIẢI TOÁN HỘI ĐỒNG THI TỈNH BẠC LIÊU TRÊN MÁY TÍNH CASIO - VINACAL 2011 Ngày thi: 25/12/2011
Số báo danh HỌ VÀ TÊN THÍ SINH MÔN THI: SINH HỌC 12
Ngày sinh: tháng năm , nam hay nữ: Trường
HỌ, TÊN CHỮ KÝ Giám thị số 1:
Giám thị số 2:
SỐ PHÁCH
(Do chủ tịch HĐ chấm thi ghi)
Chú ý:
- Thí sinh phải ghi đủ các mục ở phần trên theo sự hướng dẫn của giám thị;
- Thí sinh làm bài trực tiếp vào bản đề thi có phách đính kèm này;
- Bài thi phải được viết bằng một loại bút, một thứ mực; không viết bằng mực đỏ, bút chì; không được đánh dấu hay làm kí hiệu riêng; phần viết hỏng phải dùng thước gạch chéo; không được tẩy, xóa bằng bất kỳ cách gì (kể cả bút xóa)
- Trái với các điều trên, thí sinh sẽ bị loại
Trang 2SỞ GIÁO DỤC - ĐÀO TẠO KỲ THI GIẢI TOÁN
TRÊN MÁY TÍNH CASIO - VINACAL NĂM 2011
ĐỀ CHÍNH THỨC
Môn thi: SINH HỌC 12
Thời gian: 150 phút (Không kể thời gian giao đề)
Ngày thi: 25/12/2011
*Chú ý: - Đề thi này gồm 9 trang, 10 bài, mỗi bài 5 điểm
- Thí sinh làm bài trực tiếp vào bản đề thi này
(Do Chủ tịch Hội đồng ghi) Bằng số Bằng chữ
Qui định: Học sinh trình bày vắn tắt cách giải, công thức áp dụng, kết quả tính toán vào ô trống
liền kề bài toán Các kết quả tính gần đúng, nếu không có chỉ định cụ thể, được ngầm định chính xác tới 4 chữ số phần thập phân sau dấu phẩy
Bài 1: (5 điểm)
Với 4 loại nuclêotit A, T, G, X Tính:
a Xác suất để gặp một bộ ba không chứa nuclêotit loại A
b Xác suất để gặp một bộ ba chứa ít nhất 1 nuclêotit loại A
Cách giải Kết quả
Bài 2: (5 điểm)
Hệ số hô hấp (RQ) là tỉ số giữa các phân tử CO2 thải ra và số phân tử O2 hút vào khi
cơ thể hô hấp và trong quá trình hô hấp cứ 1phân tử NADH qua chuỗi truyền eletron thì tế bào thu được 3 ATP; 1phân tử FADH2 qua chuỗi truyền electron tế bào thu được 2 ATP
Trang 3b Tính số phân tử ATP mà tế bào thu được trong các giai đoạn của quá trình hô hấp
và tổng số phân tử ATP mà tế bào thu được sau khi phân giải hoàn toàn 1 phân tử glucozơ?
Cách giải Kết quả
Bài 3: (5 điểm)
Một tế bào sinh dục sơ khai đực đã nguyên phân liên tiếp 7 đợt, các tế bào con sinh
ra có chứa 1024 NST đơn Tất cả các tế bào con sinh ra đó đều giảm phân Các giao tử sinh
ra tham gia thụ tinh hình thành 8 hợp tử
a Xác định bộ NST lưỡng bội của loài và số NST đơn môi trường nội bào cung cấp cho quá trình nguyên phân trên
b Tính hiệu suất thụ tinh của giao tử đực
Cách giải Kết quả
Trang 4Bài 4: (5 điểm)
Theo dõi một vi khuẩn Escherichia coli được nuôi cấy trong môi trường nuôi cấy
không liên tục với điều kiện tối ưu, vi khuẩn này có khối lượng trung bình là 4.10-12 gam Sau một thời gian, người ta thu được khuẩn lạc có khối lượng 8192.10-12 gam Biết rằng, pha log có thời gian tối đa là 4 giờ, pha lag kéo dài trong thời gian là 6 giờ Thời gian nuôi
cấy vi khuẩn ban đầu để tạo khuẩn lạc trên là mấy giờ?
Cách giải Kết quả
Bài 5: (5 điểm)
a Hai bình thủy tinh có thể tích bằng nhau Bình 1 đặt một cành lá với tổng diện tích
là 50 cm2, bình 2 để không Đậy kín 2 bình và chiếu sáng 20 phút Lấy lá ra khỏi bình, đưa vào mỗi bình 25 ml dung dịch Ba(OH)2 lắc đều rồi chuẩn độ bằng HCl, bình 1 hết 20 ml HCl, bình 2 hết 15 ml HCl
Tính cường độ quang hợp của cành lá thí nghiệm Biết 1 ml HCl tương đương với 0,6
mg CO2
b Một loài thực vật trồng trong đất có nồng độ dịch tế bào rễ là 0,3 mol/lít, sức hút nước của tế bào rễ đạt 3,5 atm Xác định sức căng trương nước của tế bào rễ Biết nhiệt độ trung bình là 250C
Cách giải Kết quả
Trang 5Bài 6: (5 điểm)
Ở người bình thường, mỗi lá phổi có khoảng 350 triệu phế nang hình khối cầu, mỗi phế nang có đường kính trung bình 250 µm Tính diện tích trao đổi khí trong phổi người bằng m2 Diện tích này phù hợp với quy luật và cơ quan trao đổi chất nào ở cây xanh và động vật bậc cao?
Cách giải Kết quả
Trang 6Bài 7: (5 điểm)
Ở 1 loài ong mật, 2n=32 Trứng khi được thụ tinh sẽ nở thành ong chúa hoặc ong thợ tuỳ điều kiện về dinh dưỡng, còn trứng không được thụ tinh thì nở thành ong đực Một ong chúa đẻ được một số trứng gồm trứng được thụ tinh và trứng không được thụ tinh, nhưng chỉ có 80% số trứng được thụ tinh là nở thành ong thợ, 60% số trứng không được thụ tinh là
nở thành ong đực, các trường hợp còn lại đều không nở và bị tiêu biến Các trứng nở thành ong thợ và ong đực nói trên chứa tổng số 155136 NST, biết rằng số ong đực con bằng 2% số ong thợ con Xác định:
a Số ong thợ con và số ong đực con được nở ra
b Tỉ lệ % từng loại trứng có thể có trên tổng số trứng ong chúa đẻ ra
Cách giải Kết quả
Trang 7Bài 8:(5 điểm)
Một đoạn mạch kép phân tử ADN của sinh vật trước nhân bị đột biến đứt ra 1 đoạn, đoạn bị đứt ra thành gen B, đoạn còn lại thành gen A Gen A nhiều hơn gen B là 300 Ađênin và 600 Guanin Gen B có tỉ lệ các loại nucleotit bằng nhau Tổng số axít amin trong
2 phân tử prôtêin hoàn chỉnh tạo ra từ 2 gen là 696
a Xác định chiều dài mỗi gen
b Tính số lượng nucleotit từng loại trên mỗi gen
c Gen A phiên mã 3 lần, mỗi bản phiên mã cho 5 ribôxôm trượt qua 1 lần Gen B phiên mã 4 lần, mỗi bản phiên mã cho 4 ribôxôm trượt qua 1 lần Xác định số lượng axít amin môi trường cần cung cấp cho quá trình tổng hợp prôtêin trên khuôn mẫu cả 2 gen
Biết rằng mỗi phân tử protein tạo ra từ hai gen trên đều được cấu tạo từ một chuỗi polipeptit
Cách giải Kết quả
Bài 9: (5 điểm)
Ở người, Bệnh Z do một gen nằm trên NST giới tính qui định Trong một gia đình: người vợ và người chồng đều bình thường sinh con gái đầu lòng bị bệnh Z (Không có đột biến gen xảy ra)
a Nếu không có đột biến xảy ra thì xác suất để cặp vợ chồng này sinh đứa con thứ hai bình thường là bao nhiêu phần trăm?
Trang 8b Nếu không có đột biến xảy ra thì xác suất để cặp vợ chồng này sinh hai đứa con trai kế tiếp đều bình thường là bao nhiêu phần trăm?
c Nếu không có đột biến xảy ra thì xác suất để cặp vợ chồng này sinh hai đứa con kế tiếp (1 trai, 1 gái) đều bình thường là bao nhiêu phần trăm?
Cách giải Kết quả
Bài 10: (5 điểm)
Ở một loài thú, gen A qui định tính trạng lông đen trội hoàn toàn so với gen a qui định lông trắng, cặp gen này nằm trên NST giới tính X và không có alen tương ứng trên Y Ở quần thể đang xét (P), người ta thấy ở giới đực có 30% là đực lông đen Biết quần thể trên đang ở trạng thái cân bằng di truyền về cặp gen nói trên, tỉ lệ giới tính 1: 1 và giới đực là giới dị giao Xác định tỉ lệ cái lông đen và cái lông trắng trong quần thể
Cách giải Kết quả
Trang 9- HẾT -
Trang 10SỞ GIÁO DỤC - ĐÀO TẠO KỲ THI GIẢI TOÁN TRÊN MÁY TÍNH CẦM TAY
NĂM 2011
ĐỀ CHÍNH THỨC
(Gồm 4 trang)
Môn thi: SINH HỌC 12
Thời gian: 150 phút (Không kể thời gian giao đề)
Ngày thi: 25/12/2011
HƯỚNG DẪN CHẤM
Bài 1: (5 điểm)
a Xác suất để gặp bộ ba không có nuclêotit là A:
Xác suất để cho nuclêotit là A bằng
4
1, không phải là A bằng
4
3 => Xác suất để gặp bộ ba không có nuclêotit là A:
4
3 ⋅
4
3 ⋅
4
3 =
64
b Xác suất để gặp một bộ ba chứa ít nhất một nuclêotit loại A:
1 -
64
27
=
64
37
Bài 2: (5 điểm)
a Phương trình tổng quát của quá trình hô hấp mà nguyên liệu là glucozơ:
b Quá trình hô hấp được chia làm 3 giai đoạn:
+ Đường phân: Tạo ra 2 ATP và 2 NADH (0,5đ) + Giai đoạn chuyển hóa trung gian: 2 NADH (0,5đ) + Chu trình crep:Tạo ra 2 ATP và 6 NADH, 2FADH2 (0,5đ) + Chuỗi truyền electron hô hấp:
( 1NADH qua chuỗi truyền electron tạo 3 ATP
1FADH2 qua chuỗi truyền electron tạo 2 ATP) (0,75đ)
=> Số phân tử ATP được tạo ra qua chuỗi truyền điện tử là:
(2 x 3) + (2 x 3) + (6 x 3) + (2 x 2) = 34 ATP (1,0đ)
- Như vậy, tổng số phân tử ATP mà tế bào thu được sau khi phân giải hoàn toàn 1
Bài 3: (5 điểm)
a Bộ NST 2n và số NST đơn môi trường cung cấp :
- Số tế bào con sinh ra = 27 = 128 (1,0đ ) => Bộ NST 2n = 1024/128 = 8 (1,0đ)
- Số NST đơn môi trường cung cấp cho nguyên phân = 8(27 - 1) = 1016 (1,0đ)
b Hiệu suất thụ tinh của giao tử :
- Số giao tử sinh ra = 128 x 4 = 512 (1,0đ)
- Hiệu suất thụ tinh của giao tử = 8/512 = 0,0156 ( hay 1,5625%) (1,0đ)
Trang 11Bài 4: (5 điểm)
- Gọi x là số lần phân bào của vi khuẩn E.coli
Æ Số tế bào của khuẩn lạc là: 8192.10-12 : 4.10-12 = 2048 (1,0đ)
Æ Số lần phân bào của vi khuẩn trên: 2x = 2048 => x = 11 (1,0đ)
- Vì ở pha lag vi khuẩn trên chưa sinh trưởng, thời gian thế hệ của vi khuẩn E.coli ở
pha log trong điều kiện tối ưu là 20 phút (1,0đ)
Æ Thời gian nuôi cấy của vi khuẩn trên là:
6 + (11 x 20/60) = 9,6667 (giờ) (2,0đ)
Ghi chú: Pha log mới diễn ra trong thời gian là (11 x 20/60)= 3,6667 giờ, chưa quá
4 giờ nên chấp nhận kết quả trên
Bài 5: (5 điểm)
a Tính cường độ quang hợp
Lượng HCl dùng ở bình 1 nhiều hơn bình 2 là (A)
Lượng CO2 được cành lá sử dụng quang hợp là (B)
Cường độ quang hợp (I)
I =
20 5
,
0
60 0
,
3 = 18 mg CO2/dm2 lá/giờ (1,75đ)
b Tính sức căng trương nước của tế bào rễ
* Áp suất thẩm thấu của tế bào rễ (PTB)
PTB = CRT = 0,3 0,082 (273 + 25)
= 7,3308 M (0,5đ)
* Sức căng trương nước của tế bào rễ (S)
S = 7,3308 – 3,5 = 3,8308 atm (1,75đ)
Bài 6: (5 điểm)
- Tổng số phế nang có trong phổi Người:
Do mỗi người có 2 lá phổi nên ta có số phế nang là:
2 x 350.106 = 7.108 (phế nang) (1,0đ)
- Diện tích bề mặt (S) của mỗi phế nang:
Do phế nang là một khối cầu nên ta có:
SPhế nang = 4πr2 = 4 x 3,1416 x (250.10-3: 2)2 = 0,19635 mm2 (1,0đ)
- Diện tích bề mặt trao đổi khí của phổi Người:
SPhổi = 7.108 x 0,19635 = 137,445.106 mm2 = 137,445 m2 (1,5đ)
- Quy luật: “diện tích bề mặt trao đổi chất rộng đảm bảo cho trao đổi vật chất bằng khuếch tán được thuận lợi” như ở rễ, lá của cây xanh hay ở mao mạch, ruột non, bề
(Nếu học sinh tính theo cách khác mà đúng đáp án vẫn cho đủ điểm Nếu học sinh lấy
π = 3,14 mà tính đúng thì trừ 1/2 tổng số điểm)
Bài 7: (5 điểm)
a Gọi a là số ong thợ con, b là số ong đực con thì:
Ta có b = 0,02a (1)
Theo đề bài: 32a + 16b =155136 (2)
Trang 12Từ (1) và (2): a = 4800; b = 96
Vậy số ong thợ con là 4800 và số ong đực con là 96 (1,0đ)
b Tổng số trứng ong chúa đẻ ra
+ Số trứng thụ tinh = 4800 x 100/80 = 6000 trứng
+ Số trứng không thụ tinh = 96 x 100/60 = 160 = 160 trứng
=> Tổng số trứng ong chúa đẻ ra = 6000 + 160 = 6160 trứng (1,0đ)
- Xét khả năng thụ tinh của trứng thì có 2 loại trứng:
+ Tỉ lệ % trứng thụ tinh:
+ Tỉ lệ % trứng không thụ tinh:
- Xét khả năng nở của trứng thì có 4 loại trứng:
+ Tỉ lệ % trứng thụ tinh nở thành ong thợ:
+ Tỉ lệ % trứng thụ tinh không nở:
(6000 - 4800) x 100/6160 = 19,4805% (0,5đ) + Tỉ lệ % trứng không thụ tinh nở thành ong đực:
+ Tỉ lệ % trứng không thụ tinh không nở:
Bài 8: (5 điểm)
a Xác định chiều dài mỗi gen
N(A) – N(B) = 2 (300 + 600)
6
N(A)
- 2 +
6
N(B)
=> NA = 3000 (Nu) => l(A) =
2
3000 3,4 = 5100 A0 (1,0đ)
NB = 1200 (Nu) => l(B) =
2
1200 3,4 = 2040 A0 (1,0đ)
b Tính số nucleotit từng loại của mỗi gen
Gen B
A = T = G = X =
4
A = T = 300 + 300 = 600 (Nu)
c Xác định số axít amin môi trường cung cấp cho quá trình tổng hợp prôtêin
Số aa = 3 5 1 (
6
3000 - 1) + 4 4 1 (
6
1200 - 1) = 10669 (1,0đ)
Bài 9: (5 điểm)
- Vì vợ chồng bình thường nhưng sinh con gái bị bệnh Z Æ bệnh Z do gen lặn qui định (Qui ước gen: A: bình thường, a: bệnh) (0,25đ)
- Có 2 trường hợp:
+ TH1: gen qui định bệnh Z nằm trên vùng tương đồng của NST giới tính X và
Trang 13+ TH 2: gen qui định bệnh Z nằm trên NST giới tính X, không có alen tương ứng trên Y, và có hiện tượng đột biến thể lệch bội cặp NST giới tính trong quá trình
* Xét TH 1:
- Con gái bị bệnh XaXa ==> Kiểu gen của vợ và chồng bình thường là: XAXa và XaYA
(0,5đ)
- SĐL kiểm chứng:
P: XAXa (vợ - BT) x XaYA (chồng - BT)
G: 1/2XA, 1/2Xa 1/2Xa, 1/2YA
F1: 1/4XAXa : 1/4XaXa : 1/4XAYA : 1/4XaYA (0,25đ)
1/4 gái BT : 1/4 gái bệnh 2/4 trai BT
Trong trường hợp không đột biến:
a Xác suất để cặp vợ chồng trên sinh đứa con thứ hai bình thường là: 3/4=75%
(0,25đ)
b Xác suất để cặp vợ chồng này sinh hai đứa con trai kế tiếp đều bình thường là:
c Xác suất để cặp vợ chồng này sinh hai đứa con kế tiếp (1 trai, 1 gái) bình thường
* Xét TH 2:
Kiểu NST của người vợ bình thường là XAXa, của người chồng bình thường là XAY
(0,25đ)
- SĐL kiểm chứng:
P: XAXa (vợ - BT) x XAY (chồng - BT)
G: XA, Xa XAY, O
F1: XaO (con gái - bệnh) (0,25đ)
Trong trường hợp không đột biến
- SĐL:
P: XA Xa (vợ - BT) x XAY (chồng - BT)
G: ½ XA, ½ Xa ½ XA,½ Y
F1: TLKG: ¼ XA XA , ¼ XA Xa , ¼ XA Y , ¼ XaY
TLKH: ½ con gái - BT, ¼ con trai - BT, ¼ con trai - bệnh (0,25đ)
a Xác suất để cặp vợ chồng trên sinh đứa con thứ hai bình thường là: 1/2 + 1/4 = 3/4
b Xác suất để cặp vợ chồng này sinh hai đứa con trai kế tiếp đều bình thường là: 1/4
c Xác suất để cặp vợ chồng này sinh hai đứa con kế tiếp (1 trai, 1 gái) bình thường
là: (1/2 x 1/4) x 2 = 2/8 = 25 (%) (0,5đ)
Bài 10: (5 điểm)
Theo đề :
+ Đực lông đen có kiểu gen A
C
X Ycó tỷ lệ 30% ==> A A
0,3
Trang 14+ Đực lông trắng có kiểu gen X Ya
c có tỷ lệ 100% - 30% = 70%
0, 7
2
⎢
⇒ ⎢
⎢⎣
(0,5đ)
- Vì quần thể đạt trạng thái cân bằng nên:
⎪⎪
⎨
⎪⎩
==> Cái lông đen có kiểu gen XAXA và XAXa, có tỷ lệ: (0,3 x 0,15) + (0,3 x 0,35) + (0,15 x 0,7) = 0,255 = 2,55 % (1,5đ) Cái lông trắng có kiểu gen XaXa, có tỷ lệ:
50% 25,5% 24,5%
⎡
Lưu ý: (hs có thể tính theo cách khác đúng cho trọn số điểm)
HẾT