THÔNG TIN TÀI LIỆU
ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN MƠN TỐN – NĂM HỌC 2017-2018 Câu (1,5 điểm) 0,4 M 1,4 a) 2 1 0,25 11 : 2014 7 0,875 0,7 2015 11 x x x x , b) Tìm biết : Câu (2,5 điểm) a) Cho a, b, c ba số thực khác 0, thỏa mãn điều kiện: a b c b c a c a b c a b a c b B a c b Hãy tính giá trị biểu thức b) Ba lớp A,7 B,7C mua số gói tăm từ thiện, lúc đầu số gói tăm dự định chia cho lớp tỉ lệ với : : sau chia theo tỉ lệ : : nên có lớp nhận nhiều dự định gói Tính tổng số gói tăm mà ba lớp mua Câu (2,0 điểm) a) Tìm giá trị nhỏ biểu thức A x x 2013 với x số nguyên b) Tìm nghiệm nguyên dương phương trình: x y z xyz Câu (3,0 điểm) Cho xAy 60 có tia phân giác Az Từ điểm B Ax kẻ BH vng góc với Ay H, kẻ BK vng góc với Az Bt song song với Ay, Bt cắt Az C Từ C kẻ CM Ay M Chứng minh: a) K trung điểm AC b) KMC tam giác c) Cho BK 2cm, Tính cạnh AKM Câu (1,0 điểm) Cho ba số dương a b c 1 Chứng minh rằng: a b c 2 bc ac ab ĐÁP ÁN Câu a) Ta có: 2 1 0,25 0,4 11 : 2014 M 7 1,4 0,875 0,7 2015 11 2 11 7 11 1 1 2 2014 : 7 2015 7 10 1 1 2014 11 : 1 1 2015 11 2 2014 : 0 7 2015 x 3 x 2 x b) Vì x x nên 1 x x x hay 2 Câu a) +Nếu a b c 0 Theo tính chất dãy tỉ số nhau, ta có: a b c b c a c a b a b c b c a c a b 1 c a b a b c a b c bc a ca b a b b c c a 1 1 2 2 c a b c a b Mà b a c b a c a b c B 8 a c b a c b Vậy +Nếu a b c 0 Theo tính chất dãy tỉ số nhau, ta có: a b c b c a c a b a b c b c a c a b 0 c a b a b c a b c bc a ca b a b b c c a 1 1 1 1 c a b c a b Mà a c b a c a b c b B 1 a c b a c b Vậy b) Gọi tổng số gói tăm lớp mua x ( x số tự nhiên khác 0) Số gói tăm dự định chia cho lớp A,7 B,7C lúc đầu là: a, b, c a b c a b c x 5x 6x x 7x a ;b ;c (1) 18 18 18 18 18 Ta có: Số gói tăm sau chia cho lớp a ', b ', c ' ta có: a ' b ' c ' a ' b ' c ' x 4x 5x 6x a ' ;b ' ; c ' (2) 15 15 15 15 15 So sánh (1) (2) ta có a a ', b b ', c c ' nên lớp 7C nhận nhiều lúc ban đầu 6x 7x x 4 4 x 360 90 Vậy c ' c 4 hay 15 18 Vậy số gói tăm lớp mua 360 gói Câu a) Ta có: A x x 2013 x 2013 x x 2013 x 2015 2013 x 2013 x 0 x Dấu " " xảy 2013 x , x Vậy MinA 2015 b) Vì x, y, z nguyên dương nên ta giả sử x y z 1 1 1 x 3 x 1 yz yx zx x x x x Theo Thay vào đầu ta có y z yz y yz z 0 1 y z z 0 y 1 z 1 2 TH 1: y 1 y 2 z 2 z 3 TH : y 2 y 3 z 1 z 2 Vậy có hai cặp nghiệm nguyên thỏa mãn 1,2,3 , 1,3,2 Câu x z C B t K A M H CAB ACB MAC ABC a) cân B BK đường cao BK đường trung tuyến K trung điểm AC b) ABH BAK (cạnh huyền – góc nhọn) BH AK mà 1 AK AC BH AC 2 CK BH AC Ta có BH CM (tính chất đoạn chắn) mà CM CK MKC tam giác cân (1) 0 Mặt khác MCB 90 ACB 30 MCK 60 (2) Từ (1) (2) MKC tam giác c) Vì ABK vng K mà KAB 30 AB 2 AK 2.2 4cm Vì ABK vng K nên theo định lý Pytago ta có: y AK AB BK 16 12 KC AC KC AK 12 Mà KCM KC KM 12 Theo câu b, AB BC 4; AH BK 2; HM BC ( HBCM hình chữ nhật) AM AH HM 6 Câu Vì a b c 1 nên: a 1 b 1 0 ab a b a a (2) bc b c Tương tự: ; 1 c c (1) ab a b ab a b b b ac a c (3) a b c a b c Do đó: bc ac ab b c a c a b (4) 2 a b c a b c 2a 2b 2c 2(5) a bc Mà: b c a c a b a b c a b c a b c a b c 2 dfcm Từ (4) (5) suy : bc ac ab
Ngày đăng: 30/08/2023, 13:49
Xem thêm: